2025--2026学年山东省聊城市东昌府区九年级上学期1月月考物理试卷 [含答案]

这是一份2025--2026学年山东省聊城市东昌府区九年级上学期1月月考物理试卷 [含答案]，共9页。试卷主要包含了单选题，填空题，作图题，实验题，计算题等内容，欢迎下载使用。
一、单选题（每题2分，共30分）
1. 下面数据中符合生活实际的是（ ）
A. 家用冰箱电流约为1AB. 人体安全电压是36V
C. 家用电灯功率约为200WD. 人体电阻约为0.1Ω
【答案】A
【解析】
【详解】A．一般家用冰箱电流约为1A，故A符合题意；
B．人体安全电压是不高于36V，故B不符合题意；
C．家用电灯的功率通常较小，一般在几十瓦左右，故C不符合题意；
D．一般情况下，人体电阻约为几十kΩ，故D不符合题意。
故选A。
2. 小明同学用一种加热器将质量为的冰持续加热熔化直至沸腾，记录并绘制出温度随时间变化的图像，如图所示。根据图像可以看出（ ）（）
A. 段的比热容大于段的比热容
B. 段吸收热量，温度不变，内能不变
C. 点的内能小于点的内能
D. 段物质吸收的热量为
【答案】C
【解析】
【详解】A．由题知，利用酒精灯对冰持续加热，即在相同时间内吸热相同，冰在段吸收的热量为，则水在段吸收的热量为，在两个时间段内物质的质量及升高的温度相同，段的比热容为，段的比热容为，则，段的比热容小于段的比热容，故A错误；
BC．冰是晶体，段是冰的熔化过程，晶体熔化过程中温度不变，持续吸收热量，因此内能增加，点的内能大于点的内能，故B错误，C正确；
D．段为水的升温吸热过程，此过程中，水吸收的热量为
段物质的加热时间与段的加热时间相等，则段物质吸收的热量等于段物质吸收的热量，
故D错误。
故选C。
3. 关于温度、内能、热量，下列说法中正确的（ ）
A. 物体的温度越高，所含的热量越多
B. 热传递过程中是将温度从高温物体传递到低温物体
C. 物体的内能增大，温度一定升高
D. 外界对物体做功时，物体的内能不一定增大
【答案】D
【解析】
【详解】A．热量是一个过程量，它表示在热传递过程中能量的转移量，不能说物体“含有”或“具有”多少热量，只能说“吸收”或“放出”热量，故A错误‌；
B．热传递的实质是能量（热量）的转移，是将热量从高温物体传递到低温物体，而不是温度的传递，故B错误‌；
C．物体的内能增大，温度不一定升高。例如晶体在熔化过程中，吸收热量，内能增大，但温度保持不变，故C错误‌；
D．外界对物体做功，可以增加物体的内能，但如果物体同时向外界放热，内能可能不变或减小，故D正确‌。
故选D。
4. 跨学科实践中，“瓦特”学习小组的同学们制作了一个简易汽轮机（如图所示）。关于这个汽轮机，下列说法中正确的是（ ）
A. 酒精燃烧，内能转化为化学能
B. 蒸汽推动叶轮转动，机械能转化为内能
C. 测试过程中发现叶轮不动，应该增加易拉罐里水的质量
D. 为了提高这个汽轮机的效率，可以给易拉罐上半部分覆盖保温层
【答案】D
【解析】
【详解】A．酒精燃烧时放出热量，化学能转化为内能，故A错误；
B．蒸汽推动叶轮转动，蒸汽的内能转化为叶轮的机械能，故B错误；
C．测试过程中发现叶轮不动，可能是因为水蒸气的内能太小，不足以推动叶轮转动，所以可以减小易拉罐里水的质量，加快水的沸腾，产生更多的水蒸气，故C错误；
D．在易拉罐上半部分覆盖保温层，可以减少热量向周围空气的散失，使得更多的热量用于产生高温高压的水蒸气，从而提高水蒸气的内能，进而提高该汽轮机的效率，故D正确。
故选D。
5. 验电器A、B原本均不带电，如图所示，先用丝绸摩擦过的玻璃棒接触验电器A，A的金属箔张开；再用金属棒同时接触验电器A、B的金属球，发现A的金属箔张角变小，B的金属箔张开，下列说法中错误的是（ ）
A. 验电器的工作原理是同种电荷相互排斥
B. 丝绸摩擦过的玻璃棒因失去电子而带正电
C. 连接的瞬间，金属棒中瞬间电流的方向是由A到B
D. 此实验若仅将“丝绸摩擦过的玻璃棒”改为“毛皮摩擦过的橡胶棒”，B的金属箔不会张开
【答案】D
【解析】
【详解】A．当带电体接触验电器金属球时，发生电子转移而使两个箔片带上同种电荷而张开，验电器的工作原理是同种电荷相互排斥，故A正确，不符合题意；
B．用丝绸摩擦玻璃棒，因玻璃棒的原子核束缚电子的能力较弱，玻璃棒的电子转移到丝绸上，玻璃棒因失去电子而带正电，故B正确，不符合题意；
C．用丝绸摩擦过的玻璃棒因失去电子而带正电，当带正电的玻璃棒接触验电器A，验电器A的电子转移到玻璃棒，而使验电器A因失去电子带正电，用金属棒同时接触验电器A、B的金属球时，发现A的金属箔张角变小，B的金属箔张开，说明验电器B的电子转移到A上，由于电流的方向与自由电子定向移动的方向相反，所以在连接的瞬间，金属棒中电流的方向是由A到B，故C正确，不符合题意；
D．摩擦过的橡胶棒因得到电子带负电，用带负电的橡胶棒接触验电器A，橡胶棒的电子会转移到验电器A上，从而使验电器A带负电，当用金属棒同时接触验电器A、B的金属球时，验电器A的电子会通过金属棒转移到B上，使B的两个箔片因都带负电排斥而张开，故此实验若仅将“丝绸摩擦过的玻璃棒”改为“毛皮摩擦过的橡胶棒”，B的金属箔也会张开，故D错误，符合题意。
故选D。
6. 某家居智能扫地机器人内部有几个特殊开关：避障红外传感器开关（遇障碍物断开，无障碍物闭合）、充电触发开关（充电时自动闭合，不充电时断开）、电机锁定开关（充电时自动断开，不充电时闭合），该机器人不充电时，仅无障碍物才工作：充电时，无论有无障碍物，都不工作，仅充电模块工作，下列电路中符合要求的是（ ）
A. B.
C. D.
【答案】B
【解析】
【详解】根据题意可知，不充电时，充电触发开关S2断开，电机锁定开关S3闭合。此时，只有在无障碍物时电机M才工作。无障碍物时，避障红外传感器开关S₁闭合；有障碍物时，S1断开。这说明在不充电状态下，S1和S3共同控制电机M，且它们需要同时闭合，电机才能工作，因此M、S1、S3应该在同一条支路中，相互串联；充电时，充电触发开关S2闭合，电机锁定开关S3断开，此时，无论有无障碍物，电机M都不工作，只有充电模块工作，这说明S3断开，能切断电机M所在的电路，而S2闭合能接通充电模块所在的电路，同时，电机M和充电模块的工作是相互独立的，因此它们应该在两条并联的支路中。故B符合题意，ACD不符合题意。
故选B。
7. 如图所示，电源电压保持不变，当开关S闭合后，两表均有示数。过一会儿发现其中一个表的示数变大，而另一表示数变小，若电路中仅有一处故障且一定发生在定值电阻R或灯泡L上，则下列故障判断正确的是（ ）
①电路正常时，电压表测量的是灯泡的电压
②若变大的电表是电流表，可能是灯泡短路
③若变大的电表是电压表，电路故障一定是定值电阻R断路
④若变大的电表是电压表，用一根导线接在定值电阻R的两端，电压表会变小，电流表会变大
A. 只有①②正确
B. 只有③④正确
C. 只有①④正确
D. 只有②③正确
【答案】B
【解析】
【详解】由电路图可得，定值电阻与灯泡串联，电流表测电路电流，电压表并联在两端，测的电压。
①电路正常时，电压表并联在两端，测量的是的电压，并非灯泡的电压，故①错误。
②若电流表示数变大，说明电路电阻减小。若灯泡短路，电路总电阻为电阻减小，电流增大；此时电压表测的电压，即电源电压，电压表示数也会变大，与“一个表变大、另一个表变小”矛盾，故②错误。
③若电压表示数变大，说明电压表直接接在电源两端。若断路，电压表串联入电路（测电源电压），电压表示数变大；电路断路时电流表示数变为0，符合“一个表变大、另一个表变小”，故③正确。
④用导线接在两端，被短路，电路总电阻减小，电流增大，即电流表示数变大；电压表被短路，电压表示数变为，符合描述，故④正确。
综上，只有③④正确，故ACD错误，B正确。
故选B。
8. 如图所示的电路，电源电压恒定。当滑片向右移动过程中，下列说法正确的是（ ）
A. 电压表V2和电流表A示数比值变小
B. 电压表V1和电流表A示数比值不变
C. 电压表V1、V2和电流表A的示数均变大
D. 电压表V1、V2和电流表A的示数均变小
【答案】B
【解析】
【详解】AB．闭合开关，定值电阻和滑动变阻器串联，电流表测量电路电流，电压表V1测量定值电阻两端的电压，电压表V2测量滑动变阻器两端的电压，电源电压恒定。当滑片向右移动过程中，滑动变阻器接入电路的阻值变大，根据电阻串联的特点可知电路总电阻变大。根据可知电压表V1和电流表A示数比值等于定值电阻的阻值，故电压表V1和电流表A示数比值不变。根据可知电压表V2和电流表A示数比值等于滑动变阻器接入电路的阻值，故电压表V2和电流表A示数比值变大。故B正确，A错误。
CD．滑动变阻器接入电路的阻值变大，根据串联分压特点可知滑动变阻器两端的电压变大，故电压表V2的示数变大，根据串联电路的电压特点可知定值电阻两端的电压变小，故电压表V1的示数变小。根据电阻串联的特点可知电路总电阻变大，根据欧姆定律可知电流表示数变小。故CD错误。
故选B。
9. 如图是探究电流通过导体时产生热量的多少跟什么因素有关的实验装置，两个透明容器中密封着等量的空气，下列说法正确的是（ ）
A. 通电一段时间后，左侧U形管中液面的高度差比右侧的小
B. 将R2和R3都换成10Ω的电阻丝，就可以探究电流产生的热量与电阻的关系
C. 该实验装置利用U形管中液体的热胀冷缩来反映电阻丝产生热量的多少
D. 若通过R1的电流为3A，通电1min，R1产生的热量为2700J
【答案】D
【解析】
【详解】A．由图可知R2和R3并联再与R1串联，则，根据焦耳定律可知，通电一段时间后，左侧容器中密封着的空气比右侧容器中密封着的空气吸收的热量多，左侧U形管中液面的高度差比右侧的大，故A错误；
B．探究电流产生的热量与电阻的关系时，应控制通过R1和R2的电流相等，电阻不同，但此时通过R1和R2的电流不同，电阻不同，无法探究电流产生的热量与电阻的关系，故B错误；
C．根据实验装置可知，电流通过导体产生热量使容器中的空气受热膨胀，从而导致U形管中的液面会发生变化，虽然产生热量的多少不能直接观察，但可以通过U形管液面高度差的变化来反映，故C错误；
D．若R1的电流为3A，因为，通电时间
R1产生的热量为，故D正确。
故选D。
10. 有两个灯泡、，它们的额定电压分别为、，且。将它们串联到电压为的电源上时，它们的实际功率相同。将它们并联到电压为的电源上时，忽略温度对灯泡电阻的影响，则下列说法正确的是（ ）
A. 两个灯泡都能正常发光B. 两个灯泡都不能正常发光
C. 灯的额定功率较大D. 两个灯泡的实际功率仍然相等
【答案】D
【解析】
【详解】串联电路中电流相等，已知串联到电压为的电源上时实际功率相同，由可知：两灯泡的电阻相等，即。
AB．并联到电压为的电源上时，​的实际电压等于其额定电压​，能正常发光；但​的额定电压为，实际电压小于额定电压，不能正常发光。故AB错误；
C．额定功率公式为，由于，，因此
即​的额定功率更小。故C错误；
D．并联电路中各支路电压相等，均为，且两灯电阻相等，由可知，两个灯泡的实际功率相等。故D正确。
故选D。
11. 电给人类带来了极大的便利，但不正确用电也会带来很大的危害，甚至会危及生命。下列做法符合安全用电原则的是（ ）
A. 使用试电笔时，手指要接触笔尖金属体
B. 家庭电路中的保险丝应接在电能表之前
C. 家庭电路中控制灯的开关装在相线一侧
D. 当两孔插座的两个线头相碰时，不会造成短路
【答案】C
【解析】
【详解】A．使用试电笔时，手指要接触笔尾金属体，不能接触笔尖金属体，否则会发生触电事故，故A不符合题意；
B．家庭电路中的保险丝应接在电能表之后，这样在更换保险丝时，能先断开电能表，保障操作安全，故B不符合题意；
C．家庭电路中控制灯的开关装在相线一侧，当开关断开时，能切断相线，防止人接触用电器时触电，符合安全用电原则，故C符合题意；
D．当两孔插座的两个线头相碰时，会造成短路，使电路中电流过大，可能引发火灾等事故，故D不符合题意。
故选C。
12. 下图是规范连接的家庭电路的一部分，下列说法正确的是（ ）
A. 点所在的进户线是零线
B. 闭合开关，若灯不亮，熔断器未烧断，可能是灯发生了短路故障
C. 闭合开关，若点左方进户线断路，用试电笔检测点时，氖管发光
D. 若点所在导线断路，三孔插座仍可安全使用
【答案】C
【解析】
【详解】A．熔断器通常与进户线的火线相连，因此a点所在的进户线是火线，故A错误；
B．若灯L短路，熔断器会因电流过大熔断，而题目中熔断器未烧断，说明不是短路故障，可能是灯L断路，故B错误；
C．闭合开关S，若点左方进户线断路，电流可从火线经过a、d、b到c，此时用测电笔检测c点时，由于c点与火线连接，因此氖管发光，故C正确；
D．若e点所在导线断路，会导致用电器在使用时与地线断开，易造成触电事故，这时三孔插座不能安全使用，故D错误。
故选C。
13. 马拉松比赛中，运动员佩戴感应芯片通过起点和终点磁场地带时，芯片里的线圈就会产生电流，激发芯片发送编码信息，系统自动获取信息并计时。下列选项中与此工作原理相同的是（ ）
A. B.
C. D.
【答案】C
【解析】
【详解】运动员佩戴感应芯片通过磁场地带时，芯片里的线圈切割磁感线，从而产生感应电流，这个过程是电磁感应现象。
A．该图是奥斯特实验装置，说明了通电导线周围存在磁场，即电流的磁效应，故A不符合题意；
B．该图是电磁继电器，其主要工作部分是电磁铁，利用了电流的磁效应，故B不符合题意；
C．该图是探究电磁感应现象的实验装置，闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，导体中会产生感应电流，这与感应芯片的工作原理相同，故C符合题意；
D．该图是探究通电导体在磁场中受力运动的实验装置，是电动机的原理，故D不符合题意。
故选C。
14. 若假想地磁场是由地球内部一块大磁铁产生的，如图所示的四个示意图中，能合理描述这块大磁铁的是（ ）
A. B.
C. D.
【答案】C
【解析】
【详解】地球是一个大磁体，地磁场的形状与条形磁铁相似，地磁场的南北极与地理位置的南北极相反，并不完全重合会出现磁偏角；即地磁场的北极在地理位置的南极附近，地磁场的南极在地理位置的北极附近，故C符合题意，ABD不符合题意。
故选C。
15. 2025年1月20日，我国“人造太阳”，图甲创造了“亿度千秒”的世界纪录，科学家预计5年内世界上第一盏核聚变电灯有望在中国点亮。“人造太阳”的反应过程如图乙所示。要造出能实用的“人造太阳”，需要上亿摄氏度的等离子体、超过千秒的连续运行时间和1MA的等离子体电流，挑战极大。装置中的超导电缆具有电阻为零的特点，进而使强电流形成强磁场，将极高温等离子状态的物质约束在环形容器里。下列有关说法正确的是（ ）
A. 强电流可以形成强磁场，这是利用了电流的磁效应
B. 超导电缆中有强电流通过时会产生热量
C. 由图乙可知，“人造太阳”是利用核裂变获得核能
D. 利用“人造太阳”产生电能可以自发转化为核能
【答案】A
【解析】
【详解】A．强电流可以形成强磁场，这是利用了电流的磁效应，故A正确；
B．超导电缆的电阻为零，有强电流通过时不会产生热量，故B错误；
C．由图乙可知，“人造太阳”是利用核聚变获得核能，故C错误；
D．能量的转化和转移具有方向性，利用“人造太阳”产生的电能不可以自发转化为核能，故D错误。
故选A。
二、填空题（每空2分，共26分）
16. 2025年5月，世界最大规模液态空气储能项目——青海格尔木液态空气储能示范项目进入调试阶段，其项目原理如下图所示，其中A为______，B为______。
【答案】 ①. 电能 ②. 发电机
【解析】
【详解】[1]储能过程中，太阳能电池板将太阳能转化为电能，电力驱动电动压缩机压缩空气。
[2]空气内能通过膨胀机将内能转化为机械能，机械能驱动发电机，将机械能转化为电能。
17. 如图甲所示，当开关S闭合时，两只电流表的示数分别由乙、丙两图读得，则流过灯泡L1的电流大小是___________A。
【答案】1.28
【解析】
【详解】由电路图可知，灯泡L1与L2并联，电流表A1测干路电流，电流表A2测L2支路的电流。观察乙图，电流表的量程为，分度值为0.1A，其示数；观察丙图，电流表的量程为，分度值为0.02A，其示数，根据并联电路的电流特点可知，图乙为电流表A1，图丙为电流表A2，所以流过灯泡L1的电流大小是
18. 电阻R和灯泡L的I-U图像如图所示，当电阻R和灯泡L并联在某一电源上时，干路中的电流为0.9A，则电源电压为______V；若将电阻R和灯泡L串联在电压为9V的电源上，灯泡L的电阻为______Ω。
【答案】 ①. 3 ②. 5
【解析】
【详解】[1]并联电路中各支路两端的电压相等，且干路电流等于各支路电流之和。由图像可知，当电压时，通过电阻的电流，通过灯泡的电流，此时干路电流，满足干路电流为的条件，所以电源电压为。
[2]串联电路中各处的电流相等，且总电压等于各分电压之和。由图像可知，当电流时，电阻两端的电压，灯泡L两端的电压，此时总电压
满足电源电压为的条件。根据欧姆定律，可得此时灯泡的电阻
19. 如图甲所示电路，闭合开关，能看到蹄形磁铁中的金属棒ab向左运动，该装置揭示的原理可应用于制造______（选填“电磁铁”“发电机”或“电动机”）。若只改变电流的方向，ab将向______运动（选填“左”或“右”）；如图乙中通电螺线管的左端为______极。
【答案】 ①. 电动机 ②. 右 ③. N
【解析】
【详解】[1]图甲中闭合开关后，金属棒在磁场中受到力的作用而运动，这是通电导体在磁场中受力的原理，电动机就是根据这个原理制成的。而电磁铁是利用电流的磁效应工作的，发电机是根据电磁感应原理制成的，所以该装置的原理可应用于制造电动机。
[2]通电导体在磁场中受力的方向与电流方向和磁场方向有关，当只改变电流方向时，受力方向会与原来相反。已知原来金属棒ab向左运动，那么只改变电流方向后，ab将向右运动。
[3]根据安培定则，用右手握住螺线管，使四指弯曲与电流方向一致，那么大拇指所指的那一端是通电螺线管的N极。从图乙中可以看出，电流从螺线管的右端流入，左端流出，右手四指顺着电流方向握住螺线管，大拇指指向左端，所以通电螺线管的左端为N极。
20. 下图是________通信示意图，光从光导纤维的一端射入，在其内壁上经多次________，把信息传到远方。由于光的________很高，在一定时间内可以传输大量的信息。
【答案】 ①. 光纤 ②. 反射 ③. 频率
【解析】
【详解】[1]图中激光从光纤的一端射入，在内壁上多次反射后在另一端，所以它是光纤通信示意图。
[2]光纤通信是利用激光从光纤的一端射入，在内壁上多次反射后在另一端反射出来，然后在接收端，检测器收到光信号后把它变换成电信号，经解调后恢复原信息。
[3]光纤通信是利用激光来传递信息的，因为激光的频率高，所以在一定时间内传递信息量大。
21. 汽油通常从石油中提炼而成，10kg汽油完全燃烧放出的热量是___________J。如图为某汽油机工作时的能量流向图，其消耗10kg汽油输出的有用功可以让质量为1000kg、初温为20℃的水升高到___________℃。（汽油的热值，
【答案】 ①. ②.
【解析】
【详解】[1]10kg汽油完全燃烧放出的热量：
[2] 由汽油机工作时的能量流向图可得汽油机的效率
该汽油机消耗10kg汽油可输出有用功
由题知，水吸收的热量
由可得水升高的温度
水温升高到
三、作图题（每题 2 分，共 6 分）
22. 如图所示，试在两个“○”内选填“电压表”和“电流表”的符号，使开关S闭合时两灯组成并联电路。
（_______）
【答案】
【解析】
【详解】要使电阻R1、R2并联，开关S闭合时，上方圆圈与电阻R2并联，不能是电流表，只能是电压表；下方圆圈是电流表时，电流分别经过两个灯泡回到电源的负极，满足并联的要求，如图所示：
23. 某家庭进户线、电灯、开关和插座如图所示，请完成家庭电路的连接。要求：开关只控制电灯；三孔插座带保险丝。
【答案】
【解析】
【详解】电灯和开关的接法：相线先接入开关的一端，开关的另一端连接电灯的顶端金属点；电灯的螺旋套连接中性线（零线）。三孔插座的接法：保险丝连接在相线与三孔插座右孔之间，三孔插座的左孔连接中性线，上孔连接保护线如图所示：
24. 如图所示，小磁针放在两通电螺线管A、B之间，静止时小磁针的N、S极处于如图所示的状态，请画出螺线管B的绕线方式，并标出电源的正、负极（用“”“”表示）。
【答案】
【解析】
【详解】小磁针的N极靠近了螺线管A的右端，根据磁极间的作用规律可知，螺线管的右端为S极，左端为N极．同理可以确定螺线管B的左端为N极，右端为S极。根据螺线管A的左端为N极，右端为S极，结合其线圈绕向，利用安培定则可以确定螺线管中的电流方向是从螺线管的右端流入，左端流出，即电源的右端为“+”极，左端为“﹣”极。根据电流方向是从螺线管的右端流入左端流出，结合螺线管B的左端为N极，右端为S极，利用安培定则可以确定螺线管的线圈绕向。如图所示：
四、实验题（每空2分，共28分）
25. 小融在探究“电流与电压的关系”时，准备的器材有：电源（电压恒为6V）、开关、滑动变阻器（“30Ω 2A”）、电流表、电压表、5Ω的定值电阻、导线若干。
（1）在设计实验方案时，为了探究电流与电压的关系，应保持________不变，物理上把这种研究方法叫________法。
（2）图甲是小融连接的实物电路，图中有一根导线连接错误，请你在连接错误的导线上打“×”并画出正确的连线。
（3）正确连接电路后，闭合开关，发现电压表无示数，电流表有示数，故障可能是（ ）
A 定值电阻开路B. 滑动变阻器短路
C. 定值电阻短路D. 滑动变阻器开路
（4）排除故障后，小融继续实验，根据数据绘制成如图乙所示图像，分析图像得出结论：电阻一定时，通过导体电流与导体两端的电压成________。
（5）完成此实验后，小融还想探究“电流与电阻的关系”，又添加了、、、的电阻。实验时，先接入的电阻，调节滑片至某一位置时，记录下此时电流表示数为，电压表示数为________；接下来用的电阻替换的电阻后闭合开关，与上次实验相比，应适当的________（选填“增大”或“减小”）滑动变阻器接入的阻值。
（6）当他将25Ω定值电阻接入电路中后，发现不管如何调节滑动变阻器，始终无法使电压表示数达到预定数值，为顺利完成所有的实验，若只更换滑动变阻器，则滑动变阻器的最大阻值应不小于________。
【答案】（1） ①. 电阻 ②. 控制变量
（2） （3）C
（4）正比 （5） ①. 2.5 ②. 增大
（6）35
【解析】
【小问1详解】
[1][2]电压、电阻都会影响电流的大小，在探究电流与电压的关系时，应保持电阻不变。
[2]在研究某个因素的影响时，只改变这个量的大小，而保持其他量不变，从而确定这个因素的影响，这种研究方法叫控制变量法。该实验中保持电阻不变，探究电流与电压的关系，用的就是控制变量法。
【小问2详解】
原电路中，电流通过滑动变阻器后经定值电阻右边的接线柱之间回到电源负极，定值电阻根本没有接入电路中，这是错误的，定值电阻应串联在电路中，所以改正如下：
【小问3详解】
正确连接电路后，闭合开关，电流表有示数，说明电路可能短路，不是断路；电压表无示数，说明定值电阻短路。
故选C。
【小问4详解】
由图像可知，是过原点的一条直线，所以得出结论：电阻一定时，通过导体的电流与导体两端的电压成正比。
【小问5详解】
[1]电压表测定值电阻两端的电压，当入的电阻，电流表示数为，电压表示数为
[2]用的电阻替换的电阻后，闭合开关，如果滑动变阻器滑片位置不变，电路中的电阻变大，根据可知，电流变小，根据U=IR可知，滑动变阻器两端的电压变小，定值电阻两端的电压变大，而探究“电流与电阻的关系”的实验中，应控制定值电阻两端的电压不变，所以应减小定值电阻两端的电压，需减小电流，故应适当的增大滑动变阻器接入的阻值。
【小问6详解】
电源电压为6V，定值电阻两端的电压控制为2.5V，则滑动变阻器两端的电压为
当将25Ω定值电阻接入电路中后，滑动变阻器接入的阻值应满足，代入数值得，
解得R滑=35Ω，滑动变阻器的最大阻值应不小于35Ω。
26. 如图所示为“探究电流通过导体时产生的热量与哪些因素有关”实验的部分装置，两个相同的透明容器中封闭着等量的空气。
（1）实验中通过观察______来反映电阻产生热量的多少，下列实验中，也运用了这种实验方法的是______（多选，填序号）；
①探究液体压强的特点； ②比较不同物质的吸热本领；
③探究电流与电压、电阻的关系； ④用水波理解声波。
（2）闭合开关，通电一段时间，观察到右侧液面高于左侧液面，如图甲所示。表明在电流和通电时间相同的情况下，______越大，产生的热量越多；
（3）乙图中与并联，目的是使通过与的______不同；
（4）乙图中，若只将换成15Ω的电阻，通电5min 后左边空气盒内电阻产生热量与右边空气盒内电阻产生热量之比是______；
（5）某小组在利用乙图装置实验时，发现左右两侧Ｕ形管液面上升高度相同，与其他小组的实验现象都不同，经检查气密性良好请你分析实验现象不同的原因是：______。
【答案】（1） ①. U形管液面高度差 ②. ①②
（2）电阻 （3）电流 （4）16:9
（5）电阻R3断路
【解析】
【小问1详解】
[1]电流通过导体产生热量的多少不能直接观察，根据转换法，实验中通过观察U形管液面高度差来反映电阻产生热量的多少，液面高度差越大说明容器中产生的热量越多。
[2]①探究液体压强的特点，通过U形管中液面高度差反映液体压强大小，运用了转换法；
②比较不同物质的吸热本领，通过温度计示数变化反映物质吸热多少，运用了转换法；
③探究电流与电压、电阻的关系，运用了控制变量法；
④用水波理解声波，运用了类比法。
所以也运用了转换法这种实验方法的是①②。
【小问2详解】
由图甲可知，闭合开关，两电阻丝串联，则通过两电阻丝的电流相同，通电时间相同，右侧电阻丝阻值较大，观察到右侧液面高于左侧液面，说明右侧电阻大产生的热量多，故表明在电流和通电时间相同的情况下，电阻越大，产生的热量越多。
【小问3详解】
由图乙可知，三个电阻相等，其中R3与R2并联，再与R1串联，则经过R1的电流等于经过R2和R3的电流，因此通过R1、R2的电流是不同的，故R3与R2并联，目的是使通过R1和R2的电流不同。
【小问4详解】
由图分析可知，R3与R2并联，再与R1串联，根据并联电路电压特点可知，R3与R2两端电压相等，即，由欧姆定律可得，通过R2的电流
通过R3的电流
则通过R1的电流
根据焦耳定律，可知通电时间相同，电阻大小相同，则
【小问5详解】
利用乙图装置实验时，发现左右两侧U形管液面上升高度相同，说明左右两侧产生的热量相同，因为R1和R2的电阻相等，通电时间相同，且产生的热量相同，说明通过两个电阻的电流相同，即R3中没有电流，故可能是电阻R3断路了。
五、计算题
27. 在实践活动中，小博利用电磁继电器（电磁铁线圈电阻不计）制作了具有加热、保温功能的恒温孵化器，如图甲所示。在控制电路中，电源电压，定值电阻，热敏电阻R阻值随温度变化的图像如图乙所示；在孵化器内的工作电路中，电源电压，、为电热丝，， 。当孵化器内温度达到时，衔铁会跳起。求：
（1）衔铁刚跳起时，通过电磁铁线圈的电流；
（2）工作电路在保温状态下的电功率；
（3）衔铁被吸下以后经过10min工作电路中产生的热量；
（4）若要使孵化器内温度达到时衔铁就跳起，请通过计算说明应如何调整控制电路。
【答案】（1）0.04A
（2）44W （3）
（4）应将定值电阻R0串联一个50Ω的电阻
【解析】
小问1详解】
当孵化器内温度达到45℃时，衔铁会跳起。由图乙可知，此时热敏电阻的阻值。控制电路中，定值电阻R0与热敏电阻R串联，电磁铁线圈电阻不计。控制电路的总电阻
根据可得，通过电磁铁线圈的电流
【小问2详解】
当温度升高，控制电路中电流减小，电磁铁磁性减弱，衔铁跳起，动触点与静触点a接通，工作电路中与串联，此时电路总电阻较大，功率较小，处于保温状态。由可得，工作电路在保温状态下的电功率
【小问3详解】
当温度较低时，控制电路中电流较大，电磁铁磁性较强，将衔铁吸下，动触点与静触点b接通，工作电路中只有工作，此时电路总电阻较小，功率较大，处于加热状态。加热状态下的电功率
工作时间
产生的热量
【小问4详解】
电磁继电器衔铁跳起动作电流是固定的，由第（1）问可知，动作电流。若要使孵化器内温度达到35℃时衔铁就跳起，由图乙可知，此时热敏电阻的阻值。此时控制电路的总电阻
此时控制电路中的定值电阻
需要串联的电阻阻值