2026年山东聊城市东昌府区中考一模物理试题（含解析）

这是一份2026年山东聊城市东昌府区中考一模物理试题（含解析），共7页。试卷主要包含了答题前，考生务必用0，非选择题必须用0， 小明家新建的房子准备装修，8m/s等内容，欢迎下载使用。
本试卷共8页。满分100分。考试用时90分钟。考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。
注意事项：
1.答题前，考生务必用0.5毫米黑色签字笔将自己的姓名、准考证号和座号填写在答题卡 和试卷规定的位置上。
2.选择题每小题选出答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑；如需改动， 用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。答案写在试卷上无效。
3.非选择题必须用0.5毫米黑色签字笔作答，答案必须写在答题卡各题目指定区域内相应 的位置，不能写在试卷上；如需改动，先划掉原来的答案，然后再写上新的答案；不能使用涂改 液、胶带纸、修正带。不按以上要求作答的答案无效。
一、选择题：本题共15小题，每小题2分，共30分。每小题只有一个选项符合题目要求。
1. T1200 级碳纤维凭借着极致的轻质高强特点，能实现相关领域的装备减重10%以上。“轻质”是指碳纤维 材料具有较小的（ ）
A. 密度B. 质量C. 硬度D. 导热性
【答案】A
【解析】
【详解】轻质，是指在相同体积的情况下，比其它材料的质量小，即指这种材料的密度小，故A符合题意，BCD不符合题意。
故选A。
2. 下列装置或工具中，能辨别家庭电路中的相线、中性线的是（ ）
A. 电能表B. 测电笔C. 保险丝D. 空气开关
【答案】B
【解析】
【详解】A．电能表用于测量电能消耗，不具备辨别线路属性的功能，故A不符合题意；
B．测电笔正确使用时，接触相线会发光，接触中性线则不发光，能有效辨别家庭电路中的相线和中性线，故B符合题意；
CD．保险丝和空气开关均为保护装置，在电流过大时切断电路，不具备辨别线路属性的功能，故CD不符合题意。
故选B。
3. 如图所示，琵琶是我国最具代表性的弹拨乐器之一。当用相同的力拨动不同的琴弦时，长而粗的琴弦发出的声音特点是（ ）
A. 音调低B. 音调高C. 响度大D. 响度小
【答案】A
【解析】
【详解】AB．长而粗的琴弦振动较慢，振动频率低，根据音调与频率的关系可知，其发出声音的音调低，故A符合题意，B不符合题意；
CD．用相同的力拨动不同的琴弦时，力的大小决定振幅，相同的力意味着振幅相同，所以响度相同，故CD不符合题意；
故选A。
4. 如图所示，这是一个水深均为2m 的游泳池，岸上白色救生椅的高度也为2m。以救生椅为参照，目测游泳池中水的深度比其实际深度要浅，造成这个假象的原因是（ ）
A. 光沿直线传播B. 光的反射C. 光的折射D. 光的色散
【答案】C
【解析】
【详解】人看到游泳池底变浅，是因为池底反射的光线从水中斜射入空气中时，发生光的折射：折射角大于入射角，折射光线向水面偏折，人眼逆着折射光线看去，看到的是位置比实际池底更高的虚像，所以目测深度比实际深度浅，故C符合题意，ABD不符合题意。
故选C。
5. 闷热的夏天，将冷藏的饮料倒入杯中。过一会儿，杯子的外壁会出现一层水雾（如图所示）。 这一现象属于（ ）
A. 汽化B. 液化C. 凝华D. 熔化
【答案】B
【解析】
【详解】空气中的水蒸气遇到温度很低的杯子外壁，会液化变为小水珠，在杯子的外壁出现水雾，故选B。
6. 关于核能的特点及其利用，下列说法正确的是（ ）
A. 核能是可再生能源，取之不尽用之不竭
B. 核电站将核能直接转化为电能
C. 核废料处理简单，不会对环境造成长期影响
D. 核电站利用核裂变释放能量，氢弹利用核聚变释放能量，二者都属于核反应
【答案】D
【解析】
【详解】A．核能属于不可再生能源，在短期内无法获得补充，故A错误；
B．目前的核电站都是利用核反应堆中核裂变，将核能转化为内能，再将内能转化为电能，故B错误；
C．核废料具有放射性会对环境造成严重的破坏，不能随意丢弃，故C错误；
D．核电站和原子弹都是利用核裂变释放能量，氢弹利用核聚变释放能量，核裂变和核聚变都属于核反应，故D正确。
故选D。
7. 过年时，小明将新年静电贴纸吸附在玻璃上。关于静电贴的说法正确的是（ ）
A. 静电的产生是由于创造了电荷
B. 静电贴能吸在玻璃上是因为异种电荷相互吸引
C. 静电贴采用的PVC 塑胶材料属于绝缘体
D. 静电贴也能牢固的吸附在金属防盗门上
【答案】C
【解析】
【详解】A．根据电荷守恒定律，电荷不能被创造，也不能被消灭，静电的产生是电荷的转移（摩擦起电的本质是电子的转移），并非创造了电荷，故A错误；
B．静电贴吸附在玻璃上，是因为静电贴带电后，带电体具有吸引轻小物体的性质，从而产生吸引力，玻璃本身通常不带电，不存在异种电荷相互吸引的条件，故B错误；
C．PVC 塑胶材料不容易导电，属于绝缘体，这是静电贴能保持静电、实现吸附的关键，故C正确；
D．金属防盗门是导体，静电贴接触金属后，电荷会通过金属导走，无法保持静电，因此不能牢固吸附在金属防盗门上，故D错误。
故选C。
8. 小明家新建的房子准备装修。为了把水泥从地面送上楼，他在楼上安装了一个滑轮组（如图所示），每个滑轮的质量约为4kg。他将一袋50kg的水泥匀速提升4m，用时10s，不计绳重和摩擦，g取10N/kg，下列说法错误的是（ ）
A. 小明对绳子施加的拉力为F=270N
B. 小明拉动绳子的速度为0.8m/s
C. 此滑轮组的机械效率是92.6%
D. 小明提高拉动绳子的速度可提高滑轮组的机械效率
【答案】D
【解析】
【详解】A． 水泥重力
动滑轮重力G动=m动g=4kg×10N/kg=40N
由图可知该滑轮组承担物重的绳子段数，不计绳重和摩擦时，拉力F=G+G动n=500N+40N2=270N
故A正确，不符合题意；
B． 物体上升速度v物=ht=4m10s=0.4m/s
绳端拉动速度v绳=nv物=2×0.4m/s=0.8m/s
故B正确，不符合题意；
C．滑轮组机械效率η=W有W总=GhGh+G动h=GG+G动=500N500N+40N≈92.6%
故C正确，不符合题意；
D．不计绳重和摩擦时，滑轮组的机械效率只和物重、动滑轮重力有关，和拉动绳子的速度无关，提高拉动速度不会改变机械效率，D错误，符合题意。
故选D。
9. 如图甲所示的“渤海之眼”是世界最高的无轴式摩天轮，横跨白浪河大桥之上，菱形龙鳞网格如蛟龙腾海，无轴转动的轿舱沿轨道盘旋，摩天轮有36个悬挂式观景舱，每个可以乘坐10人，绕完一周用时30分钟。图乙是小明随观景舱在竖直平面内匀速转动的情景，此过程中的相关说法正确的是（ ）
A. 以观景舱为参照物，小明是运动的
B. 小明运动状态不变，受平衡力的作用
C. 从最低点转动到最高点的过程中，小明的机械能增大
D. 从最高点转动到最低点的过程中，小明的重力势能转化为动能
【答案】C
【解析】
【详解】A.以观景舱为参照物，小明在观景舱内，二者之间并未发生位置相对变化，因此小明是静止的，故A错误；
B.小明在观景舱内随观景舱一起运动，此时小明在竖直平面内匀速转动，他的运动方向时刻在改变，运动状态发生改变，受力不平衡，故B错误；
C.小明从最低点转动到最高点的过程中，小明的质量不变，速度不变，因此动能不变；但是小明的高度在升高，重力势能增大。机械能等于动能与重力势能的和，此时动能不变，重力势能增加，因此小明的机械能增加，故C正确；
D.从最高点转动到最低点的过程中，小明随观景舱匀速转动，小明质量不变，动能大小不变，而高度在降低，重力势能减小，因此重力势能没有转化为动能，而是转化为其他形式的能，故D错误。
故选C。
10. 如图所示，做“探究滑动摩擦力大小与哪些因素有关”实验时拉动水平木板向左运动，让物块分别在不同实验条件下相对底板保持静止。下列说法正确的是（ ）
A. 实验前应在水平方向上对弹簧测力计调零
B. 甲图实验中若将木板加速拉动，则弹簧测力计的示数不变
C. 乙图中木块上方的砝码受到水平向右的摩擦力
D. 比较乙、丙两图，可知滑动摩擦力的大小跟接触面的粗糙程度有关
【答案】B
【解析】
【详解】A．实验中弹簧测力计要沿着竖直方向拉动，所以实验前应在竖直方向上对弹簧测力计调零，故A错误；
B．在甲图中，无论木板是否做匀速直线运动，物块始终处于静止状态，摩擦力始终等于拉力，由于物块对木板的压力和接触面的粗糙程度不变，所以物块与木板之间的滑动摩擦力不变，故弹簧测力计的示数保持不变，故B正确；
C．乙图中，砝码随木块一起静止（相对木块无相对运动趋势），水平方向不受摩擦力，故C错误；
D．要探究滑动摩擦力的大小跟接触面的粗糙程度有关，必须控制接触面所受的压力相同。比较乙、丙两图，接触面的粗糙程度不同， 接触面所受的压力不同，不能探究滑动摩擦力的大小跟接触面的粗糙程度有关，故D错误。
故选B。
11. 在今年春晚《武 BOT》节目中，机器人灵活的各种动作是依据机器人内部关节电动机通电后 转动完成的。下列图中与电动机工作原理相同的是（ ）
A. B.
C. D.
【答案】C
【解析】
【详解】A．奥斯特实验说明电流周围存在磁场，原理是电流的磁效应，与电动机无关，故A不符合题意；
B．图中装置是发电机的原理，闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动，产生感应电流，机械能转化为电能，与电动机相反，故B不符合题意；
C．通电导体在磁场中受力运动。装置中有电源，磁场中的导体通电后会受力运动，与电动机的工作原理完全一致，故C符合题意；
D．图中装置是利用电流的磁效应制成的电磁铁，与电动机原理无关，故D不符合题意。
故选C。
12. 两个完全相同的烧杯中分别装有体积相等的水和酒精，为了鉴别哪个烧杯中盛的是酒精，小华利用塑料吸管和防水橡皮泥自制了一个检测装置。将此装置放入1号烧杯中的情景如图甲所示，将此装置放入2号烧杯中的情景如图乙所示。下列分析错误的是（ ）
A. 甲液体是酒精B. 甲容器对桌面的压力更大
C. 乙液体对容器底的压强大D. 检测装置在水和酒精中受到的浮力相等
【答案】B
【解析】
【详解】A．根据阿基米德原理，在浮力相同的情况下，液体的密度越大，物体排开液体的体积越小；由图可知，甲图中装置排开液体的体积较大，乙图中排开液体的体积较小；因此，甲烧杯中液体的密度较小，乙烧杯中液体的密度较大；已知水的密度大于酒精的密度，所以甲烧杯中盛的是酒精，乙烧杯中盛的是水，故A正确，不符合题意；
B．两个完全相同的烧杯装有体积相等的液体，即，因为，根据质量公式可知，水的质量大于酒精的质量，进而水的重力大于酒精的重力；容器对桌面的压力等于容器、液体及装置的总重力；由于装置重力相同，乙烧杯盛水的总重力更大，因此乙容器对桌面的压力更大，故B错误，符合题意；
C．原两种液体体积相等，圆柱形容器中，液体对容器底的压力等于液体重力加装置重力（装置对液体的压力等于浮力，大小等于装置重力），即F底=G液+G装置
​ 由于V液​相等，，则，因此
则甲液体对容器底的压力F甲=G甲液+G装置
则乙液体对容器底的压力F乙=G乙液+G装置
则
由，烧杯内横截面积S相同，则液体对容器底的压强
故C正确，不符合题意；
D．检测装置在液体中均处于漂浮状态，根据二力平衡条件可知，浮力等于重力。由于检测装置的重力不变，因此它在水和酒精中受到的浮力相等，故D正确，不符合题意。
故选B。
13. 跨学科实践活动中，某学习小组为电动公交车设计了一项安全启动装置：只有公交车前后门都关闭，即前门对应的开关和后门对应的开关同时闭合，电动机才能接通电源，车辆方可起步行驶。下列电路图中，符合该设计要求的是（ ）
A. B.
C. D.
【答案】A
【解析】
【详解】A．如图，两个开关串联，S1和S2都闭合时，电动机才工作，符合要求，故A符合题意；
B．如图，两个开关并联，S1和S2闭合任何一个时，电动机就工作，不符合要求，故B不符合题意；
C．如图，闭合S1，电动机工作，闭合S2时，电路出现短路，不符合要求，故C不符合题意；
D．如图，闭合S2，电动机工作，再闭合S1时，电路出现短路，不符合要求，故D不符合题意。
故选A。
14. 如图所示是“探究电流与电阻的关系”实验原理图，所用电源电压为6V，滑动变阻器标有“50Ω 1.5A”字样。小明先在A、B间接入10Ω的电阻器，移动滑片，使电压表示数为2V，读出电流表示数。接着用15Ω的电阻器替换10Ω的电阻器完成下一次实验，闭合开关，关于接下来的操作，下列说法正确的是（ ）
A. 应该向左调节滑动变阻器的滑片
B. 调节滑片，使电压表的示数达到3V
C. 达到目的时，滑动变阻器接入电路中的阻值是30Ω
D. 只将R从15Ω换成30Ω，仍可继续完成实验
【答案】C
【解析】
【详解】AB．由题图可知，电路为电阻与滑动变阻器的串联电路，电压表测量两端电压，电流表测电路中电流。该实验中要保持电压表示数为2V不变，故更换为的电阻后，根据串联电路分压原则，应增大滑动变阻器电阻，则滑动变阻器滑片向右滑动。故AB错误；
C．达到目的时，根据串联电路电流规律，由可得，电路中电流
根据串联电路电压规律，得滑动变阻器此时两端电压
由欧姆定律可得，此时滑动变阻器电阻
故C正确；
D．若将换成，根据欧姆定律，此时电路中电流
根据串联电路电流规律，由，可知
则滑动变阻器阻值为
已经超出滑动变阻器工作的最大阻值。不能继续完成实验。故D错误。
故选C。
15. 某电饭锅有两挡，高温挡用于高温烧煮，低温挡用于焖饭、保温。如图所示是对该电饭锅进行测试的电路，电源电压为220V，R0和R是电饭锅内部的发热体。当开关S先后置于“1”挡和“2”挡时，电流表的示数分别为5A和0.1A。则下列相关分析正确的是（ ）
A. 开关置于“1”挡时，电饭锅处于焖饭、保温状态
B. 开关置于“1”挡时，R0与R并联
C. R0的阻值为2200Ω
D. 电饭锅高温烧煮10min 消耗的电能为
【答案】D
【解析】
【详解】AB．开关置于“1”挡时，R被短路，只有R0接入电路，电路电阻小，根据，电饭锅处于高温烧煮挡，故AB错误；
C．当开关S置于“1”挡时，电流为5A，R0的阻值为，故C错误；
D．电饭锅高温烧煮挡功率
10min 消耗的电能为
故D正确。
故选D。
二、填空与作图题：本题共4小题，填空每空1分，作图3分，共13分。
16. 2026年3月22日，以“泉城花朝· 名士映芳”为主题的无人机低空表演在济南夜空璀璨上演。无人机的控制是通过________来实现的。如图所示是记者用高清摄像机拍摄的惊艳画面，摄像机成的像是倒立、________的实像。
【答案】 ①. 电磁波 ②. 缩小
【解析】
【详解】[1]电磁波常用于通信领域，无人机的控制是通过电磁波来实现的。
[2]摄像机的成像原理是照相机的成像原理，当物距大于二倍焦距时，成的像是倒立、缩小的实像。
17. 东昌葫芦雕刻是聊城市国家级非物质文化遗产之 一 。工匠先挑选成熟、质地坚实的葫芦，经过晾晒、定型、打磨，再用刻刀在葫芦表面进行精细雕刻。雕刻时通过切、削、镂、刻等手法，在葫芦上形成花鸟、人物、吉祥纹样等图案。雕刻完成后，还会进行抛光、上色等处理，让作品更细腻美观 。
（1）葫芦在晾晒过程中水分蒸发，此过程需要________ 选填“吸收”或“放出”）热量；
（2）如图所示，工匠用刻刀雕刻葫芦时，刀刃做得很薄，是为了 _________ （选填“增大”或“减 小”）压强；
（3）工匠用电烙铁在东昌葫芦表面烫出花纹是利用电流的________ 效应；
（4）灯光照射在雕刻精美的东昌葫芦上，使我们从不同方向都能欣赏到葫芦雕刻的细节，这是因为光发生了__________ 反射。
【答案】（1）吸收 （2）增大
（3）热 （4）漫
【解析】
【小问1详解】
葫芦在晾晒过程中水分蒸发属于汽化现象，该过程需要吸收热量。
【小问2详解】
刀刃薄是为了减小受力面积，是在压力一定时，通过减小受力面积来增大压强。
【小问3详解】
电流通过导体时会产生热量，从而在葫芦表面烫出花纹，这种现象叫做电流的热效应。
【小问4详解】
我们能从不同方向看到物体，是因为光在物体表面发生了漫反射。
18. 如图是一个家庭电路（220V） 中常用的接线板。正常情况下，接线板上的指示灯为一个发光二极管，在开关断开时不发光，插孔不能提供工作电压；在开关闭合时指示灯发光，插孔可以提供工作电压（220V）。某同学在使用时发现，即使指示灯损坏，在开关闭合时插孔也能提供工作电压。根据上述现象可知。 指示灯与插孔是 ____ 联的。发光二极管正常工作时两端的电压为3V，通过的电流为100mA。为了使指示灯正常工作，据此计算，与其串联的电阻器阻值为_____Ω。
【答案】 ①. 并 ②. 2170
【解析】
【详解】[1]某同学在使用时发现，即使指示灯损坏，在开关闭合时插孔也能提供工作电压。说明指示灯与插孔可以独立工作，是并联的。
[2]发光二极管正常工作时两端的电压为3V，通过的电流为100mA。为了使指示灯正常工作，据此计算，与其串联的电阻器阻值为R=U−U灯I灯=220V−3V100×10−3A=2170Ω
19. 2025年11月5日，福建舰（如图甲所示）正式入列中国海军。福建舰配置了全球领先的电磁弹射和阻拦装置，重新定义了现代航母的技术标准和作战理念。（g取10N/kg，）
（1）福建舰满载排水量约8万吨，福建舰满载时受到的浮力为 ______N；
（2）其中一架质量为30t 的舰载飞机起飞后，福建舰排开海水的体积减小了_________ m3；
（3）请在图乙简图中画出福建舰所受重力和浮力示意图。
【答案】（1）
（2）30 （3）
【解析】
【小问1详解】
福建舰满载排水量为m=8×104t=8×107kg
根据阿基米德原理可得，福建舰满载时受到的浮力大小为F浮=G排=m排g=8×107kg×10N/kg=8×108N
【小问2详解】
其中一架舰载飞机起飞后，福建舰所受浮力的减小值为ΔF浮=ΔG=Δmg=3×104kg×10N/kg=3×105N
由ΔF浮=ρ海水gΔV可得，一架舰载飞机起飞后，福建舰排开海水的体积减小值为ΔV=ΔF浮ρ海水g=3×105N1.0×103kg/m3×10N/kg=30m3
【小问3详解】
福建舰漂浮在海水中，所受的浮力和重力是一对平衡力，如下图：
三、实验探究题：本题共4小题，共34分。
20. 晚自习下课时，小华在教室里的玻璃窗上看到了自己的像，他对平面镜成像的特点感到十分好奇，于是用玻璃板、白纸、刻度尺和两个完全相同的蜡烛等器材进行了以下探究。
（1）为保证实验顺利进行，小华应选用较________ （选填“薄”或“厚”）的玻璃板；
（2）如图甲所示，将玻璃板____放置在水平桌面的白纸上，然后把点燃的蜡烛A放在玻璃板前，把未点燃的蜡烛B放在玻璃板后，移动蜡烛B，直到它与蜡烛A的像完全重合，记下两支蜡烛的位置。改变蜡烛A的位置，进行多次实验，并将数据填入下表；
（3）如图乙所示，将光屏放在蜡烛B的位置，然后在_______（选填“a”或“b”）处进行观察，发现光屏上没有蜡烛A的像，说明平面镜所成的像是_______像；
（4）根据实验数据可知，平面镜成像中，像和物体到平面镜的距离_______；
（5）蜡烛B能与蜡烛A的像完全重合，说明平面镜成像中，像和物体的大小______；
（6）若 要进一 步 探究像和物体的连 线 与 镜面是否垂直， 需 要增加的 测 量仪 器是 ________。
【答案】（1）薄 （2）垂直
（3） ①. b ②. 虚
（4）相等 （5）相等
（6）量角器##三角板
【解析】
【小问1详解】
为避免玻璃板前后两个面分别成像，造成重影，应选用较薄的玻璃板。
【小问2详解】
实验中需要将玻璃板竖直放置在水平桌面的白纸上，这样才能保证蜡烛的像与蜡烛在同一水平高度，便于后续重合操作。
【小问3详解】
光屏应在b侧观察，因为平面镜成的像在玻璃板后方，光屏上没有像，说明平面镜所成的像是虚像。
【小问4详解】
根据实验数据可知，平面镜成像中，像和物体到平面镜的距离相等。
【小问5详解】
蜡烛B能与蜡烛A的像完全重合，说明平面镜成像中，像和物体的大小相等。
【小问6详解】
若要进一步探究像和物体的连线与镜面是否垂直，需要增加的测量仪器是直角三角板或量角器。
21. 某物理小组在实验室进行测量密度的实验：
（1）为测量某种金属块的密度，该实验小组进行了如图的探究；
①当天平平衡时，放在右盘中的砝码和游码的位置如图甲所示，这种金属块的质量是____g；
②用量筒测量金属块的体积，先将部分水倒入量筒中，如图乙；再把金属块完全浸没在水中，如图丙；则金属块的密度为 ________ kg/m3；
（2）他们还想用弹簧测力计改装成一个密度秤，测量液体的密度，如图丁。实验器材：弹簧 测力计（0~5N）、易拉罐、细绳、记号笔、水和食用油。实验步骤：
A.用易拉罐和细绳制作成一个小桶，用弹簧测力计测出小桶的重力为0.6N；
B．在小桶内倒入适量的水，用弹簧测力计测出小桶和水的总重力为1.6N，在刻度盘上标注 相应密度值，并在水面处做好标记，则小桶内水的体积为V=____cm3；
C．在小桶内倒入某种液体至标记处，用弹簧测力计测出小桶和液体的总重力G，则液体密度的表达式为_______（用G 、G桶、V等已知物理量的符号表示）；
①应在弹簧测力计刻度盘____N处标注0/cm3；
②改装后的密度秤能测的液体密度的最大值为 ________ g/cm3；分度值是_______ g/cm3；
③在不更换弹簧测力计的情况下，若要增大密度秤的测量范围，可进行的操作是 ________ （写出一条即可）。
【答案】（1） ①. 39 ②.
（2） ①. 100 ②. G−G桶Vg ③. 0.6 ④. 4.4 ⑤. 0.2 ⑥. 更换质量更小的桶
【解析】
【小问1详解】
如图甲所示，天平的分度值为0.2g，游码读数为，砝码质量为
则金属块的质量
由题意可知，量筒的分度值为2mL，图乙读数为20mL，图丙读数为32mL，金属块体积
金属块的密度
【小问2详解】
由题意可知，桶内水的重力为
根据和，可知桶内水的体积为
在小桶内倒入某种液体至标记处，桶内液体的体积与水的体积相等，桶内液体的重力为，桶内液体密度为
挂上小桶，弹簧测力计显示的刻度位置即为“密度秤”的零刻度，小桶的重力为0.6N，则“密度秤”零刻度处即为0.6N处；在小桶内倒入某种液体至记号时，液体的密度越大，弹簧测力计示数越大，且测力计示数
弹簧测力计的量程为0~5N，所以此密度秤能测量的液体的最大密度
由图丁可知，该弹簧测力计的分度值为0.2N，从“0.6”刻度线至“5”刻度线之间有22个小格，故该密度秤的分度值为
小桶的容积一定时，，小桶的质量越小，重力越小，能测量的液体密度越大，则若要增大密度秤的量程，可以更换质量更小的桶。
22. 亮亮查阅相关资料时发现：随着潜水技术的提高，对潜水装备的性能要求也越来越 高。亮亮想了解制作潜水装备的主要难度来源，于是他进行了“探究液体压强与哪些因素 有关”的实验。
【证据】亮亮用图甲所示的装置来研究液体内部的压强。
（1）实验前用手按压探头处的橡皮膜，发现U形管两侧液面的高度不发生变化，说明该装置_____ （选填“漏气”或“不漏气”）；
（2）将检查完好的探头浸没在水中，如图乙所示，保持探头在水中的深度不变，使探头分别处于向上、向下、向左、向右等方位，发现U形管两侧液面的高度差不变；
（3）增加探头在水中的深度，如图丙所示，发现U形管两侧液面的高度差变大；
（4）将探头放入另一盛有盐水的烧杯中，保持探头在盐水中的 ________ 与图丙中的相同，观 察 U 形管两侧液面的高度差，如图丁所示。
【解释】
（5）由实验可知，同种液体的同一深度处，液体向各个方向的压强 ________；
（6）比较图乙、丙两次实验可知，同种液体中，深度越大，液体压强越_____；
（7）比较图丙、丁两次实验可知，液体内部压强的大小与________ 有关。
【交流】
（8）亮亮发现探头所处深度较浅时，U 形管两侧液面的高度差不明显，则可将U 形管中的水更换成密度更_______的液体。
【拓展】
（9）完成以上探究后，亮亮又想液体内部某点的压强跟该点到容器底的距离是否有关。 他利用液体压强计、水、烧杯等相同的两套器材进行对比验证，实验情况如图戊所示。由此 他得出结论：液体内部某点压强与该点到容器底的距离有关。亮亮在这个实验中没有控制____ 相同，所以结论是错误的。你认为他接下来应如何操作____________（写出 一 种方案即可），才能得出正确的结论。
【答案】 ①. 漏气 ②. 深度 ③. 相等 ④. 大 ⑤. 液体密度 ⑥. 小 ⑦. 探头在液面下的深度 ⑧. 从甲杯中抽出5cm深的水或向乙杯中加入5cm深的水
【解析】
【详解】[1]实验前用手按压探头处的橡皮膜，如果U形管两侧液面的高度不发生变化，说明软管中的气体和大气相通，等于大气压强，橡皮膜受到压强时，软管内的气体压强几乎不会发生变化，则装置可能漏气。
[2]将探头放入盐水中时，要保持探头在盐水中的深度与图丙中的相同，这样才能控制变量，探究液体密度对压强的影响。
[3]保持探头在水中的深度不变，改变探头的方向，发现U形管两侧液面的高度差不变，说明同种液体的同一深度处，液体向各个方向的压强相等。
[4]图乙、丙中液体密度相同，深度不同，深度越大液面高度差越大，说明同种液体中，深度越大，液体压强越大。
[5]图丙、丁中深度相同，液体密度不同，液面高度差不同，说明液体内部压强的大小与液体密度有关。
[6]深度较浅时，压强小，U形管液面高度差不明显。根据，在压强p相同时，U形管中液体密度越小，液面高度差h越大，所以可将U形管中的水换成密度更小的液体。
[7]探究液体压强与到容器底距离的关系时，需要控制探头在液面下的深度相同。亮亮的实验中没有控制这一变量，所以结论错误。接下来他应将两个探头调整到液面下相同深度，由题图戊可知，具体做法为：从甲杯中抽出5cm深的水或向乙杯中加入5cm深的水。
23. 【实验名称】用电流表和电压表测电阻。
【实验器材】学生电源、开关、导线、电流表、电压表、阻值未知的定值电阻、滑动变阻器。
【实验步骤】
方案一：小红的方案如图甲所示。
（1）小红多次改变电源的电压，读出电压表和电流表的示数，记录在表一中。第3次实验电流表的示数如图乙所示，为 ________ A 。表一中电阻的平均 值为 ______Ω（结果保留1位小数）。
表一
方案二：小明的方案如图丙所示。
（2）小明通过调节滑动变阻器的滑片，多次改变待测电阻两端的电压。连接好电路后，闭合 开关前，滑动变阻器的滑片应调节到 _______（选填“最左”或“最右”）端；
（3）连好电路后闭合开关S， 发现电流表有示数，电压表无示数，则故障可能是定值电阻R_________；
（4）调节滑动变阻器的滑片，读出电压表和电流表的示数，记录在表二中。请根据表二中数据，在图丁中画出I-U图像。
表二
（5）分析图像可得，电阻一定时，通过导体的电流与导体两端的电压成________；
【评估与交流】
（6）你认为 _____ 的方案更合理，理由是___________ ；
【拓展延伸】
（7）实验结束后，小鲁又利用电源（电压未知但保持不变）、定值电阻R0（阻值已知）、电流表、开关等器材，设计了如图所示的电路来测量未知电阻Rx的阻值。请你补全下列实验步骤：
①按电路图正确连接电路，闭合开关S，断开开关S₁，读出电流表的示数I1；
② ________ ，读出电流表的示数I2；
③计算出待测电阻R= ________________ （用R0、I1、I2表示）。
【答案】（1） ①. 0.2 ②. 20.8
（2）最左 （3）短路
（4） （5）正比
（6） ①. 小明 ②. 更方便改变电阻器两端的电压
（7） ①. 再闭合开关S1 ②.
【解析】
【小问1详解】
由图乙可知，电流表选用的是0~0.6A量程，分度值为0.02A，所以电流表示数为0.2A；
第3次实验的电阻为R3=U3I3=Ω
电阻平均值为R平均=R1+R2+R33=21.7Ω+20.8Ω+20.0Ω3≈20.8Ω
【小问2详解】
为了保护电路，闭合开关前，滑动变阻器的滑片应调节到最左端，此时滑动变阻器接入电路的电阻最大，电流最小。
【小问3详解】
闭合开关，电流表有示数，说明电路是通路；电压表无示数，故障可能是定值电阻R短路。
【小问4详解】
根据表中数据，在坐标系中描出对应点，用平滑的直线将这些点连接起来，据此作图。
【小问5详解】
由图像可知，I-U图像是一条过原点的直线，电压与电流的比值，即电阻不变，所以电阻一定时，通过导体的电流与导体两端的电压成正比。
【小问6详解】
小明的方案可以通过调节滑动变阻器，多次改变电阻器两端的电压和电流，进行多次测量，减小误差，同时能得出电流与电压的关系；而如果是另一种只更换电源的方案，操作相对繁琐，且测量次数有限，所以小明的方案更合理。
【小问7详解】
由题意可知，闭合开关S，断开开关S1时，只有R0接入电路，电流表测R0​的电流为I1​，电源电压为U=I1R0
接下来可通过并联电路电压特点，得出Rx两端电压，即再闭合开关S1，R0​和Rx并联，电流表测干路电流为I2​，根据并联电路电路特点可知，通过Rx​的电流为Ix=I2−I1
则待测电阻为Rx=UIx=I1R0I2−I1
四、综合应用题：本题共3小题，共23分。
24. 如图甲所示为《王祯农书》中记载的“卧式楔子榨油机”。学校科学馆组织同学制作了一台榨油机模型如图乙所示，木制的大锤的锤柄固定在支架上，操作时两人配合，一个人站在锤柄的右端，另一人将锤头抬起，两人配合同时释放，锤头落下砸在木楔上，挤压榨油机 内的原料，从而榨出油。小明了解到图乙模型的一些参数：锤头质量为30kg，下表面积为1200cm2，锤头距锤柄固定位置2m，木楔的上表面积为300cm2。不考虑锤柄的质量，g取10N/kg。
（1）锤头水平放在木楔上时，锤头对木楔产生的压强为多少？
（2）小明一个人操作榨油机模型时，从距锤柄固定位置（支点）1.5m处将锤头抬高1.6m释放。抬起过程中小明对大锤竖直向上的拉力至少为多少？
（3）整个过程需要对锤头做多少功？
【答案】（1）
（2）400N （3）480J
【解析】
【小问1详解】
已知锤头质量，则锤头的重力
锤头水平放在木楔上，对木楔的压力等于锤头重力，即
受力面积为锤头与木楔的接触面积，即S=300cm2=0.03m2
则锤头对木楔产生的压强为
【小问2详解】
根据图甲，支点为锤柄固定位置，阻力为锤头重力
阻力臂，动力臂，根据杠杆平衡条件
可得最小拉力
【小问3详解】
对锤头做功等于克服锤头重力做的功，由题意得，锤头抬高高度，则对锤头做的功为
25. 项目化学习小组设计了制冷空调自动控制电路装置，图甲是其工作原理图。R是热敏电阻且置于空调工作的环境中，图乙是其阻值随温度变化的关系图像。已知自动控制电路电源电压恒为6V，定值电阻R0=200Ω，电磁继电器线圈的电阻忽略不计，当线圈中电流大于或等于10mA时，电磁继电器的衔铁被吸合，空调电路启动。该空调铭牌的部分信息如下表。求：
（1）环境温度升高时，控制电路中电流表的示数将________ ；衔铁被吸下后，电磁继电器左侧弹簧的弹性势能 ________（均选填“变大”、“变小”或“不变”）；
（2）制冷空调正常工作时的电流；
（3）该装置启动空调电路时的温度；
（4）为节约用电，要适当提高空调电路启动温度。请写出一种调整方法，并说明你的理由。
【答案】（1） ①. 变大 ②. 变大
（2）10A （3）20℃
（4）提高的阻值##减小电源电压
【解析】
【分析】（1）因为环境温度升高时，根据图乙可知热敏电阻R的阻值变小，控制电路总电阻变小，电源电压恒定，根据欧姆定律，所以控制电路中电流变大，电流表示数变大。 因为衔铁被吸下后，左侧弹簧的形变程度变大，所以弹簧的弹性势能变大。
（2）因为空调正常工作时功率为额定功率，电压为额定电压，所以可利用公式计算正常工作时的电流。
（3）首先根据已知的启动电流和电源电压，利用欧姆定律计算出控制电路的总电阻；因为总电阻等于定值电阻R0与热敏电阻R的阻值之和，所以可求出此时热敏电阻的阻值；再结合图乙的阻值-温度图像，就能找到对应的启动温度。
（4）如果要提高启动温度，根据图乙可知对应热敏电阻阻值更小，控制电路总电阻变小，要保持启动电流不变，根据欧姆定律，可通过减小定值电阻R0的阻值，或者降低控制电路电源电压，或者更换阻值随温度变化更明显的热敏电阻来实现。
【小问1详解】
[1]环境温度升高时，由图乙可知热敏电阻R阻值减小，控制电路总电阻减小，电源电压不变，根据欧姆定律，电路电流变大，电流表示数变大。
[2]衔铁被吸下后，左侧弹簧弹性形变程度变大，因此弹簧的弹性势能变大。
【小问2详解】
空调正常工作电流I额=P额U额=2200W220V=10A
【小问3详解】
空调启动时电流
控制电路电源电压，根据欧姆定律可得总电阻R总=UI=6V0.01A=600Ω
热敏电阻的阻值R=R总−R0=600Ω−200Ω=400Ω
结合图乙可知，对应温度为20°C，即启动温度为20°C。
【小问4详解】
方法一：增大定值电阻R0的阻值，理由：提高启动温度后，启动时环境温度更高，热敏电阻R的阻值更小，空调启动需要的电流I=10mA不变，控制电路电源电压不变，因此总电阻不变，当R减小时，需要增大R0的阻值，只有温度更高（R更小）时才能达到启动电流，从而提高启动温度，节约用电。
方法二：降低控制电路的电源电压，理由：启动电流不变，提高启动温度后R减小，R0不变时，总电压减小，因此降低电源电压可让更高温度才达到启动电流。
26. 当前，碳捕集、利用与封存（CCUS）技术已成为火电、钢铁、水泥等高排放行业实现“碳中和”的核心技术路径。其中“胺吸收法”因捕集效率高（通常在90%以上）成为当前主流应用技术。以火力发电厂为例，其工艺流程如下：电厂锅炉排出的烟气自下而上进入吸收塔，与喷淋而下的、浓度为30%的乙醇胺溶液逆流接触，后者通过化学反应高效吸收烟气中的二氧化碳；吸收了二氧化碳的“富碳胺溶液”被高压泵输送至再生塔，再生塔借助电厂余热产生的120~160℃的水蒸气，通过换热管束对“富碳胺溶液”加热，使二氧化碳从中解吸分离；再生后的“贫碳胺溶液”返回吸收塔循环使用，解吸出的二氧化碳纯度在99.5%以上。高纯度的二氧化碳经三级压缩机压缩后，形成超临界流体，最终通过管道输送至枯竭油田、盐穴等地质结构中永久封存。
（1）再生塔中，换热管束通过_________的方式增加了“富碳胺溶液”的内能；
（2）高纯度的二氧化碳永久封存后，分子________ （选填“会”或“不会”）再运动；
（3）该装置的二氧化碳压缩机采用“三级压缩”设计，可避免单级压缩温度过高，同时，每级压缩过程中有循环冷却水吸热。三级压缩每小时消耗的能量为2.88×108J，有75%用于压缩机对二氧化碳做功，则压缩机对二氧化碳做功的功率是多少？
（4）三级压缩时压缩机工作1h有6.3×107J的能量被循环冷却水吸收，循环水流量为5×103kg/h，水的比热容为，则循环水经过冷却系统后温度升高多少？
【答案】（1）热传递 （2）会
（3）
（4）3℃
【解析】
【分析】本题需要理解内能的增加方式和分子的运动规律，后利用功率公式和吸热公式解答。
【小问1详解】
再生塔中换热管束通过水蒸气向“富碳胺溶液”传递热量，属于热传递的方式增加溶液的内能。
【小问2详解】
根据分子动理论，一切物质的分子都在永不停息地做无规则运动，即使二氧化碳被永久封存，其分子仍会保持运动状态。
【小问3详解】
已知每小时消耗总能量W总=2.88×108J，75%用于做功，则压缩机对二氧化碳做的有用功W=W总×75%=2.88×108J×0.75=2.16×108J
压缩时间，压缩机对二氧化碳做功的功率是P=Wt=2.16×108J3600s=6×104W
【小问4详解】
循环冷却水每小时流量m=5×103kg，水经过冷却系统后升高的温度为Δt=Q吸cm=6.3×107J4.2×103J/(kg·℃)×5×103kg=3℃实验次数
蜡烛A到玻璃板的距离/cm
蜡烛A的像到玻璃板的距离/cm
1
2.50
2.50
2
3.00
3.00
3
4.00
4.00
实验
次数
电压U/V
电流I/A
电阻R/Ω
电阻
平均值/Ω
1
1.3
0.06
21.7
2
2.5
0.12
20.8
3
4.0
实验
次数
电压 U/V
电流 I/A
电阻 R/Ω
电阻平均值/Ω
1
0.8
0.04
20
20.4
2
1.3
0.06
21.7
3
2.0
0.10
20
4
2.5
0.12
20.8
5
3.5
0.18
19.4
额定电压
220V
制冷额定功率
2200W