湖北新八校2026年高三下4月联考（高考二模)化学试卷

这是一份湖北新八校2026年高三下4月联考（高考二模)化学试卷，共6页。

高三化学答案及解析
选择题（本题共 15 小题，每小题 3 分，共 45 分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。）
【答案】B【详解】A 选项：壮乡铜鼓是铜合金制成，属于金属材料，不是有机高分子材料。B 选项：蜀绣蟒凤衫主要原料为蚕丝，蚕丝属于蛋白质，蛋白质是天然有机高分子材料。C 选项：屈家岭蛋壳彩陶杯属于陶瓷制品，其主要成分是硅酸盐等，属于无机非金属材料，不是有机高分子材料。D 选项：贾湖骨笛一般是由动物骨骼制成，主要成分是无机物，不是有机高分子材料。
【答案】A【详解】B 选项：因为 O 的电负性大于 N，O−H 键的极性比 N−H 键的极性强，所以羟胺（NH2OH）分子间氢键的强弱为O  HO  N  HN ，B 选项错误。C 选项：缓慢析出的为晶体，快速析出的可能为非晶体，晶体的 X 射线衍射图谱有明锐的衍射峰，C 选项错误。D 选项：N 原子有 5 个价电子，4 个杂化轨道上电子数为 2/1/1/1，D 选项错误。
【答案】D【详解】A 选项：O 原子为 sp2 杂化，6 个价电子：2 个形成σ键，1 对孤电子对，2 个形成大π键， A 选项错误。B 选项：根据电子排布式，31 g 基态 P 原子中，含 p 能级电子的数目为 9 NA，B 选项错误。C选项：包含 N-Ag 配位单键、N-H 键、O-H 键，共为 9 NA，C 选项错误。D 选项：无论哪种同位素构成的水分子，1 个水分子都是 10 个电子，D 选项正确。
【答案】D【详解】1 ml 物质 E 彻底转化为 F 需破坏酯基和酰胺基，需消耗 2 ml NaOH。
【答案】C【详解】A 选项：乙二醇被足量的酸性高锰酸钾溶液氧化为二氧化碳。B 选项：二氧化硅晶体为共价晶体，熔化过程中破坏了共价键。D 选项：SO2 具有还原性，发生氧化还原反应后生成 CaSO4 沉淀。
【答案】B【详解】元素为 C、N、Al、Cl，B 选项：氢化物的沸点：C 的氢化物包含所有烃类，沸点可能高于 HCl。
【答案】A【详解】A 选项：制备溴苯并验证有HBr 产生，应在通入 Ag NO3 溶液前，用 CCl4 洗气除去溴蒸气。
【答案】B【详解】A 选项：可能是稀释的原因。B 选项：等体积等 pH 的酸，酸性越强稀释时 pH 变化越大，
说明酸性：间硝基苯甲酸>苯甲酸，证明硝基属于吸电子基团，可增强羧基的酸性。C 选项：检验乙醇的消去反应产物要排除 SO2 的干扰。D 选项：18−冠−6 可识别 K+，增加其在甲苯中的溶解度。
3
【答案】A【详解】B 选项：Al3+和 HC O 强烈双水解生成沉淀。C 选项：生成 KFe[Fe(CN)6]沉淀。D 选项：
生成 CuS 沉淀。
【答案】C【详解】 a  b  c ，A 选项：距离 Cs 最近且等距的 Br 原子为 4 个。B 选项：每个晶胞中 Cs 和
Br 构成的八面体空隙为 6 个面心，均摊后占 3 个。C 选项：体对角线的一半，正确。D 选项：单位换算错误，
该晶体密度为 M Cs +M Pb +3M Br g/cm3 。
A
N  abc 1030
【答案】D【详解】A 选项：X 的名称为对溴苯胺。B 选项：Z 的 N 上无 H 原子且体积较大，Y 无法识别。
C 选项：第一电离能 I1：N>O>H>C。D 选项：离子半径越小，离子键越强，熔点越高。
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B
A
D
D
C
B
A
B
A
C
D
C
C
B
D
【答案】C【详解】A 选项：反应①～⑤中有①③④等 3 步涉及化合价变化，存在电子的转移。B 选项：经过② 的转化后， N 原子无孤电子对， 对成键电子对的斥力减小， 键角∠ H−N−H 增大。C 选项： [(NH3)5C−O−O−C(NH3)5]4+中 O 为-1 价，C 的化合价为＋3 价。
sp3
【答案】C【详解】B 选项： K [Fe(OH) ]  1.0 1038 ，当恰好除铁完全时， c Fe3   1.0 105 ml  L1 ，
2−
c OH   1.0 1011ml  L1 ， pH  3 。C 选项：Ka1 H2S × Ka2 H2S = 1.0 × 10−20，代入 pH = 0、cH2S = 0.01ml ⋅ L−1，c S2− = 1.0 × 10−22ml ⋅ L−1，c Cd2+ = Ksp CdS ＞10−5ml ⋅ L−1，未沉淀完全。
c S
【答案】B【详解】A 选项：a 侧电解池的电极发生还原反应为阴极，a 为电源负极。B 选项：转化 2 ml 丙烯腈，氧化还原过程转移电子数为 2 NA，但阴极存在副反应，理论上电路中转移电子数大于 2 NA。C 选项：
电极上有 1 ml Cr3+发生转化，转移电子数为 3 NA，对应双极膜迁移出 3 ml H 和 3 ml OH ，减轻 54 g。
2
2
2
2h
a 22
【答案】D【详解】A 选项：横坐标数值越小，碱性越强，曲线 I 表示A2 的物质的量分数，曲线 III 表示H A的物质的量分数。B 选项：由图 HA 、H A 的交点处c OH  即为HA 的水解常数 K  107.5 ，A2 、HA 的交点处c H+  即为HA 的电离常数 K 1010.5 ，水解＞电离， 0.1 ml/L NaHA 溶液中c H A＞c A 2  。C 选项：曲线 IV（PM 与 pOH 为线性关系）表示M(OH)2 的溶解平衡曲线，曲线 V 表示MA 的溶解平衡曲线， D 选项：a 点在 c OH  一定， c A2  一定，对于MA ， c M2+  大于平衡浓度，对于M(OH) ， c M2+  小于平衡浓度所以M2+ 在 Na2A 溶液中能生成MA 沉淀但不能生成M(OH) 沉淀。
非选择题（本题共 4 小题，共 55 分。）
16.（14 分）
粉碎矿物，搅拌，适当升温，适当增大硫酸的浓度（答出一条即可） （1 分）
CaSO4 、SiO2 （2 分）Cu2S+2Fe2O3+12H+=2Cu2++S+4Fe2++6H2O（2 分）
消耗“萃取 1”过程中产生的 H+，避免抑制“萃取 2” （2 分）
2≤pH＜6 （2 分）
H2SO4 （1 分）Mn2++HC O + NH  H O =MnCO3↓+N H +H2O
3324
或 Mn2++HC O + NH =MnCO3↓+N H （任写一个） （2 分）
334
Cu2O 和 O2（2 分）
【详解】
sp
（3） K  NiS  1.0 1018，“调 pH 除镍”时， Ni2+ 沉淀完全， c Ni2+   1.0 105 ml  L1 ，
2+ 

c S2  Ksp  NiS  1.0 1013 ml  L1 ，由 pS=15–pH 得 pH=2；c(Mn2+)=0.5 ml·L−1， K c Nisp
MnS  5.0 1010 ，
2+2
Ksp MnS
91
Mn 不能沉淀， c S
  1.0 10 ml  L
c Mn
，由 pS=15–pH 得 pH=6，所以 2≤pH＜6。
2+ 
（5）起始 CuSO4·5H2O 为105 ml ，Cu 元素始终在固体中，800 ℃固体为 CuO，1000 ℃固体为 Cu2O，所以 900℃分解产物 Cu2O 和 O2 。
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17.（13 分）
2.600 （2 分）
甲基橙 （1 分）
①Ni(OH)2+6 NH3  H2O =[Ni( NH3 )6]2++2OH−+6H2O
或 Ni(OH)2+ 6 NH3 =[Ni( NH3 )6]2++2OH−（任写一个） （2 分）
② (NH4 )2 SO4 （2 分） ③绿色沉淀几乎没有溶解 （2 分）
4
0.1 ml  L1 的NiSO 溶液 （2 分）实验 v 所得铁件表面比实验 vi 更光亮 （2 分）
【详解】
②控制变量法，阴离子要保持一致。
控制变量法，电镀液的浓度要保持一致。
18.（14 分）
酯基、酮羰基（2 分）
消去反应（2 分）
（2 分）消耗产物中的盐酸促使平衡正移，提高 E 的产率（2 分）
3＜2＜1（2 分）
、、、（任写一种）（2分）
+CH3NH2+K2CO3+CH3CONHCH3+KHCO3（2 分）
【详解】
B→C 转化为羟醛缩合反应，第一步加成反应，第二步消去反应。
显碱性，可以消耗产物中的盐酸促使平衡正移，提高 E 的产率。
N 电子密度越大，碱性越强。Cl 为吸电子基团，根据距离，吸电子效应受影响程度 3＞2＞1，所以碱性 3＜2＜1。
19.（14 分）
ΔH2+ΔH3−ΔH4 （2 分）
3.80 （1 分）
Pt—Fe （2 分）
M 点后，反应达到平衡，使用催化剂平衡不移动，不影响 CO 的产率，故重合 （2 分）
减小 （2 分）
1 （1 分）9 （2 分）77.5%（2 分）
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【详解】
由图反应④T 升高， K r = k正 减小。
k
p
逆
 p H  2

由图 A 处对应反应③的 ln K r =0， K r = 
2 
24
2
p0  1，p2(H )=100p(CH )，已知反应平衡时 p(H )=30 kPa，
pp
p CH4 
p0
则 p(CH4)=9 kPa ， 且 初 始 状 态 时 p(CH4)=2
3  2
×100 kPa=40 kPa ， 故 CH4 的 平 衡 转 化 率 为
40  9kPa 40kPa
×100%=77.5%