2026年陕西省汉中市汉台区中考二模物理试题（含解析）

这是一份2026年陕西省汉中市汉台区中考二模物理试题（含解析），共6页。试卷主要包含了本试卷分为第一部分，领到试卷和答题卡后，请用0，6dB”是指声音的响度等内容，欢迎下载使用。
1.本试卷分为第一部分（选择题）和第二部分（非选择题）。全卷共8页，总分80分。考试时间80分钟。
2.领到试卷和答题卡后，请用0.5毫米黑色墨水签字笔，分别在试卷和答题卡上填写姓名和准考证号，同时用2B铅笔在答题卡上填涂对应的试卷类型信息点（A或B）。
3.请在答题卡上各题的指定区域内作答，否则作答无效。
4.答作图题时，先用铅笔作图，再用规定的签字笔描黑。
5.考试结束，本试卷和答题卡一并交回。
第一部分（选择题 共20分）
一、选择题（共10小题，每小题2分，计20分。第1~8题为单选题，每小题只有一个选项符合题意；第9、10题为多选题，每小题有两个选项符合题意，全部选对得2分，选对但不全得1分，错选得0分）
1. 2026年2月1日，全球首款混合动力无人运输机彩虹YH-1000S在重庆梁平首飞成功（如图）。地面控制台给无人机发送指令利用的是（ ）
A. 超声波B. 次声波C. 激光D. 电磁波
【答案】D
【解析】
【详解】AB．超声波和次声波都属于声波，它们的传播需要介质，在空气中传播距离有限，且容易受到干扰，不适合用于远程控制无人机，故AB不符合题意；
C．激光虽然也能传输信息，但在复杂的户外环境中，容易受到天气等因素的影响，且激光通信的方向性很强，需要精确对准，不利于大规模无人机集群的控制，故C不符合题意；
D．地面控制台给无人机发送指令利用的是电磁波。电磁波可以在真空中传播，且传播速度快，能够实现远距离、实时的信号传输，适合用于地面控制台与无人机之间的通信，以准确控制无人机的飞行姿态、位置和灯光等变化，故D符合题意。
故选D。
2. 自然界中有许多奇妙的声音，声音也是人们交流信息的重要渠道。关于声现象，下列说法中正确的是（ ）
A. 辨别不同类型的乐器声，主要是靠它们的音调不同
B. 用智能手机监测噪声，显示的“50.6dB”是指声音的响度
C. 在马路上安装噪声监控装置，可以减弱噪声
D. 利用超声波击碎人体内的结石说明声波可以传递信息
【答案】B
【解析】
【详解】A．辨别不同类型的乐器声，主要是靠它们的音色不同，故A错误；
B．分贝（dB）是响度的单位，故B正确；
C．在马路上安装噪声监控装置，只能监测噪声的强弱，不能对噪声进行减弱，故C错误；
D．利用超声波击碎人体内的结石说明声波可以传递能量，故D错误。
故选B。
3. 如图是一辆“盐水动力”玩具车，车身上方固定一塑料杯，壁内侧插有锌片和碳片，向杯中倒入一定深度的盐水，电动机带动小车缓缓前进．关于该装置，下列说法中正确的是（ ）
A. 小车跑得越快，消耗的电能越多
B. 小车跑得越远，牵引力做功越快
C. 锌片、碳片和盐水组成的装置相当于电源
D. 玩具车工作时，主要将内能转化为机械能
【答案】C
【解析】
【详解】A．电能的消耗多少和功率、时间都有关系，小车跑得快只能说明功率大，但如果行驶时间短，消耗的电能不一定多，故A错误；
B．小车跑得越远，只能说明牵引力做的功多，但做功快慢（功率）和行驶时间有关，时间不确定的情况下，不能说明做功越快，故B错误；
C．锌片、碳片和盐水组成的装置可以将化学能转化为电能，相当于电源，故C正确；
D．玩具车工作时，主要是将电能转化为机械能，而不是内能转化为机械能，故D错误。
故选C。
4. 如图所示，下列相关说法中正确的是（ ）
A. 甲图，是近视眼的成因及其矫正方法
B. 乙图，探究平面镜成像特点时蜡烛A、B必须同时点燃
C. 丙图，烧杯上方冒出的“白气”是水汽化形成的水蒸气
D. 丁图，为方便观察碘的升华，可用酒精灯（火焰温度约500℃）直接加热碘（熔点约113℃）
【答案】A
【解析】
【详解】A．近视眼的成因是晶状体折光能力过强，远处物体的像成在视网膜前方，需要用凹透镜矫正，故A正确；
B．探究平面镜成像特点时，若同时点燃蜡烛A和B，玻璃板背景会变亮，降低像的清晰度，不便于确定像的位置，故B错误；
C．水蒸气是肉眼不可见的，烧杯上方的“白气”是高温水蒸气遇冷液化形成的小水滴，故C错误；
D．碘的熔点约113℃，酒精灯火焰温度约500℃，直接加热会使碘温度达到熔点，发生熔化，无法观察升华现象，故D错误。
故选A。
5. 2026年央视马年春晚中，全自主人形机器人完成跑酷、空翻、武术表演等高难度动作（如图），机器人灵活运动的核心部件是电动机。下列实验中，能说明电动机工作原理的是（ ）
A. B. C. D.
【答案】C
【解析】
【详解】电动机的工作原理是通电导体在磁场中受到力的作用。
A．这是奥斯特实验，说明通电导体周围存在磁场，故A不符合题意；
B．该实验是电磁感应实验，是发电机的工作原理，故B不符合题意；
C．该装置电路中有电源，探究通电导体在磁场中受力运动，符合电动机的工作原理，故C符合题意；
D．该实验探究电磁铁磁性强弱与线圈匝数的关系，利用的是电流的磁效应，和电动机原理无关，故D不符合题意。
故选C。
6. 3月8日，2026年全英羽毛球公开赛决赛，“圣坛”组合首夺冠军，成就超级1000赛大满贯。在羽毛球比赛中，下列有关说法正确的是（ ）
A. 击球时，球对球拍有力的作用，球拍对球没有力的作用
B. 击打羽毛球后羽毛球改变方向，说明力可以改变物体的运动状态
C. 羽毛球离开球拍后继续向前运动，是由于羽毛球受到惯性
D. 空中飞行的羽毛球，如果所受的力全部消失，它将静止在空中
【答案】B
【解析】
【详解】A．力的作用是相互的，击球时球和球拍之间的力是相互的，故A错误；
B．力可以改变物体的运动状态，击打羽毛球后羽毛球改变方向，运动状态发生了改变，说明力可以改变物体的运动状态，故B正确；
C．惯性是物体的一种属性，不是力，不能说“受到惯性”，应表述为羽毛球离开球拍后继续向前运动，是由于羽毛球具有惯性，故C错误；
D． 根据牛顿第一定律，空中飞行的羽毛球如果所受的力全部消失，它将保持原来的运动状态，做匀速直线运动，而不是静止在空中，故D错误。
故选B。
7. “珍爱生命，安全用电”，关于家庭电路及安全用电，下列做法正确的是（ ）
A. 用湿抹布擦拭工作中的用电器
B. 使用试电笔时为了确保安全，手不能接触笔尖金属部分
C. 只要插排上的插孔足够多，就可以插满不同用电器同时使用
D. 为了防止触电，大功率用电器的三脚插头上较长的金属片应与火线连接
【答案】B
【解析】
【详解】A．生活中的水是导体，用湿抹布擦拭工作中的用电器，容易引发触电事故，故A错误；
B．使用试电笔时，手需要接触笔尾金属体使试电笔正常工作，不能接触笔尖金属部分，否则测试火线时会引发触电事故，故B正确；
C．同一个插排同时使用多个大功率用电器，会导致电路总功率过大，由可知，干路电流过大，容易引发火灾，故C错误；
D．三脚插头上较长的金属片是接地脚，用于连接用电器的金属外壳，对应的插座中它与地线相连，作用是漏电时将电流导入大地防止触电，故D错误。
故选B。
8. 涡轴-9发动机“玉龙”是我国完全自主研发的直升机涡轴发动机，其大致工作过程是：空气通过进气道进入压气机，被压气机压缩后进入燃烧室与燃料混合，燃料在燃烧室燃烧后，产生的高温高压气体推动涡轮转动，从而输出动力。下列有关说法正确的是（ ）
A. 直升机升空的主要原理是流体流速大的地方压强大
B. 燃烧室中燃料和压缩空气混合后，燃料的热值变大
C. 燃烧室中燃料燃烧越充分，发动机的工作效率越低
D. 燃料燃烧后推动涡轮转动的过程能量转化情况与四冲程汽油机的做功冲程相同
【答案】D
【解析】
【详解】A．流体压强规律是流速越大的位置压强越小，直升机是靠机翼上、下方的压力差获得向上的升力来升空的，A错误；
B．热值是燃料本身的特性，只和燃料种类有关，与是否和空气混合无关，B错误；
C．燃料燃烧越充分，相同质量燃料放出的有效能量越多，发动机工作效率越高，C错误；
D．高温高压气体推动涡轮转动，是内能转化为机械能，和四冲程汽油机做功冲程的能量转化完全相同，D正确。
故选D。
9. 如图所示，是水下考古时打捞货物的示意图。若将质量为640kg的货箱提离水面后匀速提升1.5m，用时2s，此过程中滑轮组的机械效率为80%，g取10 N/kg。下列说法正确的是（ ）
A. 滑轮A的作用是改变力的方向
B. 货箱上升的速度为1.5m/s
C. 克服货箱重力做的功为960J
D. 绳子所受的拉力为4000N
【答案】AD
【解析】
【详解】A．由图可知，A滑轮的轴不随货箱的移动而移动，属于定滑轮，定滑轮的作用是改变力的方向，故A正确；
B．货箱上升速度
故B错误；
C．货箱重力
克服货箱重力做的有用功
故C错误；
D．由可知，总功为
由图可知，承担物重的绳子段数，绳子自由端移动距离
由可知，拉力
故D正确。
故选AD。
10. （多选）西安大雁塔音乐喷泉吸引了众多游客围观打卡。其工作原理是通过电脑将音乐频率特征转化为电路控制信号，控制水泵有节奏地喷出水柱，从而形成喷泉。图甲为控制喷泉的模拟电路，控制电路的电源电压呈现如图乙所示的周期性变化，定值电阻，为特殊元件。当时，两端的电压；时，保持6V不变；当通过的电流时，水泵启动喷水。下列说法中正确的是（ ）
A. 喷泉喷到空中的水不受重力
B. 时，模拟电路中电阻的电功率为12W
C. 该模拟电路工作20min，喷水时间共为400s
D. 将换成阻值更大的电阻，可以减少喷泉喷水时间
【答案】CD
【解析】
【详解】A．地球上的所有物体都受重力作用，喷到空中的水仍然受重力，故A错误；
B．由图乙可知，内​随线性变化关系为
时，电源电压为
此时两端的电压为不变。由电路图可知， 与串联，根据串联电路中电压的规律可知，两端电压为
的电功率为
故B错误；
C．水泵启动条件为，根据得，两端电压为：
由题意可知，此时，所以喷水条件为
由图乙可知，变化周期。
时：​从升到，由B选项可知，时，对应，所以喷水时间为
时，​随线性变化关系为
从降到，当时，对应，所以喷水时间为
因此一个周期内喷水时间为
总工作时间，周期数为
总喷水时间
故C正确；
D．由喷水条件得，推导得
越大，要求的​最小值越大，一个周期内满足条件的时间越短，因此总喷水时间减少，故D正确。
故选CD。
第二部分（非选择题 共60分）
二、填空与作图题（共6小题，计18分）
11. 如图所示，芯片体积小，元件密集，制作芯片的主要材料是_________（选填“导体”“半导体”或“超导体”）；当芯片中有电流通过时，不可避免地会产生热量，为了不影响芯片的性能，通常让散热部件与芯片紧密结合以降低芯片的温度；这是通过________的方式改变芯片的内能。
【答案】 ①. 半导体 ②. 热传递
【解析】
【详解】[1]半导体的导电性能介于导体和绝缘体之间，具有特殊的电学特性，是制作芯片电子元件的主要材料。
[2]改变物体内能的方式有做功和热传递两种。散热部件和芯片紧密结合，芯片的热量转移到散热部件上，从而降低芯片温度，这是通过热传递的方式改变芯片的内能。
12. 我国在核能利用方面取得了巨大成就，核电站是利用________（选填“核聚变”或“核裂变”）时释放出的大量核能来发电的。核能来源于原子内部的原子核，原子核是由质子和________组成的。
【答案】 ①. 核裂变 ②. 中子
【解析】
【详解】[1]获得核能有两种方式：核裂变和核聚变。核电站是依靠可控的核裂变反应释放的大量核能来发电。
[2]原子核是有其内部结构的，原子核是由质子和中子组成。
13. 如图所示；一架带有高清摄像机的无人机正在进行户外拍摄，当无人机靠近被拍摄物体时，物体通过摄像机镜头所成的像________（选填“变大”“变小”或“不变”），该过程以无人机为参照物，被拍摄物体是________的。当无人机水平匀速直线飞行时，升力对无人机________（选填“做功”或“不做功”）。
【答案】 ①. 变大 ②. 运动 ③. 不做功
【解析】
【详解】[1]摄像机镜头是凸透镜，根据凸透镜成像规律，成实像时满足“物近像远像变大”，当无人机靠近被拍摄物体时，物距减小，像会变大。
[2]以无人机为参照物，被拍摄物体和无人机的位置发生改变，因此被拍摄物体是运动的。
[3]做功需要满足两个条件：物体受力，且在力的方向上移动距离。无人机水平飞行时，升力方向竖直向上，无人机没有在升力的方向上移动距离，因此升力对无人机不做功。
14. 为了提高学生户外生存技能，学校开展取火和自制指南针实践活动。将包装口香糖的锡箔纸剪成如图1所示形状，其他条件相同时，C处的横截面积小，电阻________（选填“大”或“小”）。锡箔纸A、B两端分别与电池正负极接触，观察到C处起火，该现象利用了电流的________效应。将回形针掰直，磁化后放在树叶上，漂浮于水面，如图2 所示，回形针在________的作用下，静止后指向南北。
【答案】 ①. 大 ②. 热 ③. 地磁场##磁场
【解析】
【详解】[1]导体的材料、长度、温度相同时，横截面积越小，电阻越大。C处横截面积更小，因此电阻更大。
[2]锡箔纸接电池正负极后，电流通过导体时会将电能转化为内能，使锡箔纸的温度升高，该现象利用了电流的热效应。
[3]地球本身是一个巨大的天然磁体，周围存在地磁场；磁化后的回形针相当于小磁针，在地磁场的作用下，静止后会指向南北方向。
15. 某手机品牌新推出一款手机，其电池工作电压和充电时的电压均为3.8V，容量为8000mA·h，搭载了80W超级快充和50W 无线充电技术。手机无线充电技术的原理如图甲、乙所示，交变电流（交流电）通过送电线圈（无线充电板）产生磁场，智能手机内部的受电线圈因磁场变化产生感应电流，这些电流经整流后为手机电池充电，并将电能储存到手机的锂电池内。手机上的彩色画面是由红、________、蓝三种色光混合而成；手机无线充电的工作原理是________，该手机的电池充满电后可储存的电能为________J，将该手机电量从0%充到100%理论上所需的最短时间约为________s。
【答案】 ①. 绿 ②. 电磁感应现象 ③. 109440 ④. 1368
【解析】
【详解】[1]色光的三原色包括红、绿、蓝三种颜色，手机上的彩色画面是由红、绿、蓝三种色光混合而成。
[2]送电线圈通交流电产生变化的磁场，受电线圈在变化的磁场中会产生感应电流，这正是电磁感应现象的应用。
[3]该手机的电池充满电后可储存的电能
[4]将该手机电量从0%充到100%理论上所需的最短时间
16.
（1）如图甲所示，请将带开关的灯泡正确接入家庭电路中。
（2）超市里的电梯，有人乘时运行较快，无人乘时为了节能运行较慢。利用电磁继电器设计如图乙所示电路，其中R1是压敏电阻（受到压力时阻值较小，不受压力时阻值很大），R2是限流电阻（如果串联在电路中可减小电路中的电流）。请按照要求用笔画线代替导线将工作电路连接完整，并在括号中标出电磁铁上端的极性（用N、S表示）。
【答案】（1） （2）
【解析】
【小问1详解】
火线进入开关，再进入灯泡的金属点，然后回到零线上。据此作图。
【小问2详解】
根据图示可知，电流从电磁铁的下端流入、上端流出，根据安培定则可知，电磁铁的上端为N极；根据题意可知，当压力变大时，压敏电阻的阻值变小，根据欧姆定律可知，通过电磁铁的电流变大，电磁铁磁性增强，衔铁会被吸下，此时电动机转速较快，这说明通过电动机的电流较大，根据欧姆定律可知，电动机工作的电路的总电阻较小，所以该电路为电动机的简单电路；当压力变小时，压敏电阻的阻值变大，根据欧姆定律可知，通过电磁铁的电流变小，电磁铁磁性减弱，衔铁在弹簧的作用下被拉起，此时电动机转速较慢，这说明通过电动机的电流较小，根据欧姆定律可知，电动机工作的电路的总电阻较大，所以电动机和电阻R2串联在电路中。据此作图。
三、实验与探究题（共4小题，计22分）
17. 请完成下列填空。
（1）如图甲，温度计的示数为________℃。
（2）如图乙，在探究并联电路电流规律的实验时，应选用两个规格_________（选填“相同”或“不同”）的小灯泡。
（3）如图丙，在A点挂2个钩码，要使杠杆在水平位置平衡，应在B点挂_________个相同的钩码；当杠杆水平平衡后，将A、B两点下方所挂的钩码同时向靠近支点的方向各移动一小格，则杠杆将_________（选填“左端下沉”“右端下沉”或“保持水平平衡”）。
【答案】（1）34 （2）不同
（3） ①. 3 ②. 左端下沉
【解析】
【小问1详解】
由图可知，该温度计的分度值为1℃，刻度向上增大，说明是零上温度，液柱在30℃上4小格处，故示数为34℃。
【小问2详解】
为了避免实验偶然性，使结论具有普遍性，探究并联电路电流规律时，需要选用两个规格不同的小灯泡进行实验。
【小问3详解】
[1]设每个钩码重力为G，杠杆每格长度为L，��点力臂为3L，��点力臂为2L，由杠杆平衡条件可知，，解得，即��点挂3个钩码。
[2]A、B都向支点移动1格，左边力和力臂乘积；右边力和力臂乘积，左边乘积更大，因此杠杆左端下沉。
18. 如图甲所示是“探究通电螺线管外部磁场的特点”的实验装置。
（1）用铁屑探究螺线管外部磁场分布，实验操作如下：①轻敲纸板，观察铁屑分布；②闭合开关；③将铁屑均匀撒在硬纸板上。合理的操作顺序是________（填序号）。
（2）通过对铁屑分布的观察，发现通电螺线管外部磁场与______磁体周围磁场分布相似。
（3）把小磁针放到螺线管四周不同位置，如图乙，螺线管通电后记录小磁针_________极的方向，这个方向就是该点的磁场方向。
（4）将电源正负极对调，闭合开关，发现小磁针偏转方向与原来相反，说明通电螺线管的磁场方向与________有关。
【答案】（1）③②① （2）条形
（3）N##北 （4）电流方向
【解析】
【小问1详解】
合理操作顺序为：③②①；即先撒铁屑→再通电产生磁场→最后轻敲纸板让铁屑规则排列。
【小问2详解】
在通电螺线管外部多放置一些细铁屑，可以形象的显示出通电螺线管周围的细铁屑的排列与条形磁铁周围的细铁屑排列相似，由此可以判断，通电螺线管的外部磁场与条形磁铁的磁场相似。
【小问3详解】
物理学中规定，自由小磁针静止时N极所指的方向为该点的磁场方向，如图乙，螺线管通电后记录小磁针北极的方向，这个方向就是该点的磁场方向。
【小问4详解】
将电源正负极对调，电流方向改变，闭合开关，发现小磁针偏转方向与原来相反，磁场方向相反，说明通电螺线管的磁场方向与电流方向有关。
19. 小明为了探究“电流与电压的关系”，收集了如下实验器材：学生电源一个，开关，电阻分别为和的定值电阻各一个，滑动变阻器，导线若干。
（1）小明连接了如图甲所示的实物电路，电路中有一根导线连接错误，请在错误的导线上画“×”，并用笔画线代替导线将电路连接正确，导线不得交叉。
（2）为了保护电路，实验开始前，滑动变阻器的滑片应移动到最______（选填“左”或“右”）端。
（3）检查无误后，小明将的定值电阻接入电路，闭合开关，记录为点数据，继续移动滑动变阻器，描点、、，并绘制图像如图乙。为了使实验结论更具有普遍性，小明换用的定值电阻重复前面的操作，得到多组数据，在相同的坐标系中画出了图像，如图乙中______（选填“①”或“②”）所示。
（4）实验结束后，小明又将的定值电阻更换为额定电压为2.5V的小灯泡，测量小灯泡正常发光时的电阻。
①闭合开关后，发现小灯泡不亮，电流表有示数，电压表无示数，则电路中存在的故障可能是______。
②排除故障后，闭合开关，移动滑动变阻器的滑片到某一位置时，电压表示数如图丙所示，读数为______V，若想测量小灯泡正常发光时的电阻，应将滑片向______（选填“左”或“右”）移动。
③根据实验数据绘制的小灯泡的图像如图丁所示，则小灯泡正常发光时的电阻为______。
【答案】（1） （2）左
（3）① （4） ①. 小灯泡短路 ②. ③. 右 ④.
【解析】
【小问1详解】
探究电流与电压的关系实验中，定值电阻、滑动变阻器、开关与电源串联，电压表与定值电阻并联。原电路中电流不通过定值电阻，应将从滑动变阻器接到定值电阻右侧接线柱的导线改接到电压表负极接线柱上，如图所示：
【小问2详解】
为保护电路，闭合开关前，滑动变阻器的滑片应移到最大阻值处。由图可知滑动变阻器右下接线柱接入电路，滑片越远离左下接线柱阻值越大，所以滑片应移到最左端。
【小问3详解】
根据欧姆定律可知，电压相同时，电流与电阻成反比，所以电压相同时，20Ω电阻的电流应为10Ω电阻电流的一半，所以①图像是符合实验实际的。
【小问4详解】
[1]闭合开关后，电流表有示数，说明电路是通路，小灯泡不亮且电压表无示数，可能是小灯泡短路，此时电压表被短路，示数为。
[2][3]电压表量程为，分度值为，示数为。小灯泡额定电压为，要使小灯泡两端电压增大到，根据串联电路分压原理，应减小滑动变阻器接入电路的电阻，所以滑片应向右移动。
[3]由图丁可知，当小灯泡两端电压为时，通过的电流为，根据欧姆定律，可得小灯泡正常发光时的电阻
20. 小西进行篮球训练时发现，篮球落在水泥地面、塑胶地面和草坪上反弹的高度各不相同。篮球反弹高度与哪些因素有关？小西做了如下猜想：
猜想1：与篮球内气压大小有关；
猜想2：与下落的高度有关；
猜想3：与地面的材料有关。
（1）如图甲所示，小西将相同的篮球充入不同气压的气体后于同一高度由静止释放，第一次反弹高度分别如图甲中虚线所示，通过实验现象可知，猜想1是______（选填“正确”或“错误”）的。
（2）为了探究猜想2和猜想3，小西选用家中三种不同材质的接触面（瓷砖、实木、毛毯），用同一篮球从不同高度处由静止释放，进行多次实验，并记录数据如下表：
①通过分析1、2、3三组实验数据可知，其他条件相同时，篮球下落时的高度越大，反弹的高度越______。
②通过分析______三组实验数据可知，篮球反弹的高度与地面材质有关。
（3）篮球从高处下落过程中，将重力势能主要转化为______能。实验中发现篮球都无法反弹到原有的高度，且最终停在地上，小西猜想篮球的能量消失了，小西的猜想违背了______定律。
（4）如图乙，小西在给篮球打气时，发现打气筒的筒壁变得很热。为了确定筒壁变热是因为活塞摩擦生热还是打气筒压缩空气做功使空气变热，他用手分别摸了筒底的处和筒口的处，发现处温度比处高，则发热的主要原因是______。
（5）在工业生产中，常使用一定质量的物体冲击被检测物体表面来检测物体硬度，测量物体在距被测物表面1mm处的冲击前、后的速度大小，从而测出被测物体的硬度。冲击前后速度大小变化越小，被测物体硬度越______（选填“大”或“小”）。
【答案】（1）正确 （2） ①. 高 ②. 2、4、5
（3） ①. 动 ②. 能量守恒
（4）压缩空气做功，使空气内能增加、温度升高，进而使筒壁发热
（5）大
【解析】
【小问1详解】
由图甲可知，三次实验的地面材料和下落高度相同，篮球内气压大小不同，篮球触地后反弹的高度不同，由此可以证明猜想1是正确的。
【小问2详解】
[1]要探究“篮球反弹高度与下落高度的关系”，需要控制篮球内气压大小和地面材料相同；由1、2、3三组实验数据可知，下落的高度越大，反弹的高度越高。
[2]由表格可知，2、4、5三组实验数据，下落的高度相同，地面材质不同，反弹的高度不同，说明篮球反弹的高度与地面材质有关。
【小问3详解】
[1]篮球从高处下落时，高度降低、速度增大，重力势能主要转化为动能。
[2]能量不会凭空消失，篮球反弹高度降低、最终停下，是因为机械能转化为内能（摩擦、撞击生热），总能量保持不变，小西的猜想违背了能量守恒定律。
【小问4详解】
打气时，活塞压缩筒内空气做功，机械能转化为空气的内能，使空气温度升高，筒底A处是压缩空气，使A处温度更高；筒口B处远离压缩做功区域，温度更低，因此发热主因是压缩空气做功，而非活塞摩擦。
【小问5详解】
冲击前后速度变化越小，说明物体的动能损失越少，被测物体对冲击的抵抗能力越强，即硬度越大。
四、综合题（共3小题，计20分）
21. 半潜船是专门从事运输舰船、石油钻井平台等大型设备的海运船舶。如图所示是我国最大的半潜船“新光华号”准备进行海运任务，装载货物前它有的体积浸入海水中，完成货物装载后，“新光华号”半潜船底部所在深度为20m。，g取10 N/ kg。求∶
（1）装载货物前“新光华号”半潜船受到的浮力大小。
（2）完成货物装载后，“新光华号”半潜船底部受到海水的压强。
（3）“新光华号”半潜船在水面上匀速直线行驶 ，用时2 h，水平推进器提供的动力为 ，求该过程中推进器输出的功率。
【答案】（1）
（2）
（3）
【解析】
【小问1详解】
装载货物前，半潜船受到的浮力
【小问2详解】
完成货物装载后，半潜船底部受到海水的压强
【小问3详解】
匀速直线行驶过程中动力做的功
此过程中推进器输出的功率
22. 如图甲所示是小明家的蒸汽拖把。使用时，电热丝加热水，产生高温蒸汽从拖把头喷出，能在高效清洁地面的同时杀灭地面上的细菌。该蒸汽拖把的简化加热电路如图乙所示，有高、低两个挡位，额定电压为220 V，高挡位的额定电功率为880 W，电热丝的阻值不变， 55 Ω。[水的比热容为 ]
（1）开关S接________时为高挡位，求高挡位正常加热时电路中的电流________；
（2）求低挡位的额定功率；
（3）已知蒸汽拖把水箱内水的质量为1kg，将水箱中的水从20℃加热到100℃需要高挡位正常工作500 s，求蒸汽拖把高挡位的加热效率。（结果精确至1%）
【答案】（1） ①. 1 ②.
（2）
（3）
【解析】
【小问1详解】
[1]由可知，在电压一定时，电阻越小，功率越大。当开关接时，只有接入电路，电阻较小，此时为高挡位。
[2]根据，可得高挡位正常加热时电路中的电流I=PU=880W220V=4A
【小问2详解】
开关接1时，电路为R1的简单电路，蒸汽拖把处于高挡位；
开关接2时，R1、R2串联，蒸汽拖把处于低挡位。
电热丝R1的阻值
低挡位的额定功率P底=U2R1+R2=220V255Ω+55Ω=440W
【小问3详解】
消耗的电能W=P高t=880W×500s=4.4×105J
水吸收的热量Q吸=cmΔt=4.2×103J/kg⋅∘C×1kg×100∘C−20∘C=3.36×105J
蒸汽拖把高挡位的加热效率η=Q吸W×100%=3.36×105J4.4×105J×100%≈76%
23. 如图甲所示，是位于甘肃酒泉瓜州的全球首个“双塔一机”光热储能电站，这座电站布置了近27 000块定日镜，定日镜的朝向随太阳位置的变化而改变，能将阳光反射聚集到吸热塔上，塔下放置装有熔盐的大罐，白天低温液态熔盐吸热升温，形成的高温液态熔盐被输送到蒸汽发生器，发生器中的水吸收热量，产生高温高压的蒸汽驱动汽轮机转动，汽轮机的转动带动发电机发电，如图乙所示。
（1）太阳能属于________（选填“可再生”或“不可再生”）能源；定日镜反射阳光的方式属于________（选填“漫”或“镜面”）反射。
（2）若蒸汽发生器中水的体积为，则水的质量为多少kg？
（3）该光热发电站进行远距离输电时，若通过某输电线的电流为5000 A，输电线每秒产生的热为，则输电线上的电阻值是多少？
（4）该电站更是一个多能互补的综合性绿色能源基地。这里还集合了73 台总装机40万千瓦的风力发电机，以及由超过48000个光伏支架组成的20万千瓦光伏电站。通过风光热储一体化模式，共同构成了一个总规模达70万千瓦的清洁能源集群，全部投运后电站年发电量预计可达 千瓦时。则该电站一年的预计发电总量相当于完全燃烧多少t煤的发电量？（已知煤电转换效率为40%，煤的热值为）
【答案】（1） ①. 可再生 ②. 镜面
（2）
（3）
（4）
【解析】
【小问1详解】
[1]太阳能可以源源不断从自然界获取，属于可再生能源。
[2]定日镜需要将阳光定向反射聚集到吸热塔，定日镜的表面光滑，发生的是镜面反射。
【小问2详解】
水的质量为m水=ρ水V水=1.0×103kg/m3×10m3=1.0×104kg
【小问3详解】
根据焦耳定律得，输电线上的电阻值R=QI2t=1×109J5000A2×1s=40Ω
【小问4详解】
发电站一年的发电量W=1.8×109kW⋅h=6.48×1015J
根据得，一年里煤完全燃烧放出的总热量Q放=Wη=6.48×1015J40%=1.62×1016J
由可知，所需燃烧煤的质量m煤=Q放q煤=1.62×1016J3.0×107J/kg=5.4×108kg=5.4×105t实验序号
地面材料
篮球被举起的高度／m
篮球反弹的高度／m
1
瓷砖
0.5
0.4
2
瓷砖
1
0.75
3
瓷砖
1.5
1.2
4
实木
1
0.5
5
毛毯
1
0.15