2026年江苏省南京市鼓楼区名校联盟中考物理二模试题（含解析）中考模拟

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1. 如图中的物品使用时利用了杠杆原理的是（ ）
A. 洗手盘下防臭水管
B. 指甲钳
C. 塑料吸盘挂钩
D. 汽车逃生安全锤
【答案】B
【解析】
【详解】A．洗手盘下防臭水管，利用的是连通器原理，故A不符合题意；
B．指甲钳是三个杠杆的组合应用，利用的是杠杆原理，故B符合题意；
C．塑料吸盘挂钩利用了大气压的作用，故C不符合题意；
D．汽车逃生安全锤，利用的是在压力一定时，减小受力面积而增大压强，故D不符合题意。
故选B。
2. 通常情况下，下列各组物质中，都属于绝缘体的是（ ）
A. 空气、塑料、人体B. 陶瓷、湿木材、橡胶
C. 空气、油、食盐晶体D. 玻璃、油、大地
【答案】C
【解析】
【分析】导体容易导电的物体，包括：各种金属、人体、大地、石墨、酸碱盐的水溶液等；绝缘体不容导电的物体，包括：陶瓷、橡胶、塑料、干木、玻璃等。
【详解】A．空气和塑料是绝缘体，人是导体，故A不符合题意；
B．陶瓷和橡胶是绝缘体，湿木材是导体，故B不符合题意；
C．空气、油、食盐晶体都是绝缘体，故C符合题意；
D．玻璃和油是绝缘体，大地是导体，故D不符合题意。
故选C。
3. 下列数据中最接近生活实际的是（ ）
A. 日光灯正常工作电流约为1.8A
B. 中学生正常步行上楼1s做功大约800J
C. 家用节能灯的额定功率约为20W
D. 人体的安全电压不高于220V
【答案】C
【解析】
【详解】A．日光灯电压为220V，功率一般为20W，由得
故A不符合题意；
B．中学生体重约为50kg，人1s上楼约为0.5米，则做功为
故B不符合题意；
C．家用节能灯额定功率一般在15~30W间，故C符合题意；
D．人体的安全电压为不高于36V，D不符合题意。
故选C。
4. 下列几种现象中，内能改变的方式与其它三种不同的是（ ）
A. 夏天，用嘴向手背快速吹气，手会感到凉意
B. 推空气压缩引火仪，筒内温度升高
C. 反复弯折铁丝后，铁丝的温度升高
D. 冬天，摩擦双手，手的温度会升高
【答案】A
【解析】
【分析】
【详解】A．夏天，用嘴向手背快速吹气时，带走了手上的热量，使手的温度降低，是通过加快空气流动加快蒸发，蒸发有制冷作用；
B．迅速向下压空气压缩引火仪的压活塞，活塞会压缩空气做功，机械能转化为内能，使空气的内能增加，温度升高，这是通过做功的方式改变内能；
C．反复弯折铁丝时，机械能转化为铁丝的内能，内能增大温度升高，是通过做功改变了物体的内能；
D．摩擦双手时，克服摩擦力做功，机械能转化为内能，使手的温度会升高，所以是通过做功改变物体的内能；
A是通过热传递的方式改变内能的，BCD都是通过做功的方式改变内能的，故A符合题意。
故选A。
5. 关于温度、热量、内能，以下说法中正确的是
A. 温度相同的两个物体间也能发生热传递
B. 0℃的冰变成0℃的水，温度不变，内能不变
C. 物体内能减少，一定放出了热量
D. 任何物体都具有内能，通过摩擦可增大冰块的内能
【答案】D
【解析】
【详解】A．温度相同的两个物体间不存在温度差，就不能发生热传递，故A错误；
B．0℃的冰变成0℃的水，温度不变，但状态改变，需要吸收热量，所以内能增大，故B错误；
C．物体内能减少，可能是放出了热量，也可能是对外做了功，故C错误；
D．内能是物体所有分子动能和分子势能的总和，任何物体都具有内能，摩擦冰块，属于克服摩擦做功的过程 ，可以增加冰的内能。故D正确。
故选D。
6. 如图所示的情景中，改变内能的方式与其他三个不同的是（ ）
A. 活塞压缩气体B. 水浴法加热
C. 反复弯折铁丝D. 点火后盒盖飞出
【答案】B
【解析】
【详解】活塞压缩气体，对气体做功，内能增加，通过做功的方式改变气体的内能；水浴法加热，水吸收热量，内能增加，通过热传递的方式改变水的内能；反复弯折铁丝，机械能转化为内能，通过做功的方式改变物体的内能；点火后盒盖飞出，内能转化为机械能，属于通过做功改变物体的内能。改变内能的方式与其他三个不同的是B选项，故B符合题意，ACD不符合题意。
故选B。
7. 物理与生活息息相关，下列说法正确的是（ ）
A. 甲图中，电磁起重机是利用电流热效应工作的
B. 乙图中，自制水果电池的铁片是水果电池的正极
C. 丙图中，引体向上时，功率大小只与人的质量有关
D. 丁图中，海陆风的形成原因之一是水和沙石的比热容不同
【答案】D
【解析】
【详解】A．电磁起重机的核心部件是电磁铁，是利用电流的磁效应工作的，不是电流热效应，故A错误；
B．电压表指针正向偏转的条件是电流“正进负出”，图中电压表指针正向偏转，说明接电压表正接线柱的铜片是是水果电池正极，铁片是负极，故B错误；
C．引体向上的功率公式为 ，功率大小与人的质量、身体上升高度、做功时间都有关，并非只和人的质量有关，故C错误；
D．水的比热容远大于沙石，白天吸收相同热量时，陆地沙石升温比海水更快，陆地热空气上升，海面冷空气流向陆地形成海风，海陆风的形成原因就是水和沙石的比热容不同，故D正确。
故选D。
8. 某款电吹风有“冷风”和“热风”两个挡位，电动机工作时吹冷风，电动机和电热丝R同时工作时吹热风，电热丝不可以单独工作。下列模拟电路，符合要求的是（ ）
A. B.
C. D.
【答案】B
【解析】
【详解】A．电动机和电热丝串联，开关闭合后二者同时工作，无法实现电动机单独工作，不能吹出冷风，故A不符合题意；
B．电热丝和开关串联在上支路，电动机单独在下支路，是干路开关：只闭合时，只有电动机工作，吹冷风；、都闭合时，电动机和电热丝同时工作，吹热风；电热丝要工作必须闭合干路，此时电动机一定工作，电热丝不可能单独工作，故B符合题意；
C．电热丝直接并联在电路中，只闭合干路开关时，只有电热丝单独工作，故C不符合题意；
D．开关闭合后电动机和电热丝同时工作，开关断开后二者都不工作，无法实现电动机单独工作吹出冷风，故D不符合题意。
故选B。
9. 如图是一位运动员在蹦床比赛中的示意图，某时刻他从A点自由下落，与水平床面在B点接触，他能到达的最低点为C。下列说法正确的是（ ）
A. 运动员在C点时的动能最大
B. 运动员在B点时的机械能最大
C. 从A到B的过程，运动员的重力势能全部转化为动能
D. 从A到C的过程，运动员减小的机械能大于蹦床增加的弹性势能
【答案】D
【解析】
【详解】A．运动员从B到C的过程中，一开始重力大于蹦床的弹力，速度还在增大，当重力等于弹力时速度达到最大，之后弹力大于重力，速度减小，到C点时速度为0，动能为0，所以C点动能不是最大，故A错误；
B．从A到B的过程中，克服阻力做功，机械能转化为内能，在A点的机械能最大，故B错误；
C．从A到B的过程中，运动员下落时会受到空气阻力的作用，重力势能除了转化为动能，还有一小部分会因为克服空气阻力做功转化为其它形式的能，不是全部转化为动能，故C错误；
D．从A到C的过程中，运动员减小的机械能一部分转化为蹦床的弹性势能，另一部分因为克服空气阻力做功转化为其它形式的能，所以运动员减小的机械能等于蹦床增加的弹性势能加上转化的其它形式的能，也就是运动员减小的机械能大于蹦床增加的弹性势能，故D正确。
故选D。
10. 如图所示的电路，电源电压恒定，先闭合开关、再闭合开关，下列说法正确的是（ ）
A. 电流表的示数将变小
B. 电压表V与电流表示数的比值将变小
C. 电流表的示数将变大
D. 电压表V与电流表示数的比值将变大
【答案】B
【解析】
【详解】开关S1、S2都闭合，电阻R1、R2并联，开关S1控制干路，S2控制R2。电流表A1测干路电流，A2测通过R1的电流，电压表测电源电压。
A．因为S2闭合之前，电路中只接入电阻R1，电流表A1测的是通过R1的电流，再闭合S2，电流表A1测的是R1和R2的总电流，而通过R1的电流不变。所以A1的示数变大。故A错误；
B． 先闭合开关S1，电路中只接入电阻R1，再闭合开关S2，电阻R1与R2并联，两电阻并联，总电阻变小。电压表V与电流表A1示数的比值就是电路的总电阻，所以这个比值将变小，故B正确；
C． 并联电路的两个支路独立工作，互不影响，所以无论S2是否闭合通过，R1的电流不变。电流表A2的示数不变。故C错误；
D． 电压表V与电流表A2示数的比值就是定值电阻R1的阻值，定值电阻阻值不变，所以这个比值不变，故D错误。
故选B。
11. 如图1所示，是电阻箱，是定值电阻。闭合开关S，改变的阻值，两电压表示数与关系图像如图2所示，已知图线①和②相互平行。则（ ）
A. ①是V1示数和的关系图线B. 供电设备两端的电压保持不变
C. 电路中电流随的增大而减小D. 电路总功率随的增大而增大
【答案】D
【解析】
【分析】
【详解】A．V1测电阻箱电压，V2测电阻箱和定值电阻总电压，①不从原点开始，应该包含定值电阻电压，所以①表示V2，②表示V1，故A不符合题意；
B．V2测总电压，由图可知，供电设备电压变大，故B不符合题意；
CD．两电压表示数之差等于定值电阻的电压，图线①和②相互平行，说明定值电阻两端电压不变，根据，通过定值电阻的电流大小不变，则电路中电流不变。供电设备电压变大，根据P=UI，电路总功率随的增大而增大，故C不符合题意，D符合题意。
故选D。
12. 如图所示，电源电压U恒定，R1是定值电阻，滑动变阻器R2标有“20Ω 2A”，灯L标有“6V 6W”。滑片P在阻值最大端时，闭合开关S，电压表V1示数为2V，电压表V2（未画出）示数为4V；P移到某一位置时，V2示数为10V，电流表示数为1A。上述滑片移动过程中，R2阻值的变化量为ΔR，电路总功率的变化量为ΔP。下列说法正确的是（ ）
A. U=16VB. R1=5ΩC. ΔR=12ΩD. ΔP=7W
【答案】D
【解析】
【详解】AB．灯L标有“6V 6W”，灯正常工作时的电流
滑片P由最大值移到某一位置时，变阻器的电阻变小，根据串联分压可知滑动变阻器两端的电压变小，电压表V2示数由4V增大为10V，确定电压表V2测灯L和定值电阻R1的电压；电流表示数为1A，此时灯正常发光，定值电阻R1的电压
定值电阻R1的电阻
当滑片P在阻值最大端时：电压表V1示数为2V，定值电阻R1的电压为U1′=2V，通过定值电阻R1的电流
串联电路各处电流相等，滑动变阻器R2两端的电压
电源电压U=10V+4V=14V
故AB错误；
C．当滑片P在阻值最大端时，R2阻值为20Ω；当P移到某一位置时
R2阻值的变化量
故C错误；
D．当滑片P在阻值最大端时，电路总功率
当P移到某一位置时，电路总功率
电路总功率的变化量为
故D正确。
故选D。
二、填空题（本大题共8小题，每空1分，共26分）
13. 华为手机拥有反向无线充电的技术。如图所示，现将手机甲置于手机乙之上，就能给手机甲充电，此时的甲手机相当于电路中的________（填电路元件名称），此时乙手机的能量转化情况主要是________能转化为________能。
【答案】 ①. 用电器 ②. 化学 ③. 电
【解析】
【详解】[1]在反向无线充电过程中，手机甲作为能量接收方，从手机乙获取电能并存储到其电池中。因此，甲手机在电路中扮演消耗电能的角色，相当于用电器。
[2][3]乙手机作为能量发送方，其内部电池的化学能转化为电能。
14. 2025年，华为发布的新款手机搭载了麒麟9030芯片，该芯片主要用到______材料（选填“导体”、“半导体”或“超导体”），当芯片中有电流通过时，芯片元件有电阻，由于电流的______效应，不可避免地会产生热量。
【答案】 ①. 半导体 ②. 热
【解析】
【详解】[1]芯片主要用到的材料是半导体，因为半导体具有特殊的电学性质，可用于制造各种电子元件，如芯片。
[2]当芯片中有电流通过时，芯片元件有电阻，由于电流的热效应，电流通过电阻时会产生热量。
15. 用定滑轮匀速提升质量为10kg的物体，所用的拉力为110N，物体在2s内升高0.5m，此过程中的有用功是______J，定滑轮的机械效率是______%，拉力的功率是______W。（g取10N/kg）
【答案】 ①. 50 ②. 90.91 ③. 27.5
【解析】
【分析】
【详解】[1]有用功是
W有=Gh=mgh=10kg×10N/kg×0.5m=50J
[2]因为是定滑轮，所以总功为
W总=Fh=110N×0.5m=55J
则机械效率是
η=90.91%
[3]拉力的功率是
16. 小明用塑料矿泉水瓶进行了如下探究：瓶中留有少量水，盖上瓶盖（图甲）；扭转瓶子（图乙），轻轻扭动瓶盖，瓶盖被瓶内的气体冲出，瓶内气体的内能________（增大/减小/不变），同时瓶内出现白雾。此时能量转化与丙丁图中汽油机________（丙丁）的工作过程一致，若某台汽油机内对外做功20次，则飞轮转速是________。

【答案】 ①. 减小 ②. 丙 ③. 2400
【解析】
【详解】[1]扭转瓶子，轻轻扭动瓶盖，瓶盖被瓶内的气体冲出，瓶内气体的内能减小，内能转化成机械能，温度降低，使瓶内水蒸气液化出现白雾。
[2]汽油机的丙冲程进气门和排气门关闭，火花塞打火，活塞向下运动，是做功冲程，内能转化为机械能。此时能量转化与图中汽油机丙的工作过程一致。
[3]飞轮每转动2r完成4个冲程，对外做功1次，若某台汽油机1s内对外做功20次，说明1s内飞轮转动40r，每分钟转动
60×40r=2400r
则飞轮转速是2400r/min。
17. 在发光亮度相当的情况下，和普通白炽灯相比，“220V 4.4W”的LED灯可以节约90%的电能，此LED灯与功率为______W的普通白炽灯亮度相当；家中电能表如图所示，如果断开家中所有用电器，只接通该LED灯，正常发光5小时消耗电能______kW·h，电能表指示灯闪烁______次。
【答案】 ①. 44 ②. 0.022 ③. 66
【解析】
【详解】[1]在发光亮度相当的情况下，LED灯节约90%电能，意味着白炽灯消耗电能是LED灯的10倍。根据公式（相同时间内），功率与电能成正比，所以白炽灯功率是LED灯功率的10倍。已知，则
[2]LED灯的电功率
LED灯正常发光5小时消耗电能
[3]已知电能表参数为，即每消耗电能指示灯闪烁3000次。由问题2知消耗电能
则闪烁次数
即电能表指示灯闪烁66次。
18. 如图所示，灯泡标有“6V 3W”字样，R1标有“5Ω 1.5A”，R2为标有“10Ω 1A”的滑动变阻器，电源电压恒定，闭合所有开关，灯泡恰好正常发光，则电源电压是______V，10s内R1产生的热量为______J；断开、，R2允许调节的阻值范围为______Ω，移动R2滑片的过程中，R2的电功率与电路总功率的最大比值为______。

【答案】 ①. 6 ②. 72 ③. 1~10 ④. 2∶3
【解析】
【详解】[1]闭合所有开关，R2被短路，R1和灯泡并联在电路中，根据并联电路的电压特点可知，此时灯泡恰好正常发光，电源电压等于灯泡的额定电压，即
[2]当闭合所有开关时，根据并联电路的电压特点可知，R1两端电压等于电源电压，即
根据
可得，10s内R1产生的热量为
[3]闭合S、断开、时，R1和R2串联在电路中，由于R1标有“5Ω 1.5A”，所以通过R1的最大电流为1.5A；又因为R2为标有“10Ω 1A”的滑动变阻器，所以通过R2的最大电流为1A。故此时电路的最大电流为I大=1A，根据欧姆定律可知，变阻器连入电路的阻值最小，总电阻最小，即
根据串联电路的电阻特点可得，R2接入电路的最小电阻为
而滑动变阻器连入电路的阻值最大时，电路是安全的。故R2允许调节的阻值范围为1~10Ω。
[4]移动R2滑片的过程中，由于串联电路电流处处相等，因此通过R1的电流等于电路电流。根据可得，R2的电功率与电路总功率的比值为
因为R2允许调节的阻值范围为1~10Ω，当R2等于10Ω时，R2的电功率与电路总功率的比值最大，即
19. 如图所示是某电水壶的电路简图，其中R1、R2均为电热丝，该水壶有加热、保温两个挡位，相关参数如表所示。
（1）在壶内装有额定容量的水，加热挡工作350s，水温升高了90℃，水吸收的热量为______J，电水壶对水加热的效率为______%。[c水=4.2×10³J/（kg·℃）]
（2）若对该电水壶电路进行改造，保持电水壶的保温功率不变，将加热功率提高到1310W，请写出一条改造措施：______。
【答案】（1） ①. 3.78×105 ②. 90
（2）将R2的阻值更换为40Ω
【解析】
【小问1详解】
[1]水的质量
水吸收的热量为
[2]加热挡工作350s,电水壶消耗的电能为
电水壶对水加热的效率为
【小问2详解】
当都闭合时，两电阻并联，电路中电阻最小，根据可知，电路的功率最大，是加热挡；当S闭合时，电路为只有工作，电阻最大，根据可知，电路的功率最小，是保温挡；保持电水壶的保温功率不变，将加热功率提高到1310W，此时的功率
根据可知，的阻值为
故为了让加热功率提高到1310W，改造措施是将的阻值更换为。
20. 某实验小组设计了如图甲所示的温度报警电路，电源电压恒为4V，R1为滑动变阻器，热敏电阻Rt的阻值随温度的变化如图乙所示，阻值不计的报警器在电流达到20mA时开始报警，超过50mA时损坏。
（1）将滑动变阻器滑片P向左移动可______（选填“提高”或“降低”）报警温度。
（2）为设定报警温度为100℃，小组同学利用电阻箱成功进行了两种调试：
方法一：用电阻箱替代滑动变阻器R1，将电阻箱的示数调节为______Ω，即可实现温度为100℃时报警。
方法二：用电阻箱替代热敏电阻Rt，将其阻值调为______Ω，再调节滑动变阻器滑片P，直至报警器报警，再用热敏电阻Rt替换电阻箱，即可实现温度100℃时报警。
（3）要想实现报警温度可以在50℃~200℃之间调节，则该电路应该选用电压至少为______V的电源。
【答案】（1）降低 （2） ①. 40 ②. 160
（3）5.4
【解析】
【小问1详解】
由图甲可知，与串联，滑片P向左移动时接入电路中的电阻变小，相同温度下，热敏电阻的阻值相同，则电路的总电阻变小，电路中电流变大，与移动滑片之前相比，电路中电流会先达到报警值20mA，因此将滑动变阻器滑片P向左移动可降低报警温度。
【小问2详解】
[1]由图乙可得，温度为100℃时，，报警器报警时的电流
根据欧姆定律变形公式，此时电路的总电阻为
由串联电路中总电阻等于各电阻之和可得，与热敏电阻串联的电阻箱阻值为
因此，用电阻箱替代滑动变阻器，将电阻箱的示数调节为40Ω，即可实现温度为100℃时报警。
[2]由图乙可知，温度为100℃时，，用电阻箱替换热敏电阻后对滑动变阻器进行调节，为使热敏电阻的阻值为160Ω时报警器报警，调节滑动变阻器滑片的位置时，电阻箱的阻值应调为160Ω。
【小问3详解】
由图乙可知，热敏电阻的阻值随温度的升高而减小，由欧姆定律可得，电源电压为
由此可知，要使电源电压最小，在报警电流固定的前提下，需让电路总电阻取最小值，电路中电流最小
要使电路总电阻最小，滑动变阻器接入电路的电阻为0，的阻值不能低于其在50℃时的阻值270Ω，则满足电路在50℃时能够报警的总电阻的最小值为，根据欧姆定律变形公式，此时电源电压最小值为
三、作图题（每小题2分，共6分）
21. 按要求作图（保留作图痕迹）。
（1）如图甲，杠杆OAB处于静止状态，请画出拉力的力臂及杠杆所受阻力的示意图。
（2）如图乙，请在虚线框内标出通电螺线管右端的磁极，并在A处标出磁感线方向。
（3）如图丙，请将灯泡、开关正确连入家庭电路中。
【答案】（1） （2）
（3）
【解析】
【小问1详解】
阻力：阻力是物体对杠杆的拉力，作用点在A点，方向竖直向下，画一条带箭头的线段并标注。 力臂：从支点向的作用线作垂线段，该垂线段就是的力臂，标注。如图所示：
【小问2详解】
根据安培定则，右手握住螺线管，四指顺着电流方向（电流从电源左正极流出，从螺线管左端流入右端流出，四指沿电流方向弯曲），大拇指指向螺线管右端，因此虚线框内右端为N极。螺线管外部磁感线从N极指向S极，因此A点磁感线箭头向左（从右端N极指向左端S极）。如图所示：
【小问3详解】
按照家庭电路安全接线规则，火线先连接开关左端接线柱，开关右端接线柱连接灯泡顶端的接线端；灯泡的右侧接线端直接接零线。如图所示：
四、解答题（本大题共7小题，共44分）
22. 探究影响动能大小因素的实验如图所示，小球从同一斜面由静止释放，碰撞静止在同一水平长木板上同一位置的同一木块。
（1）比较甲、乙实验，可以探究动能大小与______的关系。
（2）比较乙、丙实验，可初步得到的结论是______。
（3）依据实验中______这一现象，可知C球刚到水平面时具有的动能最大。
（4）______两图所示的实验可以用图丁所示的弹簧替换斜面完成。
【答案】（1）速度 （2）当速度一定时，物体的质量越大，动能越大
（3）丙实验中木块移动的距离最远
（4）甲、乙
【解析】
【小问1详解】
甲、乙实验中，A、B小球的质量相同，从斜面不同高度由静止释放，两小球到达斜面底端的速度不同，B小球的速度大，碰撞木块后木块滑行的距离更远。故比较甲、乙实验可以探究动能大小与速度的关系。
【小问2详解】
乙、丙实验中，B、C小球从斜面的同一高度由静止释放，到达水平面时的速度相同，但两小球的质量不同，丙实验中C小球的质量更大，推动木块滑行的距离更远，说明C小球的动能更大。故比较乙、丙实验，可初步得出结论：当速度一定时，物体的质量越大，动能越大。
【小问3详解】
实验中通过木块移动的距离来反映小球动能的大小，丙实验中C小球推动木块移动的距离最远，说明C小球刚到水平面时具有的动能最大。
【小问4详解】
如图丁所示，小球的动能由弹簧的弹性势能转化而来，弹簧压缩的程度越大，转化成小球的动能就越大，可以通过改变弹簧压缩程度改变速度，探究与速度的关系，但改用不同质量的小球不能控制速度相同，所以甲、乙两实验可以使用图丁替换。
23. 探究通电螺线管外部磁场的分布实验中：
（1）在固定有螺线管的水平玻璃板上均匀撒满铁屑，给螺线管通电后，______玻璃板，铁屑分布如图所示。观察铁屑的排列情况，发现通电螺线管外部的磁场与______磁体的磁场相似。
（2）通过铁屑的分布可知A、B点中，______点的磁场更强。
（3）为了探究通电螺线管周围的磁场方向，还应增加的器材是______。
【答案】（1） ①. 轻敲 ②. 条形
（2）A （3）小磁针
【解析】
【小问1详解】
[1][2]实验中，通电后轻敲玻璃板，被磁化后的细铁屑由于受到磁力的作用而呈现如图所示的排列。据此可知，通电螺线管外部的磁场分布与条形磁体的相似。
【小问2详解】
由图可知，与B点处相比较A点处铁屑更密集，说明A点的磁场更强。
【小问3详解】
要探究通电螺线管外部磁场的方向，需要增加的器材是小磁针，放在磁场中的小磁针静止时N极所指的方向就是该点的磁场方向。
24. “比较质量相等的不同燃料燃烧时放出的热量”实验：
（1）实验中需要控制相同的有______（多选）。
A. 液体的质量B. 液体的种类
C. 燃料的质量D. 燃料的种类
（2）该实验通过比较______来比较燃料燃烧释放出的热量。
（3）将两试管中注入初温相同的液体，若甲图试管中的液体实验结束前已沸腾，乙图试管中的液体实验结束时未沸腾，则______（选填“能”或“不能”）说明甲图中燃料的热值更大。
【答案】（1）ABC （2）温度计升高的示数
（3）能
【解析】
【小问1详解】
比较不同燃料的热值，应选择不同的燃料加热相同的物质，控制燃料燃烧的质量相同，故实验中需要控制相同的有液体的质量、液体的种类和燃料的质量，故ABC符合题意，D不符合题意。故选ABC。
【小问2详解】
比较不同燃料的热值时，采用的是控制变量法，实验中需要控制燃料的质量相同，当燃料全部燃烧完后，通过比较温度计升高的示数来比较放出热量的多少。
【小问3详解】
将两试管中注入初温相同的同种液体，如果甲图中的液体在实验结束前已沸腾，而乙图试管中的液体实验结束时未沸腾，说明甲图中燃料燃烧产生的热量更多，因此可以推断甲图中燃料的热值更大。
25. 用如图所示实验装置测量动滑轮的机械效率。
（1）实验时，应竖直向上___拉动弹簧测力计，使挂在动滑轮下的物体A缓慢上升；
（2）将滑轮从图中实线位置拉至虚线位置的过程中，测力计的示数为___N，已知物体A重3.6N，物体A上升高度h为0.1m，测力计移动距离s为0.2m，则动滑轮的机械效率为_______；
（3）若增加所提物体A的重力，则机械效率将___。（填“变大”“变小”或“不变”）
【答案】 ①. 匀速 ②. 2.4 ③. 75% ④. 变大
【解析】
【详解】（1）[1]探究滑轮组机械效率时，要竖直向上匀速拉动弹簧测力计，拉力不变，弹簧测力计示数稳定，方便读数。
（2）[2][3]由图示可知，测力计的分度值为0.2N，故测力计的示数是2.4N；动滑轮的机械效率
（3）[4]增加所提物体A的重力，则会增大有用功，而额外功不变，故有用功在总功中所占的百分比增大，机械效率变大。
26. 小明利用如图所示的实验装置探究“导体产生的热量与电阻大小的关系”，甲瓶中铜丝的电阻比乙瓶中镍铬合金丝的电阻小。
（1）实验中煤油吸收热的多少是通过_______来反映的（选填“温度计示数”或“加热时间”），这体现的研究物理问题的方法是_______；
（2）为了在较短的时间内达到明显的实验效果、小明选用煤油而不用水做实验，是因为煤油的比热容_______水的比热容；（选填“大于”或“小于”）；
（3） 为了使得实验的有效性，所以要使得甲、乙两瓶中的煤油_______与________都相等；
（4）通电一定时间后，乙瓶中的温度计示数升高的快，由此得出的实验结论是：在_______和通电时间相同时，_______越大，导体产生的热量越多。
【答案】 ①. 温度计示数 ②. 转换法 ③. 小于 ④. 质量 ⑤. 初温 ⑥. 电流 ⑦. 电阻
【解析】
【详解】（1）[1][2]由Q=cmΔt可知，质量和初温都相同的煤油，温度升高的越快，吸收的热量较多．所以，实验中煤油吸收热的多少是通过温度计示数来反映的；这体现的研究物理问题的方法是转换法（就是把无法感知的变化转化为能够感知的变化）。
（2）[3]由可知，质量和初温都相同的不同物质，在吸收相同热量的情况下，由于水的比热容较大，升温较慢，所以为了在较短的时间内达到明显的实验效果，小明选用煤油而不用水做实验。
（3）[4][5]由可知，温度的变化与吸收的热量、质量有关，煤油的温度与初温和升高的温度有关．所以，为了使得实验的有效性，要使得甲、乙两瓶中的煤油质量与初温都相等。
（4）[6][7]因为两根电阻丝是串联，电流和通电时间都相同，所以通电一定时间后，由乙瓶中的温度计示数升高的快，可得出的实验结论是：在电流和通电时间相同时，电阻越大，导体产生的热量越多。
27. 热机是将内能转化成______能的机器，如图所示是热机的______冲程。一台四冲程汽油机飞轮转速是，则汽油机每秒完成______个冲程，燃气做功______次，如果一次做功为1000 J，则汽油机的功率为______ W。
【答案】 ①. 机械 ②. 做功 ③. 40 ④. 10 ⑤. 104
【解析】
【详解】[1]热机通过做功的方式利用内能，将内能转化为机械能。
[2]热机一个工作循环由吸气冲程、压缩冲程、做功冲程、排气冲程组成；由图可知，进气门和排气门都是关闭的，活塞下行，火花塞喷出电火花，可以判断是做功冲程。
[3][4]一台四冲程汽油机飞轮转速是
因一个工作循环飞轮转2圈，完成四个工作冲程，做功1次，所以汽油机每秒完成40个冲程，燃气做功10次。
[5]1s内汽油机做的功
则汽油机的功率
28. 示是某校科技小组制作的液体密度计的工作原理图，其中空桶重1N，测量时需将桶内注满液体。电源电压恒为12V，定值电阻R0的阻值为10Ω；电压表的量程为0~3V，表盘改造后可直接显示所测液体的密度值；滑动变阻器R2标有“24Ω0.5A”的字样，R1为压敏电阻，其阻值与所受压力F变化关系如下表所示（R1的阻值不为0）。在桶内注满水时，桶内水重恰为1N，闭合开关S，移动R2的滑片至位置M时，电压表的示数为1.5V。
（1）此时电路中的电流为_______A；
（2）此时滑动变阻器R2接入电路中的阻值为_______Ω；
（3）R2的滑片在位置M时，该液体密度计的“0”刻度线与电压表表盘____________V 的刻度线相对应；
（4）移动 R2的滑片可以改变密度计的最大测量值（此时电压表指针满偏）。已知桶的容积为100mL，求则该液体密度计的最大测量值。（写出必要的文字说明、计算过程及最后的结果）（ ）
【答案】 ①. 0.15 ②. 20 ③. 1 ④. 2.1g/cm3
【解析】
【详解】（1）[1]由电路图得，定值电阻R0与R1串联，电压表测量定值电阻R0的电压，闭合开关S，移动R2的滑片至位置M时，电压表的示数为1.5V，由欧姆定律得，此时电路中的电流为
（2）[2]在桶内注满水时，桶内水重恰为1N，空桶重1N，R1所受压力
由表格中数据得，此时R1的阻值为50Ω，由欧姆定律得，R1的电压为
此时滑动变阻器R2的电压为
由欧姆定律得，此时滑动变阻器R2接入电路中的阻值为
（3）[3]R2的滑片在位置M时，当桶内为装入液体时，R1所受压力
由表格中数据得，此时R1的阻值为90Ω，此时电路中电阻为
此时电路电流为
由欧姆定律得，此时R0的电压为
则该液体密度计的“0”刻度线与电压表表盘1V 的刻度线相对应.
（4）[4]桶的容积不变，当装满的液体密度越大，液体的质量越大，液体的重力越大，液体与桶的重力越大，对R1压力越大；由表格中数据得，当R1所受压力越大，R1阻值越小；当电压表示数最大为3V，变阻器R2接入电路中电阻最大时，由欧姆定律得，此时R1阻值最小，则此时桶中液体密度最大。由欧姆定律得，电压表示数最大为3V时，电路电流最大为
此时变阻器R2接入电路中电阻最大时，变阻器R2的电压为
此时R1电压最小为
由欧姆定律得，此时R1的阻值最小为
由表格中数据得，压力每增加0.5N，R1的阻值减小20Ω，则当R1的阻值为6Ω时，R1的压力为
此时桶中液体的重力为
由与得，该液体密度计的最大测量值
额定容量/L
1
额定电压/V
220
加热功率/W
1200
保温功率/W
100
R1/Ω
130
110
90
70
50
30
··
F/N
0
0.5
1.0
0.5
2.0
2.5