2025年云南省昆明市中考一模物理试题含答案

这是一份2025年云南省昆明市中考一模物理试题含答案，共11页。试卷主要包含了单选题，多选题，填空题，作图题，实验探究题，计算题，综合题等内容，欢迎下载使用。
1．下列说法正确的是（ ）
A．课间一次眼保健操的时间约为15min
B．人的正常体温大约是42℃
C．一个鸡蛋的质量约为50g
D．教室门的高度约为5m
2．如图所示四种光学现象中是由于光的反射形成的是（ ）
A．海鸥的倒影B．日晷
C．“折断”的铅笔D．彩虹
3．清明节前夕，社区请专业电工师傅排查养老院的安全用电情况，下列问题不需要整改的是（ ）
A．多个大功率用电器同时使用同一个插座
B．私拉电线为电动轮椅充电
C．导线绝缘层破损仍照常使用
D．进户线安装了空气开关
4．小明参观科技馆时看到了一个有趣的科学实验，如图所示，一辆小火车在平直轨道上匀速行驶，当火车将要从“∩”形框架的下方通过时，突然从火车顶部的小孔中竖直向上弹出一小球，该小球越过框架后，恰好落回原来的孔中。下列说法中正确的是（ ）
A．小球在上升的过程中动能变大
B．小球能落回小孔是因为小球始终受水平向前的推力
C．因为小球被弹出时，惯性比重力大，所以小球会继续上升
D．当小球到达最高点时，如果所有力都消失，小球将无法落回小孔
5．如图所示，关于磁现象，下列说法不正确的是（ ）
A．图甲：司南能指示南北是由于地磁场的作用
B．图乙：接通电路小磁针偏转说明通电导体周围存在磁场
C．图丙：闭合开关导体棒ab运动，这是发电机的工作原理
D．图丁：导体ab竖直向上运动时，电流表指针不偏转
6．如图所示，闭合开关S1和S2，灯泡L1和L2均正常发光，电流表有示数。图中电源电压保持不变，电流表为理想电流表。则下列分析正确的是（ ）
A．灯泡L1和L2是串联的
B．电流表测灯泡L1的电流
C．若断开开关S2电流表示数不变
D．若灯L1比L2亮，原因是灯L1两端电压大于L2两端电压
（多选）7．如图所示，在探究凸透镜成像规律的实验中，小明将凸透镜固定在光具座上的P点，移动蜡烛和光屏，先后使光屏在甲、乙两处时得到烛焰清晰的像，其中光屏在乙处所呈的像比蜡烛的烛焰大，光屏在甲处所呈的像比蜡烛的烛焰小。则（ ）
A．乙处所成的像是实像
B．根据甲成像规律制成了照相机
C．P点位于光屏的右侧
D．实验中蜡烛在逐渐向左移动
二、多选题：本大题共3小题，共9分。
（多选）8．如图所示，下列说法正确的是（ ）
A．图甲：所示为四冲程汽油机中的做功冲程
B．图乙：用吸管吸饮料是利用大气压强的知识
C．图丙：抽油烟机利用了流体流速大压强大的原理
D．图丁：盲道是通过增大压力的方式来增大压强
（多选）9．在测量物质的密度实验中，用相同的容器分别装两种不同液体，然后测量容器和液体的总质量m、液体体积V，共测得三组数据，并在m﹣V坐标系上标记了出来，如图所示，由图可得（ ）
A．乙、丙是同一种液体
B．容器的质量为12g
C．甲液体的密度为0.9g/cm3
D．丙液体的密度为1.2×103kg/m3
（多选）10．如图所示，甲是由电磁继电器控制加热和保温状态转换的电热水器原理图。R1、R2为电热丝，工作电路的加热功率为保温功率的4倍，R3为滑动变阻器，R为置于电热水器内的热敏电阻，其阻值随温度的变化规律如图乙所示。控制电路电源的电压为4V，当通过热敏电阻R中的电流I≥10mA 时，衔铁被吸下，热水器设置的加热温度为55℃，电磁铁线圈电阻不计。下列说法正确的是（ ）
A．工作电路的a接线柱应该接火线
B．电热丝R1与R2的比值为1：4
C．滑动变阻器R3接入电路的阻值为250Ω
D．将滑动变阻器的滑片向左滑可以提高热水的设置温度
三、填空题：本大题共6小题，共14分。
11．如图所示，是我国晋代顾恺之所绘《斫（zhuó）琴图》的局部图，展示了古代乐师调整琴弦松紧的情景。琴声是由琴弦 产生的；调整琴弦的松紧，主要是为了改变乐音的 （选填“音调”“响度”或“音色”）。
12．小明利用周末时间为家人煮小锅米线，房间内溢满了香味，这是 现象，天然气在燃烧的过程中其热值 （选填“变大”“变小”或“不变”）。
13．2025年3月17日，谷神星一号运载火箭成功将8颗卫星发射升空。在升空的过程中，以运载火箭为参照物，卫星是 的，卫星进入预定轨道后通过 波向地面控制中心传输数据。
14．如图所示，在今年春晚的舞台上人形机器人“福兮”身着秧歌服、手持红手帕，与舞蹈演员共同为观众带来了一场视觉盛宴。机器人“福兮”能够自主流畅地完成一系列动作得益于高算力芯片提供的算力支持，芯片主要是由 （选填“半导体”或“导体”）材料制成，退场过程中某机器人30s移动了33m，此过程它的速度大小为 m/s。
15．小明将如图所示的两个滑轮以最省力的绕绳方式组装成滑轮组（图中未画出），用来提升重为120N的物体，10s内将物体匀速提升了1m，动滑轮重为30N，不计绳重和摩擦，则绳子自由端的拉力做功的功率为 W，滑轮组的机械效率为 。
16．据国家卫健委2024年9月通报数据显示，近年全国儿童青少年总体近视率为51.9%。近视程度不同的学生需要佩戴不同度数的眼镜片来进行视力矫正，近视眼镜的度数与镜片对平行光的发散作用有关，镜片对平行光的发散作用越大，该镜片的度数越高。某物理兴趣小组设计实验，探究两块近视眼镜片1、2的度数高低。首先调整平行光源使其射出的平行光垂直于光屏，利用以上器材接下来的操作是： ；如果观察到 ，则说明镜片1的度数高于镜片2的度数。
四、作图题：本大题共2小题，共4分。
17．在如图的括号中标出通电螺线管左端和小磁针右端的极性。
18．请在图中画出拉力F的力臂L。
五、实验探究题：本大题共3小题，共20分。
19．小明利用如图所示的装置测量额定电压为2.5V的小灯泡的电功率。
（1）请用笔画线代替导线，将图甲中的实验电路连接完整。（要求：滑片P向右移动时，滑动变阻器接入电路的阻值变大）
（2）闭合开关前发现电流表的指针如图乙所示，这是由于 导致的，解决该问题后应将滑动变阻器的滑片移到最 （选填“左”或“右”）端；闭合开关后，观察到电流表有示数，电压表无示数，则可能出现的电路故障是灯泡 （选填“短路”或“开路”）。
（3）排除故障后，小明继续实验，电压表的示数如图丙所示，为了测量小灯泡的额定功率，应将滑动变阻器接入电路的阻值调 ，直至 ，说明此时小灯泡正常发光。
（4）根据实验测得的数据，绘制出了小灯泡电流随电压变化的关系图像如图丁所示，分析图像可知：小灯泡的额定功率为 W。
（5）若该小灯泡的额定功率P额与实际功率P实满足P额＝4P实时，额定电压U额与实际电压U实的数值关系是U额 2U实（选填“＞”“＜”或“＝”）。
20．小明同学用如图甲所示的装置探究“水沸腾前后温度变化的特点”。
（1）在图甲中，操作上有一处明显错误： ；（2）如图乙所示为水沸腾 （选填“前”或“时”）气泡的情况；
（3）加热过程中是通过 的方式改变水的内能；
（4）在水沸腾过程中，往烧杯的沸水中迅速加入适量冷水（未溢出），用同样大的火将水再次烧开。下列图像能定性反映水的温度随时间变化规律的是 。
21．小明用如图所示的器材探究滑动摩擦力大小与哪些因素有关：
（1）小明用弹簧测力计沿水平方向 拉动木块，根据 的原理可知此过程木块所受滑动摩擦力的大小等于弹簧测力计的示数。
①分析甲、乙两次实验，初步得出：接触面粗糙程度相同时，压力越大，滑动摩擦力 ；
②分析甲、丙两次实验，初步得出：压力大小相同时，接触面 ，滑动摩擦力越大；
③小明从上述实验联想到生活中矿泉水瓶盖侧边设计竖状条纹的目的，可用 （选填“①”或“②”）的结论进行解释。
（2）小明想继续探究滑动摩擦力大小与物体的重力大小是否有关，利用图甲实验做对比分析，又设计了如图丁所示的实验，使弹簧测力计A始终保持竖直状态，并调整高度，使其示数为 N。拉动木板，使木块相对于地面静止，此时弹簧测力计B的示数为2N，分析可得滑动摩擦力大小与物体重力大小 。该实验过程中， （选填“需要”或“不需要”）匀速拉动木板。
六、计算题：本大题共2小题，共18分。
22．如图所示的电路中，电源电压为6V，电阻R的阻值为8Ω，灯L标有“6V 3W”字样，忽略温度对灯丝电阻的影响。求：
（1）灯L正常工作时的电阻；
（2）闭合开关S和S1时，经过灯泡的电流；
（3）只闭合开关S时，100s内电路消耗的电能。
23．如图甲是小明探究浮力产生原因的实验装置。A容器的底面积为250cm2，B容器的底面积为200cm2，B容器底的中间部分有一个面积为99cm2的正方形孔。现将棱长为10cm、质量为0.68kg的正方体物块（不吸水）放在B容器中，正方体物块覆盖住容器底的方形孔，且正方体与B容器底部接触部分紧密贴合。然后向B容器缓慢注入13cm深的水（如图乙所示），发现正方体物块仍静止在B容器底部，ρ水＝1.0×103kg/m3，大气压强取p0＝1.0×105Pa，重力常量取g＝10N/kg。求：
（1）如图甲的实验装置是由容器A和B构成的 ；
（2）正方体物块的重力；
（3）如图乙中正方体物块上表面受到水的压强；
（4）小明向A容器内注水，请通过计算分析当注水深度为多少时，正方体物块对B容器的压力为零恰好开始向上运动（装置足够高）。
七、综合题：本大题共1小题，共4分。
24．阅读短文，回答问题。
北京航空航天大学科研团队利用自主研发的新型静电电动机，成功研制出世界上最小最轻仅重4.21g的太阳能动力微型无人机，如图甲所示。在自然光照射下，可实现发电、驱动、垂直飞行等一系列动作。
静电电动机与传统的电磁电动机相比，其优势是发热少、能耗低、可有效提高能量转化效率。该电动机周边有一圈电极片（如图乙外圈所示），在中间运动的电极片会被它右侧的电极片排斥，被左侧的电极片吸引，最终产生一个带动整个飞行器起飞的升力。太阳能电池可以在自然光下产生低压直流电，由于低压直流电无法直接驱动电动机。因此科研团队在无人机内部安装了一种高压功率转换器，可以将4.5V的低压直流电转换成4～9kV的高压电，以满足静电电动机的工作需求。实验结果表明，质量仅有4.21g的微型飞行器，能耗低至0.568W。
（1）静电电动机工作时，将电能转化为 能，与传统的电磁电动机相比，其优势是 ；
（2）静电电动机外圈相邻的左右两侧电极片带 （选填“同种”或“异种”）电荷；
（3）若该微型飞行器在8000V电压下工作，按照能耗为0.568W来计算，此时通过飞行器电动机的电流为 mA。
2025年云南省昆明市中考物理一模试卷
参考答案与试题解析
一．选择题（共6小题）
二．多选题（共4小题）
一、单选题：本大题共7小题，共21分。
1．下列说法正确的是（ ）
A．课间一次眼保健操的时间约为15min
B．人的正常体温大约是42℃
C．一个鸡蛋的质量约为50g
D．教室门的高度约为5m
【分析】首先要对相关物理量有个初步的认识，不同物理量的估算，有的需要凭借生活经验，有的需要经过简单的计算，有的要进行单位换算，最后判断符合要求的是哪一个。
【解答】解：A、课间一次眼保健操的时间约为5min，故A不符合实际；
B、人的正常体温约为37℃且变化幅度很小，故B不符合实际；
C、一个鸡蛋的质量约为50g，故C符合实际；
D、教室门的高度约为2m，故D不符合实际。
故选：C。
【点评】物理与社会生活联系紧密，多了解一些生活中常见物理量的数值可帮助我们更好地学好物理，同时也能让物理更好地为生活服务。
2．如图所示四种光学现象中是由于光的反射形成的是（ ）
A．海鸥的倒影B．日晷
C．“折断”的铅笔D．彩虹
【分析】（1）光在同种均匀物质中沿直线传播，在日常生活中，激光准直、小孔成像和影子的形成等都表明光在同一种均匀介质中是沿直线传播的；
（2）当光照射到物体表面上时，有一部分光被反射回来，例如：平面镜成像、水中倒影等；
（3）当光从一种介质斜射入另一种介质时，传播方向会偏折，发生折射现象，如：看水里的鱼比实际位置浅、凸透镜成像等。
【解答】解：A、水中的倒影，属于平面镜成像，是光的反射现象，故A符合题意；
B、日晷上针的影子是光的直线传播现象，故B不符合题意；
C、折断的铅笔是光的折射现象，故C不符合题意；
D、雨后彩虹是光的色散现象，是由于光的折射原因引起的，故D不符合题意。
故选：A。
【点评】本题主要考查学生利用光学知识解释生活中常见的物理现象，此题与实际生活联系密切，体现了生活处处是物理的理念。
3．清明节前夕，社区请专业电工师傅排查养老院的安全用电情况，下列问题不需要整改的是（ ）
A．多个大功率用电器同时使用同一个插座
B．私拉电线为电动轮椅充电
C．导线绝缘层破损仍照常使用
D．进户线安装了空气开关
【分析】（1）多孔插座各用电器也是并联的，若电路中的总功率过大，会使电路中的电流过大；
（2）严谨私拉电线；
（3）使用绝缘皮破损的导线容易造成触电事故；
（4）家庭电路中应安装空气开关、漏电保护器等装置。
【解答】解：A．在电压一定时，总功率越大，干路上电流越大，同一个插座接入多个大功率用电器，由于总功率较大，会导致插座的干路导线电流过大，发热，损坏插板甚至火灾，因此需要整改，故A不符合题意；
B．私拉电线为电动轮椅充电时，容易使人直接或间接接触到火线而造成触电事故，故B不符合题意；
C．使用绝缘皮破损的电线，人体和电线接触，容易造成触电事故，因此需要整改，故C不符合题意；
D．空气开关可以在电流过大时断开电路，对电路有保护作用，故符合安全用电，故D符合题意。
故选：D。
【点评】本题考查安全用电的原则，同学们在平时学习中应多了解安全用电的常识。
4．小明参观科技馆时看到了一个有趣的科学实验，如图所示，一辆小火车在平直轨道上匀速行驶，当火车将要从“∩”形框架的下方通过时，突然从火车顶部的小孔中竖直向上弹出一小球，该小球越过框架后，恰好落回原来的孔中。下列说法中正确的是（ ）
A．小球在上升的过程中动能变大
B．小球能落回小孔是因为小球始终受水平向前的推力
C．因为小球被弹出时，惯性比重力大，所以小球会继续上升
D．当小球到达最高点时，如果所有力都消失，小球将无法落回小孔
【分析】（1）动能大小的影响因素：质量、速度；质量越大，速度越大，动能越大；
（2）物体保持原来运动状态不变的性质叫惯性；
（3）根据牛顿第一定律可得，当物体不受任何力的作用时，物体将保持静止或匀速直线运动。
【解答】解：A．小球在上升的过程中质量不变，速度变小，所以动能变小，故A错误；
B．小球从车顶弹出后，在水平方向上不受到力的作用，由于惯性要保持原来的运动状态向前运动，所以在重力的作用下会落回小孔，故B错误；
C．小球被弹出时，由于惯性，要保持原来的运动状态不变，所以继续向上运动，物体保持原来运动状态不变的性质叫惯性，惯性不是力，不能与重力比较，故C错误；
D．小球到达最高点时，小球在水平方向的速度不为0，此时所有力消失，据牛顿第一定律知，小球将做匀速直线运动，故D正确。
故选：D。
【点评】本题围绕实例考查了力学方面的问题，如动能的大小变化、运动与静止的相对性、惯性等，综合性强，但难度不大。
5．如图所示，关于磁现象，下列说法不正确的是（ ）
A．图甲：司南能指示南北是由于地磁场的作用
B．图乙：接通电路小磁针偏转说明通电导体周围存在磁场
C．图丙：闭合开关导体棒ab运动，这是发电机的工作原理
D．图丁：导体ab竖直向上运动时，电流表指针不偏转
【分析】指南针指示南北是因为受到地磁场的作用。指南针指南的那一端是它的S极。
1820年丹麦物理学家奥斯特通过实验证实了电流周围存在磁场，即电流的磁效应。
当闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，导体中就会产生感应电流，这种现象被称为电磁感应。
闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，会产生电流，这种电流叫感应电流，这一现象叫电磁感应现象．这是由英国科学家法拉第最先发现的。
【解答】解：A.图甲：司南能指示南北是由于地磁场的作用，故A正确，不符合题意；
B.图乙：接通电路小磁针偏转说明通电导体周围存在磁场，故B正确，不符合题意；
C.图丙：闭合开关导体棒ab运动，这是电动机的工作原理，即电能转化为机械能，故C错误，符合题意；
D.图丁：导体ab竖直向上运动时，没有切割磁感线，电流表指针不偏转，故D正确，不符合题意；
故选：C。
【点评】本题考查了地磁场，奥斯特实验、电磁感应现象，电动机的工作原理。
6．如图所示，闭合开关S1和S2，灯泡L1和L2均正常发光，电流表有示数。图中电源电压保持不变，电流表为理想电流表。则下列分析正确的是（ ）
A．灯泡L1和L2是串联的
B．电流表测灯泡L1的电流
C．若断开开关S2电流表示数不变
D．若灯L1比L2亮，原因是灯L1两端电压大于L2两端电压
【分析】（1）由图可知，两个灯泡并联；
（2）电流表和灯泡L2在一条支路；
（3）并联电路中各个支路互不影响；
（4）并联电路中各个支路的电压相等。
【解答】解：ABC、由图可知，两个灯泡并联，电流表和灯泡L2在一条支路，电流表测灯泡L2的电流，开关S2和灯泡L1在一条支路，若断开开关S2电流表示数不变，故C正确，AB错误；
D、并联电路中，各支路两端的电压相等，灯L1两端电压等于L2两端电压，小灯泡L1比L2亮，说明L1的实际功率大于L2的实际功率，故D错误。
故选：C。
【点评】本题考查并联电路的特点和电流表的使用，属于基础题。
（多选）7．如图所示，在探究凸透镜成像规律的实验中，小明将凸透镜固定在光具座上的P点，移动蜡烛和光屏，先后使光屏在甲、乙两处时得到烛焰清晰的像，其中光屏在乙处所呈的像比蜡烛的烛焰大，光屏在甲处所呈的像比蜡烛的烛焰小。则（ ）
A．乙处所成的像是实像
B．根据甲成像规律制成了照相机
C．P点位于光屏的右侧
D．实验中蜡烛在逐渐向左移动
【分析】（1）实像是实际光线会聚在光屏上，虚像不能成像在光屏上；
（2）照相机成倒立缩小的实像，投影仪成倒立放大的实像；
（3）凸透镜成实像时，物近像远像变大，物远像近像变小。
【解答】解：A、甲、乙两实验成的像都可以在光屏上呈现，是实像，故A正确；
B、由题知，光屏在甲处所呈的像比蜡烛的烛焰小，说明此时在光屏上成倒立、缩小的实像，所以根据甲成像规律制成了照相机，故B正确；
CD、由题意和图示可知，移动蜡烛和光屏，先后使光屏在甲、乙两处时得到烛焰清晰的像，且像逐渐变大，根据“凸透镜成实像时物近像远像变大”可知，像（光屏）在不断地远离凸透镜，所以凸透镜（P点位置）位于光屏的左侧，因凸透镜成实像时物像异侧，则蜡烛在凸透镜的左侧，此时蜡烛在靠近凸透镜，即蜡烛在逐渐向右移动，故CD错误；
故选：AB。
【点评】此题考查了凸透镜成像规律的探究及应用，关键是熟记成像规律的内容，并做到灵活运用。
二、多选题：本大题共3小题，共9分。
（多选）8．如图所示，下列说法正确的是（ ）
A．图甲：所示为四冲程汽油机中的做功冲程
B．图乙：用吸管吸饮料是利用大气压强的知识
C．图丙：抽油烟机利用了流体流速大压强大的原理
D．图丁：盲道是通过增大压力的方式来增大压强
【分析】（1）做功冲程：在压缩冲程末尾，火花塞产生电火花，使燃料猛烈燃烧，产生高温高压的燃气，高温高压气体推动活塞向下运动，带动曲轴转动，对外做功。
（2）用吸管吸饮料是利用大气压强的知识。
（3）抽油烟机利用了流体流速大压强小的原理。
（4）增大压强的方法：在压力一定时，减小受力面积增大压强。
【解答】解：A.图甲：所示进气门和排气门关闭，火花塞产生电火花，为四冲程汽油机中的做功冲程，故A正确；
B.图乙：用吸管吸饮料是利用大气压强的知识，故B正确；
C.图丙：抽油烟机利用了流体流速大压强小的原理，故C错误；
D.图丁：盲道是通过减小受力面积的方式来增大压强，故D错误；
故选：AB。
【点评】本题考查四冲程的判断及大气压的应用，增大压强的方法及流体压强与流速的关系，属于基础题。
（多选）9．在测量物质的密度实验中，用相同的容器分别装两种不同液体，然后测量容器和液体的总质量m、液体体积V，共测得三组数据，并在m﹣V坐标系上标记了出来，如图所示，由图可得（ ）
A．乙、丙是同一种液体
B．容器的质量为12g
C．甲液体的密度为0.9g/cm3
D．丙液体的密度为1.2×103kg/m3
【分析】由题可知，测得的质量是容器和液体的总质量，则m﹣V图像是不过原点的倾斜直线，且同种物质的m﹣V图像在同一直线上，据此作图分析可知哪一条图线表示同种液体；
设容器的质量为m0，甲点（或乙点）对应的液体密度为ρ，则总质量m＝m0+m液＝m0+ρV，代入图像中A、C两点的数据得到两个方程，联立方程组解得容器的质量和液体的密度；
根据已经求出的容器质量，将图中丙点的数据代入m′＝m0+m液′＝m0+ρ′V，解方程得出另一种液体的密度。
【解答】解：A、由下图可知，AB两点的连线经过原点，表示液体的体积为0时，容器和液体的总质量为0，与事实不符，而甲、乙两点连线不经过原点，表示液体的体积为0时，容器和液体的总质量不为0，符合事实，所以甲、乙是同种液体；故A错误；
BC、设容器的质量为m0，甲点（或乙点）对应的液体密度为ρ，则总质量m＝m0+m液＝m0+ρV，
代入图像中A、C两点的数据可得：30g＝m0+ρ×20cm3﹣﹣﹣﹣﹣﹣①，
48g＝m0+ρ×40cm3﹣﹣﹣﹣﹣﹣②，
联立①②解得：m0＝12g，ρ＝0.9g/cm3；故BC正确；
D、设另一种液体的密度为ρ′，则总质量m′＝m0+m液′＝m0+ρ′V，
代入图像中B点的数据可得：24g＝12g+ρ′×20cm3，
解得ρ′＝0.6g/cm3。故D错误。
故选：BC。
【点评】本题考查了密度变形公式的应用，能够从图像中得出有用的信息，是解答本题的关键。
（多选）10．如图所示，甲是由电磁继电器控制加热和保温状态转换的电热水器原理图。R1、R2为电热丝，工作电路的加热功率为保温功率的4倍，R3为滑动变阻器，R为置于电热水器内的热敏电阻，其阻值随温度的变化规律如图乙所示。控制电路电源的电压为4V，当通过热敏电阻R中的电流I≥10mA 时，衔铁被吸下，热水器设置的加热温度为55℃，电磁铁线圈电阻不计。下列说法正确的是（ ）
A．工作电路的a接线柱应该接火线
B．电热丝R1与R2的比值为1：4
C．滑动变阻器R3接入电路的阻值为250Ω
D．将滑动变阻器的滑片向左滑可以提高热水的设置温度
【分析】A.工作电路中，为了电路安全，应该把开关接在火线上；
B.由图乙可知，热敏电阻的阻值随温度的升高而减小，控制电路中的总电阻变小，电流变大，电磁铁的磁性增强，衔铁被吸下，进入保温状态，所以R1为加热电阻，R2为保温电阻，由加热功率是保温功率的4倍，判断R1与R2的大小关系；
C.热水器设置的加热温度为55℃，从图乙可知热敏电阻对应的阻值，此时的电流为10mA，由电阻等于电压除以电流可求出此时控制电路中的总电阻，滑动变阻器接入的电阻等于总电阻减去热敏电阻的阻值；
D.当滑动变阻器滑片向左移动时，滑动变阻器接入的电阻变小，总电阻不变，热敏电阻变大，热水器的设定温度降低。
【解答】解：A.工作电路中，为了电路安全，应该把开关接在火线上，a接线柱应接火线，故a正确；
B.由图乙可知，热敏电阻的阻值随温度的升高而减小，控制电路中的总电阻变小，电流变大，电磁铁的磁性增强，衔铁被吸下，进入保温状态，所以R1为加热电阻，R2为保温电阻，由加热功率是保温功率的4倍，即U2R1=4×U2R1+R2，所以R1：R2＝1：3，故B错误；
C.热水器设置的加热温度为55℃，从图乙可知热敏电阻对应的热敏电阻R＝150Ω，此时的电流为10mA，所以电路中的总电阻R总=U控I0=4V0.01A=400Ω
所以滑动变阻器接入的阻值R3＝R总﹣R＝400Ω﹣150Ω＝250Ω，
故C正确；
D.当滑动变阻器滑片向左移动时，滑动变阻器接入的电阻变小，衔铁被吸下的电流不变，由电阻R=UI知，电路中的总电阻不变，热敏电阻R3＝R总﹣R变大，热水器设置温度降低，
故D错误；
故选：AC。
【点评】本题考查了热敏电阻的应用，电磁铁控制电路的工作原理。
三、填空题：本大题共6小题，共14分。
11．如图所示，是我国晋代顾恺之所绘《斫（zhuó）琴图》的局部图，展示了古代乐师调整琴弦松紧的情景。琴声是由琴弦 振动 产生的；调整琴弦的松紧，主要是为了改变乐音的 音调 （选填“音调”“响度”或“音色”）。
【分析】声音是物体的振动产生的。
音调的高低与发声物体的振动频率有关，频率越大，音调就越高。
【解答】解：琴声是由琴弦振动产生的；调整琴弦的松紧，主要是为了改变乐音的振动频率，进而改变音调。
故答案为：振动；音调。
【点评】本题考查了声音的产生，以及音调的特征，属于基础题。
12．小明利用周末时间为家人煮小锅米线，房间内溢满了香味，这是 扩散 现象，天然气在燃烧的过程中其热值 不变 （选填“变大”“变小”或“不变”）。
【分析】（1）不同的物质在相互接触时，彼此进入对方的现象叫做扩散，扩散现象说明分子不停息地做无规则运动；
（2）热值是燃料的一种特性，它只与燃料的种类有关，而与燃料的质量、是否燃烧、是否完全燃烧无关。
【解答】解：（1）房间内溢满了香味，是分子的热运动造成的，这是扩散现象；
（2）热值是燃料的特性，只与燃料的种类有关，与燃料的质量大小无关，在燃烧过程中，质量减小，它的热值将不变。
故答案为：扩散；不变。
【点评】本题考查了扩散现象和热值，属于基础题。
13．2025年3月17日，谷神星一号运载火箭成功将8颗卫星发射升空。在升空的过程中，以运载火箭为参照物，卫星是 静止 的，卫星进入预定轨道后通过 电磁 波向地面控制中心传输数据。
【分析】物体相对于参照物的位置变化了，物体就是运动的；物体相对于参照物的位置不变，物体就是静止的。
广播、电视、移动通信、卫星都是用电磁波传递信息的。
【解答】解：在升空的过程中，以运载火箭为参照物，卫星相对于火箭没有位置的变化，是静止的，卫星进入预定轨道后通过电磁波向地面控制中心传输数据。
故答案为：静止；电磁。
【点评】本题考查了运动和静止的相对性，电磁波的运用，属于基础题。
14．如图所示，在今年春晚的舞台上人形机器人“福兮”身着秧歌服、手持红手帕，与舞蹈演员共同为观众带来了一场视觉盛宴。机器人“福兮”能够自主流畅地完成一系列动作得益于高算力芯片提供的算力支持，芯片主要是由 半导体 （选填“半导体”或“导体”）材料制成，退场过程中某机器人30s移动了33m，此过程它的速度大小为 1.1 m/s。
【分析】导电性能介于导体和绝缘体之间的材料称作半导体。速度计算公式v=−st。
【解答】解：芯片主要是由半导体材料制成，退场过程中某机器人30s移动了33m，此过程它的速度大小为v=st=33m30s=1.1 m/s。
故答案为：半导体；1.1。
【点评】本题考查半导体的特点及速度公式的计算，属于基础题。
15．小明将如图所示的两个滑轮以最省力的绕绳方式组装成滑轮组（图中未画出），用来提升重为120N的物体，10s内将物体匀速提升了1m，动滑轮重为30N，不计绳重和摩擦，则绳子自由端的拉力做功的功率为 15 W，滑轮组的机械效率为 80% 。
【分析】（1）根据滑轮组装置确定绳子股数，不计绳重和摩擦，利用F=1n（G+G动）求出绳子自由端的拉力，根据P=Wt=Fst=Fnℎt求出绳子自由端的拉力做功的功率；
（2）不计绳重和摩擦，根据η=W有W总=W有W有+W额=GℎGℎ+G动ℎ=GG+G动求出滑轮组的机械效率。
【解答】解：滑轮组最省力时，绳子段数应等于滑轮个数加1，由图可知，滑轮个数为2，则n＝3，不计绳重和摩擦，绳子自由端的拉力为：
F=1n（G+G动）=13×（120N+30N）＝50N，
则绳子自由端的拉力做功的功率为：
P=Wt=Fst=Fnℎt=50N×3×1m10s=15W；
不计绳重和摩擦，滑轮组的机械效率为：
η=W有W总=W有W有+W额=GℎGℎ+G动ℎ=GG+G动=120N120N+30N×100%＝80%。
故答案为：15；80%。
【点评】本题考查了功率公式和滑轮组拉力公式以及滑轮组机械效率公式的应用，明确滑轮组绳子的有效股数是关键。
16．据国家卫健委2024年9月通报数据显示，近年全国儿童青少年总体近视率为51.9%。近视程度不同的学生需要佩戴不同度数的眼镜片来进行视力矫正，近视眼镜的度数与镜片对平行光的发散作用有关，镜片对平行光的发散作用越大，该镜片的度数越高。某物理兴趣小组设计实验，探究两块近视眼镜片1、2的度数高低。首先调整平行光源使其射出的平行光垂直于光屏，利用以上器材接下来的操作是： 先后将眼镜片1、2正对平行光，放置在光源和光屏之间的同一位置，观察光屏上光圈的大小 ；如果观察到 镜片1形成的光圈比镜片2形成的光圈大 ，则说明镜片1的度数高于镜片2的度数。
【分析】近视眼镜片是凹透镜，根据凹透镜对光的发散作用来进行分析，镜片对平行光的发散作用越大，该镜片的度数越高。
【解答】解：近视眼镜片是凹透镜，由题知，近视眼镜的度数与镜片对平行光的发散作用有关，镜片对平行光的发散作用越大（在光屏上形成的光圈越大），该镜片的度数越高；
首先调整平行光源使其射出的平行光垂直于光屏，根据控制变量法和凹透镜的发散作用可知，接下来的操作是：先后将眼镜片1、2正对平行光，放置在光源和光屏之间的同一位置，观察光屏上光圈的大小；
如果观察到镜片1形成的光圈比镜片2形成的光圈大，即镜片1对平行光的发散作用大，则说明镜片1的度数高于镜片2的度数。
故答案为：先后将眼镜片1、2正对平行光，放置在光源和光屏之间的同一位置，观察光屏上光圈的大小；镜片1形成的光圈比镜片2形成的光圈大。
【点评】本题考查的是凹透镜对光的发散作用，属于创新性题目。
四、作图题：本大题共2小题，共4分。
17．在如图的括号中标出通电螺线管左端和小磁针右端的极性。
【分析】根据电源的正负极判定螺线管中电流的方向，根据安培定则判定螺线管的极性。
磁极间的相互作用规律：同名磁极相排斥，异名磁极相吸引。
【解答】解：根据安培定则可知，通电螺线管左端为S极，根据磁极间的相互作用可知，小磁针右端的极性为N极。如图所示：
【点评】本题考查了安培定则的应用，以及磁极间的作用。
18．请在图中画出拉力F的力臂L。
【分析】据力臂的正确画法作图，即过支点作力的作用线的垂线段。
【解答】解：图中杠杆支点为O，延长拉力F的作用线，过支点O作F作用线的垂线段，即力臂L，如图所示：
【点评】本题考查了力臂的画法。画力臂关键是要画出支点到力的作用线的垂线段。
五、实验探究题：本大题共3小题，共20分。
19．小明利用如图所示的装置测量额定电压为2.5V的小灯泡的电功率。
（1）请用笔画线代替导线，将图甲中的实验电路连接完整。（要求：滑片P向右移动时，滑动变阻器接入电路的阻值变大）
（2）闭合开关前发现电流表的指针如图乙所示，这是由于 电流表使用前没有调零 导致的，解决该问题后应将滑动变阻器的滑片移到最 右 （选填“左”或“右”）端；闭合开关后，观察到电流表有示数，电压表无示数，则可能出现的电路故障是灯泡 短路 （选填“短路”或“开路”）。
（3）排除故障后，小明继续实验，电压表的示数如图丙所示，为了测量小灯泡的额定功率，应将滑动变阻器接入电路的阻值调 小 ，直至 电压表示数为2.5V ，说明此时小灯泡正常发光。
（4）根据实验测得的数据，绘制出了小灯泡电流随电压变化的关系图像如图丁所示，分析图像可知：小灯泡的额定功率为 0.625 W。
（5）若该小灯泡的额定功率P额与实际功率P实满足P额＝4P实时，额定电压U额与实际电压U实的数值关系是U额 ＞ 2U实（选填“＞”“＜”或“＝”）。
【分析】（1）滑片P向右移动时，滑动变阻器接入电路的阻值变大，据此确定滑动变阻器选用的下端接线柱；
（2）电表使用前要调零；为了保护电路，应将滑动变阻器的滑片移到阻值最大处；闭合开关后，观察到电流表有示数，说明电路是通路，电压表无示数，说明电压表并联的电路短路或电压表短路或电压表断路；
（3）根据图甲确定电压表量程，由图丙确定分度值读数；比较电压表示数与灯泡额定电压大小，根据串联电路电压规律和分压原理确定滑动变阻器阻值变化；
（4）根据图丙确定灯泡额定电压对应的额定电流，利用P＝UI求出小灯泡的额定功率；
（5）由欧姆定律结合灯的电阻随温度的变化而变化分析回答。
【解答】解：（1）滑片P向右移动时，滑动变阻器接入电路的阻值变大，故滑动变阻器选用左下接线柱与开关串联在电路中，如下图所示：
；
（2）闭合开关前发现电流表的指针如图乙所示，即电流表指针没有与零刻度线对齐，说明电流表使用前没有调零；
为了保护电路，应将滑动变阻器的滑片移到阻值最大处，即最右端；
闭合开关后，观察到电流表有示数，说明电路是通路，电压表无示数，说明电压表并联的电路短路或电压表短路或电压表断路，即可能出现的电路故障是灯泡短路；
（3）由图甲可知，电压表选用小量程；排除故障后，小明继续实验，电压表的示数如图丙所示，电压表分度值0.1V，其示数为1.5V，小于灯泡额定电压2.5V，为了测量小灯泡的额定功率，应增大灯泡两端电压，根据串联电路电压规律，应减小滑动变阻器两端电压，根据分压原理，应减小滑动变阻器接入电路的阻值，直至电压表示数为2.5V，说明此时小灯泡正常发光；
（4）由图丙可知，灯泡额定电压对应的额定电流为0.25A，则小灯泡额定功率为：
PL＝ULIL＝2.5V×0.25A＝0.625W；
（5）当P额＝4P实时，假设灯泡的电阻不变，根据P=U2R知，此时灯的额定电压应为实际电压的2倍，但实际小灯泡的电阻随温度的升高而增大，所以当实际电压为额定电压一半时，温度变低，这时灯的实际电阻小于灯正常发光时的电阻，则实际电压要小于额定电压的一半，即U额＞2U实。
故答案为：（1）见解答图；（2）电流表使用前没有调零；右；短路；（3）小；电压表示数为2.5V；（4）0.625；（5）＞。
【点评】本题测小灯泡的电功率实验，考查了电路连接、电表的使用、注意事项、电路故障、实验操作、电功率的计算和影响电阻大小因素等知识。
20．小明同学用如图甲所示的装置探究“水沸腾前后温度变化的特点”。
（1）在图甲中，操作上有一处明显错误： 温度计的玻璃泡碰到容器底 ；（2）如图乙所示为水沸腾 前 （选填“前”或“时”）气泡的情况；
（3）加热过程中是通过 热传递 的方式改变水的内能；
（4）在水沸腾过程中，往烧杯的沸水中迅速加入适量冷水（未溢出），用同样大的火将水再次烧开。下列图像能定性反映水的温度随时间变化规律的是 D 。
【分析】（1）温度计在使用时其玻璃泡要浸没在被测液体中，温度计不能碰到容器底和容器壁；
（2）沸腾前，上层的水温度较低，上升的气泡中的水蒸气遇低温液化，气泡减小；沸腾时，由于此时整个容器内的水温相同，气泡不断升高，有大量水蒸气进入气泡，气泡逐渐变大；
（3）改变内能的方式：做功和热传递；
（4）水的沸点与大气压有关，大气压不变，水的沸点不变。
【解答】解：（1）温度计在使用时其玻璃泡要浸没在被测液体中，温度计不能碰到容器底和容器壁，图中错误是：温度计的玻璃泡碰到容器底；
（2）沸腾前，上层的水温度较低，上升的气泡中的水蒸气遇低温液化，气泡减小；沸腾时，由于此时整个容器内的水温相同，气泡不断升高，有大量水蒸气进入气泡，气泡逐渐变大，故图乙是水沸腾前的现象；
（3）加热过程中是通过热传递的方式改变水的内能；
（4）在此过程中，水面上的气压不变，所以水的沸点与原来相同，加入冷水后，由于水的总质量变大了，所以加热相同的时间，吸热一样，但是质量变大，所以水温会升高的慢一些，图像的斜率会放缓一些，故C正确；ABD错误；故选：C。
故答案为：（1）温度计的玻璃泡碰到容器底；（2）前；（3）热传递；（4）C。
【点评】本题主要考查了水沸腾时温度变化特点的探究实验，属于常见题。
21．小明用如图所示的器材探究滑动摩擦力大小与哪些因素有关：
（1）小明用弹簧测力计沿水平方向 匀速 拉动木块，根据 二力平衡 的原理可知此过程木块所受滑动摩擦力的大小等于弹簧测力计的示数。
①分析甲、乙两次实验，初步得出：接触面粗糙程度相同时，压力越大，滑动摩擦力 大 ；
②分析甲、丙两次实验，初步得出：压力大小相同时，接触面 越粗糙 ，滑动摩擦力越大；
③小明从上述实验联想到生活中矿泉水瓶盖侧边设计竖状条纹的目的，可用 ② （选填“①”或“②”）的结论进行解释。
（2）小明想继续探究滑动摩擦力大小与物体的重力大小是否有关，利用图甲实验做对比分析，又设计了如图丁所示的实验，使弹簧测力计A始终保持竖直状态，并调整高度，使其示数为 5 N。拉动木板，使木块相对于地面静止，此时弹簧测力计B的示数为2N，分析可得滑动摩擦力大小与物体重力大小 无关 。该实验过程中， 不需要 （选填“需要”或“不需要”）匀速拉动木板。
【分析】（1）根据二力平衡的条件分析；影响滑动摩擦力大小因素有两个：压力大小和接触面的粗糙程度，研究与其中一个因素的关系时，要控制另外一个因素不变，据此分析回答；
（2）探究滑动摩擦力大小与物体的重力大小是否有关，需要控制压力和接触面的粗糙程度相同，改变物体的重力，根据实验现象得出结论。根据影响滑动摩擦力大小的两个因素分析。
【解答】解：（1）沿水平方向匀速拉动木块，木块在水平方向上受到平衡力的作用，根据二力平衡知识，弹簧测力计对木块的拉力大小等于滑动摩擦力的大小；
①通过对比甲、乙两次实验可知：接触面粗糙程度相同时，压力越大，滑动摩擦力越大；
②甲、丙两次实验中，压力相同，接触面粗糙程度不同，分析初步得出：压力大小相同时，接触面越糙程，滑动摩擦力越大；
③从上述实验联想到生活中瓶盖上设计了花纹，可用②的结论进行解释；
（2）探究滑动摩擦力大小与物体的重力大小是否有关，需要控制压力和接触面的粗糙程度相同，所以弹簧测力计的示数是5N时，木块对木板的压力都是10N，拉动木板，当木块相对于地面静止时，弹簧测力计B的示数为2N，分析可得滑动摩擦力大小与物体重力大小无关。改进后在进行实验时不需要匀速拉动长木板，这是因为滑动摩擦力大小只与压力大小和接触面粗糙程度有关，与物体相对木板速度大小无关。
故答案为：（1）匀速；二力平衡；①大；②越粗糙；③②；（2）5；无关；不需要。
【点评】本题探究滑动摩擦力的大小与哪些因素有关，考查实验原理及控制变量法的运用和对实验方案的改进，体现了对过程和方法的考查。
六、计算题：本大题共2小题，共18分。
22．如图所示的电路中，电源电压为6V，电阻R的阻值为8Ω，灯L标有“6V 3W”字样，忽略温度对灯丝电阻的影响。求：
（1）灯L正常工作时的电阻；
（2）闭合开关S和S1时，经过灯泡的电流；
（3）只闭合开关S时，100s内电路消耗的电能。
【分析】（1）已知灯L的额定电压、额定功率，根据P=U2R求出灯L的电阻；
（2）由电路图可知，闭合开关S和S1时，只有灯L工作，根据电源电压和灯L的额定电压可知灯L正常发光，根据P＝UI求出经过灯L的电流；
（3）只闭合开关S时，灯L与R串联，根据串联电路的电阻规律和欧姆定律求出电路中的电流，再根据W＝UIt求出100s内电路消耗的电能。
【解答】解：（1）灯L正常工作时的电阻为：RL=UL2PL=(6V)23W=12Ω；
（2）由电路图可知，闭合开关S和S1时，只有灯L工作，此时灯L正常工作，经过灯泡的电流为：
IL=PLUL=3W6V=0.5A；
（3）只闭合开关S时，灯L与R串联，电路中电流为：
I=URL+R=6V12Ω+8Ω=0.3A，
100s内电路消耗的电能为：W＝UIt＝6V×0.3A×100s＝180J。
答：（1）灯L正常工作时的电阻为12Ω；
（2）闭合开关S和S1时，经过灯泡的电流为0.5A；
（3）只闭合开关S时，100s内电路消耗的电能为180J。
【点评】本题主要考查电路的分析、欧姆定律、电功率、电能公式的应用，难度适应。
23．如图甲是小明探究浮力产生原因的实验装置。A容器的底面积为250cm2，B容器的底面积为200cm2，B容器底的中间部分有一个面积为99cm2的正方形孔。现将棱长为10cm、质量为0.68kg的正方体物块（不吸水）放在B容器中，正方体物块覆盖住容器底的方形孔，且正方体与B容器底部接触部分紧密贴合。然后向B容器缓慢注入13cm深的水（如图乙所示），发现正方体物块仍静止在B容器底部，ρ水＝1.0×103kg/m3，大气压强取p0＝1.0×105Pa，重力常量取g＝10N/kg。求：
（1）如图甲的实验装置是由容器A和B构成的 连通器 ；
（2）正方体物块的重力；
（3）如图乙中正方体物块上表面受到水的压强；
（4）小明向A容器内注水，请通过计算分析当注水深度为多少时，正方体物块对B容器的压力为零恰好开始向上运动（装置足够高）。
【分析】（1）上端开口，底部连通的容器是连通器；
（2）根据G＝mg计算重力；
（3）利用液体压强公式p＝ρgh求出正方体物块上表面受到水的压强；
（4）图丙中，利用F＝pS求出木块上表面受到液体和大气的压力，由于木块对B容器底部压力刚好为零时，根据液体压强公式p＝ρgh和大气压力综合列方程计算深度。
【解答】解：
（1）图中实验装置是由容器A和B都是上端开口，底部连通的容器是连通器。
（2）0.68kg的正方体物块的重力G＝mg＝0.68kg×10N/kg＝6.8N。
（3）木块上表面所处的深度为：h上＝13cm﹣10cm＝3cm＝0.03m，
受到水对它产生的向下的压强为p向下＝ρ水gh上＝1.0×103kg/m3×10N/kg×0.03m＝300Pa；
（4）木块受到的B容器中水产生的向下的压力为F向下＝p向下S木＝300Pa×（0.1m）2＝3N，大气压向下的压力F'＝p0S木＝1.0×105Pa×（0.1m）2＝1000N；
根据平衡条件知，正方体物块对B容器的压力为零恰好开始向上运动，向上的压力F向上＝F向下+G+F'＝3N+6.8N+1000N＝1009.8N，
根据液体压强公式和F＝pS知，
A容器中的水对木块向上的压力F向上＝p向上S孔＝（ρ水gh孔+p0）S孔＝（1.0×103kg/m3×10N/kg×h+1.0×105Pa）×99×10﹣4m2＝1009.8N，
解得h＝0.2m；
此时水的深度为H＝0.2m+10cm＝30cm；
故答案为：（1）连通器；
（2）正方体物块的重力是6.8N；
（3）如图乙中正方体物块上表面受到水的压强是300Pa；
（4）当注水深度为30cm时，正方体物块对B容器的压力为零恰好开始向上运动。
【点评】本题考查液体的压力和压强与大气压的综合应用，属于难题。
七、综合题：本大题共1小题，共4分。
24．阅读短文，回答问题。
北京航空航天大学科研团队利用自主研发的新型静电电动机，成功研制出世界上最小最轻仅重4.21g的太阳能动力微型无人机，如图甲所示。在自然光照射下，可实现发电、驱动、垂直飞行等一系列动作。
静电电动机与传统的电磁电动机相比，其优势是发热少、能耗低、可有效提高能量转化效率。该电动机周边有一圈电极片（如图乙外圈所示），在中间运动的电极片会被它右侧的电极片排斥，被左侧的电极片吸引，最终产生一个带动整个飞行器起飞的升力。太阳能电池可以在自然光下产生低压直流电，由于低压直流电无法直接驱动电动机。因此科研团队在无人机内部安装了一种高压功率转换器，可以将4.5V的低压直流电转换成4～9kV的高压电，以满足静电电动机的工作需求。实验结果表明，质量仅有4.21g的微型飞行器，能耗低至0.568W。
（1）静电电动机工作时，将电能转化为 机械 能，与传统的电磁电动机相比，其优势是 发热少、能耗低、可有效提高能量转化效率 ；
（2）静电电动机外圈相邻的左右两侧电极片带 异种 （选填“同种”或“异种”）电荷；
（3）若该微型飞行器在8000V电压下工作，按照能耗为0.568W来计算，此时通过飞行器电动机的电流为 0.071 mA。
【分析】电动机是利用通电导体在磁场中受力的原理制成的，工作时将电能转化为机械能。
静电电动机外圈相邻的左右两侧电极片带异种电荷。
结合电功率的变形公式I=PU进行计算。
【解答】解：（1）静电电动机工作时，将电能转化为机械能，与传统的电磁电动机相比，其优势是发热少、能耗低、可有效提高能量转化效率。
（2）根据“同性相斥，异性相吸”的原则，在中间运动的电极片会被它右侧的电极片排斥，被左侧的电极片吸引，所以静电电动机外圈相邻的左右两侧电极片带异种电荷。
（3）若该微型飞行器在8000V电压下工作，按照能耗为0.568W来计算，此时通过飞行器电动机的电流为I=PU=0.568W8000V=0.000071A ＝ 0.071mA。
故答案依次为：（1）机械；发热少、能耗低、可有效提高能量转化效率；（2）异种；（3）0.071。
【点评】本题考查了电动机的工作原理，电功率的计算。
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