广东揭阳市揭东区第二中学2025-2026学年度第二学期第一次阶段检测高二物理试卷含答案

这是一份广东揭阳市揭东区第二中学2025-2026学年度第二学期第一次阶段检测高二物理试卷含答案，共16页。试卷主要包含了单选题，多选题，实验题，计算题等内容，欢迎下载使用。
高二物理试卷
考试时间：75 分钟
注意事项：
1 ．答题前填写好自己的姓名、班级、考号等信息
2 ．请将答案正确填写在答题卡上
第 I 卷（选择题）
一、单选题（本题共 7 小题，每小题 4 分，共 28 分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的）
1 ．下列关于动量的说法，正确的是( )
A ．动量是标量，只有大小没有方向，其单位是kg . m / s
B ．质量越大的物体，动量一定越大
C ．两个物体动能相等时，动量也一定相等
D ．动量和动能都是描述物体运动状态的物理量，动能是标量，动量是矢量
2 ．如图所示，是甲、乙两个单摆的振动图像，可得甲、乙的摆长之比为( )
A ．1: 4 B ．4 :1 C ．2 :1 D ．1: 2
3 ．如图所示，光滑的水平面上有大小相同、质量不等的小球 P 、Q，小球 P 以速度 v0 向右
v v
运动时与静止的小球 Q 发生正碰，碰后小球 P 速度反向、大小为 0 ，小球 Q 的速率为 0 ， 3 2
m
则小球 P 、Q 的质量之比 P 等于( )
Q
m
A ．3 ：8 B ．8 ：3 C ．3 ：4 D ．4 ：3
4 ．劳动最光荣。暑假，小张同学帮家里干活，他提着一桶水水平匀速向前运动，下列说法正确的是( )
A ．小张对桶做正功 B ．桶的动量改变量为零
C ．水对桶的压力是因为桶发生了形变 D ．水的重力势能变大
5 ．乌贼在水中运动方式是十分奇特的，它不用鳍也不用手足，而是靠自身的漏斗喷射海水推动身体运动，在无脊椎动物中游泳最快，速度可达 15m/s。逃命时更可以达到 40m/s，被称为“水中火箭”。如图所示，一只悬浮在水中的乌贼，当外套膜吸满水后，它的总质量为 4kg，遇到危险时，通过短漏斗状的体管在极短时间内将水向后高速喷出，从而迅速逃窜，喷射出的水的质量为 0.8kg，则喷射出水的速度为( )
A ．200m/s B ．160m/s C ．75m/s D ．60m/s
6 ．如图所示，平静湖面上静止的小船的船头直立一垂钓者，距离船头右侧 d 处有一株荷花，当此人沿直线走到船尾时，船头恰好到达荷花处。若已知人的质量为 m ，船长为 L，不计水的阻力，则船的质量为( )
C ． D ．
7 ．如图所示为某弹簧振子在 0-5s 内的振动图像，由图可知，下列说法中正确的是( )
A ．振动周期为 2s，振幅为 16cm
B ．第 4s 末，振子的加速度为正向最大值
C ．第 3s 末，振子的加速度最小，动能最大
D ．从第 1s 末到第 2s 末，振子在做加速运动
二、多选题（本题共 3 小题，每小题 6 分，共 18 分。在每小题给出的四个选项中有多项符合题目要求。全部选对 6 分，选对但不全得 3 分，有选错的得 0 分）
8 ．以下四个图中，系统动量守恒的是( )
A ．图甲：在光滑的水平面上，子弹射入木块的过程（子弹与木块为系统）
B ．图乙：剪断细线，弹簧恢复原长的过程（弹簧与木块为系统）
C ．图丙：木球与铁球通过细线连接，在水中匀速下降；细线断裂后，两球在水中运动的过程，且木球尚未露出水面，铁球尚未沉至水底（木球与铁球为系统）
D ．图丁：木块沿光滑固定斜面，由静止下滑的过程（木块与固定斜面为系统）
9 ．如图甲所示，一单摆做小角度摆动，从某次摆球由左向右通过平衡位置开始计时，摆球相对平衡位置的位移 x 随时间 t 变化的图像如图乙所示。不计空气阻力，取重力加速度为 10m / s2 。单摆的振动过程中，下列说法正确的是( )
A ．单摆的摆长约为 1.0m
B ．单摆的位移随时间变化的关系式为x = 8csπt(cm)
C ．从t = 0.5s 到t = 1.0s 的过程中，摆球的重力势能逐渐增大
D ．从t = 1.0s 到t = 1.5s 的过程中，摆球所受回复力为正且逐渐增大
10．如图所示，一弹簧振子在一条直线上做简谐运动，第一次先后经过 M、N 两点时速度 v （v≠0）相同，那么，下列说法正确的是( )
A ．振子在 M、N 两点所受弹簧弹力相同
B ．振子在 M、N 两点相对平衡位置的位移大小相同
C ．振子在 M、N 两点加速度大小相等
D ．从 M 点到 N 点，振子先做匀加速运动，后做匀减速运动
第聂卷（非选择题）
三、实验题（本题共两小题，每空 2 分，共 16 分）
11 ．某同学利用图（a）所示的装置验证碰撞过程中的动量守恒定律。A 、B 两滑块均带有弹簧片和宽度相同的遮光片，测得滑块 A 、B（包含弹簧片和遮光片）的质量分别为 m1 和m2 。将两滑块放在气垫导轨上，气垫导轨右侧两支点高度固定，左侧支点高度可调。
（1）实验前，该同学用游标卡尺测量遮光条的宽度 d，结果如图（b）所示，则 d =
mm。
（2）该同学在调节气垫导轨水平时，开启充气泵，将一个滑块轻放在导轨中部后，发现它向右加速运动。此时，应调节左支点使其高度 （填“升高”或“ 降低”）。
（3）将气垫导轨调节水平后，给滑块 A 一向右的初速度，使它与滑块 B 发生正碰。碰前滑块 A 通过光电门 1 的遮光时间为t0 ，A 、B 碰后分别通过光电门 1 和光电门 2，遮光时间分别为t1 和t2 ，则该同学所要验证的动量守恒定律的表达式为 （用 m1 、m2 、t0 、t1 和t2
表示）。
12 ．在“探究碰撞中的不变量” 实验中，通过碰撞后做平抛运动测量速度的方法来进行实验，
实验装置如图所示
（1）实验中两个小球的质量大小关系是 m1 m2 （选填“大于”或“等于”）。
（2）在不放小球 m2 时，小球m1 从斜槽某处由静止开始滚下，m1 的落点在图中的 点，把小球m2 放在斜槽末端边缘处，小球m1 从斜槽相同位置处由静止开始滚下，使它们发
生碰撞，碰后小球m1 的落点在图中的 点。
（3）关于本实验，下列说法正确的是 （填字母代号）；
A ．斜槽必须足够光滑且安装时末端必须保持水平
B ．小球每次都必须从斜槽上的同一位置静止释放
C ．必须测量出斜槽末端到水平地面的高度
D ．实验中需要用到秒表测量小球空中飞行的时间
（4）用刻度尺测量 M、P、N 距 O 点的距离依次为 x1 、x2 、x3 ，通过验证等式 是否成立，从而验证动量守恒定律（填字母代号）。
A ．m2x2 = m2x1 + m1x3 B ．m1x1 = m2x2 + m3x3
C ．m1x2 = m1x1 + m2x3 D ．m2x1 = m2x2 + m1x3
四、计算题（本大题共 3 小题、13 题 12 分，14 题 12 分，15 题 14 分，共 38 分）
13．人们对手机的依赖性越来越强，有些人喜欢躺着看手机，经常出现手机砸伤眼睛的情况。若手机质量为 m=0.2kg，从离人眼睛 h=0.2m 的高度无初速度掉落，砸到眼睛后手机未反弹，眼睛受到手机的冲击时间约为Δt=0.05s，取重力加速度 g ＝10m/s2，求：
（1）手机刚落到眼睛上时速度 v 的大小；
（2）手机对眼睛的作用力。
14．如图所示，质量m = 2 kg 的物体，以水平速度v0 = 5 m/ s 滑上静止在光滑水平面上的平板小车，小车质量M = 3kg，物体与小车车面之间的动摩擦因数μ = 0.5 ，取 g = 10 m/ s2 ，设小车足够长，求：
(1)小车和物体的共同速度是多少；
(2)物体在小车上滑行的时间；
(3)在物体相对小车滑动的过程中，系统损失的动能是多少。
15．碰碰车是一种十分受欢迎的游乐设施，因其互动性、刺激性和趣味性而备受游客们喜爱。为了研究碰碰车运动过程中的速度变化和碰撞情况，在其车身上安装了速度传感器，已知碰碰车甲的总质量为 100kg，碰碰车乙的总质量为 60kg，两车始终在一条直线上运动，碰撞时间极短。
(1)车甲以6m/s 的速度与静止的车乙发生碰撞，碰后甲的速度变为3m/s ，方向不变，请计算碰撞过程中甲、乙组成的系统的机械能损失；
(2)车甲以5m/s 的速度与静止的车乙发生碰撞，若甲、乙的这次碰撞是弹性碰撞，请求出两车碰撞后的速度大小。
1 ．D
A ．动量是矢量，既有大小又有方向，其单位是kg . m / s ，故 A 错误；
B ．根据p = mv ，可知质量越大的物体，动量不一定越大，故 B 错误；
C ．根据Ek mv，可知两个物体动能相等时，动量不一定相等，故 C 错误；
D ．动量和动能都是描述物体运动状态的物理量，动能是标量，动量是矢量，故 D 正确。故选 D。
2 ．A
由振动图像可知，甲的周期T甲 = 4s
乙的周期T乙 = 8s
l g
根据单摆周期公式T = 2π
解得l
因此甲乙摆长之比 1 ：4。
故选 A。
3 ．A
以 P 、Q 两球组成的系统为研究对象，两球碰撞过程动量守恒，以 P 球的初速度方向为正方向，由动量守恒定律得mPv0 = mP mQ
解得两球的质量之比 ，故选 A。
4 ．B
A ．小张对桶的力竖直向上，桶水平运动，力与位移垂直，做功为零，故 A 错误；
B ．桶匀速运动，速度不变，动量变化量 Δp= mΔv = 0，故 B 正确；
C ．水对桶的压力是水因形变产生的弹力，而不是桶发生了形变，故 C 错误；
D ．水平匀速运动时水桶高度不变，水的重力势能不变，故 D 错误。
故选 B。
5 ．B
乌贼逃命时的速度为 v1 = 40m/s ，设乌贼向前逃窜的方向为正方向，由系统动量守恒得
0 = (m - m0)v1 - m0v2可得
故选 B。
6 ．A
船和垂钓者组成的系统动量守恒，故每时每刻均有
mv人 = Mv船所以有
mv人 = Mv船
两边同乘以 t，有
mv人t = Mv船t
即
mx人 = Mx船且有
x人 + x船 = L
其中
x船 = d
联立解得
故选 A。
7 ．C
A ．由图像可知振动周期为 4s，振幅为 8cm，故 A 错误；
B．第 4s 末，振子处在正向最大位移处，回复力最大且指向负方向，则振子的加速度为负向最大值，故 B 错误；
C ．第 3s 末，振子处于平衡位置，此时回复力为零，加速度为零，加速度最小，速度最大，动能最大。故 C 正确；
D ．从第 1s 末到第 2s 末，振子负向减速运动，故 D 错误。
故选 C。
8 ．AC
A ．在光滑的水平面上，子弹射入木块的过程，对子弹与木块构成的系统，所受外力的合力为 0，则系统动量守恒，故 A 正确；
B ．剪断细线，弹簧恢复原长的过程，对弹簧与木块构成的系统，速度增大，动量增大，系统动量不守恒，故 B 错误；
C ．木球与铁球通过细线连接，在水中匀速下降，重力与浮力平衡，细线断裂后，两球在水中运动的过程，且木球尚未露出水面，铁球尚未沉至水底，对木球与铁球构成的系统，所受外力的合力为 0，则系统动量守恒，故 C 正确；
D ．木块沿光滑固定斜面，由静止下滑的过程，木块匀加速下滑，斜面处于静止，对木块与固定斜面构成的系统，所受外力的合力不为 0，则系统动量不守恒，故 D 错误。
故选 AC。
9 ．AD
A ．由题图乙可知单摆的周期T = 2s根据单摆的周期公式T
解得单摆的摆长约为 1.0m，故 A 正确；
B ．由w rad / s
则单摆的位移随时间变化的关系式为x = 8sinπt(cm)
故 B 错误；
C ．由题图乙可知，从t = 0.5s 到t = 1.0s 的过程中，摆球偏离平衡位置的位移逐渐变小，重力势能逐渐减小，故 C 错误；
D ．由题图乙可知，从t = 1.0s 到t = 1.5s 的过程中，摆球偏离平衡位置的位移为负值，且大小逐渐变大，所受回复力F = -kx
故回复力为正且逐渐增大，故 D 正确。
故选 AD。
10 ．BC
ABC ．由题意，根据简谐运动的对称性可知，振子在 M、N 两点相对平衡位置的位移大小相同，振子在 M、N 两点所受弹簧弹力大小相同、方向相反， 振子在 M、N 两点加速
度大小相等，故 A 错误，BC 正确；
D ．从 M 点到 N 点，振子先做加速度减小的加速运动，后做加速度增大的减速运动，故 D错误。
故选 BC。
11 ． 2.25 降低
（1）[ \l "bkmark1" 1] 由图（b）可知，遮光条的宽度为
d = 2mm + 5 ´ 0.05mm = 2.25mm
（2）[ \l "bkmark2" 2]开启充气泵，将一个滑块轻放在导轨中部后，发现它向右加速运动，说明左高右低，则应调节左支点使其高度降低。
（3）[ \l "bkmark3" 3]根据滑块经过光电门的瞬时速度近似等于平均速度可得，滑块 A 碰前通过光电门 1
时的速度大小为
方向水平向右，同理可得，滑块 A 碰后通过光电门 1 时的速度大小为
方向水平向左，滑块 B 碰后通过光电门 2 时的速度大小为
方向水平向右，若碰撞过程动量守恒，取向右为正方向，则有
m1v0 = -m1v1 + m2v2
整理可得
m1 m2 m1
= -
t0 t2 t1
12 ． 大于 P M B C
（1）[ \l "bkmark4" 1] 为了保证入射小球碰撞后不反弹，入射球的质量要大于被碰小球的质量。
（2）[ \l "bkmark5" 2][ \l "bkmark6" 3] 小球 m1 从斜槽某处由静止开始滚下，m1 的落点在图中的 P 点，小球 m1 和小球m2 相撞后，小球 m2 的速度增大，小球 m1 的速度减小，都做平抛运动，所以碰撞后 m1 球的落地点是 M 点，m2 球的落地点是 N 点。
（3）[ \l "bkmark7" 4] A ．斜槽末端一定要水平，只要入射小球每次释放的位置相同，就能使得每次碰撞前的速度相同，与斜槽是否光滑无关，故 A 错误；
B ．为保证每次碰撞前入射小球的速度相同，入射小球每次必须从斜槽上的同一位置由静止
释放，故 B 正确；
CD ．由于两小球每次都是从同一位置开始做平抛运动，小球在空中飞行时间相同，小球的水平射程能够反映小球的速度大小，所以实验中不用测量斜槽末端到水平地面的高度和时间，故 CD 错误；
故选 B。
（4）[ \l "bkmark8" 5] 若动量守恒，取向右为正方向，则有
m1v0 = m1v1 + m2v2
均乘时间得
m1x2 = m1x1 + m2x3
故选 C。
13 ．（1）2m/s；（2）F＝10N，方向竖直向下（1）根据自由落体运动规律有
v2＝2gh
v＝2m/s
（2）手机与眼睛作用后手机的速度变成 0，选取向下为正方向
（mg - F）t＝0 - mv解得
F＝10N
由牛顿第三定律可得，手机对眼睛作用力大小为 10N，方向竖直向下
14 ．(1)2m/s
(2)0.6s
(3)15J
（1）物体和小车组成的系统动量守恒，规定向右为正方向，根据动量守恒定律
mv0 = (M + m）v
解得共同的速度
（2）根据牛顿第二定律
- μmg = ma
物体在小车上做匀减速运动的加速度大小
a = - μg = -5 m/ s2
则物体在小车上滑行的时间
（3）根据能量守恒定律，系统损失的动能为
15 ．(1) 600J
(2)1.25m/s ，6.25m/s
（1）甲、乙碰撞过程，根据动量守恒可得 m1v1 = m1v1, + m2v2,
其中v1 = 6m / s ，v1, = 3m / s ，解得碰后乙的速度为 v2, = 5m / s
根据能量守恒可得碰撞过程中甲、乙组成的系统损失的机械能为
代入数据解得 ΔE = 600J
（2）车甲以5m/s 的速度与静止的车乙发生碰撞，若甲、乙的这次碰撞是弹性碰撞， 根据动量守恒和机械能守恒可得
m1v甲 = m1v m2v乙 m1v m1v m2v
代入数据解得碰撞后甲、乙的速度分别为v甲, = 1.25m / s ，v乙 = 6.25m / s