山东省烟台市2025-2026学年中考物理五模试卷（含答案解析）

这是一份山东省烟台市2025-2026学年中考物理五模试卷（含答案解析），共15页。试卷主要包含了考生要认真填写考场号和座位序号等内容，欢迎下载使用。
1．考生要认真填写考场号和座位序号。
2．试题所有答案必须填涂或书写在答题卡上，在试卷上作答无效。第一部分必须用2B 铅笔作答；第二部分必须用黑色字迹的签字笔作答。
3．考试结束后，考生须将试卷和答题卡放在桌面上，待监考员收回。
一、单项选择题（本大题7小题，每题3分，共21分）
1．如图所示是一种定时课间音乐播放装置的原理图，“播放器”是有电流通过时会播放音乐的装罝；“定时开关”是到达设定时间会自动断开的开关．闭合开关S，当“定时开关”处于闭合状态时，指示灯 ① (填“会”或“不会”)亮，播放器 ② (填“会”或“不会”)播放音乐；到达设定时间定时开关”处于 ③ (填“闭合”成“断开”)状态，“播放器”播放音乐，下列选项中正确的是( )
A．①会，②不会，③断开B．①不会，②会，③闭合
C．①不会，②会，③断开D．①会， ②不会，③闭合
2．如图是新一代电动自平衡独轮车，四个选项中能表示其工作原理的是
A．B．
C．D．
3．2019年3月31号23时51分，我国在西昌卫星发射中心用“长征三号乙”运载火箭，将“天琏二号01星”送入太空，卫星成功进入地球同步卫星轨道。关于火箭和卫星通讯的叙述不正确的是
A．火箭点火起飞时将内能转化为机械能
B．火箭选用氢做燃料是因为氢的热值大
C．火箭加速上升过程中，动能转化为重力势能
D．卫星通信是利用电磁波来传递信息的
4．如图所示，甲、乙、丙三图中的装置完全相同．燃料的质量相同，烧杯内的液体质量也相同．下列说法正确的是
A．比较不同液体的比热容，可以选择甲丙两图
B．比较不同液体的比热容，可以选择乙丙两图
C．比较不同燃料的热值，可以选择乙丙两图
D．比较不同燃料的热值，不可以选择甲乙两图
5．如图所示，马蹄形磁体水平放置，导线ab与灵敏电流计组成闭合电路、下列操作能使电流计发生偏转的是（ ）
A．导线ab静止不动
B．导线ab水平向左运动
C．导线ab在竖直方向运动
D．马蹄形磁体竖直向上运动
6．如图所示的四个实验，下列说法中不正确的是
A．两个放有磁体的小车靠近，松手后两小车同时向后运动，说明力的作用是相互的
B．同一只自制密度计在两种液体中静止，甲杯中液体的密度大于乙杯中液体的密度
C．用橡皮锤敲击右侧的音叉，左边完全相同的音叉也会发声，说明空气可以传声
D．用毛皮摩擦过的橡胶棒靠近轻质泡沫小球，小球被吸引，说明小球可能带正电
7．一个空塑料药瓶，瓶口扎上橡皮膜，竖直地浸入水中，第一次瓶口朝上，第二次瓶口朝下，这两次药瓶在水里的位置相同，如图所示。每次橡皮膜都向内凹且乙图中橡皮膜凹进得更多。从第一次到第二次的过程中，下列说法不正确的是
A．瓶内空气的密度变大
B．瓶内空气的压强不变
C．橡皮膜所受水的压强变大
D．若甲图中药瓶处于悬浮状态，则乙图中药瓶会下沉
二、填空题（本大题7小题，共21分）
8．如图，AB是能绕B点转动的轻质杠杆，在中点C处用绳子悬挂重为100N的物体（不计绳重）．在A端施加竖直向上的拉力使杠杆在水平位置平衡，则拉力F＝_____N．若保持拉力方向始终垂直于杠杆，将A端缓慢向上提升一小段距离，在提升的过程中，拉力F将_____（选填“增大”、“减小”或“不变”）．
9．图所示的电路中，R1、R2均为定值电阻．电源电压不变．闭合开关S1、S2，两电表均有示数；再断开开关S2，则电流表示数________，电压表示数________，电压表与电流表示数之比____________(本题每空均选填“变大”、“变小”或“不变”)
10．白炽灯是根据电流的_____效应工作的。灯丝做成螺旋状是为了_____（选填“增大”或“减少”）散热，以便更好地发光。
11．如图所示是一个限流装置的示意图，当电流过大时，电磁铁磁性会_____（选填“增强”或“减弱”），电磁铁吸引衔铁Q，实现自动切断电路的作用，此装置工作时，电磁铁左端是_____极。
12．里约奥运中国女排姑娘团结协作，顽强拼搏逆转夺冠，振奋国人．如图所示比赛中头号功臣朱婷飞身跃起重扣，球砸在对方界内，这是因为力可以改变物体的_____，球在落向地面的过程中，它的惯性_____，重力势能_____．（后两空均选填“改变”或“不变”）．
13．一台单缸4冲程柴油机飞轮的转速是1800r/min，则此柴油机每秒做功______次．
14．如图所示为水位测量仪的示意图．A点与光屏PQ在同一水平面上，从A点发出的一束与水平面成45°角，方向不变的激光，经水面反射后，在光屏上的B点处形成一个光斑，光斑位置随水位变化而发生变化．
A点与光屏在水中所成的像是__像（选填“虚”或“实”）；A点与水面相距3m，则A与它在水中的像A′之间的距离为__m； 若光斑B向右移动了1m，说明水位_______（选填“上升” 或“下降”）了_____m．
三、作图题（共7分）
15．一束光从空气斜射入水中，发生反射和折射，其中画出了反射光线，请面出入射光线和大致折射光线并标出入射角的大小．
（____）
16．如图所示是一种抽水马桶水箱自动上水装置的示意图．当水箱内的水达到一定高度时，浮标带动杠杆AOB压住入水口，停止上水．请在图中画出动力F1、阻力F2和动力臂L1．
（___）
17．按要求作图
如图所示，潜水员眼睛在水下A点处，B点有条小鱼，C点有只小鸟，D点是潜水员观察到小鸟像的位置，请画出潜水员观察鱼、鸟的光路图．
四、实验题（本大题共5小题，共20分）
18．小明爱钻研物理，爸爸特意网购了天平（250g，0.2g）和量筒（100mL，2mL）．周末他想鉴别铜钥匙是不是纯铜的，于是他做了如下实验：（计算结果保留一位小数）
（1）将天平放在水平台面上，把游码移至零刻度处，发现指针指在分度盘的右侧，要使横梁平衡，应将平衡螺母向_______（选填“左”或“右”）调．
（2）如图用天平测出铜钥匙的质量，在量筒中倒入适量水，再放入钥匙，测得钥匙体积为2cm1，则可算出该铜钥匙的密度为________g/cm1．小明觉得用这种量筒测出的结果很不精确，原因是___________．
（1）小明想起可以只用天平和水测量固体密度的特殊方法，于是找来一个玻璃杯装满水，想测出其总质量，结果超出天平量程．于是在厨房找到妈妈做烘焙用的电子秤，面板如右图．测得铜钥匙质量不变；在玻璃杯装满水直到溢出，小心擦干外壁，测出其质量为161.4g；在杯中放入钥匙并擦干溢出的水，测出其质量为175.5g．据此算出该铜钥匙的密度为________g/cm1．为了进一步减小误差，你建议小明可以换用一个杯口更_______（选填“大”或“小”）容器进行实验．
（4）聪明的小明仍用原来的玻璃杯改进实验，想到了最巧妙简单的方案．如图所示，他将玻璃杯装适量水放上秤台，按下电子秤的“归零”按钮，再把钥匙用细线悬挂并浸没于水中，此时示数显示为1.6g, 则能算出该铜钥匙的密度为_______g/cm1．对比用量筒测量钥匙体积后，这个方案中体积的精确程度大约提高到了原来的______（选填“2”、“20”、“50”或“100”）倍．
19．小勇利用如图所示的实验装置“探究导体在磁场中运动时产生感应电流的条件”，他将实验中观察到的现象记录在下表中．
分析得出：________电路中的部分导体在磁场里做切割磁感线运动时，导体中就会产生感应电流．比较实验2和3(或6和7)可知：在磁场方向一定时，感应电流的方向与____________有关．比较实验____________可知：在导体切割磁感线运动方向不变时，感应电流的方向与磁场方向有关．这个现象在生产和生活中的重要应用是________．针对这个实验，小勇进行了进一步的探究，他提出了“感应电流的大小可能与导体切割磁感线的运动速度有关”的猜想，于是他设计了如下的实验方案：
①保持磁场强弱不变，让导体ab以________(填“相同”或“不同”)的速度沿相同方向做切割磁感线运动，观察电流表指针偏转幅度大小．
②如果电流表指针偏转幅度不同，说明感应电流的大小与导体切割磁感线运动速度________(填“有关”或“无关”)．
20．小刚同学在做“用伏安法测电阻”的实验中，设计出了如图甲所示的电路图，图乙是未连接完整的实物图，用到的实验器材有：两节新的干电池、电压表、电流表、滑动变阻器、开关、导线若干。
（1）请你按图甲所示的电路图，以笔画划线代替导线，将图乙中的电路连接完整；
（_________）
（2）实验前为了保护电路，滑动变阻器的滑片应置于_____端（选填“A”或“B”）；
（3）闭合开关，无论怎样移动滑片P发现电压表无示数，电流表有示数，其原因可能是_____（填符号）；
A．滑动变阻器R断路 B．滑动变阻器P短路 C．Rx断路 D．Rx短路
（4）排除故障后，当电压表示数为2.5V时，电流表示数如图丙所示，则通过Rx的电流大小为_____A，它的阻值是_____Ω（结果保留1位小数）：
（5）某小组的同学分别读取电压表和电流表的示数为U1、I1，结果发现他们实验时误将电压表与滑动变阻器并联，但也能算出电阻Rx的阻值，其表达式为Rx＝_____。
21．小红所在小组做探究杠杆平衡条件实验
①实验前出现图甲所示情况，应将杠杆左端的螺母向_____调（填“左”或“右”），直到杠杆在水平位置平衡。实验时加减钩码也应使杠杆在水平位置平衡，这样做的好处是：_____。
②实验过程中出现图乙所示情况，要使杠杆在水平位置平衡，则应在右边的A点挂_____个相同的钩码。图乙中杠杆水平平衡后，若在杠杆左右两边钩码下同时加一个相同的钩码，这时杠杆将_____（填“保持水平平衡”、“顺时针转动”或“逆时针转动”）。
22．小明用两节干电池测小灯泡的功率，连接的部分电路如图甲所示，小灯泡的额定电压为2.5 V（阻值约为10 Ω），滑动变阻器的规格为“20 Ω 2 A”．
（1）在图甲中，用笔画线代替导线将电路连接完整．
（_____）
（2）连接电路时，开关必须断开，滑动变阻器的滑片应移到最_____（选填“左”或“右”）端．
（3）当电压表的示数达到2 V时，电流表的示数如图乙所示，此时，灯泡的功率为____W，为使灯泡正常发光，应将滑片向_____（选填“左”或“右”）移动．
（4）小明发现当电压表示数达到2.5 V时，无论怎么调节变阻器滑片都无法使电压表示数增大．为了用该灯泡继续完成实验，你觉得合理的解决办法是______．
（5）解决了（4）中问题后，测出电压略大于2.5 V时的灯泡功率．为比较灯泡在不同电压下的功率关系，______（选填“需要”或“不需要”）重新测量前面的实验数据．
五、计算题（本大题共2小题，共13分）
23．图甲为某同学家新买的电煲锅，它有加热和保温两种功能。图乙是其简化电路，当S接a时，电煲锅加热；当S接b时，电煲锅保温。已知：电源电压为220V，R1=55，加热时总功率与保温时总功率的关系为：，[]求；
（1）若电煲锅内装有1kg的米和水，从15℃加热到100℃，米和水共吸收多少热量?
（2）电阻R的阻值为多少?
（3）若电煲锅用加热挡时热效率为80%，完成问题（1）的加热任务需要多少秒?（结果保留到整数位）
24．将一底面积为S cm2 的长方体木块用细线栓在空容器的底部，然后向容器中缓慢加水直到木块上表面与液面相平，如图甲所示，在此整个过程中，木块底部受到水的压强随容器中水的深度的变化如图乙所示，
求木块所受到的最大浮力为？细线对木块的最大拉力为？（设水的密度为ρ0）
六、综合能力题（本大题共3小题，共18分）
25．如图甲所示，某同学在粗糙程度均匀的水平地面上，用水平向右的推力推木箱。推力大小随时间变化的图象如图乙所示，木箱速度大小随时间变化的图象如图丙所示。求：
（1）木箱在0～1s内的运动状态；
（2）木箱在1～2s内受到地面的摩擦力大小；
（3）木箱在2～3s内前进的距离；
（4）人对木箱的水平推力在2～3s内做的功。
26．扫地机器人是智能家用电器的一种，正逐渐进入我们的生活。机器人通过电动机旋转产生高速气流，将灰尘、杂物吸人集尘盒；其防滑轮皮采用凸凹材质制成；底部安装有塑料刷，用于清扫吸附在地板上的灰尘及轻小物体；前端装有感应器，通过发射、接收超声波或红外线来侦测障碍物。当剩余电量减为电池容量的20%时，机器人会主动寻找充电器充电。如图所示，是一款集自动清扫技术和人工智能设计于一体的地面清扫机器人。小华在室外运动场上试用中发现，该机器人在1min内沿直线匀速清扫的距离为15m，若它在运动中所受阻力为120N，问：
机器人工作时，主机内部的气压________(选填“大于”“小于”或“等于”)大气压而产生吸力；此机器人在清扫地面时运动的速度为多大_________ ?此过程中机器的水平推力所做的功及功率分别是多大____________?若此时机器人的电功率为40W，则机器人工作时的效率为多大 ___________?
27．如图甲是家用插线板．
在乙图画出插线板内部开关和两插座的连线，并接入家庭电路，要求：①插线板上的开关可同时控制两插座的通、断②开关接通时两插座都能提供220V电压．把“220V 1100W”的电暖气插入插座，在额定电压下工作：
①流过电暖气的电流多大？
②电暖气的电阻多大？
③电暖气多少小时消耗2.2kW•h的电能？
④电暖气通过导线连到电路，为什么电暖气工作时放出大量热，而与其连接的导线却几乎不发热？该插线板允许通过最大电流为10A，通过计算分析，插线板能否让“220V 750W”电吹风与上述电暖气同时工作？
参考答案
一、单项选择题（本大题7小题，每题3分，共21分）
1、A
【解析】
由题意知，闭合开关S，当“定时开关”处于闭合状态时，播放器被短路，指示灯会亮，则播放器中没有电流通过，播放器不会播放音乐；到达设定时间“定时开关”处于断开状态，播放器与指示灯串联，“播放器”有电流通过，“播放器”播放音乐，故选A．
2、B
【解析】
电动机是利用通电导体在磁场里受力运动的原理制成的．
A.图中闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动，导体中产生感应电流，这是电磁感应现象，与电动机的原理不同，故A不符合题意；
B.图中有电源，通电导体在磁场中受力会发生运动，是电动机的工作原理，故B符合题意．
C.图中是奥斯特实验，说明了电流周围存在磁场，与电动机的原理不同，故C不符合题意；
D.图中是电磁铁，利用了电流的磁效应，与电动机的原理不同，故D不符合题意；
3、C
【解析】
A．火箭点火起飞时，首先是燃料燃烧将化学能转化为内能，然后内能转化为机械能，给火箭提供动力，故A正确,不符合题意；
B．单位质量的某种燃料，完全燃烧时放出的热量多，转化成其他的能量也多，火箭升空需要较大的能量，所以选用热值大氢做燃料，故B正确。
C．火箭上升过程中，重力势能增加，动能不一定减小，若加速上升，动能增大，故C错误。
D．电磁波可以传递信息，并且不需要介质，所以卫星通信传递信息就是利用的电磁波，故D正确。
4、A
【解析】
AB．比较不同液体的比热容，应选择燃料种类相同，液体种类不同的甲和丙来进行，故A正确，B错；
CD．比较不同燃料的热值，液体种类相同，燃烧种类不同的甲和乙来进行，故CD错；
5、B
【解析】
产生感应电流的条件是闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动，本题图中可看出是闭合电路的一部分导体在磁场中了，本题就是判断是否做切割磁感线运动．磁感线方向是竖直向下的．
导体ab静止或在竖直方向上下运动，运动方向与磁感线方向平行，所以不会切割磁感线，不会产生感应电流．故选项AC不符合题意．
马蹄形磁体竖直向上运动，导体ab与磁体做相对运动，运动方向与磁感线方向平行，所以不会切割磁感线，不会产生感应电流．故选项D不符合题意．
导体ab在水平向左运动，运动方向与磁感线方向垂直，切割磁感线，产生感应电流．故B符合题意．
6、B
【解析】
A．图中，两辆小车互相远离，说明受到了排斥力，由于两辆车上的N极与N极相互靠近，所以可以证明同名磁极相互排斥，而两物体向相反方向运动说明两小车受力是相互的；故A正确，不符合题意；
B．同一只密度计放在甲、乙液体中都漂浮，所以，F浮甲＝F浮乙＝G，由图可知密度计排开液体的体积V排甲＞V排乙，又因为F浮＝ρ液V排g，所以，ρ甲＜ρ乙，故B错误，符合题意；
C．声音由右边的音叉传播到左边的音叉，是借助它们之间的介质（空气）实现的，故C正确，不符合题意；
D．用毛皮摩擦过的橡胶棒带负电，图中轻质小球靠近橡胶棒，相互吸引，则小球可能带正电，又因为带电体有能吸引轻小的物体的性质，所以小球还可能不带电，故D正确，不符合题意．
7、B
【解析】
A．乙图中橡皮膜凹进得更多，瓶内空气质量不变，体积被压小，故密度变大。故A正确，不符合题意。
B．乙瓶内空气的密度被压变大，则瓶内空气的压强变大。故B错误，符合题意。
C．乙图中橡皮膜朝下，浸入液体的深度大，橡皮膜凹的更明显，说明在液体密度一定时，液体压强随深度的增加而增大。故C正确，不符合题意。
D．若甲图中药瓶处于悬浮状态，则甲图药瓶的总密度等于水的密度；改为乙图后瓶内空气密度变大，则药瓶总密度大于水的密度，所以会下沉。故D正确，不符合题意。
二、填空题（本大题7小题，共21分）
8、50 减小
【解析】
（1）物体的重力为阻力，杠杆在水平位置保持平衡时，BC为阻力臂，BA为动力臂，根据杠杆的平衡条件F1l1＝F2l2求出拉力的大小；（2）利用杠杆平衡条件分析拉力F的大小变化情况．
【详解】
由图可知，F2＝G,杠杆在水平位置保持平衡，由F1l1＝F2l2可得，拉力的大小：F1＝F2＝G＝×100N＝50N．若将A端缓慢向上提升一小段距离，则阻力臂l2将变小，阻力不变，即F2l2变小，因为拉力方向始终垂直于杠杆，所以动力臂不变，根据F1l1＝F2l2可知F1变小，即拉力F减小．
9、变小 变小 不变
【解析】
当闭合S1、S2，R1被短路，电压表测量R2两端的电压；再断开S2，R1被串连接入电路，电路中总电阻变大，电源电压不变，电路中电流变小，电压表仍测量R2两端的电压，其示数也减小；两次均测量R2两端的电压，对同一电阻，通过的电流与加在两端的电压成正比，所以电压表的示数与电流表的示数的比值不变．
10、热 减少
【解析】
[1]白炽灯是电流通过灯丝时发热，当灯丝的温度达到2500℃左右的白炽状态时会发光的原理而制成的，故它利用的是电流的热效应。
[2]为了提高灯丝的温度，减少散热，才把灯丝做成螺旋状。
11、增强 N
【解析】
电磁铁磁性的大小与电流大小、磁场的强弱有关，当电流过大时，电磁铁磁性会增强；螺线管中电流的方向是向上的，根据安培定则可知，电磁铁左端是N极。
12、运动状态 不变 改变
【解析】
女排比赛中头号功臣朱婷飞身跃起重扣，改变了排球的运动方向，球砸在对方界内，是因为力可以改变物体的运动状态；球在落向地面的过程中，质量不变，所以它的惯性不变；高度降低，所以重力势能变小，即发生改变．
13、15
【解析】
柴油机一个工作循环，飞轮转两周，完成四个冲程，对外做功一次，1s内该柴油机飞轮转=30r，完成15个工作循环，对外做功15次．
14、虚 6 下降 0.5
【解析】
（1）A点与光屏在水中所成的像是平面镜成像．平面镜成像的原理：物体射到平面镜上的光，经平面镜反射后的反射光线是发散的，这些光线的反向延长线相交而成的点，就是我们看到的像，不是由实际光线会聚而成的，不能呈现在光屏上，故称为虚像；
（2）平面镜成的是正立等大的虚像，像和物关于镜面对称．A点与水面相距3m，则A与它在水中的像A′之间的距离为物与平面镜距离的二倍为6m；
（3）若光斑B向右移动了1m，说明光延后反射，水位下降．由于从A点发出的一束与水平面成45°角，则入射角为45°，由等边直角三角形可知，水位下降0.5m。
三、作图题（共7分）
15、
【解析】
试题分析：根据反射定律：反射光线、入射光线、法线在同一个平面内，反射光线与入射光线分居法线两侧，反射角等于入射角，先作出法线，再画出入射光线．
根据作出的入射光线，由折射定律：折射光线、入射光线、法线在同一个平面内，折射光线、入射光线分居法线两侧，当光由空气斜射进入水中或其它透明介质中时，折射光线向法线偏折，折射角小于入射角；当光由水中或其它透明介质斜射进入空气中时，折射光线远离法线偏折，折射角大于入射角，画出折射光线
解：先过反射点垂直界面画出法线，在法线左侧向反射点画出入射光线，反射角等于90°﹣45°=45°，所以入射角等于45°；
在法线右侧的水中从O点画出折射光线，注意折射角小于45°，如图所示：
【点评】特别强调不仅要会根据反射定律和折射定律由入射光线画反射光线和折射光线，而且要会根据反射或折射画出入射光线．
16、
【解析】
根据杠杆原理分析出杠杆所示动力的作用点和方向；力臂是支点到力的作用线的距离，支点为点O，分别作出支点到力的作用线的垂线段即可．
【详解】
由图和题意可知，O为支点，水对浮标的向上作用力为动力，入水口对B端的向上作用力为阻力；入水口处的水对塞子产生竖直向上的压力，所以过杠杆B点作竖直向上的力即为阻力；浮力竖直向上，所以过浮标重心作竖直向上的力即为动力，过支点O作动力作用线的垂线段即为动力臂如图所示：
17、见解析所示
【解析】
如图，潜水员和小鱼都在水中，光在均匀介质中沿直线传播，所以看到小鱼，是由于鱼反射的光线经直线传播到潜水员的眼中，如图：
D点是潜水员观察到小鸟像的位置，则连接AD两点，与水面交于O点，再连接CO，为入射光线，OA为折射光线，如图：
点睛：重点是光的折射成像时的光路图画法，因为像在D点，所以连接AD，则O为入射点，OA为折射光线，连接CO为入射光线．
四、实验题（本大题共5小题，共20分）
18、左 6.8 量筒分度值较大，所测体积误差较大 9.1 小 8.5 20
【解析】
(1)将天平放在水平台上，把游码放在零刻度处，发现指针指在分度盘的右侧，要使横梁平衡，应将平衡螺母向左调节；
(2)由图可以知道,横梁标尺的分度值是0.2g，游码示数是1.6g，则铜钥匙的质量：m=1.6g+10g=11.6g，该铜钥匙的密度为： ，量筒分度值是2 cm1，测得钥匙体积为2cm1，量筒分度值较大，所测体积误差较大；
(1) 铜钥匙质量不变，是11.6g，在玻璃杯装满水直到溢出，小心擦干外壁，测出其质量为161.4g，在杯中放入钥匙并擦干溢出的水，测出其质量为175.5g，同体积的铜钥匙比水质量多：175.5g-161.4g=12.1g，同体积的水质量是：11.6g-12.1g=1.5g，水的体积是： ，因此钥匙的密度是：；为了进一步减小误差，可以换用一个杯口更小的容器进行实验；
(4) 由已知条件分析知，铜钥匙排开水的质量是1.6g，排开水的体积是：，因此钥匙的密度是：；用量筒测量钥匙体积，精确度是2 cm1，这个方案中体积的精确程度是0.1 cm1，因此精确程度大约提高到了原来的20倍。
19、闭合 导体切割磁感线运动方向(或导体运动方向) 2、6(或3、7) 发电机 不同 有关
【解析】
（1）根据实验数据分析知道，产生感应电流的现象中，闭合电路中的部分导体在磁场里的运动方向与磁场方向垂直，即闭合电路中的部分导体在磁场里做切割磁感线运动时，导体中产生感应电流；
（2）比较实验2和3（或6和7）知道，在磁场方向一定时，导体切割磁感线运动方向改变，感应电流的方向就改变；
（3）比较实验2和6（或3和7）知道，在导体切割磁感线运动方向（或导体运动方向）不变时，磁场方向改变，感应电流的方向就改变。
（4）实验中采用的是控制变量法，闭合电路中电流表中的电能是由于导体的运动而产生的，即消耗的是机械能，所以实验过程中是机械能转化成电能，其重要应用是发电机的发明。
（5）①探究感应电流的大小与导体切割磁感线运动速度是否有关，应该保持磁场强弱不变，让导体ab以不同的速度沿相同方向做切割磁感线运动，观察电流表指针偏转幅度大小。
②如果电流表指针偏转幅度不同，说明感应电流的大小与导体切割磁感线运动速度有关，如果电流表指针偏转幅度相同，说明感应电流的大小与导体切割磁感线运动速度无关。
20、BD0.38.3
【解析】
（1）变阻器按一上一下接入电路中与电阻串联，如下图所示：
（2）实验前为了保护电路，滑动变阻器的滑片应置于阻值最大处的B端；
（3）由题知，闭合开关，无论怎样移动滑片P发现电压表无示数，电流表有示数，
A．若滑动变阻器R断路，整个电路断路，两表都没有示数，不符合题意；
B．若滑动变阻器R短路，电压表测电源电压，电流表测电路中的电流，两表都有示数，不符合题意；
C．若Rx断路，电流表没有示数，电压表串联在电路中测电源电压，有示数，不符合题意；
D．若Rx短路，电压表也被短路而无示数，电流表有示数，符合题意；
（4）排除故障后，当电压表示数为2.5V时，电流表示数如图丙所示，电流表选用小量程，分度值为0.02A，则通过Rx的电流大小为0.3A，由欧姆定律可得，它的阻值：；
（5）由题意可知电源电压为3V，将电压表与滑动变阻器并联，测得电压表的示数为U1，根据串联电路电压的规律，电阻Rx的电压为：Ux＝3V﹣U1，由欧姆定律可得，其表达式为：.
21、右 便于测量力臂 3 逆时针转动
【解析】
①如图甲，杠杆右端上翘，平衡螺母向右端移动，直到杠杆在水平位置平衡。
实验时加减钩码也应使杠杆在水平位置平衡，此时力和力臂垂直，力臂在杠杆上，便于测量力臂。
②使杠杆在水平位置平衡，设每个钩码重G，每个小格为L，
由杠杆平衡条件可得：2G×3L═nG×2L，可得n＝3，即应在右边的A点挂3个相同的钩码。
图乙中杠杆水平平衡后，在杠杆左右两边钩码下同时加一个相同的钩码，即左端为3G×3L＝9GL；而右端为4G×2L＝8GL，可知左端钩码的重力和力臂的乘积会较大，这时杠杆将逆时针转动。
22、 左 0.48 右 换用两节新的干电池或使用三节干电池或换用阻值较小的滑动变阻器等，合理即可） 不需要
【解析】
（1）伏安法测灯泡功率的实验中，电压表并联在灯泡两端，灯的额定电压为2.5V，故使用0-3V量程，实物电路如下：
（2）为保护电路，连接电路时开关应断开，滑动变阻器的滑片处于最大阻值处的左端；
（3）由图乙知道，电流表选用小量程，分度值为0.02A，其值为0.24A，故小灯泡的功率是：
P=UI=2V×0.24A=0.48W；灯在额定电压下的功率为额定功率，此时电压表的读数为2V，小于灯的额定电压，所以，要使灯泡正常发光，应将增大灯的电压，由串联分压原理知道，应减小变阻器连入电路中的电阻大小，即滑片向右移动，直至电压表示数为2.5V，小灯泡正常发光，小灯泡达到额定功率；
（4）当电压表示数达到2.5V时，无论怎么调节变阻器滑片都无法使电压表示数变大，说明电源电压较小；为了用该灯泡继续完成实验，做法是：换用两节新的干电池或增加1节电池或换用阻值较小的滑动变阻器等；
（5）小灯泡在不同电压下的功率不同，在额定电压下的功率为额定功率；所以，比较灯泡在不同电压下的功率关系，不需要重新测量前两次实验数据．
五、计算题（本大题共2小题，共13分）
23、（1）；（2）；（3）483s
【解析】
（1）根据题意知道，米和水吸收的热量是：
Q吸 =cm（t-t0 ）=4×103 J/（kg•℃）×1kg×（100℃-15℃）=3.4×105 J；
（2）由电路图知道，开关S接“b”时，R1、R2 串联，电煲锅保温；开关S接“a”时，电煲锅加热，电路为R1 的简单电路，由 知道，
开关S接“b”时，电路中的总电阻：U2 =P保温 R总 ①；
开关S接“a”时，电路中的总电阻：U2 =P加热 R1 ②；
又因为P加热 =5P保温 ，由以上各式解得：P保温R总=5P保温 R1；
所以，R总=5R1 =5×55Ω=275Ω；
又因为串联电路中总电阻等于各分电阻之和，所以，R2 的电阻值是：R2 =R总 -R1 =275Ω-55Ω=220Ω；
（3）电煲锅的加热功率是：
由 知道，电煲锅消耗的电能是： =4.25×105J，
故电煲锅需要的加热时间是： =483s
24、ρ0gS(h1+h3-h2)ρ0gS(h3-h2)
【解析】
（1）根据图象可知，木块刚刚漂浮时，木块浸入水中的深度为L1＝9cm；由于从9cm到16cm，木块一直处于漂浮，浸入水中的深度不变；当水面的高度为16cm时细线刚好张紧，线的拉力为零；直到木块上表面与液面相平，此时水面的高度为25cm；所以木块的高度：L＝9cm+（25cm﹣16cm）＝18cm＝0.18m；则木块的体积：V木＝S木L＝0.01m2×0.18m＝1.8×10﹣3m3，木块全部淹没时受到的浮力最大为：F浮＝ρ水gV排＝ρ水gV木＝1×103kg/m3×10N/kg×1.8×10﹣3m3＝18N；
（2）由图象可知，木块刚刚漂浮时木块底部受到水的压强为900Pa，则木块的重力与水向上的压力（浮力）平衡，所以，木块重力：G＝F向上＝p向上S＝900Pa×0.01m2＝9N；直到木块上表面与液面相平时，木块受到的浮力最大，由力的平衡条件可得，细线对木块的最大拉力为：F拉＝F浮﹣G＝18N﹣9N＝9N．
六、综合能力题（本大题共3小题，共18分）
25、（1）静止状态；（2）4N；（3）2m；（4）8J。
【解析】
（1）由图丙可知，木箱在0～1s内没有动，处于静止状态；
（2）由图丙可知，在2～3s内木箱做匀速直线运动，处于平衡状态，由平衡条件可知，木箱受到的滑动摩擦力f＝F，由图乙可知，在2～3s内推力F＝4N，则木箱受到的滑动摩擦力f＝F＝4N；
由图丙可知，木箱在1～2s内做加速运动，受到的摩擦力为滑动摩擦力，滑动摩擦力与推力大小无关，接触面的粗糙程度与物体间的压力不变，则木箱受到的滑动摩擦力不变，则1s～2s木箱受到的摩擦力大小为4N；
（3）（4）由丙图知，2s～3s内箱子做匀速直线运动，其速度为2m/s，
则2s～3s内箱子通过的距离：s＝vt＝2m/s×1s＝2m；
由乙图知，此时木箱受到的推力F＝4N，因此推力做功：W＝Fs＝4N×2m＝8J。
26、小于 0.25m/s 1800J；30W 75%
【解析】
（1）流体压强与流速的关系：流速越大的位置压强越小，可以知道，扫地机器人在工作时，因为转动的扇叶处气体的流速大，压强小，主机内部的气压小于大气压；
（2）此机器人在清扫地面时运动的速度为：v==0.25m/s；
（3）机器人沿直线匀速运动，受到的推力和阻力是平衡力，机器人的水平推力F=f=120N，水平推力所做的功为：W=Fs=120N×15m=1800J；
水平推力所做功的功率为：F==30W；
（4）机器人工作1min消耗的电能为：W=Pt=40W×60s=2400J。
机器人工作时的效率为：η==75%。
27、（1）
；（2）①5A；②44Ω；③2.2kW•h；④虽然导线和电暖器串联，电流相等，但是电暖器的电阻远远大于导线电阻，相同时间内，由焦耳定律可知，电暖器工作时放出的大量的热，而与其连接的导线却几乎不发热
【解析】
（1）根据题中的要求可知开关要同时控制两个插座且两个插座是并联的，而为了安全用电，开关必需接在火线上控制火线的通断，故先把开关的一端接火线，另一端分成两条电路分别接在两个插座的右孔上；插座的左孔再接在零线上，这样就可以实现开关接通时两插座都能提供220V电压．三孔插座最上面的一个孔是接大地的，这样就可以把家用电器的金属外壳与大地连通，从而防止人触电．
（2）“220V 1100W”指电暖气的额定电压是220V（正常工作电压），额定功率是1100W（正常工作时的电功率）．电暖气在额定电压下工作时：
①流过电暖气的电流：
②电暖气的电阻：
③电暖气消耗2.2kW·h的电能所用的时间（注意统一单位）：
④电暖气通过导线连到电路，电暖气与导线是串联的，通过的电流是一样的，根据 Q=I2Rt，通过电暖器和导线的电流相同，通电时间相同的情况下，由于电暖器的电阻远大于导线的电阻，所以电暖器放出的热量远大于导线放出的热量．
（3）电吹风正常工作时的电流是：
，
电吹风与电暖气是并联的，所以通过插线板的电流是：
I总=5A+3.4A=8.4A