2026高三下学期第三次调研考试生物含答案

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吉林地区普通中学2025-2026学年度高中毕业年级第三次调研测试
生物学参考答案及评分标准
单选题（30分，每题2分）
1-5 DCBCB 6-10 ACDDB 11-15 ADBAA
不定项选择题（15分，每题3分）
16. BD 17. ACD 18. ABD 19. ACD 20. ABC
非选择题（55分）
21.（12分，除特殊说明外，每空1分）
（1）电能（或电势能、化学势能）（1分） 类囊体（薄膜）（1分）
（2）维持pH值稳定（调节pH值，保护色素等，1分） 低温（1分）
（3）补充图Ⅱ实验全过程置于黑暗环境（2分）
（4）精准控制ATP 合成速率。（2分）
增加CO2浓度、提高温度、补充水分或无机盐等（2分，每项1分）
引入化能合成机制，利用硫化氢或氨，氧化释放的能量，替代光能驱动H⁺浓度梯度形成； 或改造类囊体膜，利用电池电能驱动H⁺跨膜运输，建立梯度，驱动合成ATP。（2分，采分点，不管生物还是化学等学科，提到能量来源就2分，宽松给分）
22.（10分，每空2分）
（1）调查种群数量很多，及对其他物种的影响巨大（2分，各1分）
（2）土壤微生物（分解者）对动物粪便的分解能力（或温度对粪便分解的影响、动物排便频率、不同个体排粪量的差异、粪便的重叠情况等。（答出一点，合理就给分，2分）
（3）个体较大，数量较少（2分，各1分）
（4）大（或较大，意思对即可。2分） 甲和乙（2分）
23.（11分，除特殊说明外，每空2分）
（1）吸收CO2（1分） 蓝→绿→黄（1分，说全颜色变化才给分）
（2）液体（1分） 乳酸菌是厌氧型微生物/为乳酸菌创造无氧环境（1分）
（3）抑菌圈较大
（4）①记录原始实验结果表格（3分）

（说明：自变量：有对照组设计1分，每组分为3杯1分；因变量：21天等1分，）
② 偏低
24（11分，除特殊说明外，每空2分）
（1）灰身、长翅（2分，每项1分）
（2）控制体色和翅型的基因位于同一条染色体上，F1雄性个体减数分裂时染色体不发生互换，只产生两种配子，F1雌性个体减数分裂时染色体发生互换产生了四种配子（3分）
（3） （2分，各1分）
AB：Ab：aB：ab=1：1：1：1 （2分）
2：1：1（或4:2:2）或5：1：1：1（2分，各1分）
25（11分，除特殊说明外，每空2分）
（1）引物、四种dNTP(或脱氧核苷酸或dATP、dTTP、dGTP、dCTP）（2分，各1分）
（2）F1与R1（或F1-R1）（2分） 长于（1分）
DNA片段长度（分子量大小不同或构象）（2分）
（3）敏感型（1分）；敏感型pfcrt基因的PCR产物含有DraI酶的识别序列（5’-AAATTT-3’），而抗性型基因突变导致该识别序列被破坏，无法被DraI酶识别切割（2分）
（4）核酸染料（或溴化乙锭）（1分）
部分试题解析：
2.【答案】：C
【命题意图】：按26年教育部一号文件说明分析，执行“考教衔接”，就要结合教材。本题以氢键为主题设置问题，涉及水、蛋白质、ATP、DNA等化合物，体现了基础性和综合性的考查要求。
【解析】：选项A：每个水分子可以与周围水分子靠氢键相互作用在一起。氢键易被破坏，使水在常温下能够维持液体状态，具有流动性。同时，由于氢键的存在，水具有较高的比热容，水的这种特性，对于维持生命系统的稳定性十分重要。因此，选项A正确；
选项B：组成一种蛋白质的氨基酸数目可能成千上万，氨基酸之间能够形成氢键等，从而使得肽链能盘曲、折叠，形成具有一定空间结构的蛋白质分子。许多蛋白质分子多条肽链，通过一定的化学键如二硫键相互结合在一起。因此，选项B正确；
选项C：ATP分子中A代表腺苷，P代表磷酸基团，～代表一种特殊的化学键，而不是氢键。当ATP在酶的作用下水解时，脱离下来的末端磷酸基团挟能量与其他分子结合，从而使后者发生变化。因此，选项C错误。
选项D：DNA两条链上的碱基通过氢键连接成碱基对，正确。
6.【答案】：A
【解析】：选项A：植物组织培养培养基需添加琼脂（凝固剂）、蔗糖（碳源），还需生长素和细胞分裂素（调节脱分化和再分化），二者不可缺少。正确；
选项B：步骤②提取人参活性成分是提供为了融入饮品的营养物质，益生菌的碳源来自麦芽汁，并非利用人参细胞成分，错误；
选项C：酵母菌属于真核细胞，乳酸菌是原核细胞。错误；
选项D：无菌人参细胞的主要成分是蛋白质、纤维素等，不能直接作为益生菌的碳源（益生菌需糖类等易利用碳源），无法替代麦芽汁，错误。
7.【答案】：C
【解析】：选项A:酶X的移动方向是朝模板链的3'端移动，说明该酶一定不是DNA聚合酶，而应该是解旋酶，因为DNA聚合酶只能从模板链的3’端向5‘移动，在引物的3'端添加单个核苷酸合成子链，A错误；
选项B、根尖分生区细胞中没有叶绿体，B错误；
选项C、在体外进行该过程时，PCR进行体外DNA复制，解旋酶的作用可被高温作用代替，C正确；
选项D、片段M若发生碱基的增添，可能会导致mRNA上提前出现终止密码子，使翻译提前终止，肽链变短，D错误。
11.【答案】：A
【解析】选项B、突触间隙中Nmb与Nmbr的识别发生在突触后膜，该过程体现了化学信号→电信号的转变过程，B错误。
12.【答案】D
【解析】据图可知，野生型未免疫鼠对含有蛋清水的偏好率远大于野生型免疫鼠，IgE基因敲除的未免疫鼠和免疫鼠对含有蛋清水的偏好率相同，免疫鼠和未免疫鼠的区别是是否注射过过敏原卵清蛋白，即是否产生了IgE抗体，因此说明卵清蛋白诱发机体产生的IgE抗体参与小鼠对过敏原的回避，C错误，D正确。
13.【答案】B
【命题意图】考查学生对“生物模型”的解读与应用能力，示意图以抽象的神经元、突触符号构建了一个简化但功能完整的神经调节模型，意图引导学生从具体的生命现象抽象到神经信号传递路径，并能用图中符号进行推理。
【解析】选项A经过W24和W34分泌唾液的反射属于条件反射，不遗传给下一代，A错误；
选项B，条件反射的消退是原来的兴奋性信号转变为抑制性信号。B正确；
选项C，铃声和灯光都能使小狗分泌唾液，但是两者的感受器不一致，信号不在同一个反射弧传递，C错误；
选项D、W34结构为突触，可发生电信号到化学信号再到电信号的转变，D错误。
15.【答案】A
【解析】选项A、据图仅可了解到农田和自然保护区的雀形目鸟类的物种数量，不知道农田和自然保护区可提供的资源及鸟类个体的数量等，故无法比较两生境中鸟类种间竞争的大小，A错误；
选项B、由图可知，自然保护区的物种数量最大，其次是城区和农田，故说明自然保护区的植被群落类型多样，鸟类物种丰富度高，B正确；
选项C、自然保护区鸟类物种数量明显高于农田和城区,鸟类物种丰富度高，推测原因为自然保护区的植被群落类型多样，群落的空间结构更加复杂，可为鸟类提供更多的栖息空间和食物条件，因此自然保护区鸟类比其他生境的鸟类有更宽的空间生态位，C正确；
选项D、农田和城市人类活动频繁，杂食性鸟类占比明显大于自然保护区，故说明人类活动产生的空白生态位有利于杂食性鸟类迁入，D正确。
【答案】：BD
【命题意图】：此题考察的是新情境信息获取力。海水中CO浓度低、扩散慢，衣藻通过主动运输HCO3—进入细胞并转化为CO₂，来维持Rubisc酶的活性。旨在考查学生获取信息，并结合所学知识进行推理、解答。
【解析】：题干和图示显示，衣藻的碳浓缩机制是通过主动运输将HHCO3—从细胞外泵入细胞质基质，再泵入叶绿体，在叶绿体内将HCO3—转化为CO₂供Rubisc使用。因此，图中卡尔文循环所需的CO₂可来源于HCO3—转化的。实际上，衣藻既可以直接从海水中通过自由扩散获得CO2，也可以通过呼吸作用获取CO₂。在海水中，由于CO₂的扩散速率较慢且浓度相对较低，衣藻主要依赖通过无机碳浓缩机制（CCM）来高效地固定碳。A选项错误；
图中明确标注了HCO3—每一步运输都消耗ATP，说明是通过主动运输将HCO3—“泵入”细胞内。因此，叶绿体是HCO3—浓度最高的场所。B选项正确；
图示强调了“主动运输”和“消耗ATP”的过程。自由扩散是指物质顺浓度梯度扩散，不需要能量消耗；衣藻面对海水中CO₂浓度极低的环境，必须消耗能量主动将HCO3—泵入细胞内，形成浓度梯度，进而维持高浓度的CO₂以克服Rubisc的亲和力低的问题。C选项错误；
通过在培养液中加入放射性标记的H*CO3—，利用其放射性标记特性，因为碳是稳定同位素，研究者可以追踪HCO₃⁻在细胞内的运输路径。该方法可以验证图中所示的无机碳浓缩和转化路径。D选项正确。
17.【答案】：ACD
【解析】：选项A。该实验是典型的对照试验，需要空白对照组。空白对照是指不给对照组做任何实验处理，这里的“空白”绝不是什么影响因素都不给予，而是针对实验组所要研究的实验因素给予空白。也就是说，除不给予实验变量外，别的无关变量都与实验组完全相同，以突出所要研究的因素。所以与乙组相比较可知，甲组的处理应该是手术但不切除卵巢，这样可以排除手术对实验结果的影响，突出卵巢的作用。因此，选项A正确。
选项B。在对照实验中，控制自变量可以采用“加法原理”或“减法原理”。与常态比较，人为增加某种影响因素的称为“加法原理”，人为去除某种影响因素的称为“减法原理”。摘除或切掉某种组织是较为经典的生理学研究方法，如通过研究某种内分泌腺的缺失、补充其所分泌的激素来研究其功能。乙组在甲组的基础上，利用切除的方式特异性地去除了卵巢，从而确定了卵巢对动物记忆水平的影响，即使用了自变量控制中的“减法原理”。因此，选项B错误。
选项C。甲组和乙组相比较，自变量是是否切除卵巢，BDNF和记忆水平都是因变量。实验结果对比，乙组小鼠的BDNF含量和记忆水平均低于甲组，说明卵巢可以提高BDNF含量和记忆水平。因此，选项C正确。
选项D。通过对甲乙丙组的处理和结果进行分析，可以得出性激素可以提高BDNF含量和记忆水平的结论。但由于BDNF是因变量，不是自变量，所以根据BDNF与基因水平的相关性，可以推测“雌激素可能是通过BDNF改善动物的记忆水平”，但题目中的实验不足以证实这一结论。如果想要得出“雌激素是通过BDNF改善动物的记忆水平”这一结论，还需要进一步通过操控BDNF验证其对记忆水平的影响。因此，选项D正确。
18.【答案】ABD
【命题意图】考查学生对实验结果的观察与推理能力，更注重其在复杂情境中提取关键信息、排除干扰项、建立科学因果关系的能力。建议借此题，培养学生用简单模型直观体现各因素的因果关联，简化分析难度，形成良好的解题习惯。
【解析】选项A．识别肿瘤细胞，并杀伤癌变的细胞属于免疫系统的免疫监视功能，要与免疫自稳对比记忆。A正确；
选项B、题干已说明 PD-L1/PD-1 结合会加速耗竭，抗 PD-L1 抗体能与肿瘤细胞表面高表达的PD-L1 结合，阻断PD-L1 分子与PD-1受体结合，可缓解CD8⁺T细胞耗竭，B正确；
选项C、分析图中第一组柱形图可知，去甲肾上腺素会降低CD8⁺T细胞活性，因此，促进去甲肾上腺素释放反而会加剧耗竭，引发耗竭状态CD8⁺T细胞比例上升，C错误；
选项D，由图可知，R受体过表达后耗竭状态 CD8+T细胞的比例上升，敲除R基因后，CD8+T细胞不易耗竭。CD8+T细胞保持活性，能更好杀伤肿瘤，利于免疫治疗。D正确
19.【答案】ACD
【解析】：选项A：第三营养级的同化量=呼吸散失量（？）+用于生长、发育和繁殖的能量（134.5×105kJ）。根据能量分配原则，第三营养级同化量需通过第二营养级传递计算：第二营养级流向第三营养级的能量=689.0×105kJ -流入分解者（355.0×105kJ）-未利用（32.1×105kJ）=301.9（×105kJ），此即第三营养级同化量。因此呼吸散失量=301.9×105kJ -134.5×105kJ =167.4×105kJ，表中“?”处的能量值是167.4而非1090.9，A错误；
选项B：生产者流入分解者的能量包含其残枝落叶及被第二营养级摄入后以粪便形式排出的未消化物质（粪便能量属于生产者而非第二营养级），B正确
选项C：未利用能量指未被当前营养级利用也未传递的能量，后续可能被分解者或下一营养级利用，C错误。
选项D：呼吸作用一部分以热能形式散失，另外一部分还用于合成ATP，是可以用于有机物的合成的。D错误。
20.【答案】 ABC
【解析】：选项A.使染色体断裂,而只保留着丝粒和一端的染色体属于染色体结构变异中的缺失，另一条同源染色体都丢失属于染色体数目变异，A正确；
选项B.小麦有21对同源染色体，每对同源染色体可以形成两种单端体，所以单端体理论上有42种，B正确；
选项C.该个体的7号染色体上，可能有抗条锈病基因，也可能没有。假设抗条锈病基因为X，若该7号染色体的单端体有抗条锈病基因，其自交后代可表示为XX，XO，OO。又因为至少一对同源染色体都不存在时个体致死。所以OO死亡。存活的个体均含有基因X。都表现为抗条锈病。反之，若该7号染色体的单端体没有抗条锈病基因，存活个体均没有该基因，均表现为不能抗条锈病。C正确。
选项D.如果2个单端体所含顶端着丝粒染色体属于同一对同源染色体，且杂交后代中同时含有这两条染色体，则含有全套遗传信息，D错误；