2026年中考物理二轮复习常考考点专题-电功率试题（含答案）

这是一份2026年中考物理二轮复习常考考点专题-电功率试题（含答案），共75页。
A．声音传播的速度为340m/s
B．初中物理课本的质量约为5kg
C．空调正常工作一小时消耗电能约为10kW•h
D．家用手电筒功率约为0.5W
2．（2025•南昌三模）下列关于物理量、物理量符号及其可用的对应单位、单位符号都正确的是（ ）
A．机械效率—P—瓦（W）
B．质量—V—升（L）
C．电功—W—千瓦时（kW•h）
D．燃料热值—q—焦•千克（J•kg）
3．（2024•吉州区校级二模）如图所示的电路，电源电压保持不变，闭合开关S，在保证各元件安全的条件下，滑动变阻器的滑片从最右端向左移动的过程中（ ）
A．电压表V示数变小，灯的亮度变亮
B．电流表A1示数变大，电流表A2示数不变
C．滑动变阻器消耗的电功率变小
D．电压表V示数与电流表A2示数的比值变大
4．（2025•临川区模拟）关于手机电池和安全使用手机的知识，下列说法错误的是（ ）
A．手机电池过热可能是由于电池内部短路引起的
B．手机电池过热可能是由于长时间使用手机引起的
C．使用手机时，应避免将手机放在高温环境中
D．发现手机电池过热时，应立即将手机放入水中冷却
5．（2025•信州区模拟）如图所示电路，电源电压恒定，闭合开关后，下列说法正确的是（ ）
A．两电阻为并联关系
B．滑片右移过程中，R1消耗的功率变大
C．滑片右移过程中，三个电表中有两个电表示数变小
D．滑片右移过程中，电压表V1的示数与电流表A的示数之比变大
6．（2025•新余二模）在应用物理知识分析解决问题的过程中，常常需要根据问题情境的描述提取有用信息，做出正确的判断。以下根据问题情境所做的判断正确的是（ ）
A．从“电水壶标有‘220V 900W’”判断出“该电水壶加热功率是900W”
B．从“两个轻质小球靠近相互吸引”判断出“两轻质小球带异种电荷”
C．从“验电器的两片金属箔片由闭合到张开”判断出“被测物体是带电的”
D．从“将两个用电器并联后接入电路”判断出“经过两个用电器的电流相等”
7．（2025•永修县模拟）如图1所示的空气炸锅能快捷烹制食物，图2是该空气炸锅加热部分的简化电路，有低温、中温和高温三个挡位，R1和R2是发热定值电阻。下列说法中正确的是（ ）
A．只闭合S1，该空气炸锅是高温挡
B．只闭合S2，该空气炸锅是低温挡
C．只闭合S3，该空气炸锅是高温挡
D．同时闭合S1和S3，该空气炸锅是低温挡
8．（2024•吉安县校级模拟）如图是创新实验小组同学设计的一款电子量角器的实物图和电路图，AB为均匀半圆弧形电阻，O点为其圆心，OP为金属滑片，可绕O点转动。AO间连接的角度显示器是由电压表改装而成的，可用来显示角AOP的大小。当滑片P沿顺时针方向转动时，则（ ）
A．电路中电流变小B．电压表示数变大
C．电路中电流变大D．电路总功率变大
9．（2022•江西模拟）有一只标有“6V 3W”字样的灯泡A和一只定值电阻B，A和B的电流随两端电压变化关系的图象如图甲所示。则下列判断正确的有（ ）
A．定值电阻B两端电压与电流成正比
B．将A、B串联接在9V电源两端，灯泡A正常发光
C．A、B并联接在6V电源两端，10s内电路消耗的电能是30J
D．将A与一个滑动变阻器串联接在6V电源两端，如图乙所示，当灯泡的功率与滑动变阻器的功率相等时，滑动变阻器的功率为3W
10．（2013•宜丰县模拟）小科用Ggle搜索“物理与生活”时，搜索到的下列事例，其中说法正确的是（ ）
A．刚倒的一杯开水，冷却到可以饮用时，放出的热量约为105J
B．在生活中难以找到不受力的物体，所以牛顿第一定律无现实意义
C．一盏“220V 40W”的灯泡工作25h，耗电总是1kW•h
D．热气球升空利用了气体流速大，压强小的道理
11．（2025•安远县校级模拟）小明在测量小灯泡的电功率时，由于粗心大意，忘记了把电压表接入电路中。已知灯泡的额定电压为3.5V，电源电压为6V，电压表只有0～3V的量程。为了能准确地测出小灯泡的额定功率，则电压表V应并联在如图所示的电路中的哪两点上面（ ）
A．abB．aeC．bcD．de
12．（2023•江西一模）如图所示，是四种常用的电工用具，其中属于用电器的是（ ）
A．螺丝刀
B．带插头导线
C．电烙铁
D．接线板
13．（2025•浔阳区校级二模）下列数据中最接近实际情况的是（ ）
A．一只中性笔的质量约为120g
B．洗澡水适宜的温度约为40℃
C．妈妈骑电动车的速度为30m/s
D．小林家一个月的正常用电量约为3kW•h
14．（2024•南昌一模）如图是电阻甲和乙的U﹣I图像，以下是小明对图像信息作出的判断，其中正确的是（ ）
A．甲、乙均为定值电阻
B．当乙两端电压为1V时，其电阻值为2.5Ω
C．将甲、乙并联在2V的电路中，甲的电压较大
D．将甲、乙串联在3V的电路中，乙的电功率为0.8W
15．（2024•安源区二模）某科技小组为快递公司设计的分拣计数装置简化电路如图所示。R2为定值电阻，R1为光敏电阻，当有光照射光敏电阻时其阻值变小。激光被遮挡一次，计数器会自动计数一次（计数器可视为电压表）。闭合开关，激光被遮挡瞬间，下列说法正确的是（ ）
A．电阻R1的阻值变小
B．通过R1的电流变大
C．电阻R2两端的电压变大
D．电阻R2消耗的电功率变小
二．填空题（共6小题）
16．（2025•南昌一模）如图所示，某同学将标有“3V，0.5W”和“3V，0.6W”字样的两只小灯泡串联接在电压为3V的电路中，闭合开关，观察两灯亮度，断开开关，然后将其中一只灯泡换成“3V，0.75W”的再闭合开关，另一只灯泡的亮度 （选填“变亮”“变暗”或“不变”），电路的总功率 （选填“变大”“变小”或“不变”）。（假设灯丝电阻不变）
17．（2025•九江模拟）在国际单位制中，伏特是 （填写物理量名称）的单位。如图所示是某同学在家中拍的一张电能表照片，由此可知，此电能表从开始使用到现在，该家庭消耗电能 kW•h。
18．（2025•九江模拟）如图所示是2025年春节联欢晚会中表演节目的机器人，它表演时主要是将电能转化为 能，机器人转手绢时，手绢离开手后能继续转动是因为 。
19．（2025•南城县一模）如图所示电路，电源电压恒定，闭合S0，当S闭合，甲、乙两表为电压表时，两表示数之比U甲：U乙＝7：3；当S断开，甲、乙两表为电流表时，两表示数之比I甲：I乙＝ ，此时R1、R2消耗的功率之比P1：P2＝ 。
20．（2025•永修县模拟）如图所示是探究“电流产生的热量跟哪些因素有关”的实验。实验中是通过 来比较导体产生热量的多少；相同时间内，电流通过R1产生的热量与通过R2产生的热量之比为 。
21．（2025•红谷滩区校级模拟）如图所示时通过灯L、定值电阻R的电流与其两端电压的关系。若将灯L、定值R并联后接入4V的电源，通过干路的电流为 A；若将灯L、定值电阻R串联后接入6V的电源，则灯L的电功率为 W。
三．实验探究题（共2小题）
22．（2025•安远县校级模拟）（A）小明和小红想利用如图1所示的装置探究“导体产生的热量与电阻大小的关系”。两瓶煤油中都浸泡着一段金属丝，烧瓶A中的金属丝是铜丝，电阻比较小，烧瓶B中的金属丝是镍铬合金丝，电阻比较大。温度计显示煤油的温度。
（1）这两个烧瓶中所盛煤油的质量应该 。
（2）小红问小明“水比较容易获得，干嘛不用水代替煤油”。
对于这个问题，小明与他的同学给出了下列四种答案，你认为合理的是 。
A．因为煤油有颜色便于观察
B．因为煤油有比较大的热值
C．因为煤油有比较小的密度
D．因为煤油有比较小的比热容
（3）实验中，小明和小红发现B烧瓶中温度计的示数升高的快。这表明：在电流和通电时间相同的情况下，导体的电阻越 ，产生的热量越多。
（B）在探究“冰的熔化特点”实验中；
（1）如图2甲所示，是小明根据实验数据作出的冰加热时温度随时间变化的图像。分析图像可知，冰的熔点是 ℃，其熔化过程的温度特点： 。在第6min该物质处于 （选填“固态”、“液态”或“固液共存状态”）。
（2）另一个小组为了使物质更快受热，实验装置如图2乙所示，你认为该装置存在的不足是 。
23．（2024•永修县模拟）在“测定额定电压为3.8V小灯泡功率”的实验中：
（1）小冬同学在连接实验电路时还有导线未接上，如图甲所示，请你用笔画线代替导线，正确完成电路连接（请勿更改原有导线，导线不得交叉）；
（2）闭合开关前，应将滑动变阻器的滑片移到 （选填“左”或“右”）端；
（3）闭合开关，移动滑动变阻器的滑片到某处时，电压表示数为2V，要测量小灯泡的额定功率，应将滑动变阻器的滑片向 （选填“左”或“右”）端移动，当小灯泡正常发光时，此时电流表的指针位置如图乙所示，则小灯泡的额定功率是 W。
（4）传统的100W以上的白炽灯泡（如图丙）已于2012年10月1日起停止销售。你觉得普通白炽灯泡被淘汰的原因主要是 （填序号）；
A．生产技术不成熟
B．价格高
C．发光效率低
（5）小冬同学在家找到两个外观一样、额定电压均为220V的普通白炽灯泡（如图丙），其铭牌已经看不出额定功率，但小冬根据灯丝形状（如图丁），没有通电便判断出两灯泡额定功率的大小关系。你觉得两灯中，额定功率大是 的灯，将两灯串联起来，接在220V电路中， 灯更亮一些（均选填“A”或“B”）。
四．计算题（共2小题）
24．（2025•瑞昌市三模）周末，小明在家利用具有低温、中温、高温三个挡位的电烧烤炉烤肉。电烧烤炉的简化电路图如图所示，R1、R2是阻值不变的电热丝，且R1＞R2，其铭牌如表所示。
（1）求电烧烤炉处于低温挡正常工作时的电流；
（2）求电热丝R2的阻值；
（3）将电烧烤炉调至高温挡正常工作时，若不计热量损失，求将200g肉片从6℃加热至156℃需要的时间。[肉片的比热容取2.2×103J/（kg•℃）]
25．（2025•南昌三模）茶文化是中华文化教育的一个重要组成部分，中国茶文化是伴随着中华文明的发展而发展的，贯穿了中华文明五千年，给人类带来了健康与和谐。图甲是具有高温、低温两挡的电茶壶。电茶壶的铭牌如图所示，简化电路如图乙所示，R1、R2均是发热电阻（阻值不随温度变化）。其中水的比热容为4.2×103J/（kg•℃）。
（1）当电茶壶将1kg的水从20℃加热到100℃，求水需要吸收多少热量？
（2）求R1的阻值。
（3）当电茶壶在高温挡工作420s，可将1kg的水温度由20℃加热到100℃，求电茶壶的加热效率。
2026年中考物理常考考点专题之电功率
参考答案与试题解析
一．选择题（共15小题）
一．选择题（共15小题）
1．（2025•高安市二模）下列物理量的估测中，最接近实际的是（ ）
A．声音传播的速度为340m/s
B．初中物理课本的质量约为5kg
C．空调正常工作一小时消耗电能约为10kW•h
D．家用手电筒功率约为0.5W
【考点】电能的估算；额定功率；质量的估测；不同介质的声音速度．
【专题】其他综合题；分析、综合能力．
【答案】D
【分析】首先对题目中涉及的物理量有个初步的了解，对于选项中的单位，可根据需要进行相应的换算或转换，排除与生活实际相差较远的选项，找出符合生活实际的答案。
【解答】解：A、声音在不同的介质中传播速度不同，声音在15℃空气中传播的速度是340m/s，故A错误；
B、初中物理课本的质量约为200g＝0.2kg，故B错误；
C、空调的功率约为1kW，正常工作一小时消耗电能约为：W＝Pt＝1kW×1h＝1kW•h，故C错误；
D、家用手电筒功率约为0.5W，故D正确。
故选：D。
【点评】此题考查对生活中常见物理量的估测，结合对生活的了解和对物理单位的认识，找出符合实际的选项即可。
2．（2025•南昌三模）下列关于物理量、物理量符号及其可用的对应单位、单位符号都正确的是（ ）
A．机械效率—P—瓦（W）
B．质量—V—升（L）
C．电功—W—千瓦时（kW•h）
D．燃料热值—q—焦•千克（J•kg）
【考点】电能的单位及换算；质量的单位及其换算；机械效率的概念；燃料热值的概念．
【专题】其他综合题；理解能力．
【答案】C
【分析】物理学中，各物理量都有自己的符号和单位：
（1）机械效率符号为η，无单位，一般用百分数表示；
（2）质量符号为m，国际单位为kg；
（3）电功和电能符号为W，国际单位为J，常用单位是kW•h；
（4）燃料热值符号为q，国际单位是J/kg。
【解答】解：A、机械效率符号为η，无单位，一般用百分数表示；故A错误；
B、质量符号为m，基本单位为kg；故B错误；
C、电功符号为W，国际单位为J，常用单位是kW•h；故C正确；
D、燃料热值符号为q，国际单位是J/kg；故D错误。
故选：C。
【点评】物理学中各个物理量都有自己的符号和国际单位，不要将各符号和各单位相互混淆。
3．（2024•吉州区校级二模）如图所示的电路，电源电压保持不变，闭合开关S，在保证各元件安全的条件下，滑动变阻器的滑片从最右端向左移动的过程中（ ）
A．电压表V示数变小，灯的亮度变亮
B．电流表A1示数变大，电流表A2示数不变
C．滑动变阻器消耗的电功率变小
D．电压表V示数与电流表A2示数的比值变大
【考点】动态电路中电功率的变化；动态电路的分析．
【专题】电能和电功率；应用能力．
【答案】B
【分析】分析清楚电路结构，根据滑片的移动方向判断滑动变阻器接入电路的阻值如何变化，然后用应用并联电路的特点与欧姆定律分析答题。
【解答】解：
滑动变阻器与灯泡并联，电流表A2测通过灯泡的电流，电流表A1测干路电流，电压表测电源两端电压；
A．电源电压不变，电压表V的示数不变，由并联电路各支路独立工作、互不影响可知，移动滑片时，则灯泡的亮度不变，故A错误；
B．通过灯泡的电流不变，即的A2示数不变，滑动变阻器的滑片从最右端向左移动的过程中，滑动变阻器接入电路的阻值变小，通过滑动变阻器电流变大，则干路的电流变大，即电流表A1示数变大，故B错误；
C．滑动变阻器的滑片从最右端向左移动的过程中，滑动变阻器接入电路的阻值变小，通过滑动变阻器电流变大，滑动变阻器两端电压不变，所以滑动变阻器消耗的电功率变大，故C错误；
D．因为电压表V的示数不变，A2的示数不变，所以电压表V的示数和电流表A2示数的比值不变，故D错误。
故选B。
【点评】本题是一道动态电路的分析题，分析清楚电路结构、灵活应用并联电路的特点和欧姆定律是解题的关键。
4．（2025•临川区模拟）关于手机电池和安全使用手机的知识，下列说法错误的是（ ）
A．手机电池过热可能是由于电池内部短路引起的
B．手机电池过热可能是由于长时间使用手机引起的
C．使用手机时，应避免将手机放在高温环境中
D．发现手机电池过热时，应立即将手机放入水中冷却
【考点】焦耳定律的应用；电路的三种状态．
【专题】电与热、生活用电；应用能力．
【答案】D
【分析】根据焦耳定律及安全用电的知识，逐项分析得出答案，
【解答】解：A、电池内部短路会导致电流过大，根据焦耳定律可知相同情况下产生热量较多，故A正确；
B、长时间使用手机，手机中会有持续电流，有一部分的电能转化为内能，手机会发热，故B正确；
C、使用手机时应避免将手机置于高温环境中，以防止设备过热引发安全隐患或加速元件老化，故C正确；
D、手机进水后可能导致短路、电解腐蚀甚至爆炸，故D错误。
故选：D。
【点评】本题考查手机电池和安全使用手机的知识，是一道综合题。
5．（2025•信州区模拟）如图所示电路，电源电压恒定，闭合开关后，下列说法正确的是（ ）
A．两电阻为并联关系
B．滑片右移过程中，R1消耗的功率变大
C．滑片右移过程中，三个电表中有两个电表示数变小
D．滑片右移过程中，电压表V1的示数与电流表A的示数之比变大
【考点】动态电路中电功率的变化；动态电路的分析．
【专题】欧姆定律；电能和电功率；理解能力．
【答案】C
【分析】A.图中两个电阻顺次连接是串联关系；
B.滑片右移过程中，滑动变阻器接入的电阻变大，电路中电流变小，R1消耗的功率大小由P＝I2R判断；
C.图中电阻R1与R2串联，电压表V1测量定值电阻R1两端电压，电压表V2测量滑动变阻器两端电压，电流表串联在电路中，滑片右移过程中，滑动变阻器接入的电阻变大，电路中的电流变小，根据U＝IR可知定值电阻两端电压的变化情况，电源电压不变，由串联电路中电压的规律可知滑动变阻器两端电压的变化情况；
D.电压表V1测量的是定值电阻R1两端的电压，电压表V1的示数与电流表A的示数之比是定值电阻的阻值。
【解答】解：A.图中电子阻1与R2顺次连接，所有是串联关系，故A错误；
B.滑片右移过程中，滑动变阻器接入的电阻变大，电路中的总电阻R总＝R1+R2变大，电路中的电流I=UR总变小，R1消耗的功率P1＝I2R1变小，故B错误；
C.图中电阻R1与R2串联，电压表V1测量定值电阻R1两端电压，电压表V2测量滑动变阻器R2两端电压，电流表串联在电路中，滑片右移过程中，滑动变阻器接入的电阻R2变大，电路中的总电阻R总＝R1+R2变大，电路中的电流I=UR总变小，即电流表示数变小，定值电阻两端电压U1＝IR1变小，即V1的示数变小，电源电压U不变，滑动变阻器R2两端的U2＝U﹣U1变大，即电压表V2的示数变大，故C正确；
D.电压表V1测量的是定值电阻R1两端的电压，所以电压表V1的示数与电流表A的示数之比是定值电阻R1的阻值，所有滑片右移过程中，电压表V1的示数与电流表A的示数之比不变，故D错误。
故选：C。
【点评】本题考查了串并联电路连接方式的区分，串联电路中电压、电流的规律，欧姆定律及电功率公式P＝I2R的应用。
6．（2025•新余二模）在应用物理知识分析解决问题的过程中，常常需要根据问题情境的描述提取有用信息，做出正确的判断。以下根据问题情境所做的判断正确的是（ ）
A．从“电水壶标有‘220V 900W’”判断出“该电水壶加热功率是900W”
B．从“两个轻质小球靠近相互吸引”判断出“两轻质小球带异种电荷”
C．从“验电器的两片金属箔片由闭合到张开”判断出“被测物体是带电的”
D．从“将两个用电器并联后接入电路”判断出“经过两个用电器的电流相等”
【考点】额定功率与实际功率之间的关系；物体带电情况的判断；并联电路中的电流规律．
【专题】其他综合题；分析、综合能力．
【答案】C
【分析】灯泡正常工作时，实际电压等于额定电压，实际功率等于额定功率。
同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引；带电体能够吸引轻小物体，据此即可解答。
两灯泡并联，如果两灯泡规格相同，则两支路电流相等。
【解答】解：A.从“电水壶标有‘220V 900W’”判断出“该电水壶正常加热功率是900W”，故A错误；
B.从“两个轻质小球靠近相互吸引”判断出“两轻质小球可能带异种电荷”，故B错误；
C.从“验电器的两片金属箔片由闭合到张开”判断出“被测物体是带电的”，故C正确；
D.从“将两个规格相同的用电器并联后接入电路”判断出“经过两个用电器的电流相等”，故D错误；
故选：C。
【点评】此题考查了实际功率与额定功率，带电体的性质和电荷间的相互作用规律，以及并联电路中电流的规律，要综合分析解答。
7．（2025•永修县模拟）如图1所示的空气炸锅能快捷烹制食物，图2是该空气炸锅加热部分的简化电路，有低温、中温和高温三个挡位，R1和R2是发热定值电阻。下列说法中正确的是（ ）
A．只闭合S1，该空气炸锅是高温挡
B．只闭合S2，该空气炸锅是低温挡
C．只闭合S3，该空气炸锅是高温挡
D．同时闭合S1和S3，该空气炸锅是低温挡
【考点】电功率多档位问题．
【专题】电能和电功率；分析、综合能力．
【答案】B
【分析】由图2可知，当只闭合开关S1时，只有R2工作，当只闭合开关S2时，R1、R2串联，当开关S1、S3都闭合时，R1、R2并联，只闭合开关S3时，电路开路，根据并联电路的特点和P=U2R可知空气炸锅高温挡、中温挡和低温挡的电路连接。
【解答】解：由图2可知，当只闭合开关S2时，R1、R2串联，根据串联电路的特点可知，此时电路的总电阻最大，由P=U2R可知，电路的总功率最小，空气炸锅处于低温挡；
当开关S1、S3都闭合时，R1、R2并联，根据并联电路的特点可知，此时电路的总电阻最小，总功率最大，空气炸锅处于高温挡；
当只闭合开关S1时，只有R2工作，空气炸锅处于中温挡，
只闭合开关S3时，电路开路，故ACD错误、B正确。
故选：B。
【点评】本题考查串并联电路特点以及电功率公式的灵活运用，能正确分析电路连接是解题的关键。
8．（2024•吉安县校级模拟）如图是创新实验小组同学设计的一款电子量角器的实物图和电路图，AB为均匀半圆弧形电阻，O点为其圆心，OP为金属滑片，可绕O点转动。AO间连接的角度显示器是由电压表改装而成的，可用来显示角AOP的大小。当滑片P沿顺时针方向转动时，则（ ）
A．电路中电流变小B．电压表示数变大
C．电路中电流变大D．电路总功率变大
【考点】动态电路中电功率的变化；动态电路的分析．
【专题】应用题；欧姆定律；电能和电功率；应用能力．
【答案】B
【分析】由电路图可知，电路为AB均匀半圆弧形电阻的简单电路，电压表测AP弧部分电阻两端的电压，
电压表的内阻很大、在电路中相当于断路，据此判断出滑片移动时接入电路中的电阻不变，根据欧姆定律可知电路中的电流变化，根据滑片P的转动可知AP弧部分电阻变化，根据欧姆定律可知电压表示数的变化；根据P＝UI分析总功率的变化。
【解答】解：由电路图可知，电路为AB均匀半圆弧形电阻的简单电路，电压表测AP弧部分电阻两端的电压，
因电压表的内阻很大、在电路中相当于断路，所以，滑片P移动时，电路中的总电阻不变；由I=UR可知，当滑片P沿顺时针方向转动时，电路中的电流大小不会改变；
因滑片P沿顺时针方向转动时，AP弧部分电阻变大，由U＝IR可知，电压表示数会变大；
根据P＝UI可知，电路的总功率不变；
综上所述，B正确。
故选：B。
【点评】本题考查了电压表内阻特点和欧姆定律的应用，要注意金属滑片移动时接入电路中的电阻不变。
9．（2022•江西模拟）有一只标有“6V 3W”字样的灯泡A和一只定值电阻B，A和B的电流随两端电压变化关系的图象如图甲所示。则下列判断正确的有（ ）
A．定值电阻B两端电压与电流成正比
B．将A、B串联接在9V电源两端，灯泡A正常发光
C．A、B并联接在6V电源两端，10s内电路消耗的电能是30J
D．将A与一个滑动变阻器串联接在6V电源两端，如图乙所示，当灯泡的功率与滑动变阻器的功率相等时，滑动变阻器的功率为3W
【考点】电功与电能的计算；电功率的综合计算；欧姆定律的应用．
【专题】应用题；电能和电功率；应用能力．
【答案】B
【分析】（1）结合图甲通过定值电阻B电流与电阻B两端的电压成正比；
（2）结合题中给出的灯泡铭牌数据，利用R=UI可求出灯泡正常发光时的阻值，再利用I=UR求出定值电阻B和灯泡A串联在9V的电源两端时通过的电流I，由灯泡A的铭牌数据求出灯泡正常发光时的电流IL，若I＝IL，则A、B串联接在9V电源两端时，灯泡A正常发光；
（3）由并联电路的电压特点可知，定值电阻B和灯泡A两端电压相等，且A可以正常发光，根据题中灯泡的铭牌数据可求出其正常发光时的电流，再利用I=UR求出定值电阻B通过的电流，从而可求出电路中的总电流，根据W＝UIt可求出10s内电路消耗的电能；
（4）由串联电路特点可知灯泡A和滑动变阻器通过的电流相等，由功率的计算公式P＝UI可知，当灯泡的功率与滑动变阻器的功率相等时，其两端电压也相等，再通过图甲可知灯泡A通过的电流，即滑动变阻器的电流，最后根据P＝UI可求出滑动变阻器的功率。
【解答】解：A、由图甲可知，当定值电阻B的两端电压为6V时，通过的电流为1.0A，
则定值电阻B的阻值为：RB=UBIB=6V1.0A=6Ω，RB是定值电阻，通过定值电阻B的电流与其两端的电压成正比，由因果关系可知不能说电阻B两端电压与电流成正比，故A错误；
B、由题可知灯泡正常发光时的阻值为：RL=(UL)2PL=(6V)23W=12Ω，
当把定值电阻B和灯泡A串联在9V的电源两端时，电路的总电流为I=UR=URB+RL=9V12Ω+6Ω=0.5A，
由灯泡A的铭牌数据可知灯泡正常发光时的电流为：IL=PLUL=3W6V=0.5A，
由于I＝IL＝0.5A，所以灯泡A正常发光，故B正确；
C、由题可知灯泡A和定值电阻B并联接在6V电源两端，灯泡A正常发光，其通过的电流为：IL＝0.5A，
当定值电阻B的两端电压为6V时，通过的电流为1.0A，则电路的总电流为：I′＝IL+IB＝0.5A+1A＝1.5A，
则10s内电路消耗的电能为：W＝U′I′t＝6V×1.5A×10s＝90J，故C错误；
D、将灯泡A与一个滑动变阻器串联接在6V电源两端，由串联电路的电流特点可知，通过灯泡A和滑动变阻器的电流相等，根据功率的计算公式P＝UI可知，当灯泡的功率与滑动变阻器的功率相等时，其两端电压也相等，即UL′＝UP＝3V，由图甲可知，当灯泡A两端电压为3V时，通过的电流为0.3A，即IL′＝IP＝0.3A，则滑动变阻器的功率为：P＝UPIP＝3V×0.3A＝0.9W，故D错误。
故选：B。
【点评】本题主要考查学生对电能和电功率的计算公式以及欧姆定律的应用，解题关键是通过图甲找出灯泡的电流值。
10．（2013•宜丰县模拟）小科用Ggle搜索“物理与生活”时，搜索到的下列事例，其中说法正确的是（ ）
A．刚倒的一杯开水，冷却到可以饮用时，放出的热量约为105J
B．在生活中难以找到不受力的物体，所以牛顿第一定律无现实意义
C．一盏“220V 40W”的灯泡工作25h，耗电总是1kW•h
D．热气球升空利用了气体流速大，压强小的道理
【考点】电功与电能的计算；流体压强与流速的关系；利用比热容的公式计算热量．
【专题】应用题；压轴题．
【答案】A
【分析】（1）估算题是近几年中考中的热点题型，所考查的知识点集中在速度、长度、质量、电功率等物理量的估测方面。正确估测的前提：一是对常见的一些量要有大小、数量级的认识：如一般成人、初中学生的质量、身高，步行的速度、交通工具的一般速度，要求我们必须记住的数值如水的密度、家庭电路的电压、干电池的电压、光的速度。二是要构建物理模型，简化物理过程，如将组成复杂的物体简化成均匀物体，将形状复杂的物体简化成柱体，这将大大方便我们的估测。三是在运算时将数据近似取值，如将g的值简化为10牛/千克，将水的比热中的4.2近似为4，这样大大节约我们的运算速度；
（2）牛顿第一定律描述的是物体不受力的情况，虽然在生活中难以找到不受力的物体，但是受平衡力的物体可以等效成不受力的物体；
（3）用电器在额定电压下工作时的功率才是额定功率；
（4）热气球升空是利用浮力大于重力实现的。
【解答】解：A、由公式Q＝cmΔt得：Q＝cmΔt＝4×103J/（kg•℃）×0.3kg×（100℃﹣20℃）＝9.6×104J≈105J；故A正确。
B、牛顿第一定律描述的是物体不受力的情况，虽然在生活中难以找到不受力的物体，但是受平衡力的物体可以等效成不受力的物体。它的运动规律跟不受力的物体一样。所以牛顿第一定律仍有现实意义。故B错误。
C、一盏“220V 40W”的灯泡工作25h，没有说明灯泡一定在额定电压下工作，功率不一定是40W，所以耗电不能确定。故C错误。
D、热气球内空气密度小，体积不变，所以球内气体质量小，这样浮力大于重力使气球上升的。故D错误。
故选：A。
【点评】本题综合性比较强，涉及到面比较广。题目中也设置了一些容易出错的问题，学生只有真正理解了有关概念和规律才能正确解答。是一道好题。
11．（2025•安远县校级模拟）小明在测量小灯泡的电功率时，由于粗心大意，忘记了把电压表接入电路中。已知灯泡的额定电压为3.5V，电源电压为6V，电压表只有0～3V的量程。为了能准确地测出小灯泡的额定功率，则电压表V应并联在如图所示的电路中的哪两点上面（ ）
A．abB．aeC．bcD．de
【考点】伏安法测量小灯泡的电功率．
【专题】实验题；电压和电阻；电能和电功率；实验基本能力．
【答案】B
【分析】根据题意可知，电压表不能直接并联在灯的两端，根据串联电路电压的规律可知灯正常发光时变阻器的电压，据此回答。
【解答】解：灯泡的额定电压为3.5V，电压表只有0～3V的量程，电压表不能直接并联在灯的两端，根据串联电路电压的规律，灯变阻器的电压为
U滑＝6V﹣3.5V＝2.5V时，灯正常发光，故为了能准确地测出小灯泡的额定功率，将电压表并联在ae两端。
故选：B。
【点评】本题考查测量电功率的特殊方法及串联电路电压的规律，要掌握。
12．（2023•江西一模）如图所示，是四种常用的电工用具，其中属于用电器的是（ ）
A．螺丝刀
B．带插头导线
C．电烙铁
D．接线板
【考点】电热的利用．
【专题】电流和电路；理解能力．
【答案】C
【分析】用电器是把电能转化为其它形式能的一种消耗电能的设备或元件。
【解答】解：A、螺丝刀是一种常用的工具，一种简单机械，故A不符合题意；
B、带插头导线是输送电能的元件，故B不符合题意；
C、电洛铁工作时将电能转化为内能，属于用电器，故C符合题意；
D、接线板是一种输电的转换设备，故D不符合题意。
故选：C。
【点评】知道电路中的各个元器件的特点及作用。本题属于基础性题目。
13．（2025•浔阳区校级二模）下列数据中最接近实际情况的是（ ）
A．一只中性笔的质量约为120g
B．洗澡水适宜的温度约为40℃
C．妈妈骑电动车的速度为30m/s
D．小林家一个月的正常用电量约为3kW•h
【考点】电功与电能的计算；速度的估测；质量的估测；温度的估测．
【专题】估算综合应用题；理解能力．
【答案】B
【分析】首先对题目中涉及的物理量有个初步的了解，对于选项中的单位，可根据需要进行相应的换算或转换，排除与生活实际相差较远的选项，找出符合生活实际的答案。
【解答】解：A、一只中性笔的质量约为12g，故A不符合题意；
B、人体正常体温约为37℃，洗澡水的温度应该臂人体正常体温稍高一点点，大约在40℃～50℃，故B符合题意；
C、妈妈骑电动车的速度为20km/h≈5m/s，远远不到30m/s＝144km/h，故C不符合题意；
D、小林家一个月的正常用电量约为50kW•h，故D不符合题意。
故选：B。
【点评】物理学中，对各种物理量的估算能力，是我们应该加强锻炼的重要能力之一，这种能力的提高，对我们的生活同样具有很大的现实意义。
14．（2024•南昌一模）如图是电阻甲和乙的U﹣I图像，以下是小明对图像信息作出的判断，其中正确的是（ ）
A．甲、乙均为定值电阻
B．当乙两端电压为1V时，其电阻值为2.5Ω
C．将甲、乙并联在2V的电路中，甲的电压较大
D．将甲、乙串联在3V的电路中，乙的电功率为0.8W
【考点】电功率的综合计算；运用并联电路中的电压规律计算；欧姆定律在图像中的应用．
【专题】应用题；电流和电路；电能和电功率；图像综合题；应用能力．
【答案】B
【分析】（1）根据图象和欧姆定律来判断甲和乙是否是定值电阻；
（2）当乙两端的电压1V时，通过乙的电流都为0.4A，根据欧姆定律求出乙的电阻；
（3）并联电路电压规律：各支路两端电压相等，等于总电压；
（4）将甲和乙串联在3V的电路中时，通过它们的电流相等，且总电压等于各分电压之和，根据图像相应的电流与电压，根据P＝UI求出乙的电功率。
【解答】解：A、由图象可知，甲对应的电流与电压成正比，而乙对应的电流与电压不成正比，根据欧姆定律可知甲为定值电阻，而乙的电阻阻值变化，不是定值电阻，故A错误；
B、由图象可知，当乙两端的电压为1V时，通过乙的电流为0.4A，根据欧姆定律可得乙的电阻为：R乙=U乙I乙=1V0.4A=2.5Ω，故B正确；
C、将甲、乙并联在2V的电路中，甲、乙的电压相同，故C错误；
D、将甲和乙串联在3V的电路中时，因串联电路中各处的电流相等，且总电压等于各分电压之和，
所以，由图像可知，当电路中的电流I＝0.4A、U甲′＝2V、U乙′＝1V时符合要求，乙的电功率P乙′＝U乙′I＝1V×0.4A＝0.4W，故D错误。
故选：B。
【点评】本题考查了串并联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，从图像中获取有用的信息是关键。
15．（2024•安源区二模）某科技小组为快递公司设计的分拣计数装置简化电路如图所示。R2为定值电阻，R1为光敏电阻，当有光照射光敏电阻时其阻值变小。激光被遮挡一次，计数器会自动计数一次（计数器可视为电压表）。闭合开关，激光被遮挡瞬间，下列说法正确的是（ ）
A．电阻R1的阻值变小
B．通过R1的电流变大
C．电阻R2两端的电压变大
D．电阻R2消耗的电功率变小
【考点】动态电路中电功率的变化；动态电路的分析．
【专题】电路变化分析综合题；应用能力．
【答案】D
【分析】由图可知，R1、R2串联，电压表测R1两端电压，闭合开关，激光被遮挡瞬间，光敏电阻无光照射，R1阻值变大，总电阻变大，由I=UR分析电流变化情况；
在R2电阻一定时，电流变小，由欧姆定律可知R2两端电压变化情况；
由P＝UI可知R2 消耗的电功率变化情况。
【解答】解：AB．由图可知，R1、R2串联，电压表测R1两端电压，闭合开关，激光被遮挡瞬间，光敏电阻无光照射，R1阻值变大，总电阻变大，由I=UR得，在总电压一定时，电流变小，R1电流变小，故AB不符合题意；
C．在R2电阻一定时，电流变小，由U＝IR可知R2两端电压变小，故C不符合题意；
D．电流变小，R2电压变小，由P＝UI可知R2 消耗的电功率变小，故D符合题意。
故选：D。
【点评】本题考查串联电路的规律及欧姆定律的运用，关键是电路的分析。
二．填空题（共6小题）
16．（2025•南昌一模）如图所示，某同学将标有“3V，0.5W”和“3V，0.6W”字样的两只小灯泡串联接在电压为3V的电路中，闭合开关，观察两灯亮度，断开开关，然后将其中一只灯泡换成“3V，0.75W”的再闭合开关，另一只灯泡的亮度 变亮 （选填“变亮”“变暗”或“不变”），电路的总功率 变大 （选填“变大”“变小”或“不变”）。（假设灯丝电阻不变）
【考点】动态电路中电功率的变化；动态电路的分析．
【专题】应用题；电能和电功率；应用能力．
【答案】变亮；变大。
【分析】根据R=U2P比较三个灯泡的电阻大小，根据串联电路特点结合欧姆定律可知更换后通过电路的电流变化，根据P＝I2R可知另一只灯泡的实际功率的变化，灯泡的亮度由灯泡的实际功率决定，根据P＝UI可知电路总功率变化。
【解答】解：标有“3V，0.5W”和“3V，0.6W”、“3V，0.75W”字样的小灯泡，根据R=U2P可知“3V，0.75W”的灯泡的电阻最小，
标有“3V，0.5W”和“3V，0.6W”字样的两只小灯泡串联接在电压为3V的电路中，闭合开关，观察两灯亮度，断开开关，然后将其中一只灯泡换成“3V，0.75W”的再闭合开关，串联电路总电阻等于各部分电阻之和，更换后电路总电阻变小，根据欧姆定律可知通过电路的电流变大，根据P＝I2R可知另一只灯泡的实际功率变大，亮度变亮；根据P＝UI可知电路总功率变大
故答案为：变亮；变大。
【点评】本题考查串联电路特点、欧姆定律、电功率公式的灵活运用。
17．（2025•九江模拟）在国际单位制中，伏特是 电压 （填写物理量名称）的单位。如图所示是某同学在家中拍的一张电能表照片，由此可知，此电能表从开始使用到现在，该家庭消耗电能 201.9 kW•h。
【考点】电能表的读数；电压的单位及其换算．
【专题】电压和电阻；电能和电功率；应用能力．
【答案】电压；201.9。
【分析】在国际单位制中，电压的单位是伏特，简称伏，符号V。
电能表示数的最后一位是小数，单位是kW•h。
【解答】解：在国际单位制中，电压的单位是伏特。
图中电能表的示数为201.9kW•h，由此可知，此电能表从开始使用到现在，该家庭消耗电能201.9kW•h。
故答案为：电压；201.9。
【点评】此题考查了电压的单位、电能表的读数，难度不大，属基础题。
18．（2025•九江模拟）如图所示是2025年春节联欢晚会中表演节目的机器人，它表演时主要是将电能转化为 机械 能，机器人转手绢时，手绢离开手后能继续转动是因为 手绢具有惯性 。
【考点】电功的实质；运用惯性判断物体的运动．
【专题】电能和电功率；运动和力；应用能力．
【答案】机械；手绢具有惯性。
【分析】电能转化为其他形式能的过程是电流做功的过程，有多少电能发生了转化就说电流做了多少功。
明确研究对象当受到外力作用时，与研究对象有关的其他物体或研究对象的某一部分的运动状态改变情况；指明研究对象或其另一部分由于惯性而保持原来的运动状态。
【解答】解：如图所示是2025年春节联欢晚会中表演节目的机器人，它表演时消耗电能，主要是将电能转化为机械能；
机器人转手绢时，手绢离开手后能继续转动是因为手绢具有惯性。
故答案为：机械；手绢具有惯性。
【点评】本题考查电流做功的实质及根据惯性判断物体的运动。
19．（2025•南城县一模）如图所示电路，电源电压恒定，闭合S0，当S闭合，甲、乙两表为电压表时，两表示数之比U甲：U乙＝7：3；当S断开，甲、乙两表为电流表时，两表示数之比I甲：I乙＝ 4：7 ，此时R1、R2消耗的功率之比P1：P2＝ 3：4 。
【考点】电功率的综合计算；欧姆定律的应用．
【专题】电能和电功率；分析、综合能力．
【答案】见试题解答内容
【分析】（1）由电路图可知，闭合S0、S，甲、乙两表为电压表时，两电阻串联，电压表甲测电源电压，电压表乙测电阻R2电压，由串联电路特点及欧姆定律求出两电阻阻值之比；
（2）由电路图可知，闭合S0、S断开且两电表为电流表时，两电阻并联，电流表甲测通过R2的电流，电流表乙测干路电流，由欧姆定律及并联电路特点求出两电流表示数之比，由P＝UI求出电阻消耗的功率之比。
【解答】解：当闭合S0，S闭合，甲、乙两表为电压表时，电阻R1、R2串联，电压表甲测量电源电压，电压表乙测量R2两端电压，两表示数之比
U甲：U乙＝7：3
则电阻R1、R2两端电压之比为
U1U2=U−U2U2=7−33=43
根据串联分压原理可得
R1R2=U1U2=43
由电路图可知，闭合S0、S断开且两电表为电流表时，两电阻并联，电流表甲测量R2的电流，电流表乙测量干路电流，根据并联分流原理可得
I1I2=R2R1=34
则两表示数之比
I甲I乙=44+3=47
此时R1、R2消耗的功率之比
P1P2=R2R1=34
故答案为：4：7；3：4。
【点评】分析清楚电路结构、应用串并联电路特点、欧姆定律、电功率公式即可正确解题。
20．（2025•永修县模拟）如图所示是探究“电流产生的热量跟哪些因素有关”的实验。实验中是通过 U形管中液面的高度差 来比较导体产生热量的多少；相同时间内，电流通过R1产生的热量与通过R2产生的热量之比为 4：1 。
【考点】探究影响电流通过导体时产生热量的因素；焦耳定律的比例计算．
【专题】电与热、生活用电；应用能力．
【答案】U形管中液面的高度差；4：1。
【分析】（1）实验中是通过U形管中液面的高度差来比较导体产生热量的多少；
（2）装置中一个5Ω的电阻与两个5Ω的电阻并联后再串联，根据串联电路的电流特点可知，右端两个电阻的总电流和左端的电阻电流相等；
根据焦耳定律Q＝I2Rt得到相同时间内，电流通过R1产生的热量与通过R2产生的热量之比。
【解答】解：（1）实验中是通过U形管中液面的高度差来比较导体产生热量的多少，因为电流产生热量越多，容器内空气受热膨胀越明显，U形管中液面高度差就越大；
（2）装置中一个5Ω的电阻与两个5Ω的电阻并联后再串联，根据串联电路的电流特点可知，右端两个电阻的总电流和左端的电阻电流相等，即I1＝I总两个5Ω的电阻并联，根据并联电路的电流特点可知I总＝I2+I3，烧瓶内外的电阻值都是5Ω，阻值相等，并联电压相等，则I2=I3=12I总
R1与R2电流之比为2：1。根据焦耳定律Q＝I2Rt得到相同时间内，电流通过R1产生的热量与通过R2产生的热量之比为4：1。
故答案为：U形管中液面的高度差；4：1。
【点评】本题考查了学生对焦耳定律的认识，注重了探究实验的考查，同时在该实验中利用了控制变量法和转换法，是中考物理常见题型。
21．（2025•红谷滩区校级模拟）如图所示时通过灯L、定值电阻R的电流与其两端电压的关系。若将灯L、定值R并联后接入4V的电源，通过干路的电流为 1 A；若将灯L、定值电阻R串联后接入6V的电源，则灯L的电功率为 0.8 W。
【考点】电功率P＝UI的简单计算；运用并联电路中的电流规律计算．
【专题】电流和电路；电能和电功率；应用能力．
【答案】1；0.8。
【分析】（1）由图可知，电压为4V时，通过定值电阻R和灯泡L的电流，根据并联电路的电流特点求出通过干路的电流；
（2）根据串联电路的电流规律和电压规律结合图像找出将它们串联后接入6V的电源两端时电路中的电流，根据P＝UI算出灯L的电功率。
【解答】解：（1）由图可知，电压为4V时，通过定值电阻R和灯泡L的电流分别为：IL＝0.6A，IR＝0.4A，
由并联电路的电流特点可知，通过干路的电流：I干＝IL+IR＝0.6A+0.4A＝1A；
（2）若将它们串联后接入6V的电源，因为串联电路电流处处相等，且串联电路的总电压等于各部分电路两端电压之和，
由图象可知，当电流为0.4A时，灯泡L两端的电压为2V，定值电阻R两端的电压为4V，电源电压：U＝2V+4V＝6V，符合题意，
故此时电路中的电流为0.4A，
灯L的电功率是：
P＝ULI＝2V×0.4A＝0.8W。
故答案为：1；0.8。
【点评】本题考查串并联电路的特点和电功率公式的应用，从图象中获取有用的信息是关键。
三．实验探究题（共2小题）
22．（2025•安远县校级模拟）（A）小明和小红想利用如图1所示的装置探究“导体产生的热量与电阻大小的关系”。两瓶煤油中都浸泡着一段金属丝，烧瓶A中的金属丝是铜丝，电阻比较小，烧瓶B中的金属丝是镍铬合金丝，电阻比较大。温度计显示煤油的温度。
（1）这两个烧瓶中所盛煤油的质量应该 相同 。
（2）小红问小明“水比较容易获得，干嘛不用水代替煤油”。
对于这个问题，小明与他的同学给出了下列四种答案，你认为合理的是 D 。
A．因为煤油有颜色便于观察
B．因为煤油有比较大的热值
C．因为煤油有比较小的密度
D．因为煤油有比较小的比热容
（3）实验中，小明和小红发现B烧瓶中温度计的示数升高的快。这表明：在电流和通电时间相同的情况下，导体的电阻越 大 ，产生的热量越多。
（B）在探究“冰的熔化特点”实验中；
（1）如图2甲所示，是小明根据实验数据作出的冰加热时温度随时间变化的图像。分析图像可知，冰的熔点是 0 ℃，其熔化过程的温度特点： 吸热，但温度保持不变 。在第6min该物质处于 固液共存状态 （选填“固态”、“液态”或“固液共存状态”）。
（2）另一个小组为了使物质更快受热，实验装置如图2乙所示，你认为该装置存在的不足是 物质受热不均匀 。
【考点】电流产生的热量与电阻的关系；探究固体熔化时温度的变化规律．
【专题】实验题；温度计、熔化和凝固；电与热、生活用电；实验基本能力．
【答案】（A）（1）相同；（2）D；（3）大；
（B）（1）0；吸热，但温度保持不变；固液共存状态； （2）物质受热不均匀。
【分析】（A）（1）电阻丝产生的热量不易直接观察，由转换法，可使等质量初温相同的液体吸收热量，根据，由温度变化确定产生的热量多少；
（2）根据Q＝cmΔt分析；
（3）由转换法，结合已知条件得出结论；
（B）（1）由图像可知，4﹣10分钟，吸热但温度保持0℃不变，据此分析
（2）直接用酒精灯加热，物质受热不均匀。
【解答】解：（A）（1）由转换法，这两个烧瓶中所盛煤油的质量应该相同；
（2）煤油有比较小的比热容，相同条件下，吸热相同，煤油升高的温度高，实验现象明显；故选：D；
（3）实验中，小明和小红发现B烧瓶中温度计的示数升高的快，由转换法，镍铬合金丝产生的热量多，这表明：在电流和通电时间相同的情况下，导体的电阻越大，产生的热量越多。
（B）（1）如图2甲所示，是小明根据实验数据作出的冰加热时温度随时间变化的图像。分析图像可知，4﹣10分钟，吸热但温度保持0℃不变，冰的熔点是0℃，其熔化过程的温度特点是：吸热，但温度保持不变；
在第6min该物质处于熔化状态，故处于固液共存状态。
（2）实验装置如图2中，直接用酒精灯加热，为该装置存在的不足是：物质受热不均匀。
故答案为：（A）（1）相同；（2）D；（3）大；
（B）（1）0；吸热，但温度保持不变；固液共存状态； （2）物质受热不均匀。
【点评】本题探探究“导体产生的热量与电阻大小的关系”，考查控制变量法、转换法的运用，同时探究“冰的熔化特点”实验和对实验方案的评估。
23．（2024•永修县模拟）在“测定额定电压为3.8V小灯泡功率”的实验中：
（1）小冬同学在连接实验电路时还有导线未接上，如图甲所示，请你用笔画线代替导线，正确完成电路连接（请勿更改原有导线，导线不得交叉）；
（2）闭合开关前，应将滑动变阻器的滑片移到 右 （选填“左”或“右”）端；
（3）闭合开关，移动滑动变阻器的滑片到某处时，电压表示数为2V，要测量小灯泡的额定功率，应将滑动变阻器的滑片向 左 （选填“左”或“右”）端移动，当小灯泡正常发光时，此时电流表的指针位置如图乙所示，则小灯泡的额定功率是 0.912 W。
（4）传统的100W以上的白炽灯泡（如图丙）已于2012年10月1日起停止销售。你觉得普通白炽灯泡被淘汰的原因主要是 C （填序号）；
A．生产技术不成熟
B．价格高
C．发光效率低
（5）小冬同学在家找到两个外观一样、额定电压均为220V的普通白炽灯泡（如图丙），其铭牌已经看不出额定功率，但小冬根据灯丝形状（如图丁），没有通电便判断出两灯泡额定功率的大小关系。你觉得两灯中，额定功率大是 A 的灯，将两灯串联起来，接在220V电路中， B 灯更亮一些（均选填“A”或“B”）。
【考点】伏安法测量小灯泡的电功率．
【专题】实验题；电能和电功率；分析、综合能力．
【答案】（1）见解答图；（2）右；（3）左；0.912；（4）C；（5）A；B。
【分析】（1）根据灯泡额定电压确定电压表量程，将电压表并联在灯泡两端；
（2）为了保护电路，闭合开关前，应将滑动变阻器的滑片移到阻值最大处；
（3）根据串联电路电压规律和分压原理确定滑动变阻器滑片移动方向；根据电流表选用量程确定分度值读数，利用P＝UI求出小灯泡的额定功率；
（4）白炽灯是因为灯丝发热而发光，其发光效率较低；
（5）根据长度和横截面积的大小判断灯丝电阻的大小，额定电压相同，根据P=U2R 判断额定功率的大小关系；串联电流相同，根据P＝I2R判断实际功率的大小关系。
【解答】解：（1）小灯泡额定电压为3.8V，故电压表选用大量程并联在灯泡两端，如下图所示：
；
（2）为了保护电路，闭合开关前，应将滑动变阻器的滑片移到阻值最大处，即右端；
（3）电压表示数为2V，小于灯泡额定电压3.8V，要测量小灯泡的额定功率，应增大灯泡两端电压，根据串联电路电压规律，应减小滑动变阻器两端电压，根据分压原理，应减小滑动变阻器接入电路的阻值，故应将滑动变阻器的滑片向左端移动，当小灯泡正常发光时，此时电流表的指针位置如图乙所示，电流表选用小量程，分度值0.02A，其示数为0.24A，则小灯泡额定功率为：
PL＝ULIL＝3.8V×0.24A＝0.912W；
（4）普通白炽灯比日光灯的发光效率低，所以逐渐被淘汰，故选：C；
（5）A灯丝粗而短，B灯丝细而长，所以A的电阻小于B的电阻，即RA＜RB，两灯泡的额定电压相同，根据P=U2R，A的额定功率大于B的额定功率；两灯串联时，通过的电流相等，根据P＝I2R，A的电功率小于B的电功率，所以B灯更亮一些。
故答案为：（1）见解答图；（2）右；（3）左；0.912；（4）C；（5）A；B。
【点评】本题测小灯泡功率的实验，考查了电路连接、注意事项、实验操作、功率的计算和影响电阻大小因素等知识。
四．计算题（共2小题）
24．（2025•瑞昌市三模）周末，小明在家利用具有低温、中温、高温三个挡位的电烧烤炉烤肉。电烧烤炉的简化电路图如图所示，R1、R2是阻值不变的电热丝，且R1＞R2，其铭牌如表所示。
（1）求电烧烤炉处于低温挡正常工作时的电流；
（2）求电热丝R2的阻值；
（3）将电烧烤炉调至高温挡正常工作时，若不计热量损失，求将200g肉片从6℃加热至156℃需要的时间。[肉片的比热容取2.2×103J/（kg•℃）]
【考点】电功率多档位问题；利用比热容的公式计算热量；电功率P＝W/t的简单计算；电功率P＝UI的简单计算．
【专题】计算题；电和热综合题；分析、综合能力．
【答案】（1）电烧烤炉处于低温挡正常工作时的电流为2A；
（2）电热丝R2的阻值为55Ω；
（3）将200g肉片从6℃加热至156℃需要的时间为50s。
【分析】（1）由表格数据可知电烧烤炉处于低温挡的功率，根据P＝UI求出电烧烤炉处于低温挡正常工作时的电流；
（2）由图可知，闭合开关S1、S2，电阻R1和R2并联，仅闭合开关S1，电路中仅有R1，仅闭合开关S2，电路中仅有R2，根据并联电路的特点、R1、R2的阻值关系和P=U2R可知电烧烤炉高温挡、中温挡和低温挡的电路连接；根据中温挡功率和P=U2R可求出R2的阻值；
（3）根据Q吸＝cmΔt求出肉片吸收的热量，不计热量损失，电烧烤炉消耗的电能等于肉片吸收的热量，根据P=Wt求出加热需要的时间。
【解答】解：（1）由表格数据可知，电烧烤炉低温挡功率P低＝440W，
由P＝UI可知，电烧烤炉处于低温挡正常工作时的电流：I低=P低U=440W220V=2A；
（2）由图可知，闭合开关S1、S2，电阻R1和R2并联，根据并联电路的特点可知，此时电路的总电阻最小，由P=U2R可知，电路的总功率最大，电烧烤炉处于高温挡；
根据题意可知，R1＞R2，则当仅闭合开关S1，电路中仅有R1，电路中的总电阻最大，总功率最小，电烧烤炉处于低温挡；
仅闭合开关S2，电路中仅有R2，电烧烤炉处于中温挡；
由P=U2R可知，R2的阻值：R2=U2P中=(220V)2880W=55Ω；
（3）肉片加热至156℃时吸收的热量：Q吸=c肉m肉Δt=2.2×103 J/(kg⋅℃)×200×10−3kg×(156℃−6℃)=6.6×104J，
不计热量损失，电烧烤炉调至高温挡正常工作时消耗的电能W＝Q吸＝6.6×104J，
由P=Wt可知，高温挡工作时需要的时间：t=WP高=6.6×104J1320W=50s。
答：（1）电烧烤炉处于低温挡正常工作时的电流为2A；
（2）电热丝R2的阻值为55Ω；
（3）将200g肉片从6℃加热至156℃需要的时间为50s。
【点评】本题考查并联电路的特点、吸热公式以及电功率公式的灵活运用，能正确分析各种状态的电路连接是解题的关键。
25．（2025•南昌三模）茶文化是中华文化教育的一个重要组成部分，中国茶文化是伴随着中华文明的发展而发展的，贯穿了中华文明五千年，给人类带来了健康与和谐。图甲是具有高温、低温两挡的电茶壶。电茶壶的铭牌如图所示，简化电路如图乙所示，R1、R2均是发热电阻（阻值不随温度变化）。其中水的比热容为4.2×103J/（kg•℃）。
（1）当电茶壶将1kg的水从20℃加热到100℃，求水需要吸收多少热量？
（2）求R1的阻值。
（3）当电茶壶在高温挡工作420s，可将1kg的水温度由20℃加热到100℃，求电茶壶的加热效率。
【考点】电热的多挡问题；能量的利用效率．
【专题】计算题；比热容、热机、热值；电能和电功率；应用能力．
【答案】见试题解答内容
【分析】（1）根据Q吸＝cmΔt求出水吸收的热量；
（2）由P＝UI=U2R可知，当电源电压一定时，电路电阻越大，功率越小，根据电路图分析电路结构，结合串联电路电阻规律和P＝UI=U2R可知各挡位时电路的连接；根据P＝UI=U2R求出高温挡电路中的电阻，即为R1的阻值；
（3）根据P=Wt求出电茶壶消耗的电能，根据η=Q吸W×100%求出电茶壶的加热效率。
【解答】解：（1）水吸收的热量：Q吸＝c水mΔt＝4.2×103J/（kg•℃）×1kg×（100℃﹣20℃）＝3.36×105J；
（2）当S接“1”时，电路为R1的简单电路；当S接“2”时，R1、R2串联；
因为串联电路中的总电阻大于各串联导体的电阻，所以由P＝UI=U2R可知，电路为R1的简单电路时，电路中的电阻最小，电功率最大，电茶壶为高温挡；R1、R2串联时，电路中的电阻最大，电功率最小，电热壶为低温挡；
由P＝UI=U2R可知，高温挡电路中的电阻：R高温=U2P高温=(220V)21000W=48.4Ω，
因为高温挡时，电路为R1的简单电路，所以R1的阻值：R1＝R高温＝48.4Ω；
（3）由P=Wt可知，电茶壶消耗的电能：W＝P高温t＝1000W×420s＝4.2×105J，
电茶壶的加热效率：η=Q吸W×100%=3.36×105J4.2×105J×100%＝80%。
答：（1）水需要吸收的热量为3.36×105J；
（2）R1的阻值为48.4Ω；
（3）电茶壶的加热效率为80%。
【点评】本题考查串联电路的特点、热量公式、电功率公式和效率公式的应用，正确的判断电茶壶处于不同挡位时电路的连接方式是关键。
考点卡片
1．速度的估测
【知识点的认识】
常见的速度值：
1、一般人正常步行速度大约 1.1m/s（4km/h）；
2、自行车的行驶速度约为 5m/s；
3、15℃时声音在空气中的传播速度约为 340m/s；
4、人心跳 65～85 次的时间大约 1min；
5、世界百米赛的记录 10m/s 以内；
6、高速公路上行驶的小汽车最高速度 120km/h；
7、大型喷气客机飞行的速度约 900km/h；
8、高铁正常行驶的速度约 300km/h；
9、超音速战斗机 700m/s；
10、子弹出膛 1000m/s；
11、蜗牛爬行的速度 1.5mm/s。
【命题方向】
考查学生对日常生活中常见的物理量数值的估测判断。
例：下列关于一个中学生的相关物理量估测最合理的是（ ）
A.步行速度约为1.2m/s
B.身高约为160dm
C.100m短跑成绩约5s
D.一枚硬币的厚度为1cm
分析：不同物理量的估算，有的需要凭借生活经验，有的需要简单的计算，有的要进行单位的换算，最后判断最合理的是哪一个。
解析：解：A、中学生正常步行的速度在1.2m/s左右，故A合理；
B、成年人的身高在170cm左右，中学生的身高略小于成年人，在160cm＝16dm左右，故B不合理；
C、男子百米世界纪录略小于10s，中学生百米成绩不可能小于10s，一般在15s左右，故C不合理；
D、一枚硬币的厚度约为1.5mm，故D不合理。
故选：A。
点评：对于生活中数据的估测，应从实际的角度出发进行判断，也可从自己的角度出发判断，如自己的身高、自己的体重、自己正常时的体温及正常行走的速度等方面来与题目中的数据比较，只要相差不大，即该数据就是合理的。
【解题方法点拨】
需要注重对日常生活的积累。
2．质量的单位及其换算
【知识点的认识】
‌基本单位‌：在国际单位制中，质量的单位是‌千克‌，符号为‌kg‌。‌
常用单位‌：除了基本单位千克外，还有其他常用的质量单位，包括吨（t）、克（g）、毫克（mg）、微克（μg）。
这些单位与千克的关系如下：1吨（t）＝106克（g）；1千克（kg）＝1000克（g）；1克（g）＝1000毫克（mg）；1毫克（mg）＝1000微克（μg）
【命题方向】
考查质量单位的认识以及质量单位之间的换算关系。
例：我国发射的第一颗人造卫星的质量为173千克，合 0.173 吨。
分析：本题根据质量单位的进率进行换算。换算的步骤为：原来的数字、乘号、进率、后来的单位、最终结果。
解析：解：1kg＝10﹣3t，故173kg＝173×10﹣3t＝0.173t。
故答案为：0.173。
点评：本题根据质量单位的进率进行换算。换算的步骤为：原来的数字、乘号、进率、后来的单位、最终结果。无论什么物理量的单位换算，前面的数都表示倍数，不进行换算，只是把后面的单位进行换算。这才是真正意义上的单位换算。
【解题方法点拨】
注意：质量的单位进制为1000.
3．质量的估测
【知识点的认识】
常见物体的质量：
中学生：50kg；一个鸡蛋：50g；一个硬币5g；一个苹果：200g；物理课本：300g。一枚邮票：50mg；热水瓶中的水：2kg；一桶纯净水：19kg；大象的质量：2～6t；教室空气的质量：200kg
【命题方向】
考查学生对日常生活中常见的物理量数值的估测判断。
例：中国古代青铜器具有悠久的历史和丰富的文化内涵。如图所示，是小明在暑假旅游时买的一个青铜酒爵工艺品，关于此酒爵盛满酒时酒的质量，下列估测值最接近实际的是（ ）
A.5mg
B.50g
C.500g
D.5kg
分析：根据生活经验进行估测。
解析：解：一个鸡蛋的质量约为50g，此酒爵盛满酒时酒的质量跟一个鸡蛋的质量差不多，接近50g。故B正确，ACD错误。
故选：B。
点评：估测是一种科学的近似计算，它不仅是一种常用的解题方法和思维方法，而且是一种重要的科学研究方法，在生产和生活中也有着重要作用。
【解题方法点拨】
需要注重对日常生活的积累。
4．运用惯性判断物体的运动
【知识点的认识】
运用惯性判断物体的运动一般思路：
（1）确定研究对象。
（2）弄清研究对象原来所处的运动状态。
（3）明确当受到外力作用时，与研究对象有关的其他物体或研究对象的某一部分的运动状态改变情况。
（4）指明研究对象或其另一部分由于惯性而保持原来的运动状态。
（5）得出相应结论（回应题目）
【命题方向】
典型的情景考查了惯性的知识，判断物体的运动状态。
例：如图在无风的天气里，从水平匀速向右飞行的飞机上先后落下三包货物，若不计空气阻力，在地面上的人看到这三包货物下落过程中，在空中排列的情况应该是图中的（ ）
A.
B.
C.
D.
分析：本题前提是“不计空气阻力”，所以根据惯性知识，可以判断三包货物在脱离飞机落下后跟飞机竖直位置的关系，因此就容易判断其位置的变化了。
解析：解：由于有重力的作用，所以货物离开飞机后上下位置是有区别的，即早落下的相对位置在下方。再看竖直位置的关系：本来随飞机以等于飞机的速度水平匀速飞行，初速度相等，货物脱离飞机后，由于具有惯性，在不计空气阻力的前提下，货物仍以原来相等的速度水平移动，所以就会形成选项C的情况。
故选：C。
点评：本题以典型的情景考查了惯性的知识，在分析时，要充分考虑到惯性的存在以及重力的存在，同时要注意其前提：不计空气阻力。
【解题方法点拨】
对惯性现象的分析，关键是明确所涉及到的物体运动状态发生怎样的改或将要发生怎样的改变，在“改变”与“不变”中进行分析。
5．流体压强与流速的关系
【知识点的认识】
液体和气体都具有流动性，统称为流体．如：空气、水等．流体流动时的压强称作流体压强．空气和水流动时有快有慢，流体在流速大的地方压强较小，在流速小的地方压强较大．
【命题方向】
联系生活实际用流体压强与流速的关系解释现象是命题方向，一般出现选择题、填空题或简答题．
例：下列事例中能够说明流体压强与流速关系的是（ ）
A.拦河坝设计成下宽上窄
B.高压锅容易把食物煮熟
C.用漏斗向下吹气乒乓球不下落
D.飞机飞行时机翼受到升力
分析：（1）液体内部压强随着深度的增加而增大；
（2）气压越大，沸点越高，气压越小，沸点越低；
（3）流体流速越大的位置，压强越小。解析：解：A、液体内部压强随着深度的增加而增大，即越往下面，河水的压强越大，所以拦河坝设计成下宽上窄，故A错误；
B、高压锅是利用了液体的沸点随压强的增大而增大的原理制成的，故B错误；
C、用漏斗向下吹气，乒乓球上方空气流速变快，压强变小，下方空气流速慢，压强较小，产生向上的压强差，所以乒乓球不下落，故C正确；
D、飞机的机翼呈现流线型，故飞机在运动时，其机翼上方的空气流速快，压强小，而机翼下方的空气流速慢，压强大，故机翼受到一个向上的压强，所以飞机能起飞，故D正确。
故选：CD。
点评：本题四个选项考查了多个方面的知识，此类选择题是中考题中最常见的，是能较全面的考查基础知识的综合题。
【解题方法点拨】
流体流速大的位置压强小，流速小的位置压强大。解这些题目的关键是明确哪个地方流速较其他地方快。
6．机械效率的概念
【知识点的认识】
（1）概念：有用功跟总功的比值叫做机械效率，通常用百分数表示。
（2）计算公式：用W总表示总功，用W有用表示有用功，用η表示机械效率，则：η=W有用W总。
由于额外功不可避免，有用功只是总功的一部分，因而机械效率总小于1。
【命题方向】
考查功率和机械效率这两个易混概念与机械效率的基本概念为主以及机械效率的公式。
例：下列说法中正确的是（ ）
A.功率大的机器做功多
B.功率大的机器做功快
C.机械效率高的机械做的有用功多
D.机械效率高的机械做的额外功少
分析：功率是表示做功快慢的物理量，在数值上等于功与时间的比；机械效率是有用功占总功的百分比，总功是有用功与额外功的和。
解析：解：A、功率在数值上等于功与时间的比，不知道做功的时间，功率大的机器做功不一定多，故A错误；
B、功率是表示做功快慢的物理量，功率大的机器做功快，故B正确；
CD、机械效率高的机械有用功占总功的百分比高，但不能说做的有用功多，其做的额外功也不一定少，故CD错误。
故选：B。
点评：本题主要考查了对功率、机械效率、有用功及额外功概念的理解，属基础题。
【解题方法点拨】
易错点：功率是表示物体做功快慢的物理量，与机械效率是两个完全不同的概念。
理解机械效率的定义，明确有用功、额外功和总功之间的关系是解决此类题目的关键。
7．不同介质的声音速度
【知识点的认识】
（1）定义：声音在介质中每秒传播的距离叫声速，用符号v来表示。
（2）公式：u＝s/t表示声速，单位是m/s；s表示路程，单位是m；t表示时间，单位是s。
（3）常数：15℃空气中声速是340m/s。
（4）声音在传播时由声速大处向声速小处偏折。
【命题方向】
该考点常以填空和选择题型出现。主要考查学生对概念规律的记忆和运用所学知识来解决日常生活中的现象的能力。也可能考查与声音有关的路程和时间的计算。。
例：某一装满水长100m的直钢管，在其一端用力敲击一下，在另一端能听到敲击声的次数为 两 次。（已知声速：在空气中约为340m/s，在水中约为1500m/s，在钢铁中约为5200m/s）
分析：声音在两种介质中的传播时差大于0.1s，人耳可以区别开来；根据速度公式进行计算和分析。
解析：解：声音在钢铁、水和空气中的传播时间分别为：
t1=sv1=100m5200m/s≈0.019s；
t2=sv2=100m1500m/s≈0.067s；
t3=sv3=100m340m/s≈0.294s；
声音在钢铁和水中的时间差小于0.1s，不能区分开这两个声音；声音在水中和空气中的时间差大于0.1s，人耳能够区分开这两个声音，所以能听到两次声音。
故答案为：两。点评：本题考查的是声音在不同介质中的传播速度，会根据速度公式进行计算和分析。
【解题方法点拨】
（1）由于声音在不同介质中的速度的不同，同一声源，距离相等的位置可能听到多次声音．如长水管一端敲击一次，另一端听到三次声音，第一次由铁传播，第二次由水传播，第三次由空气传播．首先注意管子要“长”，其次注意管内有没有水．第三注意听到的多次声音是不同介质传播的，并不是回声．
（2）固体传声速度大，能量损失少，所以通过固体传声能及早地听到，并且更加清楚．
8．温度的估测
【知识点的认识】
生活中常见的温度：
（1）使人感觉舒适的房间温度约18～25摄氏度。
（2）人的正常体温约36.5～37摄氏度。
（3）标准大气压下沸水100摄氏度；冰水混合物0摄氏度。
（4）考场温度约22～28摄氏度。
（5）盛夏中午，室外温度约35～39摄氏度。
（6）洗热澡水时水的温度约40摄氏度。
【命题方向】
考查我们对于生活中温度的估测。
例：以下温度最接近25℃的是（ ）
A.冰水混合物的温度
B.让人感到舒适的房间温度
C.让人感到酷热的盛夏中午的温度
D.人体正常的体温
分析：根据我们对于温度的认识和了解来作答。
解析：解：A、冰水混合物的温度是0℃；
B、让人感到舒适的房间温度是25℃左右；
C、让人感到酷热的盛夏中午的温度约为40℃左右；
D、人体正常的体温是37℃左右。
故选：B。
点评：此题考查我们对于生活中温度的估测。估测法是利用物理概念、规律、物理常数和常识对物理量的数值、数量级进行快速计算以及对取值范围合理估测的方法。
【解题方法点拨】
常用的估测方法：直接判断法；单位换算法；比较法；估算法
9．探究固体熔化时温度的变化规律
【知识点的认识】
实验器材：铁架台、搅拌器、温度计、试管、烧杯、石棉网、酒精灯
实验过程：用酒精灯对烧杯缓慢加热，注意观察海波和石蜡的状态变化，并仔细观察温度计示数的变化。待温度升到40℃时，每隔1min记录一次温度
实验结论：不同的物质在熔化过程中温度的变化规律不同
（1）海波：在熔化过程中虽然对它继续加热，但温度保持不变
（2）石蜡：在熔化过程中，先变软，后变稀，最后熔化为液体，且随着加热温度一直升高。
【命题方向】
考查探究固体熔化时温度的变化规律的实验，包括实验原理，实验器材，实验步骤，实验方法，数据分析，注意事项等内容。
例：小刚想在实验课上探究冰的熔化特点，于是组装了如图甲所示装置。
（1）实验中除了需要图甲所示实验器材外，还需要的测量工具是 秒表 ；
（2）图中对试管内的冰采用水浴法加热，这样做的好处是 使冰受热均匀且吸热缓慢 ；
（3）如图丙所示是该同学根据自己的实验数据绘制的温度﹣时间关系图像，由图像可知，冰的熔点是 0 ℃，在6﹣10min，该物质处于 固液共存 状态。
（4）若冰全部熔化成水后继续用酒精灯不断地加热，试管中的水最终 不会 沸腾，原因是： 试管中的水达到沸点后无法持续吸热 。
分析：（1）探究冰的熔化特点，需要记录时间；
（2）水浴加热能够让固体更好的受热均匀；
（3）结合图像分析熔点；熔化过程中既有固态，也有液态；
（4）固体熔化的条件：持续吸热，温度不变。解析：解：（1）探究冰的熔化特点，需要记录时间，因此需要秒表；
（2）图中对试管内的冰采用水浴法加热，这样做的好处是：使冰受热均匀且吸热缓慢；
（3）有图可知，冰的熔点为：0℃，熔化从5min开始，15min结束，因此，在6﹣10min，该物质处于固液共存态；
（4）冰全部熔化成水后继续用酒精灯不断地加热，试管中的水最终不会沸腾，原因是：试管中的水达到沸点后无法持续吸热。
故答案为：（1）秒表；（2）使冰受热均匀；（3）0；固液共存；（4）不会；试管中的水达到沸点后无法持续吸热。点评：本题考查了固体熔化时的规律，属于基础实验，难度较低。
【解题方法点拨】
探究固体熔化时温度的变化规律的关键在于理解晶体和非晶体的区别，‌并通过实验数据进行分析。‌
10．利用比热容的公式计算热量
【知识点的认识】
物体的温度升高时吸收热量为：Q吸＝cm（t﹣t0）
物体的温度降低时放出的热量为：Q放＝cm（t0﹣t）
式中的c为物体的比热容，m为物体的质量，t0表示物体原来的温度，t表示物体后来的温度．若用Δt表示物体变化的温度（升高或降低的温度），那么，物体温度升高过程吸收的热量或物体温度降低过程放出的热量可以统一写为：Q＝cm△t．
【命题方向】
考查利用热量的计算公式，计算热量。
例：一壶质量为2千克、温度为20℃的水，加热后使其升高到70℃，这些水吸收了多少热量？[水的比热容为4.2×103焦/（千克•℃）]。
分析：掌握热量公式：Q＝cm△t的计算公式是解答本题的关键，题干中已知水的质量是2kg，水的初温和末温分别是20℃、70℃，把数据代入公式即可求出水吸收的热量。
解析：解：由分析知水吸收的热量为：Q＝cm△t＝4.2×103J/（kg•℃）×2kg×（70℃﹣20℃）＝4.2×105J
答：这些水吸收了4.2×105J的热量。
点评：本题主要考查学生对热量的计算公式的理解和掌握，是一道中档题。
【解题方法点拨】
t是末温，t0是初温，Δt表示温度的变化，注意题干中对于他们的说法是有差别的，如“升高到”，“降低到”指的是末温，而“升高了”，“降低了”表示的是温度的变化。
11．燃料热值的概念
【知识点的认识】
燃料热值的理解
（1）燃料的热值在数值上等于1kg某种燃料完全燃烧放出的热量。
（2）“某种燃料”说明热值与燃料的种类有关。
（3）“完全燃烧”的含义是烧完、烧尽。
（4）热值反映了所有能燃烧的物质的一种性质，反映了不同燃料在燃烧过程中，化学能转化为内能本领的大小，也就是说，热值是燃料本身的一种性质，它只与燃料的种类有关，与燃料的形态、质量、体积、是否完全燃烧、放出热值多少均没关系。
（5）计算气体燃料完全燃烧时放出的热量用Q放＝Vq。
12．能量的利用效率
【知识点的认识】
有用能量和总能量的比例为能量效率．举例，手机电池要充电，用时放电，比如充电充入10焦耳能量，在手机上用完电放出了8焦耳能量，能量效率是80%，损失2焦耳（电阻发热等消耗）．
【命题方向】
中考时一般以计算题中的某一问来出现：求电动机的效率、热量的利用等．
例：湖南路路面改造的过程中使用了如图所示的一款双轮压路机。它的发动机是柴油机。为确保发动机正常工作，该压路机配有冷却水箱，水箱容纳水的质量为20kg，在一次压路作业中，水箱加满水后，压路机在水平路面上匀速行驶了2000m，消耗柴油0.3kg。若行驶过程中压路机受到的平均阻力是1800N，水箱内的水从20℃上升到80℃[水的比热容为4.2×103J/（kg•℃），柴油的热值取4×107J/kg]。求：
（1）压路机在这次压路作业中做的功是多少？
（2）水箱内的水吸收的热量是多少？（不考虑水的质量变化）
（3）柴油完全燃烧释放出的热量是多少？
（4）压路机此次作业的效率是多少？
分析：（1）根据速度公式求出压路机行驶的距离；压路机匀速前进时处于平衡状态，受到的牵引力和阻力是一对平衡力，二力大小相等，根据W＝Fs求出压路机做的功；
（2）根据密度公式求出水的质量，利用Q吸＝cm（t﹣t0）求出水吸收的热量；
（3）根据公式Q放＝mq求出柴油完全燃烧释放出的热量；
（4）利用热机效率的计算公式求得压路机此次作业的效率。
解析：解：（1）压路机匀速前进时处于平衡状态，受到的牵引力和阻力是一对平衡力，二力大小相等，
即F牵＝f＝1800N，
压路机做的功：W＝F牵s＝1800N×2000m＝3.6×106J；
（2）水吸收的热量为：
Q吸＝c水m水Δt＝4.2×103J/（kg•℃）×20kg×（80℃﹣20℃）＝5.04×106J；
（3）柴油完全燃烧释放出的热量：
Q放＝m柴油q＝0.3kg×4×107J/kg＝1.2×107J；
（4）压路机此次作业的效率η=WQ放=3.6×106J1.2×107J=30%。
答：（1）压路机在这次压路作业中做的功是3.6×106J；
（2）水箱内的水吸收的热量是5.04×106J；
（3）柴油完全燃烧释放出的热量是1.2×107J；
（4）压路机此次作业的效率是30%。
点评：本题考查了做功公式、燃料完全燃烧释放热公式和吸热公式、机械效率计算公式的应用，涉及到的知识点较多，难度适中。
【解题方法点拨】
解题是找到有用的能力、总的能力、消耗的能力是关键，利用有用能量和总能量的比例为能量效率解题．
13．物体带电情况的判断
【知识点的认识】
（1）两个物体（不涉及磁体）相互排斥，有两种可能：
a．都带正电；
b．都带负电．
（2）两个物体相互吸引，有三种可能：
a．一物体带正电，另一物体带负电；
b．一物体带正电，另一物体不带电；
c．一物体带负电，另一物体不带电．
【命题方向】
利用电荷间的相互作用规律判断物体带电情况是命题的方式，主要以选择填空为主．
例：用毛皮摩擦过的橡胶棒靠近一个泡沫球，下列推断正确的是（ ）
A.若排斥，则泡沫球一定带负电
B.若吸引，则泡沫球一定不带电
C.若吸引，则泡沫球一定带正电
D.若排斥，则泡沫球一定不带电
分析：同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引；带电体能够吸引轻小物体，据此即可解答。
解析：解：用毛皮摩擦过的橡胶棒带负电荷，靠近泡沫球，泡沫球被玻璃棒吸引，则泡沫球可能带正电，也可能不带电；但如果排斥，一定带同种电荷，即负电荷。故A正确，BCD错误。
故选：A。
点评：此题考查带电体的性质和电荷间的相互作用规律，要综合分析解答。
【解题方法点拨】
（1）利用作用规律判断物体带电性质或电荷种类
利用作用规律判断的前提是物体一定带电，根据同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引作出带电异同的判断．
（2）利用带电体的性质判断
两个物体互相吸引可能是带有异种电荷，也可能是一个带电体吸引轻小物体；如果两个物体互相排斥，则一定是带同种电荷．
14．电路的三种状态
【知识点的认识】
（1）通路：正常连接的电路，即用电器能够工作的电路．
通路特征：电路中有电流，用电器正常工作．
（2）断路（开路）：断开的电路．
断路特征：电路中无电流，用电器不工作．原因有开关没闭合，接线处松动，导线断了，用电器损坏等
（3）短路：不经过用电器而直接跟电源的两极相连的电路．
短路特征：用电器不工作，电路有很大电流，会损坏电源甚至烧坏导线的绝缘皮，引起火灾
【命题方向】
电路三种状态的理解，电路图的连接分析都是中考的命题方向．
例：如图所示，把两个小灯泡串联起来，闭合开关，两个小灯泡都发光。若把一根导线接在小灯泡L2的两端，则下列说法中正确的是（ ）
A.L2烧毁，断路
B.L2短接，熄灭
C.L1短接，变亮
D.L1断路，熄灭
分析：用电器中有电流通过且不超出其额定电压的情况下，用电器能够工作；将用电器两端用导线直接连接，会造成用电器短路，用电器不能工作。
解析：解：由图知，闭合开关，两只灯泡串联，都发光。
若把一根导线接在小灯泡L2的两端，则L2被短路不能发光，但L1仍然有电流通过，照常发光，故B正确，ACD错误。
故选：B。
点评：本题考查学生对用电器短路现象的判断和分析，用电器短路会造成部分电路短路，被短路的用电器不能工作，其它用电器可以工作（在允许的最大电压范围内）。
【解题方法点拨】
（1）电源短路，导线将电源的正、负极连接起来，发生短路．电路中的电流很大，极有可能将电源也烧坏．电源短路是一种有危害的连接方式，在电路的连接中是不允许出现的；
（2）局部短路，也叫短接．如图所示，开关闭合，灯泡L1被短路，不亮，灯泡L2亮．局部短路没有危害，只是被短路的用电器不能工作．
15．并联电路中的电流规律
【知识点的认识】
电流和水流相似，我们以水流为例，从干渠里流出来的水分支后，由于每一条支路上的水流都是从干渠里流出来的，所以每一条支路上的水流都比干渠中的水流少，同理，在并联电路中，每一条支路中的电流都比干路中的电流小，所以并联电路有分流的特点．也就是说在并联电路中，干路电流等于各支路电流之和．表达式为：I＝I1+I2+…In
【命题方向】
通常以判断并联电路中各部位的电流大小情况，难点是电路的分析，中考常以选择题、填空题和实验探究题等形式出题，考查定性关系．
例：如图所示电路，闭合开关后，其中L1、L2规格相同，比较a、b、c、d四处电流的大小，其中正确的是（ ）
A.Ia＝Id
B.Ia＞Id
C.Ia＜Ib
D.Ib＝Ic
分析：由电路图可知，a、d是干路中的两点，b、c是两支路中的两点，根据串并联电路特点分析答题。
解析：解：由电路图可知，a、d是干路中的两点，b、c是两支路中的两点；
AB、串联电路电流处处相等，则a、d两点电流相等，故A正确，B错误；
C、干路电流大于支路电流，故a点电流大于b点电流，故C错误；
D、两灯泡并联，如果两灯泡规格相同，则两支路电流相等，b、c电流相等，故D正确。
故选：AD。
点评：本题考查了串并联电路的电流特点，熟练掌握串并联电路特点、分析清楚电路结构即可正确解题。
【解题方法点拨】
解决此类题目时，分析电路连接情况以及电流表是测量哪一部分电路的电流是关键，必要时可画出其等效电路图，然后再根据串、并联电路的电流规律得出正确结论．
16．运用并联电路中的电流规律计算
【知识点的认识】
电流和水流相似，我们以水流为例，从干渠里流出来的水分支后，由于每一条支路上的水流都是从干渠里流出来的，所以每一条支路上的水流都比干渠中的水流少，同理，在并联电路中，每一条支路中的电流都比干路中的电流小，所以并联电路有分流的特点．也就是说在并联电路中，干路电流等于各支路电流之和．表达式为：I＝I1+I2+…In
【命题方向】
通常以判断并联电路中各部位的电流大小情况，难点是电路的分析，中考常以选择题、填空题和实验探究题等形式出题，考查定量关系．
例：如图所示的电路中，当开关闭合时，甲电流表的示数为0.5A，乙电流表的示数为0.1A，则下列判断正确的是（ ）
A.通过灯L1的电流为0.4A
B.通过灯L1的电流为0.5A
C.通过电路的总电流为0.6A
D.通过灯L2的电流为0.4A
分析：并联电路中，干路中的电流等于各支路的电流之和。
解析：解：由电路图可知，甲电流表测干路电流，乙电流表测L2所在支路的电流，根据在并联电路中，干路中的电流等于各支路的电流之和可知，通过通过灯L1的电流为0.4A，通过灯L2的电流为0.1A，故A正确，BCD错误。
故选：A。
点评：本题主要考查了并联电路中电流规律，属于基础题。
【解题方法点拨】
解决此类题目时，分析电路连接情况以及电流表是测量哪一部分电路的电流是关键，必要时可画出其等效电路图，然后再根据串、并联电路的电流规律得出正确结论．
17．电压的单位及其换算
【知识点的认识】
国际单位：伏特；简称：伏；符号：V
常用单位：千伏（kV）、毫伏（mV）、微伏（μV）
换算关系：1kV＝103V；1V＝103mV；1mV＝103μV；
【命题方向】
命题方向：①单位的认识；②单位之间的换算。
例：下列四位物理学家中，其名字被用作电压单位的是（ ）
A.伏特
B.焦耳
C.牛顿
D.安培
分析：焦耳被用作能量单位；安培被用作电流单位；牛顿被用作力的单位；伏特被用作电压单位。
解析：解：为了纪念物理学家伏特的贡献，将伏特的名字用作电压单位，故BCD错误，A正确。
故选：A。
点评：此题考查了电压的单位，属基础题目。
【解题方法点拨】
注意：μV、mV、V、kV之间满足1000进制
18．运用并联电路中的电压规律计算
【知识点的认识】
并联电路中各支路两端的电压相等，等于总电压。
数学表达式：U＝U1＝U2
【命题方向】
通常以判断并联电路中各部位的电压大小情况，难点是电路的分析，中考常以选择题、填空题和实验探究题等形式出题，考查定量计算．
例：如图所示的电路中，电源电压4.5V，只闭合开关S1时，电流表A1的示数为0.3A；只闭合开关S2时，电流表A的示数为0.5A。求：
（1）通过L1、L2的电流；
（2）L1、L2两端电压各是多少。
分析：（1）分析图可知，只闭合开关S1时，电路中只有灯泡L1工作，电流表A1的示数即为流经灯泡L1的电流；只闭合开关S2时，电路中只有灯泡L2工作，电流表A的示数即为流经灯泡L2的电流；
（2）并联电路中各支路两端电压相等，等于电源电压。
解析：解：（1）由图可知，只闭合开关S1时，电路中只有灯泡L1接入电路，电流表A1的示数为0.3A，所以I1＝0.3A，
只闭合开关S2时，电路中只有灯泡L2接入电路，电流表A2的示数为0.5A，所以I2＝0.5A；
（2）并联电路中各支路两端电压相等，等于电源电压，已知电源电压4.5V，所以L1、L2两端电压都是4.5V。
答：（1）通过L1、L2的电流分别为0.3A、0.5A；
（2）L1、L2两端电压都是4.5V。
点评：本题考查了并联电路的特点的应用，掌握电路的连接是解题的关键。
【解题方法点拨】
（1）首先明确电路的串、并联关系，必要时对电路进行等效处理，并画出电路图
（2）弄清楚电压表测量哪一部分电路的电压、根据题中的条件判断出电压表的量程
（3）根据串、并联电路的电压规律进行分析计算。
19．动态电路的分析
【知识点的认识】
（1）明确引起电路动态变化的原因，即是由热敏电阻、光敏电阻、滑动变阻器等引起的
（2）明确元件变化时，接入电路的各部分电阻如何变化
（3）明确电源的电压是否保持不变
（4）从串联电路或并联电路中电流、电压的规律及欧姆定律中选择一条判断电路中电流或某一元件两端的电压的变化情况。
【命题方向】
电路的动态分析问题，是中考必出的问题，应加强训练，此类习题规律性较强，一旦掌握很容易得分。
例：闭合如图所示电路的开关，将滑动变阻器的滑片向左滑移动一小段距离的过程中（ ）
A.灯泡的亮度变小
B.电流表的示数不变
C.电压表的示数变大
D.电路的总功率变小
分析：滑动变阻器R与灯泡L并联，电压表测电源电压，电流表测量灯泡L的电流，滑动变阻器R向左移动，R阻值变小。
解析：解：将滑动变阻器的滑片向左滑移动一小段距离的过程中：
A、对灯泡L没有影响，灯泡的亮度不变，故A错误；
B、电流表示数不变，I=UR，U、RL大小不变，所以电流表示数不变，故B正确；
C、电压表测电源电压，电压表示数不变，故C错误；
D、P＝UI，U不变，将滑动变阻器的滑片向左滑移动一小段距离，R阻值变小，所以R支路电流变大，灯泡L支路电流不变，总电流I总变大，P变大，故D错误；
故选：B。
点评：本题考查了电路的动态分析，难度不大。
【解题方法点拨】
解题方法有两种：
方法①：按这样的顺序分析：局部电阻如何变化→总电阻如何变化→由于电源电压不变，导致电路中电流如何变化→依据U＝IR分析不变的电阻两端的电压如何变化→依据U变化的电阻＝U总﹣U不变的电阻分析变化的电阻两端的电压如何变化。
方法②：串联电路中U1R1=U2R2，即电压与电阻成正比，由此可知串联电路中按电阻的比例分配电压，电阻所占比例分数越大，分得的电压比例就越大。
20．欧姆定律的应用
【知识点的认识】
（1）相关基础知识链接：
①电流规律：
串联：I＝I1＝I2．串联电路电流处处相等。
并联：I＝I1+I2．并联电路干路电流等于各支路电流之和。
②电压规律：
串联：U＝U1+U2．串联电路总电压等于各部分电路两端电压之和。
并联：U＝U1＝U2．并联电路各支路两端电压相等，等于总电压。
③电阻规律：
串联：R＝R1+R2．串联电路总电阻等于分电阻之和。
并联：1R=1R1+1R2．并联电路总电阻的倒数等于各分电阻倒数之和。
④比例规律：
串联：U1R1=U2R2．串联电路中电压与电阻成正比。
并联：I1R1＝I2R2．并联电路中电流与电阻成反比。
⑤欧姆定律：
I=UR．导体中的电流与导体两端的电压成正比，与导体的电阻成反比。
【命题方向】
欧姆定律的综合应用是电学部分的核心，也是最基础的内容，这一节知识是难点也是中考必考点。常结合日常生活生产中遇到的电路问题考查欧姆定律的应用，计算题多与后面的电功率计算结合在一起，作为中考的压轴题出现。训练时应足够重视。
例：如图甲所示是电阻R和灯泡L的U﹣I图象。由图甲可知，电阻R的阻值为 20 Ω。若电源电压不变，将电阻R和灯泡L接在图乙电路中，S闭合，电流表示数为0.6A，则电源电压为 18 V。
分析：电阻R的U﹣I图象是正比例函数，则R为定值电阻，根据图象读出任意一组电流和电压值，根据欧姆定律求出R的阻值；
将电阻R和小灯泡L串联在图乙所示的电路中时，通过它们的电流相等，根据欧姆定律求出R两端的电压，根据图象读出灯泡两端的电压，利用串联电路的电压特点求出电源的电压。
解析：解：由图象可知，电阻R的I﹣U图象是正比例函数，则R为定值电阻，当R两端的电压UR＝2V时，通过的电流IR＝0.1A，
由欧姆定律可得R的阻值：R=URIR=2V0.1A=20Ω；
由图乙可知，灯泡L与电阻R串联，电流表测电路中的电流，
当电流表示数为0.6A时，R两端的电压：UR′＝IR＝0.6A×20Ω＝12V，
由图象可知，灯泡两端的电压UL＝6V，
因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，电源的电压：U＝UR′+UL＝12V+6V＝18V。
故答案为：20；18。
点评：本题考查了串联电路的特点和欧姆定律的应用，从图象中获取有用的信息是关键。
【解题方法点拨】
（一）比例问题
解决这类问题一要掌握规则，二要弄清是哪两部分相比。
①串联电路电流处处相等，即电流之比为：I1：I2＝1：1；
根据I=UR可知电压与电阻成正比，U1R1=U2R2。
②并联电路各支路电压相等，即电压之比为U1：U2＝1：1；
根据U＝IR可知电流与电阻成反比，I1R1＝I2R2。
（二）电表示数变化问题
（1）解决这类问题最重要的是弄清电路是串联还是并联，不同的连接方式有不同的判断规则。
①串联电路：
电流与电阻的变化相反，即电阻变大时电流变小，电阻变小时电流变大；按电阻的正比例来分配电压。
②并联电路：
各支路的电压都与电源电压相等，所以电压是不变的；阻值变化的支路电流随之变化，阻值不变的支路电流也不变。
③电压表与电流表示数的比值：
根据导出式R=UI可知，电压表与电流表示数的比值代表了某个电阻的大小，只要电阻不变化，两表比值是不变的。
（2）解决这类电表示数变化的问题时，注意不要在第一步判断串并联时出错。
（3）滑动变阻器连入电路的是哪一部分，没有判断清楚，也是解决电表示数变化问题常出现的错误。
21．欧姆定律在图像中的应用
【知识点的认识】
欧姆定律在图像中的应用主要体现在通过电流、‌电压与电阻之间的关系图像来分析和解决问题。‌
欧姆定律指出，‌在直流电路中，‌电压、‌电流和电阻之间存在确定的关系，‌即电压等于电流与电阻的乘积。‌在图像问题中，‌这种关系可以通过电流随电压变化的图象来展示。‌例如，‌当电流与电压之间的关系图象显示，‌在特定电压下电流的值，‌可以通过这个图象计算出对应的电阻值。‌
【命题方向】
欧姆定律的综合应用是电学部分的核心，也是最基础的内容，这一节知识是难点也是中考必考点。常结合日常生活生产中遇到的电路问题考查欧姆定律的应用，计算题多与后面的电功率计算结合在一起，作为中考的压轴题出现。训练时应足够重视。
例：如图所示为小艺同学通过实验获得的定值电阻A和小灯泡B的I﹣U图象，根据图象提供的信息，求：
（1）元件A的阻值为多大？
（2）若将它们并联接在3V的电源上，电路中的总电流为多大？
（3）若将它们串联接在某电源上，电路中电流是0.15A电源电压多大？
分析：（1）A是定值电阻的I﹣U图象，读出任意一组电压和电流，根据欧姆定律求出元件A的阻值；
（2）根据图象读出两者并联在3V的电源上时，通过两者的电流，根据并联电路的电流特点求出电路中的总电流；
（3）根据图象读出两者串联、电路中的总电流为0.15A时，两者两端的电压，根据串联电路的电压特点求出电源的电压。
解析：解：（1）A是定值电阻的I﹣U图象，由图象知，当UA＝3V时，IA＝0.15A，则定值电阻A的阻值为：
RA=UAIA=3V0.15A=20Ω；
（2）将它们并联接在3V的电源上，此时元件A、B两端的电压相等，均为3V，
由图象可得，通过A、B的电流分别为：IA＝0.15A，IB＝0.2A，
由于并联电路中干路电流等于各支路电流之和，
所以电路中的总电流I＝IA+IB＝0.15A+0.2A＝0.35A；
（3）当两者串联接在电路中，通过它们的电流都为0.15A，
由图象可知，此时：UA＝3V，UB＝2V，
则电源电压：U＝UA+UB＝3V+2V＝5V。
答：（1）元件A的阻值为20Ω；
（2）若将它们并联，接在3V的电源上，电路中的总电流为0.35A；
（3）若将它们串联，接在某电源上，电路中的总电流是0.15A，电源电压是5V。
点评：本题考查了串联电路的特点和并联电路的特点以及欧姆定律的应用，关键是根据图象得出对应的信息。
【解题方法点拨】
观察图像的一般方法“看两轴抓三点”，即看准横坐标、纵坐标分别表示的物理量及单位，抓住起点、终点和拐点。
22．电能的单位及换算
【知识点的认识】
电能的单位：国际单位是焦耳（J）；常用单位：度（kW•h）；1度＝1千瓦时＝1kW•h＝3.6×106J。
【命题方向】
方向：①电能单位的认识；②电能单位的换算。
例：下列各组中都属于电功单位的一组是（ ）
A.J，V•A
B.J，kW•h
C.W，V•A
D.W，J
分析：根据对常见物理量及其单位的掌握作答。
解析：解：在物理学中，J是功和各种能量的基本单位，V是电压的基本单位，A是电流的基本单位，kW是功率的常用单位，h是时间的常用单位，W是功率的基本单位。
A、J是电功的基本单位，由P＝UI知，V•A是电功率的单位。故A不符合题意；
B、J是电功的基本单位，由W＝Pt知，kW•h是电功的单位。故B符合题意；
C、W是电功率的基本单位，由P＝UI知，V•A是电功率的单位。故C不符合题意；
D、W是电功率的基本单位，J是电功的基本单位。故D不符合题意。
故选：B。
点评：此题考查了我们对物理量单位的掌握情况，利用物理公式记忆单位，有利于我们掌握单位的来龙去脉，深化对公式的理解。
【解题方法点拨】
千瓦时表示一件功率为一千瓦的电器在使用一小时之后所消耗的能量，换算关系是1kW•h＝1×103W×3600s＝3.6×106J
23．电能的估算
【知识点的认识】
估算法：结果不是精确值而是一个大概的范围，可以应用熟悉的估测量及相关公式进行估测
【命题方向】
考查电能的估算。
例：如图所示为家里的电熨斗，与它有关的下列数据最符合实际的是（ ）
A.正常工作时的电流是1A
B.正常工作时的电压为36V
C.正常工作时的功率为170W
D.正常工作1小时消耗的电能约为0.5kW•h
分析：①电熨斗正常工作的电流在2A左右；
②我国家庭电路电压为220V；
③电熨斗属于较大功率的用电器，额定功率在500W左右；
④在得出电熨斗功率的前提下，利用W＝Pt得到1h消耗的电能。
解析：解：
A、电熨斗正常工作的电流在I=PU=500W220V≈2.3A左右，故A错误；
B、在我国，家庭电路电压为220V，常见家用电器的额定电压与家庭电路电压应该一致，电熨斗正常工作时的电压也是220V，故B错误；
C、电熨斗属于功率较大的用电器，额定功率在500W左右，故C错误；
D、电熨斗正常工作1h消耗的电能约W＝Pt＝0.5kW×1h＝0.5kW•h．故D正确。
故选：D。
点评：对于估计问题，要记住一些生活中常见的物理量，然后进行比较得出。特别是与电有关的数据，如家庭电路电压、一节干电池电压、用电器工作时的电流、功率等等
【解题方法点拨】
先估算用电器的功率，再利用W＝Pt的公式对电能进行估算。
24．电能表的读数
【知识点的认识】
电能的求法：
①测量较大电能时用刻度盘读数：最后一位是小数位；两次读数之差就是这段时间内消耗的电能，单位是度（千瓦时）；
②测量较小电能时用转盘转数读数：通过记录某段时间内电能表转盘转数，结合电能表转盘每转表示的电能计算出该段时间内消耗的电能．
【命题方向】
考查电能的求法，包括电能表的读数，以及通过转盘数测量电能的大小。
例：如图为家用电能表，此仪表可用在最大功率为 2200 W的家庭电路上，甲为上月抄表时的读数，乙为本月抄表的读数，这期间该用户用电 82.5 度。
分析：根据电能表的铭牌，利用P＝UI可得出最大功率；用电能表本月的示数减去上月的示数，可得出用电度数。
解析：解：从电能表的铭牌“220V 10A”可知，允许通过的最大电流为10A，则电能表的最大功率为：P＝UI＝220V×10A＝2200W。
电能表本月与上月的读数差即为该月所消耗的电能，电能表的末尾是小数位。这期间该用户用电为：1356.8kW•h﹣1274.3kW•h＝82.5kW•h＝82.5度。
故答案为：2200；82.5。
点评：本题考查了对电能表铭牌的认识，对功率公式的应用，以及正确读取电能表的示数，属基础题，难度不大。
【解题方法点拨】
电能表测耗电能，用电等于示数差。
600r/（kW•h），转盘转n圈，耗电n600kW⋅ℎ。
25．电功与电能的计算
【知识点的认识】
流在某段电路上所做的功，等于这段电路两端的电压，电路中的电流和通电时间的乘积。
计算公式：W＝UIt＝Pt（适用于所有电路）
【命题方向】
主要考察用电器的实际功率和额定功率的计算、利用电能表测用电器的实际功率和实际电压等。
例：为了保护孩子的视力，教室里日光灯更换成如图所示额定功率为10W的LED（发光二极管）护眼灯。LED灯发光效率高，其发光部分主要由 半导体 材料制成。教室内所有9盏LED亮一小时所消耗的电能为 0.09 kW•h。
分析：家庭电路中的用电器是并联的；LED灯是由半导体材料制成的；根据W＝Pt直接计算即可。
解析：解：如图所示的LED护眼灯，每个教室里的这9盏LED护眼灯是互不影响的，所以它们之间一定是并联的。
LED是发光二极管做成的，发光二极管是半导体材料；
每个教室里的9盏LED护眼灯，每盏LED护眼灯的额定功率为10W，故教室内所有日光灯亮一小时所消耗的电能W＝P总t＝9×10W×1h＝0.09kW×1h＝0.09kW•h。
故答案为：半导体；0.09。
点评：本题考查了半导体材料的应用、电功公式的应用，属于基础题。
【解题方法点拨】
电流做功用W＝UIt进行计算。对于电能全部转化为内能的用电器，也可以用W=U2Rt=I2Rt计算电流做的功。
26．电功的实质
【知识点的认识】
（1）实质：电流做功的过程，实际就是电能转化为其他形式的能（消耗电能）的过程；电流做多少功，就有多少电能转化为其他形式的能．电功是一个过程量，电流做功的过程就是消耗电能的过程．
（2）电流做功的形式：电流通过各种用电器使其转动、发热、发光、发声等都是电流做功的表现．
【命题方向】
考查电流做功之间能的转化。
例：下列家用电器工作时，将电能主要转化为内能的是（ ）
A.电水壶
B.收音机
C.电冰箱
D.电脑
分析：做功总是伴随着能量的转化，电功也不例外。用电器消耗了电能，获得了其它形式的能量，就是一个电流做功的过程。分析每种用电器的能量转化形式。
解析：解：A、电热水壶是把电能转化为内能，故A正确；
B、收音机是把电能转化声能和内能，故B错误；
C、电冰箱主要将电能转化为机械能和内能，故C错误；
D、电脑主要将电能转化为声能、光能和内能，故D错误。
故选：A。
点评：本题主要考查学生对：电流做功的实质的了解和掌握，是一道基础题。
【解题方法点拨】
电能转化为其他形式能的过程是电流做功的过程，有多少电能发生了转化就说电流做了多少功．
27．额定功率
【知识点的认识】
额定功率：用电器在额定电压下工作时的电功率，是唯一的，一般标注在用电器的铭牌上，常用P额表示
【命题方向】
考查额定功率的估测以及用电器正常工作的电功率的计算。
例：小红做“用滑动变阻器改变小灯泡亮度”的实验，电源电压3V保持不变，小灯泡的规格是“2.5V 0.3A”，闭合开关后，发现小灯泡不亮，电流表有示数，移动滑动变阻器的滑片到最右端，小灯泡仍不亮，但电流表示数有变化，则电路故障可能是 小灯泡短路 。排除故障后，移动滑动变阻器的滑片，改变小灯泡的亮度，当电流表示数为 0.3 A时，小灯泡正常发光，小灯泡的额定功率为 0.75 W。
分析：（1）闭合开关，小灯泡不亮，原因有二：短路或断路。具体故障根据电流表示数判断；
（2）根据小灯泡的规格是“2.5V 0.3A”，可知电流表示数示数，由P＝UI可求得小灯泡正常发光，小灯泡的额定功率。
解析：解：（1）闭合开关，小灯泡不亮，电流表有示数，说明电路不是断路；移动滑动变阻器的滑片到最右端，小灯泡仍不亮，但电流表示数有变化，只能是小灯泡短路；
（2）根据小灯泡的规格是“2.5V 0.3A”，可知改变小灯泡的亮度，当电流表示数为0.3A时，小灯泡正常发光，小灯泡的额定功率P＝UI＝2.5V×0.3A＝0.75W。
故答案为：小灯泡短路；0.3；0.75。
点评：此题是做“用滑动变阻器改变小灯泡亮度”的实验，考查了电路的故障分析和电功率的计算，难易程度适中。
【解题方法点拨】
额定功率是唯一的、确定的，不随实际工作电压而改变；实际功率是不确定的，随实际电压而改变．
28．额定功率与实际功率之间的关系
【知识点的认识】
①当U实＝U额时，P实＝P额，此时用电器正常工作
①当U实＞U额时，P实＞P额，容易损坏
①当U实＜U额时，P实＜P额，不能正常工作
【命题方向】
考查额定功率与实际功率之间的关系。
例：甲、乙、丙、丁四个灯泡分别标有“10V，4W”、“4V，10W”、“6V，8W”、“8V，6W”，当它们都正常发光时，其中最暗的是（ ）
A.甲
B.乙
C.丙
D.丁
分析：（1）灯泡正常工作时，实际电压等于额定电压，实际功率等于额定功率；
（2）灯泡的亮度取决于灯泡的实际功率。据此分析判断。
解析：解：四个灯泡都正常工作，实际功率等于额定功率，额定功率最小的是甲灯“10V，4W”，最暗的灯泡是甲灯“10V，4W”。
故选：A。
点评：灯泡的亮度取决于灯泡的实际功率，当实际电压等于额定电压时，实际功率等于灯泡的额定功率；当实际电压大于额定电压时，灯泡的实际功率大于灯泡的额定功率；当实际电压小于额定电压时，灯泡的实际功率小于灯泡的额定功率。
【解题方法点拨】
理解额定功率与实际功率之间的关系，灵活运用公式判断用电器的工作状态。
29．电功率P＝W/t的简单计算
【知识点的认识】
电功率的计算：W=Pt，表示电功率等于电功与时间之比。P表示电流做功的功率，单位是W；W表示电流做的功，单位是J；t表示电流做功所用的时间，单位是s。
注意：电能单位用千瓦时（kW•h 度）时，电功率用千瓦（kW），时间用小时（h）
【命题方向】
考查公式P＝W/t的运用，也常考此公式的变形，求工作时间和电流所做的功。
例：小玲家的电视机播放2h共消耗了0.2kW•h的电能，那么这台电视机的功率是（ ）
A.1kW
分析：根据P=Wt求出电视机的功率。
解析：解：这台电视机的功率是：P=Wt=0.2kW⋅ℎ2ℎ=0.1kW。
故选：B。
点评：本题考查了电功率的计算，属于基础题。
【解题方法点拨】
了解电功率与电能、时间的关系，能熟练运用公式P=Wt求解．
30．电功率P＝UI的简单计算
【知识点的认识】
计算式：P＝UI。
推导：将W＝UIt代入公式P＝W/t中，可得P＝UI。
I：表示电流，单位是A
U：表示电压，单位是V
P：表示电功率，单位是W
【命题方向】
考查公式P＝UI的运用，也常考此公式的变形，求电压或电流。
例：如图所示，电源电压恒为6V，小灯泡L上标“3V 1.5W”字样（灯丝电阻不随温度变化），小灯泡L正常发光时的电流为 0.5 A。闭合开关S，移动滑动变阻器R的滑片P，使小灯泡L正常发光，此时滑动变阻器的阻值为 6 Ω，滑动变阻器R的电功率为 1.5 W。
分析：（1）由P＝UI计算小灯泡L正常发光时的电流；
（2）闭合开关S，灯泡L与变阻器R串联，根据串联电路规律和欧姆定律计算小灯泡L正常发光时变阻器的接入电阻；由P＝UI计算滑动变阻器R的电功率。
解析：解：小灯泡L上标“3V 1.5W”字样，灯泡的额定电压为UL＝3V，额定功率为PL＝1.5W，
由P＝UI可得，灯泡正常发光时的电流：IL=PLUL=1.5W3V=0.5A；
由欧姆定律可得，灯泡正常发光时的电阻：RL=ULIL=3V0.5A=6Ω，
闭合开关S，灯泡正常发光时，变阻器两端的电压：U滑＝U﹣UL＝6V﹣3V＝3V，
柑橘串联电路电流规律可得，变阻器中通过的电流：I滑＝IL＝0.5A，
由欧姆定律可得，变阻器的接入电阻：R=U滑I滑=3V0.5A=6Ω；
滑动变阻器R的电功率：P滑＝I滑U滑＝0.5A×3V＝1.5W。
故答案为：0.5；6；1.5。
点评：本题考查串联电路规律和欧姆定律＝电功率公式的应用，是基础题。
【解题方法点拨】
了解电功率基本公式及其变形公式的应用以及电流单位的换算，熟练利用公式是解题的关键．
31．电功率多档位问题
【知识点的认识】
多档位的实质是利用多开关控制接入电路中电阻的大小，从而改变用电器电功率来实现对档位的控制。
高温档：在相同时间内放出的热量最多，热功率最大，电阻R高最小；
中温档：在相同时间内放出的热量低于高温档，热功率低于高温档，电阻R中高于高温档；
低温档：在相同时间内放出的热量最少，热功率最小，电阻R低最大。
【命题方向】
常考查生活中的电热毯、电热水器、电饭锅、电暖气等发热体的档位问题，通常是综合计算，有一定难度。
例：中国茶文化源远流长。图甲是某家用煮茶器的简化电路图，某次煮茶过程中其功率变化如图乙，已知加热5min，可使1kg初温45℃的水升温至100℃。[c水=4.2×103J/(kg⋅℃)]
（1）当开关S接a点时，该煮茶器处于 保温 （选填“加热”或“保温”）状态。
（2）加热过程中水吸收的热量是多少。
（3）求R1的阻值。
（4）求该煮茶器加热状态下的工作效率。
分析：（1）根据P=U2R知，U一定时，P与R成反比，当开关S接a点时，两电阻串联在电路中，电阻最大，电功率最小，该煮茶器处于保温状态；当开关S接b点时，电路只是R2的简单，电路电阻最小，电功率最大，该煮茶器处于加热状态；
（2）水吸收的热量根据Q吸＝cm（t﹣t0）计算；
（3）由图甲、图乙可知，开关S接a点，R1、R2串联，处于保温状态，电功率为220W，根据P=U2R计算总电阻；开关S接b点，电路中的仅有R2，处于加热状态，电功率为880W，根据P=U2R可得R2的阻值，由串联电路的电阻规律：R1＝R﹣R2计算R1的电阻；
（4）根据W＝P加热t计算消耗的电能，再根据η=Q吸W×100%计算效率。
解析：解：（1）根据P=U2R知，U一定时，P与R成反比，当开关S接a点时，两电阻串联在电路中，电阻最大，电功率最小，该煮茶器处于保温状态；
（2）水吸收的热量为：Q吸＝cm（t﹣t0）＝4.2×103J/（kg•℃）×1kg×（100℃﹣45℃）＝2.31×105J；
（3）开关S接a点，R1、R2串联，处于保温挡，总电阻为：R=U2P保温=(220V)2220W=220Ω；
开关S接b点，电路中的仅有R2，处于加热挡，R2的电阻为：R2=U2P加热=(220V)2880W=55Ω；
R1的电阻为：R1＝R﹣R2＝220Ω﹣55Ω＝165Ω；
（4）该煮茶器加热状态下的消耗的电能为：W＝P加热t＝880W×5×60s＝2.64×105J；
加热效率为：η=Q吸W×100%=2.31×105J2.64×105J×100%＝87.5%。
答：（1）保温；（2）加热过程水吸收的热量是2.31×105J；（3）R1的阻值是165Ω；（4）该煮茶器加热状态下的工作效率是87.5%。
点评：本题是加热挡位的基本题型，考查电路分析、热量和电热效率的计算。
【解题方法点拨】
注意：并联电路中求解总功率时，可以采用两种方法：
方法一：求出总电阻，然后再求解总功率（此方法计算量大，不推荐）
方法二：根据公式P=U2R1+U2R2求解较为方便。
32．动态电路中电功率的变化
【知识点的认识】
‌动态电路中电功率的变化‌可以通过调整电路中的元件，如滑动变阻器或电源电压的变化，来影响电路中的电流和电压分布，进而改变电路中各个元件的电功率。
【命题方向】
电路的动态分析问题，是中考常考的问题，难度较大，应加强练习，掌握解题方法。
例：如图所示，这是一科技创新小组设计的水位计工作原理图，绝缘浮子随水位的升降带动滑动变阻器R的金属滑杆P升降，通过水位计（电表改装）显示的数据来反应水位升降情况。水位最低时，滑杆P位于R的a端处。电源电压恒定不变，L是一个指示灯，电路各部分接触良好，不计导线电阻。下列判断正确的是（ ）
A.水位计中的电压表也可以直接替换为电流表
B.当水位下降时，则电压表示数变小，指示灯变亮
C.当电压表示数变大时，电路的总功率变小
D.若将电压表改装成水位计，则电压表零刻度线即为最高水位
分析：由电路图可知，指示灯与变阻器串联，电压表测变阻器两端的电压，
水位计中的电压表直接替换为电流表，滑动变阻器会被短路，
根据水位的变化可知浮子的移动、滑片的移动，进一步可知变阻器接入电路中电阻的变化，根据欧姆定律可知电路中电流的变化和指示灯两端的电压变化，由P＝UI判断出电路总功率的变化；根据电路图分析电压表零刻度线滑片的位置，然后得出答案。
解析：解：由电路图可知，指示灯与变阻器串联，电压表测变阻器两端的电压；
A、水位计中的电压表直接替换为电流表，滑动变阻器会被短路，所以电压表不可以直接替换为电流表，故A错误；
B、当水位下降时，浮子带动滑片下移，变阻器接入电路中的电阻变小，电路中的总电阻变小，由欧姆定律可知，电路中的电流变大；由U＝IR可知，指示灯两端的电压变大，由串联电路的电压规律可知，变阻器两端的电压变小，即电压表示数减小；电路中的电流变大，灯泡的实际功率增大，灯变亮，故B正确；
C、当电压表示数变大时，由串联电路的电压规律可知，指示灯两端的电压减小，电路中的电流减小，由P＝UI知电路的总功率变小，故C正确；
D、若将电压表改装成水位计，指针指在电压表零刻度线时，变阻器接入电路的阻值为0，即滑杆P位于R的a端处，此时水位最低，则电压表零刻度线处应该标为最低水位，故D错误。
故选：BC。
点评：本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，要注意水位最低不是指水位计的零刻度线，但可以显示水位计的最小值。
【解题方法点拨】
分析步骤：①简化电路；②分析电路连接方式；③确定电表测量对象；④滑动变阻器变化时，电阻、电流、电压的变化关系；⑤电路各部分电功率的变化分析。
33．电功率的综合计算
【知识点的认识】
‌电功率的综合计算题型‌主要考查学生对电功率相关知识的综合应用能力，包括电功率的定义、计算方法、以及在实际问题中的应用。这类题型通常涉及电流、电压、电阻之间的关系，以及电功率与电能之间的关系，要求学生能够灵活运用公式进行计算，并解决实际问题。
【命题方向】
考查电功率的总和计算，常在考试中以计算题的形式出现，也会以压轴题的形式出现，计算面广，较为综合。
例：如图所示，电阻R1＝10Ω，R2为滑动变阻器，电源电压为U＝12V且保持不变。闭合开关S，调整滑片P位于R2的中点处，此时电流表的示数为0.3A。求：
（1）滑动变阻器R2的最大阻值；
（2）滑片P位于R2的中点时，电压表的示数；
（3）R1消耗的电功率。
分析：（1）利用欧姆定律公式先计算总电阻，再根据串联电路特点计算R2的电阻；
（2）利用公式U＝IR计算电压表的示数；
（3）利用公式P＝UI计算电功率。
解析：解：（1）总电阻R总＝
UI=12V0.3A=40Ω，R2＝R总﹣R1＝40Ω﹣10Ω＝30Ω；
（2）滑片P位于R2的中点时，电压表的示数U'＝IR'＝0.3A×30Ω＝4.5V；
（3）R1消耗的电功率P＝I2R1＝（0.3A）2×10Ω＝0.9W。
答：（1）滑动变阻器R2的最大阻值是30Ω；
（2）滑片P位于R2的中点时，电压表的示数为4.5V；
（3）R1消耗的电功率是0.9W。
点评：此题主要是考查学生对欧姆定律和电功率公式的理解和应用。
【解题方法点拨】
①认真审题，确定电路的连接思路
②列出已知条件，根据已知条件选择相应的公式或物理规律
③将已知条件、公式或规律联系起来，进行分析与计算。
34．伏安法测量小灯泡的电功率
【知识点的认识】
实验设计：
1．实验原理P＝UI
根据P＝UI可知，只要用电压表（伏特表）测出小灯泡两端的电压、用电流表（安培表）测出通过小灯泡的电流，就可以间接测量出小灯泡的电功率了．即用伏安法测小灯泡的电功率．为了测量不同电压下的电功率，我们要用串联滑动变阻器的办法，来控制加在灯泡两端的电压．
2．实验器材：电源、开关、导线、电流表、电压表、滑动变阻器．
3．实验电路：若所用小灯泡的额定电压是2.5V，要测出小灯泡的功率，至少需要两节干电池（3V）作电源，电路图如图所示．
4．实验步骤：
（1）按电路图连接实物图，将滑动变阻器的滑片滑到阻值最大（右）端；
（2）检查电路无误后，闭合开关，移动滑动变阻器的滑片，当电压表的示数等于2.5V时，停止滑动，记录此时电流表的示数，并观察灯泡的亮度，记录在表格中．
（3）调节滑动变阻器的滑片，分别使电压表的示数低于2．SV、等于2.5V的1.2倍（注意不能超过小灯泡的额定电压太多，否则会损坏小灯泡），记录每一次对应电流表的示数，并观察灯泡的亮度，记录在表格中．
（4）将实验中记录的数据分别代入P＝UI，算出小灯泡的实际功率，并填入表格中．
5．实验分析：（1）小灯泡的发光情况由它的实际功率决定，实际功率越大，灯泡越亮．
（2）灯泡实际消耗的电功率随着加在它两端的电压而改变，电压越大，功率越大．
（3）灯泡的实际功率可以等于额定功率，也可以不等于额定功率．
【命题方向】
考查伏安法测量小灯泡的电功率的实验，包括实验原理，实验器材，实验步骤，实验方法，数据分析，注意事项等内容。
例：如图甲所示为测量小灯泡L电功率的电路图，小灯泡L的额定电压为2.5V，电源电压恒为3V。实验中：
（1）在连接电路时，开关S应处于 断开 状态；
（2）连接完电路后，闭合开关S，发现无论怎样移动滑动变阻器的滑片P，电流表示数始终为零，电压表示数始终为3V，产生这一现象的原因可能是灯泡发生了 断路 （选填“短路”或“断路”）；
（3）排除故障后，继续实验，当电压表示数为2.5V时，电流表示数如图乙所示，则小灯泡的额定功率为 0.6 W；
（4）根据实验数据绘制出小灯泡的电流I与电压U的关系图像，如图丙所示。当电压表示数增大时，灯丝温度会发生变化，灯丝电阻将 变大 （选填“变大”“变小”或“不变”）。分析：（1）为了保护电路，在连接电路时，开关要断开。
（2）电流表示数始终为零，电压表示数始终为3V，说明电路出现断路。
（3）当电压表示数为2.5V时，读出电流表的示数，利用P＝UI计算小灯泡的功率（额定功率）；
（4）灯丝电阻随温度的升高而变大。
解析：解：（1）为了保护电路，在连接电路时，开关S应处于断开状态。
（2）电流表示数始终为零，电源电压为3V，但电压表示数始终为3V，说明电路出现断路，且电压表能连通电源两极，直接串联在电源上。因为电压表与小灯泡并联，所以可能是与电压表并联的小灯泡断路。
（3）当电压表示数为2.5V时，由图乙可知，电流表选用0～0.6A，分度值为0.02A，此时电流表的读数为0.24A，即流过灯泡的电流是0.24A，小灯泡的额定功率：
P＝UI＝2.5V×0.24A＝0.6W；
（4）由图丙图像可知，随灯泡两端电压的增大，通过灯泡的电流也增大，但电流增加的越来越慢，根据欧姆定律变形公式R=UI得，电阻是变大的，即当电压表示数增大时，灯丝温度会发生变化，且灯丝电阻将变大。
故答案为：（1）断开；（2）断路；（3）0.6；（4）变大。
点评：本题为测量小灯泡额定功率的实验题目，考查了实验注意事项、实验故障分析、电功率的计算等，属于基础题目。
【解题方法点拨】
实验过程中的注意事项：
①连接电路时开关一定要断开，并且滑动变阻器的滑片应滑到阻值最大处，以保护电路．
②电压表和电流表的量程，应大于小灯泡的额定电压和额定电流，以免烧坏电表．
③滑动变阻器的选择：通过它的最大电流应大于灯泡的额定电流，它的最大阻值应使连入它后电路的电流不超过灯泡的额定电流太大，最好和灯泡的电阻大致差不多，这样调节效果更明显．
④在移动滑动变阻器的滑片使小灯泡两端电压高于额定电压时要注意，实际电压不能超过额定电压的1.2倍，同时时间不能过长，否则易烧坏灯泡．
35．探究影响电流通过导体时产生热量的因素
【知识点的认识】
1.实验器材：密闭容器两个，U形管两个、导线若干、不同阻值电阻丝若干、电源。
2.实验装置：
2.实验步骤：
（1）探究电流通过导体产生热量的多少与电阻的关系
实验设计：保持电流和通电时间不变，改变电阻。如图甲，把两个不同的电阻串联在电路中。
（2）探究电流通过导体产生热量的多少与电流的关系
实验设计：保持电阻和通电时间不变，改变电流。如图乙，将两个相同的电阻先联，再与另一个电阻串联。
（3）探究电流通过导体产生热量的多少与通电时间的关系
实验设计：保持电阻和电流不变，改变通电时间。
3.实验结论：
①在电流和通电时间相同的情况下，电阻越大，产生的热量越多；
②在电阻和通电时间相同的情况下，通过电阻的电流越大，产生的热量越多；
③在电阻和通过电阻的电流相同的情况下，通电时间越长，产生的热量越多。
【命题方向】
考查探究影响电流通过导体时产生热量的因素的实验，包括实验原理，实验器材，实验步骤，实验方法，数据分析，注意事项等内容。
例：如图是探究“电流通过导体时产生热量与哪些因素有关”的实验装置，两个透明容器中密封着等量的空气。
（1）实验中通过观察 U形管液面的高度差 来比较电流通过导体产生热量的多少。
（2）图甲中R1、R2串联，可探究电流产生的热量与 电阻 的关系。
（3）乙装置中的电阻R3的作用主要是使电阻R1和R2中的电流 不相等 （选填“相等”或“不相等”），为了使实验现象更明显，可以将R3的阻值换成更 小 的（选填“大”或“小”）；若通过R1电流为2A，则通电1min，R2产生的热量为 300 J。
（4）乙装置中，如果R3断路，在通电时间相同时，与R3没有断路时相比较，右侧U形管中液面的高度差将 变大 （选填“变大”、“变小”或“不变”）。让乙装置冷却到初始状态，若将右侧并联的两根电阻丝R2、R3都放入容器中，该装置 能 探究电流产生的热量与导体电阻的关系（选填“能”或“不能”）。
分析：（1）电阻丝产生的热量不易直接观察，由转换法，可使等质量初温相同的液体吸收热量，由温度变化确定产生的热量多少；
（2）电流通过导体产生的热量与通过的电流、导体的电阻和通电时间有关，研究与其中一个因素的关系时，要控制另外两个因素不变，结合串联电路电流的规律分析；
（3）分析乙装置电路连接，根据串联和并联电路电流的规律分析；根据Q＝I2Rt和并联电路电压的规律及欧姆定律分析回答；
（3）根据并联电路电流的规律及欧姆定律得出通过R2的电流是通过R1电流的0.5倍，根据Q＝I2R2t得出通电1min后R2产生的热量；
（4）在乙实验中，电阻R3断路后，根据并联电阻的规律及电欧姆定律可知确定电路中的电流变化，结合Q＝I2R2t回答；
并联电阻小于其中任一电阻，根据分压原理及Q=U2Rt分析；R2、R3都放入容器中，根据并联电阻的规律及控制变量法回答。
解析：解：（1）根据转换法，实验中通过观察U形管液面的高度差来比较电流通过导体产生热量的多少。
（2）甲装置中，两电阻串联，通过的电流和通电时间相同，而电阻不同，故该装置用来探究电流产生的热量与电阻的关系；
（3）乙装置中，右侧两电阻并联后再与左侧电阻串联，容器内两电阻大小相等，根据并联和串联电路电流的规律，通过左侧容器中电阻的电流大于通过右侧容器中电阻的电流，而通电时间相同，故乙实验可以研究电流产生的热量与电流的关系，故乙装置中的电阻R3的作用主要是使电阻R1和R2中的电流不相等，为了使实验现象更明显，根据Q＝I2Rt，在电阻和通电时间相同的条件，应使通过两容器内的电流差别较大，根据并联电路电压的规律及欧姆定律，可以将R3的阻值换成更小的；
（3）根据图乙可知，相同阻值的R3、R2并联后再与R1串联在电路中，根据并联电路电流的规律及欧姆定律可知，则通过R3、R2的电流是相同的，根据并联电路的电流规律可知，通过R2的电流是通过R1电流的0.5倍，所以通过R2的电流为：
I＝0.5×2A＝1A；
通电1min后R2产生的热量为：
Q＝I2R2t＝（1A）2×5Ω×60s＝300J。
（4）并联电阻小于其中任一电阻，由于电阻R3断路，R2并联部分的电阻变大，分压增多，根据Q=U2Rt知相同时间R2产生热量变多，因此右侧U形管中液面的高度差将变大。让乙装置冷却到初始状态，若将右侧并联的两根电阻丝R2、R3都放入容器中，等效电阻变小（小于5欧姆，通过R1和等效电阻的电流和通电时间相同，能探究电流产生的热量与导体电阻的关系。
故答案为：（1）U形管液面的高度差；（2）电阻；（3）不相等；小；300；（4）变大；能。
点评：本题探究“导体产生的热量与什么因素有关”，考查控制变量法、转换法、串联和并联电路的规律及焦耳定律及焦耳定律的运用。
【解题方法点拨】
1.U形管内液面高度差越大，产生的热量越多。
2.使用中，无论条件如何，U形管内液面高度都相同，可能是：
装置气密性不好，重新安装，检查气密性是否良好。
3.实验中加热空气相比加热液体的好处：
①空气膨胀体积变大，实验效果明显；
②加热空气，耗电量少，实验时间短。
36．电流产生的热量与电阻的关系
【知识点的认识】
1.实验器材：密闭容器两个，U形管两个、导线若干、不同阻值电阻丝若干、电源。
2.实验装置：
2.实验步骤：
（1）探究电流通过导体产生热量的多少与电阻的关系
实验设计：保持电流和通电时间不变，改变电阻。如图甲，把两个不同的电阻串联在电路中。
（2）探究电流通过导体产生热量的多少与电流的关系
实验设计：保持电阻和通电时间不变，改变电流。如图乙，将两个相同的电阻先联，再与另一个电阻串联。
（3）探究电流通过导体产生热量的多少与通电时间的关系
实验设计：保持电阻和电流不变，改变通电时间。
3.实验结论：
①在电流和通电时间相同的情况下，电阻越大，产生的热量越多；
②在电阻和通电时间相同的情况下，通过电阻的电流越大，产生的热量越多；
③在电阻和通过电阻的电流相同的情况下，通电时间越长，产生的热量越多。
【命题方向】
考查探究影响电流通过导体时产生热量的因素的实验，包括实验原理，实验器材，实验步骤，实验方法，数据分析，注意事项等内容。
例：如图是探究“电流通过导体时产生热量与哪些因素有关”的实验装置，两个透明容器中密封着等量的空气。
（1）实验中通过观察 U形管液面的高度差 来比较电流通过导体产生热量的多少。
（2）图甲中R1、R2串联，可探究电流产生的热量与 电阻 的关系。
（3）乙装置中的电阻R3的作用主要是使电阻R1和R2中的电流 不相等 （选填“相等”或“不相等”），为了使实验现象更明显，可以将R3的阻值换成更 小 的（选填“大”或“小”）；若通过R1电流为2A，则通电1min，R2产生的热量为 300 J。
（4）乙装置中，如果R3断路，在通电时间相同时，与R3没有断路时相比较，右侧U形管中液面的高度差将 变大 （选填“变大”、“变小”或“不变”）。让乙装置冷却到初始状态，若将右侧并联的两根电阻丝R2、R3都放入容器中，该装置 能 探究电流产生的热量与导体电阻的关系（选填“能”或“不能”）。
分析：（1）电阻丝产生的热量不易直接观察，由转换法，可使等质量初温相同的液体吸收热量，由温度变化确定产生的热量多少；
（2）电流通过导体产生的热量与通过的电流、导体的电阻和通电时间有关，研究与其中一个因素的关系时，要控制另外两个因素不变，结合串联电路电流的规律分析；
（3）分析乙装置电路连接，根据串联和并联电路电流的规律分析；根据Q＝I2Rt和并联电路电压的规律及欧姆定律分析回答；
（3）根据并联电路电流的规律及欧姆定律得出通过R2的电流是通过R1电流的0.5倍，根据Q＝I2R2t得出通电1min后R2产生的热量；
（4）在乙实验中，电阻R3断路后，根据并联电阻的规律及电欧姆定律可知确定电路中的电流变化，结合Q＝I2R2t回答；
并联电阻小于其中任一电阻，根据分压原理及Q=U2Rt分析；R2、R3都放入容器中，根据并联电阻的规律及控制变量法回答。
解析：解：（1）根据转换法，实验中通过观察U形管液面的高度差来比较电流通过导体产生热量的多少。
（2）甲装置中，两电阻串联，通过的电流和通电时间相同，而电阻不同，故该装置用来探究电流产生的热量与电阻的关系；
（3）乙装置中，右侧两电阻并联后再与左侧电阻串联，容器内两电阻大小相等，根据并联和串联电路电流的规律，通过左侧容器中电阻的电流大于通过右侧容器中电阻的电流，而通电时间相同，故乙实验可以研究电流产生的热量与电流的关系，故乙装置中的电阻R3的作用主要是使电阻R1和R2中的电流不相等，为了使实验现象更明显，根据Q＝I2Rt，在电阻和通电时间相同的条件，应使通过两容器内的电流差别较大，根据并联电路电压的规律及欧姆定律，可以将R3的阻值换成更小的；
（3）根据图乙可知，相同阻值的R3、R2并联后再与R1串联在电路中，根据并联电路电流的规律及欧姆定律可知，则通过R3、R2的电流是相同的，根据并联电路的电流规律可知，通过R2的电流是通过R1电流的0.5倍，所以通过R2的电流为：
I＝0.5×2A＝1A；
通电1min后R2产生的热量为：
Q＝I2R2t＝（1A）2×5Ω×60s＝300J。
（4）并联电阻小于其中任一电阻，由于电阻R3断路，R2并联部分的电阻变大，分压增多，根据Q=U2Rt知相同时间R2产生热量变多，因此右侧U形管中液面的高度差将变大。让乙装置冷却到初始状态，若将右侧并联的两根电阻丝R2、R3都放入容器中，等效电阻变小（小于5欧姆，通过R1和等效电阻的电流和通电时间相同，能探究电流产生的热量与导体电阻的关系。
故答案为：（1）U形管液面的高度差；（2）电阻；（3）不相等；小；300；（4）变大；能。
点评：本题探究“导体产生的热量与什么因素有关”，考查控制变量法、转换法、串联和并联电路的规律及焦耳定律及焦耳定律的运用。
【解题方法点拨】
1.U形管内液面高度差越大，产生的热量越多。
2.使用中，无论条件如何，U形管内液面高度都相同，可能是：
装置气密性不好，重新安装，检查气密性是否良好。
3.实验中加热空气相比加热液体的好处：
①空气膨胀体积变大，实验效果明显；
②加热空气，耗电量少，实验时间短。
37．焦耳定律的比例计算
【知识点的认识】
根据Q＝I2Rt=U2Rt公式（有时需要对公式进行变形），将题干的比值关系代入即可，注意计算不要错误。
【命题方向】
考查电功率的比例计算。
例：两个电热器的电阻之比是5：4，将两者并联接在电路中使用。在相同的时间内，它们放出的热量之比为 4：5 ；如果它们放出相等的热量，则通电时间之比是 5：4 。
分析：两个电热器并联起来接入电路时，它们两端的电压相等，又知道它们的阻值之比，根据Q＝I2Rt=U2Rt求出相同时间内产生的热量之比；
根据Q=U2Rt算出它们放出相等的热量时的通电时间之比。
解析：解：由题意可知，两个电热器并联起来接入电路中，且R1：R2＝5：4，
因为并联电路中各支路两端的电压相等，
所以由Q＝I2Rt=U2Rt可得，相同时间内产生的热量之比：
Q1Q2=U2R1tU2R2t=R2R1=45；
如果它们放出相等的热量，则通电时间之比是：
t1t2=QR1U2QR2U2=R1R2=54。
故答案为：4：5；5：4。
点评：本题考查了焦耳定律的灵活应用，关键是知道电热器为纯电阻用电器，电热公式和电功公式通用。
【解题方法点拨】
计算过程要注意各量之间的关系时要仔细，容易上下颠倒。
38．焦耳定律的应用
【知识点的认识】
焦耳定律是电能转化为热能的基本定律，其应用广泛且实用。在能源产业中，能够通过焦耳定律计算电阻产生的热损耗，为发电和输电提供依据；在电子设备领域，可以借助焦耳定律计算出电阻元件产生的热量，从而设计合理的散热系统；在热学领域，焦耳定律也被用来研究物体的温度变化和热传导过程。总体而言，焦耳定律的应用为各个领域的研究和实践提供了重要的理论依据
【命题方向】
考查焦耳定律的在实际生活中的应用。
例：《好奇实验室》为大家野外生存取火提供一种方法（如图所示）。口香糖里取出可导电的铝箔纸，并将铝箔纸剪成两端大、中间细的条状，把两端分别紧紧贴在电池的正负两极，铝箔纸可着火。请你用所学物理知识分析能着火的原因。
分析：金属都具有导电性；导线直接将电源连接起来的电路叫短路，短路时，容易烧坏电路或形成火灾。
导体的电阻是导体本身的一种性质，电阻的大小与导体的材料、长度、横截面积、温度有关。
解析：答：因为铝属于金属，因此具有导电性，铝箔纸两端的铝面直接接触电池的正负极，造成短路，电阻小，根据I＝
UR知电流很大；由于横截面积越小电阻越大，则铝箔纸中间最细处的电阻大，根据Q＝I2Rt知电路中迅速产生大量热量使温度达到铝箔纸的着火点而使之燃烧，所以中间处很快开始冒烟起火。点评：因为铝属于金属，因此具有导电性，铝箔纸两端的铝面直接接触电池的正负极，造成短路，电阻小，根据I＝
UR知电流很大；由于横截面积越小电阻越大，则铝箔纸中间最细处的电阻大，根据Q＝I2Rt知电路中迅速产生大量热量使温度达到铝箔纸的着火点而使之燃烧，所以中间处很快开始冒烟起火。
【解题方法点拨】
理解焦耳定律是解题的关键。
39．电热的利用
【知识点的认识】
（1）电流的效应：电流通过导体时电能转化成热，这个现象叫做电流的热效应。
（2）电流热效应的实质：是电流通过导体时，由电能转化为内能。
（3）电热器：电流通过导体时将电能全部转化为内能的用电器。其优点是清洁、无污染、热效率高，且便于控制和调节电流。
（4）有时人们利用电热，如电饭锅、电熨斗等；有时人们防止电热产生的危害，如散热孔、散热片、散热风扇等。
【命题方向】
会判断哪些用电器是利用电热工作；能比较出家用电器中相同时间内产生电热最多的用电器。
例：将规格都是“220V 150W”的一台电风扇、一台电视机和一只电烙铁分别接入家庭电路中，正常工作相同时间。下列说法正确的是（ ）
A.三个用电器产生的热量相等
B.三个用电器电压不相等
C.三个用电器均能将电能全部转化为内能
D.三个用电器消耗的电能一样多
分析：家庭电路的电压是220V，将三个用电器分别接入家庭电路中，这三个用电器都在额定电压下工作，实际功率等于额定功率，由W＝Pt可知相同时间内三个电器消耗电能的关系；从每个电器工作时的能量转化上分析。
解析：解：AC．电风扇将电能主要转化为机械能，少部分转化为内能；电视机主要将电能转化为光能，一部分转化为内能；而电烙铁是将电能全部转化为内能，所以电烙铁产生的热量最多，故AC错误；
B．三个用电器的规格都是“220V150W”，正常工作时，其实际电压等于额定电压，都是220V，故B错误；
D．根据W＝Pt可知，三个用电器消耗的电能一样多，故D正确。
故选：D。
点评：用电器工作的过程就是电流做功的过程，也是电能转化成其他形式能的过程，电流通过用电器做了多少功，就有多少电能转化成其他形式的能；
本题中学生容易误认为三个电器在相同时间内电流产生的热量一样多，这是由于不了解每个用电器工作时的能量转化造成的。
【解题方法点拨】
电热既有有利的一面，又有有害的一面。人们利用电流的热效应制成各种用电器，对于不需要的电热，要想办法尽量减小其造成的危害。
40．电热的多挡问题
【知识点的认识】
多档位的实质是利用多开关控制接入电路中电阻的大小，从而改变用电器电功率来实现对档位的控制。
高温档：在相同时间内放出的热量最多，热功率最大，电阻R高最小；
中温档：在相同时间内放出的热量低于高温档，热功率低于高温档，电阻R中高于高温档；
低温档：在相同时间内放出的热量最少，热功率最小，电阻R低最大。
【命题方向】
常考查生活中的电热毯、电热水器、电饭锅、电暖气等发热体的档位问题，通常是综合计算，有一定难度。
例：小亮家新买了一辆汽车，车上的座椅垫具有电加热功能，如图甲所示。通过观察和研究，他了解到该座椅垫有“高温”、“低温”和“关”三个挡位，“高温”挡功率为36W，“低温”挡功率为18W。该座椅垫加热部分的电路简图如图乙所示，电源电压为24V，S为挡位切换开关。R1和R2为电热丝。通过计算回答：
（1）当座椅垫处于“高温”挡加热时，座椅垫工作5分钟，R1产生的热量是多少焦？
（2）电热丝R1和R2的阻值是多少？
分析：（1）当座椅垫处于“高温”挡加热时，由图乙可知此时只有R1工作，根据Q＝W＝Pt求出座椅垫工作5分钟，R1产生的热量；
（2）根据P=U2R求出电热丝R1的阻值；由图乙可知，电路处于低温挡时，R1、R2串联，根据P=U2R求出R1、R2的串联总电阻，根据串联电路的电阻特点求出R2的阻值。
解析：解：（1）当座椅垫处于“高温”挡加热时，由图乙可知，此时只有R1工作，
座椅垫工作10min产生的热量：Q＝W＝P高温t＝36W×5×60s＝10800J；
（2）由P=U2R可知，电热丝R1的阻值：R1=U2P高温=(24V)236W=16Ω；
当电路的座椅垫处于“低温”挡加热时，由图乙可知，R1与R2串联，电路的总电阻：R=U2P低温=(24V)218W=32Ω，
根据串联电路的电阻特点可知，电热丝R2的阻值：R2＝R﹣R1＝32Ω﹣16Ω＝16Ω。
答：（1）座椅垫工作5分钟R1产生的热量是10800J；
（2）电热丝R1的阻值是16Ω；R2的阻值是16Ω；
点评：本题考查串联电路的特点、电功率公式以及焦耳定律的应用，难度不大。
【解题方法点拨】
电流通过电动机做功消耗的电能，一部分转化为机械能，另一部分是转化为内能，也就是W≠Q。那么，用来计算电功的公式W＝UIt 不能用来计算电热，电热只能用焦耳定律 Q＝I2Rt来计算。额定电压
220V
额定功率
低温挡
440W
中温挡
880W
高温挡
1320W
电茶壶的铭牌
额定电压
220V
额定功率
低温挡
48.4W
高温挡
1000W
容积
1.5L
题号
1
2
3
4
5
6
7
8
9
10
11
答案
D
C
B
D
C
C
B
B
B
A
B
题号
12
13
14
15
答案
C
B
B
D
额定电压
220V
额定功率
低温挡
440W
中温挡
880W
高温挡
1320W
电茶壶的铭牌
额定电压
220V
额定功率
低温挡
48.4W
高温挡
1000W
容积
1.5L