2026届安徽省皖西大联考高三下学期第一次模拟检测物理试题含答案

这是一份2026届安徽省皖西大联考高三下学期第一次模拟检测物理试题含答案，共21页。试卷主要包含了单选题，多选题，实验题，解答题等内容，欢迎下载使用。
2026 届高三下学期第一次模拟检测物理试卷
（时间：75 分钟 满分：100 分）
一、单选题：本题共 8 小题，每小题 4 分，共 32 分。在每小题给出的四个选项中，只有一个选项正确。
1 ．2025 年 11 月 5 日我国福建舰正式服役。飞机离开甲板 A 点后，继续飞行的轨迹如图所示。关于飞机在轨迹最低点 B 点的速度与所受合外力，下列说法正确的是( )
A ．速度方向指向轨迹内侧 B ．速度方向沿 B 点切线方向
C ．合外力方向指向轨迹外侧 D ．合外力方向沿 B 点切线方向
2 ．“地震预警”是指在地震发生以后，抢在地震波传播到受灾地区前，向受灾地区提前几秒至数十秒发出警报，通知目标区域从而实现预警。科研机构对波的特性展开研究， 如图甲所示为研究过程中简谐波t = 0 时刻的波形图，M 是此波上的一个质点，平衡位置处于x = 4m 处，图乙为质点 M 的振动图像，则( )
A ．该列波的传播速度为 4m/s B ．该列波的传播方向沿 x 轴负向传播
C ．质点 M 在 9s 内通过的路程为 340cm D ．质点 M 在 2s 内沿 x 轴运动了 8m
3 ．如图所示，不带电的金属球静止在光滑绝缘水平地面上，球心 O 的正上方有一固定的点电荷-q 。现给金属球施加外力，让金属球沿竖直方向缓慢靠近点电荷，下列说法正确的是( )
A ．球心 O 处的场强逐渐变大 B ．感应电荷在 O 处产生的场强逐渐变大
C ．球心 O 处的电势逐渐升高 D ．金属球的电势能增大
4 ．神舟十五号飞船停靠天和核心舱后，中国空间站基本建成。空间站绕地球可看作做匀速圆周运动，由于地球的自转，空间站的飞行轨道在地球表面的投影如图所示，图中标明了空间站相继飞临赤道上空所对应的地面的经度。设空间站绕地球飞行的轨道半径为r1 ，地球静
止卫星飞行轨道半径为r2 ，则 r2 与r1 的比值最接近的值为( )
A ．10 B ．8 C ．6 D ．4
5 ．如图所示，轻质弹簧的一端与固定的竖直挡板P 拴接，另一端与物体A 相连，物体A 置于光滑水平桌面上（桌面足够大），A 右端连接一细线，细线绕过光滑的定滑轮与物体 B 相连。开始时托住 B，让 A 处于静止且细线恰好水平伸直，然后由静止释放 B，直至其获得最大速度。已知物体 A 始终没有碰到滑轮，弹簧始终在弹性限度内，不计空气阻力。关于该过程，下列说法正确的是( )
A ．物体 B 受到细线的拉力保持不变
B ．物体 B 机械能的减少量等于弹簧弹性势能的增加量
C ．物体 A 动能的增量小于物体 B 所受重力对 B 做的功与弹簧弹力对A 做的功之和
D ．物体 A 与弹簧所组成的系统机械能的增加量等于物体 B 所受重力对 B 做的功
6 ．如图所示，横截面为正方形ABCD 的玻璃，边长为 d，玻璃折射率 n = ，平行于对角线AC 的光线从左侧边射入，入射点 P 在AB 或AD 边上（不包括 A、B、D），光在真空中传播速度为 c，下列说法正确的是( )
A ．光在玻璃中传播时间为
B ．入射点 P 位置不同，光线在玻璃中传播时间不同
C ．入射点 P 位置不同，光线从玻璃射出时出射角不同
D ．入射点 P 位置不同，BC 边上始终没有光线射出
7．一定质量的理想气体由状态 a 变化到状态 b，该过程中气体压强p 随摄氏温度 t 变化的关系图像如图所示，图像中 a 、b 连线的延长线刚好过坐标原点，则该过程中( )
A ．气体的体积变大
B ．气体的分子数密度变小
C ．气体分子的平均动能一定变大
D ．气体一定从外界吸收热量
8．如图所示，左侧竖直墙面上固定半径为0.3m 的光滑半圆环，右侧竖直墙面上与圆环的圆心O 等高处固定一水平光滑直杆。质量为2kg 的小球 a 套在半圆环上，质量为2kg 的小球 b套在直杆上，两者之间用长为L = 0.4m 的轻杆通过两铰链连接。现将 a 从圆环的最高处静止释放，让其沿圆环自由下滑，不计一切摩擦，a 、b 均视为质点，g 取10m / s2 ，则以下说法中正确的是( )
A ．小球 a 滑到与圆心O 等高的P 点时，a 的速度大小为 m / s
B ．小球 a 滑到与圆心O 等高的P 点时，a 的向心加速度为10m / s2
C ．小球 a 从P 点下滑至杆与圆环相切的Q 点（ 图中未画出）过程中，a 、b 两球组成的系统机械能、动量均守恒
D．小球 a 从P 点下滑至杆与圆环相切的Q 点（图中未画出）的过程中，杆对小球 b 做的功约为6.59J
二、多选题：本题共 2 小题，每小题 5 分，共 10 分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项正确，全部选对的得 5 分，选对但不全的得 3 分，有选错的得 0分。
9．足够大的光滑水平面上，一根不可伸长的细绳一端连接着质量为 m1=1.0kg 的物块 A，另一端连接质量为 m2=1.0kg 的长木板 B，绳子开始是松弛的。质量为 m3=1.0kg 的物块 C 放在长木板 B 的右端，C 与长木板 B 间的滑动摩擦力的大小等于最大静摩擦力大小。现在给物 块 C 水平向左的瞬时初速度 v0=2.0m/s，物块 C 立即在长木板 B 上运动。已知绳子绷紧前， B 、C 已经达到共同速度；绳子绷紧后，A 、B 总是具有相同的速度；物块 C 始终未从长木板 B 上滑落。下列说法不正确的是( )
A ．绳子绷紧前，B 、C 达到的共同速度大小为 1.0m/s
B ．绳子刚绷紧后的瞬间，A 、B 的速度大小均为 1.0m/s
C ．绳子刚绷紧后的瞬间，A 、B 的速度大小均为 0.5m/s
D ．最终 A 、B 、C 三者将以大小为m / s 的共同速度一直运动下去
10 ．某静电场的电场线沿x 轴，其电场强度E 随x 的变化规律如图所示，设x 轴正方向为静电场的正方向，在坐标原点有一电荷量为q 的带电粒子仅在电场力作用下由静止开始沿x 轴
正向运动，则下列说法正确的是( )
A ．粒子带正电
B ．粒子运动到x0 处速度最大
C ．粒子不可能运动到3x0 处
D ．在0 ~ 3x0 区域内，粒子获得的最大动能为
三、实验题（第 11 题 10 分，第 12 题 6 分。）
11．某实验小组利用如图所示的装置探究“小车加速度与力、质量的关系”。小车与车中钩码的总质量为 M，砂和砂桶的质量为 m，重力加速度为 g。
(1)下列实验操作正确的是 。
A ．平衡阻力时，需要通过细绳把砂桶挂在小车上
B ．平衡阻力后，长木板的位置不能移动
C ．实验中，细绳必须与长木板保持平行
D ．小车质量远小于砂和砂桶的总质量
(2)如图是某次实验所打出的一条纸带，图中 0 、1 、2 、3 、4 为相邻的计数点，两个相邻的计数点间还有 4 个点未标出，已知交流电源的频率f=50Hz，小车的加速度 a =
_______________m/s²。
(3)小北同学在探究“小车的加速度 a 与 F 的关系”时，保持 M 不变，以砂和砂桶的重力为 F。根据实验数据作出 a-F 图像，如图所示。并利用最初的几组数据拟合了一条直线 OAP，画
QN
PN
一条与纵轴平行的直线，这条直线和这两条图线以及横轴的交点分别为 P、Q 、N。则
=_______________（用 M 和 m 表示）。
(4)小京同学在探究“小车加速度 a 与 F 的关系”时，采用如图所示的实验方案，实 验步骤如下：
①将木板装有定滑轮的一侧垫高，挂上装有细砂的砂桶，保持细绳与长木板平行。调节木板的倾角，使质量为 M 的小车拖着纸带沿木板匀速下滑；
②取下砂桶，测出砂和砂桶的总质量 m，并让小车沿木板下滑，测出小车的加速度 a；
③改变砂桶中砂子的质量，重复步骤①和②,多次测量，仍然取砂和砂桶的重力为 F，作出 a-F 图像。请你定性画出 a-F 图像，并说明理由_______。
12 ．图甲是测量某合金丝电阻率的原理图。
(1)用螺旋测微器测量合金丝的直径如图乙，其读数d = ________mm。多次测量后，得到直径的平均值恰好与d 相等；
(2)图丙中滑动变阻器上少了一根连线，请用笔画线代替导线在图中将电路连接完整，使得滑片向左移动时滑动变阻器接入电路的阻值变大______；
(3)多次改变合金丝接入电路的长度l ，调节滑动变阻器 R 的阻值，使电流表示数都为0.20A时记录电压表相应示数U ，作出U - l 图像如图丁。由此可算出该合金丝的电阻率为________ Ω . m （结果保留 3 位有效数字）：考虑到电流表不是理想表，这一因素是否会导致在上述电阻率的测量中产生系统误差？________（填“是”或“否”）。
四、解答题（本题共 3 小题，共 42 分。）
13 ．一底面半径为 R 的半圆柱形透明体，横截面如图所示，O 表示半圆柱形截面的圆心。
一束极窄的光线在横截面内从AOB 边上的A 点（以AOB 为界面）以60° 的入射角入射，该束光线进入半圆形透明体后第一次到达圆弧面的位置与 A 点的距离为 R，求：
（1）该透明体的折射率 n；
（2）该光线从进入透明体到第一次离开透明体时所经历的时间（已知真空中的光速为 c，计算结果用 R 、c 表示）。
14 ．如图所示，光滑水平面上固定质量为 2m、倾角为 θ 的斜面 OAB，在斜面右侧有 n 个质量均为 的物块，质量为 m 的滑块从光滑斜面顶端 A 由静止释放。 OA = h，g = 10m/s2。
(1)求滑块到达斜面底端时的速度大小v0 ；
(2)若斜面底端有一小圆弧，斜面和地面平滑连接。
①所有的碰撞均为完全非弹性碰撞，求第 n 个物块的最终速度大小 vn；
②所有的碰撞均为弹性碰撞，求第 n 个物块的最终速度大小 vn'；
(3)水平面上靠近 B 处有一固定竖直挡板，斜面不固定，滑块运动至斜面底端与水平面碰撞后，仅保留水平方向动量。物块与挡板碰撞后以原速率返回， 此时改变滑块与水平面、斜面与水平面间的粗糙程度，斜面与水平面动摩擦因数 μ1 = 0.2，h = 0.75m ， θ = 45° 。要使滑
块能追上斜面，求滑块与水平面间动摩擦因数的最大值。
15 ．在光滑桌面上，以水平桌面左边缘为y 轴建立空间直角坐标系如图所示，坐标为
( L, L, 0) 处固定一正点电荷，利用屏蔽手段使该点电荷只在x > 0 空间产生电场，坐标为 ( L, -L, 0)处有一电荷量大小为q ，质量为m 的小球，以初速度v0 沿x 轴负方向射出，小球离开桌面前恰能做匀速圆周运动，在x < 0 的空间存在沿y 轴正方向大小可调的匀强电场，
已知静电力常量为k ，重力加速度为 g ，取桌面所在平面为零势能面。
(1)求固定点电荷所带的电荷量Q 的大小；
(2)若小球落地点坐标满足|x| 、|y| 、|z|相等，求匀强电场电场强度的大小；
(3)若匀强电场E ，求小球从离开桌面到落地前机械能和动能的最小值。
1 ．B
AB ．曲线运动中，速度方向沿轨迹切线方向，故 A 错误，B 正确；
CD ．合外力方向指向轨迹凹侧（内侧），故 CD 错误。
故选 B。
2 ．B
A ．由图甲知，波长
λ = 4m
由乙图知，周期
T=2s
该列波的传播速度为
故 A 错误；
B ．由乙图知，t = 0 时刻 M 质点向上振动，根据“同侧法” ， 该列波的传播方向沿 x 轴负向传播，故 B 正确；
C ．根据
质点 M 在 9s 内通过的路程为
故 C 错误；
D ．质点 M 只在平衡位置附近振动，并不随波迁移，故 D 错误。
故选 B。
3 ．B
A ．由于静电屏蔽，球心 O 处的场强为零，保持不变，A 错误；
D ．金属球不带电，则金属球得电势能始终为零，不变，D 错误；
C ．由于静电屏蔽，金属球为等势体，球心 O 处靠近点电荷，点电荷带负电，沿着电场线方向电势降低，则球心 O 处的电势降低，C 错误；
B．球心 O 处的场强为零，则金属球感应电荷在 O 处产生的场强与点电荷-q 在 O 处产生的场强大小相等方向相反，在靠近点电荷过程中，点电荷-q 在 O 处产生的场强
逐渐变大，则感应电荷在 O 处产生的场强逐渐变大，B 正确。
故选 B。
4 ．C
由图可知，空间站每绕地球运动一圈，地球自转的角度为22.5° ,设空间站绕地球做匀速圆周运动的周期为T ，地球自转周期为T0 ，则有
卫星绕地球做匀速圆周运动，由万有引力提供向心力可得
可得
则有
故选 C。
5 ．C
A ．物体 B 下降的过程中，B 的速度逐渐增大，弹簧弹力逐渐增大，因此加速度逐渐减小，对物体 B 进行受力分析可知，绳子拉力逐渐增大，A 错误；
B．根据能量守恒可知，物体 B 机械能的减小量等于弹簧弹性势能的增量和物体 A 动能的增量之和，B 错误；
C ．根据动能定理可知物体 A 动能的增量等于弹簧对 A 做的负功与绳子拉力对 A 做的正功之和，而由于物体 B 加速下降，绳子拉力小于 B 的重力，因此物体 A 动能的增量小于物体 B所受重力对 B 做的功与弹簧弹力对 A 做的功之和，C 正确；
D ．物体 A 与弹簧所组成的系统机械能的增加量等于绳子拉力对 A 做的功，而绳子拉力小于 B 所受的重力，D 错误。
故选 C。
6 ．A
CD ．根据题意知光线入射角a = 45。，折射角为β由折射定律n
得sin
由sin C 可知C = 45。
所以入射光从AB 边射入时，光线在BC 边发生全反射，在CD 边上的入射角为 30°, 根据折射定律，射出时的角度为 45°
同理，入射光从AD 边射入时，光线在CD 边发生全反射，在BC 边上的入射角为 30°, 根据折射定律，射出时的角度为 45°,故 CD 错误；
A ．光在玻璃中传播速度v
光在玻璃中传播路程s d
光在玻璃中传播时间t ，故 A 正确；
B．通过几何关系可知入射点 P 位置不同，光线在玻璃里传播路径相等，所以光线在玻璃中传播时间相同，B 错误。
故选 A。
7 ．C
A ．由题意可知气体压强p 随热力学温度 T 变化的关系图像大致如图所示：
根据理想气体状态方程得 C 结合 ab 两点与原点连线的斜率，可知气体的体积减小，故 A 错误；
B ．体积减小，单位体积内的分子数变多，分子数密度变大，故 B 错误；
C ．气体温度升高，分子的平均动能变大，故 C 正确；
D ．气体温度升高，内能变大，气体体积减小，外界对气体做功，无法判定气体是吸热还是放热，故 D 错误。
故选 C。
8 ．D
AB ．当 a 滑到与 O 同高度 P 点时，a 的速度 v 沿圆环切向向下，a 沿杆方向速度为零，所以 b 的速度为零，由机械能守恒可得ma gR ma v2
解得v m / s
此时 a 的向心加速度an m / s2
故 AB 错误；
C ．小球 a 从 P 点下滑至杆与圆环相切的 Q 点（图中未画出）过程中，a 、b 两球组成的系统只有重力对系统做功，所以，a 、b 两球组成的系统机械能守恒；圆弧轨道对 a 球的弹力存在水平方向的分力，则 a 、b 两球组成的系统在水平方向的合外力不为 0，水平方向一定不满足动量守恒，故 C 错误；
D ．杆与圆相切时，如图所示
a 的速度沿杆方向，设此时 b 的速度为vb ，则有
va = vb cs θ
由几何关系可得cs
从P 点下滑至杆与圆环相切的Q 点的过程，a 下降的高度为h = Rcsθ
a 、b 两球组成的系统满足机械能守恒，则有对 b，由动能定理得W mbv
联立解得W ≈ 6.59J故 D 正确。
故选 D。
9 ．B
A ．绳子绷紧前，B 、C 已经达到共同速度，设 B 、C 达到的共同速度大小为v1 ，根据动量守恒定律可得m3v0 = (m2 + m3 )v1
解得v1 = 1.0m / s ，故 A 正确，不满足题意要求；
BC ．绳子刚绷紧后的瞬间，设 A 、B 具有相同的速度v2 ，A 、B 组成的系统满足动量守恒，则有m2v1 = (m1 + m2 )v2
解得v2 = 0.5m / s ，故 B 错误，满足题意要求；C 正确，不满足题意要求；
D ．A 、B 、C 三者最终有共同的速度，设为v3 ，A 、B 、C 组成的系统满足动量守恒，则有m3v0 = (m1 + m2 + m3 )v3
解得vm / s ，故 D 正确，不满足题意要求。
故选 B。
10 ．AD
A ．带电粒子由静止开始沿x 轴正向运动，结合图像可知，开始沿x 轴正向运动时电场方向沿x 轴正向，所以带电粒子带正电，故 A 正确；
BCD ．带电粒子从原点到3x0 ，由动能定理可知，
得
故粒子可以运动到3x0 处，且在3x0 处动能最大，最大动能为 qE0x0 。故 BC 错误，D 正确。故选 AD。
11 ．(1)BC
(2) 0.34
(4) ，理由见解析
（1）A ．平衡阻力时，需要把砂桶取下来，轻推小车，观察打出来的纸带，如果小车做匀速直线运动，则已平衡摩擦力，故 A 错误；
B ．平衡阻力要让小车重力沿斜面向下的分力与摩擦力二力平衡，设木板倾角为θ ,即Mg sin θ = μMg cs θ
解得 μ = tan θ
因此平衡阻力后，倾角θ 不能变，长木板的位置不能移动，故 B 正确；
C ．实验中，细绳必须与长木板保持平行，保证绳中的拉力等于小车所受的合力，否则拉力不会等于合力，故 C 正确；
D ．设绳中的拉力为FT ，根据牛顿第二定律可得FT = Ma ，mg - FT = ma解得 mg
为使小车受到的绳子拉力近似等于砂和砂桶的总重力，需要让小车与钩码的总质量远大于砂和砂桶的总质量，故 D 错误。
故选 BC。
（2）由已知条件可知，计数周期为Ts逐差法求加速度可得a m/s2
（3）图中 PN 对应小车所受合力为砂和砂桶的总重力mg 时的加速度a1 ，则 mg = Ma1
图中QN 对应小车实际的加速度a2 ，由于实验过程中，小车所受的合力等于绳中的拉力，则有 mg = Ma2
联立解得
（4）由于③, 由于小车匀速下滑，故砂桶也应做匀速直线运动，小车和砂桶此时受力平衡，设小车受摩擦力为f ，此实验中绳中拉力为 T，则有Mg sinθ = f + T ，F = T
取下砂桶，由牛顿第二定律可得Mg sinθ - f = Ma
联立可得a =
可见，在 M 不变的情况下，a 与 F 成正比，定性作图a - F 图像如下
12 ．(1)1.000
(2)
(3) 1.96 × 10-5 否
（1）螺旋测微器的精确度为 0.01mm，合金丝的直径为 1mm+ 0.0× 0.01mm = 1.000mm （2）滑片向左移动时滑动变阻器接入电路的阻值变大，连接实物图如图
（3）[1]图线的斜率为k V/m = 5V/m根据欧姆定律可得Rx =
根据电阻定律可得Rx = r = r π(EQ \* jc3 \* hps21 \\al(\s\up 12(l),d))2
2
整理得U l
图线的斜率为k =
kπ d 2 5 × 3.14 × (1× 10-3)2
4I 4 × 0.2
该合金丝的电阻率为 r = = Ω . m = 1.96 × 10-5 Ω . m
[2]若考虑电流表内阻的影响，则Rx + RA Rx = r 整理得U l + IRA
可知图像的斜率不变，若考虑电表内阻的影响，上述电阻率的测量值不变，不会产生系统误差。
（1）由折射定律知
n =
sin i
sin y
其中i = 60。,y = 30。
解得
n = 、
（2）临界角
在C 点入射角为60。,60。> C ，发生全反射，水平反射到 D 点，再次发生全反射，最终从B点射出
t = x
v
v =
c
n
x = 3R
解得
14 ．(1) v0 =
2gh
.
(2)① v0 ；② (3)0.32
（1）对滑块，由动能定理得 mgh mv 解得 v
（2）①若是完全非弹性碰撞，根据动量守恒定律则有 mv vn解得 vn v0
②若是弹性碰撞，设滑块第 1 次与第 n 个物块相碰后的速度分别是 v₀1 、v1，根据动量守恒
0 01 2 1
定律则有 mv = mv + m v
根据能量守恒定理则有 mv mv 联立解得 v v0
由于后面发生的都是弹性碰撞，所以物块 1 的最终速度为 v0 ，之后滑块第 2 次与第 n 个物块发生弹性碰撞，设滑块与第 n 个物块相碰后的速度分别是 v₀2 、 v2，根据动量守恒定律，则有 mv01 = mv v2
根据能量守恒定律，则有 mv mv 解得 vv0，v v0
由于后面发生的都是弹性碰撞，物块 2 的最终速度为 v0 ，第 n 个物块的最终速度
（3）设滑块刚要滑到斜面底端时的水平速度为vx ，竖直速度为vy ，斜面体的速度为 vM 水
平方向动量守恒，根据动量守恒定律可得mvx = MvM
根据机械能守恒定律则有mgh = m (vEQ \* jc3 \* hps12 \\al(\s\up 5(2),x) + vEQ \* jc3 \* hps12 \\al(\s\up 5(2),y)) + MvEQ \* jc3 \* hps12 \\al(\s\up 5(2),M)
解得vx = 2m/s ，vM = 1m/s
滑块从释放到滑到斜面底端，设滑块的水平位移大小为 s1，斜面体的水平位移大小为 s2，由于水平方向系统动量守恒，则有mvm = MvM
整理可得m 即ms1 = Ms2
代入数据解得s1 = 0.5m ，s2 = 0.25m
当滑块到达水平面运动到挡板时斜面向左继续运动了 s2 ，问题简化为滑块在斜面后方 s2的追击问题，当滑块与水平面间动摩擦因数的最大值时则有 s2
解得 μ2 = 0.32
故滑块与水平面间动摩擦因数的最大为0.32
15 ．
（1）小球以 2L 为半径做匀速圆周运动解得Q
（2）小球在桌面上轨迹如图所示，由几何关系可得，小球从原点 O 离开桌面
设离开时速度与x 轴负方向夹角为a ，则 tan a = ，a = 600
小球离开桌面时，沿x 轴负方向做匀速运动vx = v0 csa ， x = vxt
1
y 轴方向做匀减速运动vy = v0 sin a ， y = vy t - 2 ay t2 ，根据牛顿第二定律qE = may
z 轴负方向做自由落体运动z gt2
联立可得E 或E =
（3）y 轴方向速度减到 0 时，电场力做负功最多，小球机械能最小故机械能最小值Emin mv mv ，解得 Emin mv
小球在x 轴负方向做匀速运动，在yOz 面内做类斜抛运动
设重力与电场力的合力为F ，vy 与F 夹角为β ,则 tan ，
将vy 沿F 方向和垂直F 方向分解，当F 方向速度减到 0 时，动能最小，即
解得Ek min mv