安徽明光中学等校2025-2026学年高一下学期3月学情调研物理试卷含答案

这是一份安徽明光中学等校2025-2026学年高一下学期3月学情调研物理试卷含答案，共14页。
安徽天一大联考 2026 年 3 月开学考试高一物理卷
高一 3 月物理
注意事项：
1.答题前，务必将自己的个人信息填写在答题卡上，并将条形码粘贴在答题卡上的指定位置。
2.回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡对应题目的答案标号涂黑。如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上。
一、单项选择题：本题共 8 小题，每小题 4 分，共 32 分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。
1 ．下列说法符合物理学史实的是( )
A ．亚里士多德认为重物与轻物下落得一样快
B ．笛卡尔最早指出力是维持物体运动的原因
C ．伽利略利用斜面实验和逻辑推理研究出了自由落体的运动规律
D ．牛顿首先建立起来描述运动所需的平均速度、瞬时速度、加速度等概念
2 ．在 2025 年 9 月 3 日纪念中国人民抗日战争暨世界反法西斯战争胜利 80 周年阅兵式上，核导弹第二方队的“东风-5C”液体洲际战略核导弹接受检阅。该导弹以“以武止戈、砥定乾坤”的实战姿态彰显大国军事实力。下列说法正确的是( )
A ．东风-5C 洲际导弹弹体整体长度相当于十层楼的高度，由于体积庞大，所以不能看成质点
B ．东风-5C 洲际导弹打击范围可覆盖全球，在研究飞行轨迹时可将导弹视为质点
C ．东风-5C 洲际导弹可携带 10 枚分导式弹头，在飞行过程中，以未释放的分导式弹头为参考系，导弹的箭体是运动的
D ．东风-5C 洲际导弹在地下发射井发射飞离地面的时候，以导弹为参考系，地下发射井是
静止的
3．下列各图是描述物体的位移或速度随时间变化的图像，其中在0 ~ t1 内物体运动的路程等于位移大小的是( )
A．
B．
C．
D．
4 ．使用手机内置的加速度传感器，可以通过特定的应用程序来探究超重和失重现象。如图所示，小红拿着手机在体重计上完成下蹲动作，以向上为正方向，手机上显示的a - t 图像可
能是( )
A．
C．
B．
D．
5 ．频闪摄影是研究变速运动常用的实验手段。在暗室中，照相机的快门处于常开状态，频闪仪每隔一定时间发出一次短暂的强烈闪光照亮运动的物体，于是胶片上记录了物体在几个闪光时刻的位置。如图所示是小球自由下落时的频闪照片示意图， 若相邻两位置的时间间隔均为t ， x1 和x2 为实际间距，则当地的重力加速度大小为( )
A ． B ． C ． D ．
6 ．如图所示，用一根轻绳将一幅画框对称悬挂在墙壁的钉子O 上。画框上挂钉之间的距离不变，绳与钉子O 间及画框与墙壁间的摩擦忽略不计，关于绳上的拉力，下列说法正确的是( )
A ．轻绳越长，绳上的拉力越小
B ．轻绳越短，绳对钉子O 的作用力越小
C ．由于画框的质量不变，故绳上的拉力大小与绳长无关
D ．若绳长一定，挂钉之间的距离变小，则绳上的拉力变大
7 ．如图所示，某卡车的水平载货厢长度为3m ，上面载有一装满宣纸的纸箱，其长、宽、
高均为0.6m ，紧贴前方驾驶室放置。现卡车在水平道路上由静止开始以1.5m / s2 的加速度做匀加速直线运动，已知纸箱与载货厢底部间的动摩擦因数为 0.10，设最大静摩擦力等于滑动摩擦力，重力加速度g 取10m / s2 ，若载货厢后方的挡板没有关上，则纸箱在卡车开始行驶后( )
A ．3s ~ 4s 间会掉出载货厢 B ．4s ~ 5s 间会掉出载货厢
C ．5s ~ 6s 间会掉出载货厢 D ．6s ~ 7s 间会掉出载货厢
8 ．如图所示，一辆货车上装着圆柱形光滑的空油桶静止在倾角为30。的斜坡上。在车厢底，一层油桶平整排列，相互紧贴并被牢牢固定，上一层只有一只桶 C，自由摆放在桶 A 、B 之间，没有用绳索固定。桶 C 和汽车一起保持静止，重力加速度为g 。当汽车沿着斜坡加速 下行时，为了保证桶 C 不脱离A，这个加速度不能超过( )
A ． g B ．g C ． g D ．
二、多项选择题：本题共 2 小题，每小题 5 分，共 10 分。在每小题给出的四个选项中，有多项符合题目要求。全部选对的得 5 分，选对但不全的得 3 分，有选错的得 0 分。
9 ．如图所示，甲、乙、丙三木块用两根轻绳连接在一起，在光滑水平地面受一水平恒力 F作用而向右做匀加速直线运动，绳子的拉力分别用 T1 、T2 表示。若乙木块的质量突然增加，则轻绳中拉力的变化情况为( )
A ．T1 变小 B ．T1 不变 C ．T2 变大 D ．T2 变小
10．正常情况下，高铁车厢数量是八节或者十六节，其中八节属于短编组动车。高铁站台上一乘警站在八节短编组动车的第一节车厢前端，动车从静止开始做匀加速直线运动，车厢间的间隙忽略不计，下列说法正确的是( )
A ．第 1 节和第 2 节车厢经过乘警所用的时间之比是
B ．第 2 、3 节车厢尾经过乘警瞬间的速度之比是 :
C ．最后 4 节车厢经过乘警所用的时间小于第 1 节车厢经过乘警所用的时间
D ．动车中间位置经过乘警的瞬时速度小于动车通过乘警的平均速度
三、非选择题：本题共 5 小题，共 58 分。
11 ．某物理小组在探究滑块的加速度 a 与合力 F 的关系时，设计并采用了如图所示的方案。所用器材包括：气垫导轨、滑块（上方安装有宽度为 d 的遮光片）、两个与计算机连接的光
电门、砝码盘和砝码等。实验操作步骤如下：
（1）开动气泵，调节气垫导轨，轻推滑块，当滑块上的遮光片经过两个光电门的遮光时间__________时，可认为气垫导轨水平。
（2）用天平测砝码与砝码盘的总质量 m1 、滑块（含遮光片）的质量 m2。
（3）用细线跨过轻质定滑轮将滑块与砝码盘连接，并让细线水平拉动滑块。
（4）滑块在砝码和砝码盘的拉动下从左边开始运动，和计算机连接的光电门测量出遮光片经过 A 、B 两处光电门时的遮光时间∆t1 、∆t2，并在导轨上读出 A 、B 之间的距离 s。
（5）滑块从 A 运动到 B 的过程中，滑块的加速度大小 a=__________（用题中给出的物理量符号表示）。
（6）如果将砝码和砝码盘所受重力视为滑块所受拉力，当砝码数量较多时，系统误差将会很大，因为不满足条件 m2__________m1（选填“远大于”或“远小于”）。已知重力加速度为 g，则滑块（含遮光片）所受拉力的实际值 F=__________（用 m1 、g、a 表示）。
12．如图 1 所示，实验小组在“探究弹簧弹力与形变量的关系”时，把一轻质弹簧上端固定在铁架台的横杆上，观察弹簧下端挂钩码时所到达的刻度位置，从标尺上读出弹簧下端指针所指的弹簧长度值 L，以后每加一个钩码测一次 L，直至加到 5 个钩码，已知每个钩码的质量均为 m。完成下列问题：
(1)标尺上端 0 刻度线与弹簧上端是对齐的，当弹簧下端挂上一个钩码时，指针指在图 2 所示位置，此时弹簧的长度 L1=__________cm。
(2)一个钩码对应的弹簧长度为 L1、两个钩码对应的弹簧长度为 L2……五个钩码对应的弹簧长度为 L5，作出弹簧长度 L 和钩码个数 n 的关系图线如图 3 所示，已知重力加速度为 g，则弹簧的自然长度为__________，劲度系数为__________（用 m 、a 、b 、g 表示）。
(3)实验过程中某同学将两根相同的此弹簧串联起来做实验，将串联后的弹簧作为整体，通过理论分析可知，图 3 中 b 会变为原来 2 倍，而 a 与原来相比将__________（选填“增大”“减小”或“不变”）。
13 ．如图所示，在一水平桌面同一直线上有 a 、b 、c 、d、e 五个点，相邻两点间的距离均为0.2m。将一可视为质点的橡皮擦水平推出，使其从 O 点开始做匀减速直线运动，刚好停在 e点。橡皮擦从 d 点运动到 e 点的时间为 0.4s。求：
(1)橡皮擦运动的加速度大小；
(2)橡皮擦运动到 a 点的速度大小；
(3)橡皮擦从 a 点运动到 e 点的时间。
14．如图所示为某工厂车间传送装置的简化示意图，传送带右端与水平面平滑衔接，且保持一定的速率顺时针匀速运行，传送带长 L=5m。现将一质量为m=0.4kg 可视为质点的包裹轻放在传送带左端，最后停在水平面的某处。已知包裹与传送带间的动摩擦因数 µ1=0.2，包裹与水平面间的动摩擦因数 µ2=0.4，重力加速度 g 取 10m/s2。
(1)若传送带保持 v0=4m/s 的速率顺时针运行，求包裹刚离开传送带时的速度大小及在传送带上运动的时间；
(2)若传送带保持 v0′=6m/s 的速率顺时针运行，求包裹在水平面上运动的位移大小。
15 ．如图所示，原长 L0=120cm、劲度系数 k=1×102N/m 的轻质弹簧放在一光滑直槽中，弹簧的一端固定在直槽的 O 端，另一端连接一可视为质点的小球，小球的质量 m=9kg。现让整个装置从水平面开始绕 O 点缓慢转到竖直位置，重力加速度 g 取 10m/s2，弹簧始终在弹性限度内。
(1)当光滑直槽缓慢转到竖直位置时，求小球距离水平面的高度 h0；
(2)当光滑直槽缓慢转到与水平方向成任意 θ 角时（0。≤θ≤90°),写出此时小球距离水平面的高度H 的表达式（用 k、L0 、m 、g、θ 表示）；
(3)求缓慢转动过程中，小球距离水平面高度的最大值 Hm。
1 ．C
A ．亚里士多德的观点是重物比轻物下落得更快，认为轻重物体下落一样快的是伽利略，故 A 错误；
B ．最早提出“力是维持物体运动的原因”的是亚里士多德，笛卡尔的贡献是补充了伽利略的运动观点，指出不受力的物体将保持匀速直线运动状态，故 B 错误；
C ．伽利略为了克服自由落体运动时间过短难以测量的问题，利用斜面实验“冲淡”重力作用，结合逻辑推理外推得到了自由落体的运动规律，故 C 正确；
D ．首先建立平均速度、瞬时速度、加速度等运动学概念的是伽利略， 牛顿的主要贡献是总结力学三大定律、万有引力定律等，故 D 错误。
故选 C。
2 ．B
A ．物体能否看成质点取决于研究的问题，与物体本身无关，故 A 错误；
B ．在研究飞行轨迹时，导弹的大小对研究问题没有影响，可以看作质点，故 B 正确；
C ．由于分导式弹头与箭体是一起运动的，故在分导式弹头未释放的时候，箭体相对分导式弹头是静止的，故 C 错误；
D ．以导弹为参考系，地下发射井是运动的，故 D 错误。
故选 B 。
3 ．B
ACD ．由图可知，物体运动过程中，速度方向改变，物体运动的路程大于位移大小，故 ACD 错误；
B ．由图可知，物体运动过程中，速度方向不变，做单方向直线运动，物体运动的路程等于位移大小，故 B 正确。
故选 B。
4 ．C
根据题意可知， 以向上为正方向，小红拿着手机在体重计上完成下蹲动作，先向下加速，加速度向下（为负），再向下减速，加速度向上（为正）。
故选 C。
5 ．D
根据题意，由逐差法可得 x2 - x1 = 2gt2
解得g 。
故选 D。
6 ．A
ACD ．根据题意，设绳子的拉力为T ，两绳之间的夹角为θ ,由平衡条件有
绳长越长，夹角越小，绳拉力越小，即绳上的拉力大小与绳长有关，若绳长一定，挂钉之间的距离变小，夹角变小，绳拉力变小，故 A 正确，CD 错误；
B ．根据题意，由平衡条件可知，挂钉所受绳的拉力的合力等于画框重力G ，即绳对钉子O的作用力保持不变，故 B 错误。
故选 A。
7 ．A
根据题意可知，纸箱和卡车保持相对静止的最大加速度为 am = μg = 1ms2
则卡车在水平道路上由静止开始以1.5m / s2 的加速度做匀加速直线运动时，纸箱与卡车发生
相对运动，设经过时间t 掉出载货厢，则有
代入数据解得t s即3s ~ 4s 间会掉出载货厢。
故选 A。
8 ．B
根据题意可知，为了保证桶 C 不脱离 A，当汽车加速度最大时，A 对 C 的支持力为 0，对 C 受力分析，受 B 的支持力F 和重力mg ，如图所示
由几何关系可得F合 = F = mg
由牛顿第二定律有F合 = ma解得a = g
即为了保证桶 C 不脱离 A，这个加速度不能超过 g 。
故选 B。
9 ．AC
根据牛顿第二定律，对甲乙丙，有F = (m甲 + m乙 + m丙 )a
对甲，有T1 = m甲a
对甲乙，有T2 = (m甲 + m乙 )a
甲 乙
所以 F ，TF
由此可知，若乙木块的质量突然增加，即 m 乙变大，则 T1 变小，T2 变大。
故选 AC。
10 ．BC
AB ．根据初速度为零的匀加速直线运动的比例关系可知，第 1 节和第 2 节车厢经
t2 2 -1
过乘警所用的时间之比为 t1 = 1
第 2 、3 节车厢尾经过乘警瞬间的速度之比为 ，故 A 错误，B 正确；
C ．设每节车厢的长度为 l，根据位移时间关系可得l = atEQ \* jc3 \* hps12 \\al(\s\up 5(2),1) ，4l at at
所以第 1 节车厢经过乘警所用的时间t
最后 4 节车厢经过乘警所用的时间t48 = t8 - t4 = 4 - 2 = (4 - 2) < t1
即最后 4 节车厢经过乘警所用的时间小于第 1 节车厢经过乘警所用的时间，故 C 正确；
D ．第 8 节车厢尾经过乘警的速度为 v，则动车中间位置经过乘警的瞬时速度为
v 、
动车通过乘警的平均速度为vt = < v
2 2 2
即动车中间位置经过乘警的瞬时速度大于动车通过乘警的平均速度，故 D 错误。
故选 BC。
11 ． 大约相等 远大于 m1 (g - a)
[1]开动气泵，调节气垫导轨，当气垫导轨水平时，轻推滑块，滑块在导轨上做匀速直线运动，滑块上的遮光片经过两个光电门的遮光时间大约相等；
[2]滑块经过 A 、B 两处光电门时的速度大小为vA vB
滑块从 A 运动到 B 的过程中，根据速度位移时间关系可得2as = vEQ \* jc3 \* hps12 \\al(\s\up 5(2),B) - vEQ \* jc3 \* hps12 \\al(\s\up 5(2),A)
所以a
[3]根据牛顿第二定律可得F = m2 a ，m1g - F = m1a联立可得F
由此可知，当 m2 远大于 m1 时，砝码和砝码盘所受重力可视为滑块所受拉力，但当砝码数量较多时，不满足 m2 远大于 m1 时，系统误差将会很大；
[4]由以上分析可得F = m1g - m1a = m1 (g- a)
12 ．(1)69.50
(2) b
(3)不变
（1）刻度尺每一小格为 1mm，则此时弹簧的长度为L1 = 69.50cm
（2）[1][2]根据平衡条件可得nmg = k(L - L0 )
变形可得L n + L0
结合图线可得L0 = b ， 所以k
（3）实验过程中某同学将两根相同的此弹簧串联起来做实验，将串联后的弹簧作为整体，该弹簧的劲度系数为k¢ =
由以上分析可得，b 变为原来 2 倍，弹簧的劲度系数变为原来的一半，所以 a 与原来相比保
持不变。
13 ．(1)2.5m/s2
(2)2m/s
(3)0.8s
（1）设相邻两点间的距离为 l ，d 点运动到 e 点的时间为 t1 ，根据逆向思维法可知，橡皮擦从 d 点运动到 e 点，有l at
代入数据解得a = 2.5m/s2
（2）橡皮擦从 a 点运动到 e 点，有2a . 4l = vEQ \* jc3 \* hps12 \\al(\s\up 5(2),a)
代入数据解得va = 2m/s
（3）橡皮擦从 a 点运动到 e 点，根据速度时间关系可得va = at2
代入数据解得t2 = 0.8s
14 ．(1)4m/s ，2.25s
(2)2.5m
（1）包裹轻放在传送带上时，根据牛顿第二定律可得 μ1mg = ma1
解得a1 = 2m/s2
当包裹与传送带达到共速时，有xm < L
由此可知，共速后包裹在传送带上做匀速直线运动，所以包裹刚离开传送带时的速度大小为v0 = 4m/s
包裹在传送带上运动的时间为t s
a1 v0
（2）若传送带保持 v0′=6m/s 的速率顺时针运行，则xm > L
说明包裹在传送带上一直做匀加速直线运动，设包裹滑上水平面的速度为 v1，则2a1L = vEQ \* jc3 \* hps11 \\al(\s\up 5(2),1)
解得v1 = 2m/s
包裹滑上水平面时，根据牛顿第二定律可得 μ2mg = ma2
解得a2 = 4m/s2
根据速度位移关系可得xm
15 ．(1)0.3m
(3)0.4m
（1）当光滑直槽缓慢转到竖直位置时，根据平衡条件可得mg = k(L0 - h0 )
解得小球距离水平面的高度为h0 = 0.3m
（2）当光滑直槽缓慢转到与水平方向成任意 θ 角时，根据平衡条件可得
解得H = L0 sin
（3）由以上分析可得H = L0 sin sinθ - 0.9 sin2 θ根据二次函数可知，当sin时，H 最大，且