内蒙古鄂尔多斯市第一中学2025-2026学年高三下学期开学考试物理试题含答案

这是一份内蒙古鄂尔多斯市第一中学2025-2026学年高三下学期开学考试物理试题含答案，共15页。试卷主要包含了单选题，多选题，实验题，解答题等内容，欢迎下载使用。
考试时间：75 分钟 考试分值：100 分
一、单选题（本题共 7 小题，每小题 4分，共 28 分）
1 ．如图所示，质量均匀的钢管，一端支在水平地面上，另一端被竖直绳悬挂着，钢管保持静止，下列对钢管的受力分析说法正确的是( )
A ．钢管受到两个力的作用，分别是重力、绳的拉力
B ．钢管受到三个力的作用，分别是重力、绳的拉力、地面的支持力
C ．钢管受到四个力的作用，分别是重力、绳的拉力、地面的支持力、地面的摩擦力
D ．由于不知道地面是否光滑，所以无法确定钢管是否受摩擦力
2 ．如图所示，甲、乙两个光滑小球静置在水平地面上，甲球与乙球以及竖直墙面均接触。甲、乙两球所受力的个数分别为( )
A ．2 ，2 B ．2 ，3 C ．3 ，2 D ．3 ，3
3 ．如图甲所示为农用扬场机分离谷物示意图。某次被抛出的谷粒其中两颗的运 动轨迹如图乙所示，其轨迹在同一竖直平面内，抛出点均为 O，且轨迹交于 P 点，抛出时谷粒 1 和谷粒 2 的初速度分别为v1 和v2 ，其中v1 方向水平，v2 方向斜向上。忽略空气阻力，关于两谷粒在空中从O 到P 的运动过程，下列说法正确的是( )
A ．谷粒 1 和谷粒 2 在竖直方向上都在做自由落体运动
B ．谷粒 1 的运动时间等于谷粒 2 的运动时间
C ．谷粒 1 的平均速度大于谷粒 2 的平均速度
D ．谷粒 1 的最小速度等于谷粒 2 的最小速度
4 ．如图所示，汽车雨刮器在转动时，雨刮器上 A 、B 两点绕 O 点转动。已知 B点是 A 、O 两点连线的中点，则A 、B 两点绕 O 点转动的线速度大小之比为
( )
A ．1:1 B ．2:1 C ．1:2 D ．3:1
5．2024 年 12 月 26 日，我国两款第六代战斗机的试验机同日试飞，展示了我国在战斗机技术方面的实力。假设在空中水平飞行的飞机受到的空气阻力与速度的关系为f = kv2 ，发动机水平方向输出功率为P0 时，飞机能达到的最大速度为v0 。
若发动机水平方向的功率提升至nP0 ，飞机始终水平飞行，则飞机能达到的最大速度为( )
A ．nv0 B ． v0
C ． v0 D ． v0
6 ．如图所示，四个电场的电场线，图 B 中电场线间距相等且互相平行。则下面四幅图中 M、N 两处电场强度相同的是( )
A ． B ．
C．
D．
7．如图所示，大量程电压表、电流表都是由灵敏电流表 G 和变阻箱 R 改装而成。
已知灵敏电流表 G 的满偏电流为Ig = 100mA ，内阻为Rg = 20a ，变阻箱 R 接入电路的阻值为R0 。下列说法正确的是( )
A ．甲表是电流表，R 减小时量程减小
B ．乙表是电压表，R 增大时量程减小
C ．丙电路图表示欧姆表，表笔 A 是黑表笔
D ．在乙图中，若改装成的电压表的量程为 3V，则 R0 = 10Ω
二、多选题（本题共 3 小题，每小题 6 分，共 18 分）
8 ．如图甲所示，一辆装满物块的汽车在平直道路上做匀加速直线运动，其中一个物块P 受到周围接触面的弹力的合力大小为F0 ，方向斜向上与水平方向的夹角为30 ；如图乙所示，把此物块P 贴在木箱的后壁，把木箱放置在光滑的水平面 上，给木箱一个水平向右的拉力使物块与木箱一起向右做匀加速直线运动，物块 P 正好不下滑，最大静摩擦力等于滑动摩擦力， 已知物块P 与木箱的质量相等，物块与箱壁间的动摩擦因数为 μ = 0.5 ，重力加速度为g ，下列说法正确的是( )
A ．物块P 的质量为
B ．汽车的加速度为、g
C ．木箱的加速度为 g
D ．作用在木箱上水平向右的拉力为2F0
9．如图所示，ABCD—MNPQ 是正方体，在顶点A、P 分别固定电荷量为-q 的点
电荷，在顶点 M 点固定电荷量为+2q 的点电荷，则下列说法正确的是( )
A ．立方体内电势为零区域为一条线
B ．立方体内电势为零区域为一个平面
C ．将一个负的点电荷从 B 点移到 Q 点，电场力做正功
D．B 、D 两点电场强度相同
10 ．如图所示，有一质量为 m 的小球，以速度 v0滑上静置于光滑水平面上带有四分之一光滑圆弧轨道的滑块。滑块的质量为 3m，小球在上升过程中始终未能冲出圆弧，重力加速度为 g，在小球运动过程中，( )
A ．小球和滑块组成的系统水平方向动量守恒
B ．小球在圆弧轨道最高点的速度大小为
C ．小球在圆弧轨道上能上升的最大高度为
D ．小球离开圆弧轨道时圆弧轨道的速度大小为
三、实验题（本题共 2 小题，每空 2 分，共 14 分）
11．某物理课外小组通过如图甲、乙、丙所示的实验装置探究物体加速度与其所受合外力之间的关系。已知他们使用的小车完全相同且质量为 M，重物的质量为m，试回答下列问题：
（1）实验时，必须满足“M 远大于 m”的实验装置是________（选填“甲” 、“乙”或“丙”）。
（2）按乙图实验装置得到如图丙所示的纸带，已知打点计时器打点的周期
T=0.02s，其中 A、B 、C、D、E 每相邻两个计数点之间还有 4 个点没有标出，根据纸带提供的数据，算得小车加速度的大小为________m/s2（计算结果保留两位
有效数字）。
（3）采用（丙）图实验装置探究质量一定时加速度与力的关系的实验，以弹簧测力计的示数 F 为横坐标，加速度 a 为纵坐标，画出的 a-F 图线是如图（丁）的一条直线。测出图线与横坐标的夹角为 θ,求得图线的斜率为 k，则小车的质量为_____。
12．如图甲所示，将两个不同金属电极插入水果中就可以做成一个水果电池，某同学准备测定一水果电池的电动势和内阻。实验室提供的器材如下：
A ．待测水果电池（电动势约 1V、内阻小于 750a ）
B ．滑动变阻器R1（阻值0 ~ 50a ）
C ．滑动变阻器R2 （阻值0 ~ 3000a ）
D ．电压表 V（量程 3V，内阻约 3ka ）
E ．毫安表 A（量程 1.0mA，内阻为50a ）
F ．开关一个，导线若干
（1）为了尽可能准确测定这个水果电池的电动势和内阻，已提供的如图甲、乙所示的两个测量电路图应选______（填“甲”或“乙”）；滑动变阻器应选______（填“B”或“C”）。
（2）该同学实验时根据记录的数据在坐标系中描点并作出U - I 图线如图丙所示，根据图线求出这个水果电池的电动势为____V，内阻为___ a （内阻结果保留整 数）。
四、解答题（本题共 3 小题 13 题 10 分 14 题 15 分 15 题 15 分 共 40 分）
13．2025 年 9 月 22 日，歼-15T、歼-35、空警-600 三型舰载机成功完成首次电磁弹射起飞和着舰训练，标志着福建舰全面掌握该项核心技术。福建舰是中国完全自主设计建造的首艘弹射型航空母舰，采用平直通长飞行甲板，配置电磁弹射和阻拦装置。
(1)某舰载机起飞时，在弹射装置和机上发动机的共同作用下，在航母跑道上匀加速前进，3s 后离舰升空。已知电磁弹射跑道长为 108m，求舰载机离舰时的速度大小及此过程中的加速度大小；
(2)飞机在航母上降落时，电磁阻拦索可使飞机迅速停下来。若某次飞机着舰时的速度为 80m/s，在阻拦索的作用下滑过 100m 停下来。若将这段运动视为匀减速直线运动，此过程中飞机加速度的大小及运动时间各是多少？
14．如图，一定质量的理想气体从状态 A 变化到状态 B。已知在状态 A 时气体的温度为 27℃,从状态 A 变化到状态 B 的过程中，气体吸收了 300J 的热量。求：
(1)该气体在状态 B 时温度 T 是多少？
(2)该过程中气体内能变化了多少？
15 ．在xOy 平面内有垂直纸面的匀强磁场，方向如图所示。x 轴上方磁场磁感应强度为 B，下方磁场磁感应强度为 2B ，甲、乙两个质量均为 m、电荷量均为 q的带电粒子分别从点P0 和点P1 沿水平方向射出，以速度大小为v0 、v1 （未知）进入磁场，第一次同时到达 x 轴上的点 M 且速度均垂直于 x 轴，不考虑电荷间的相互作用和边界效应。求
（1）甲、乙两个带电粒子分别带什么电荷；
（2）乙粒子的速度大小 v1 （用v0 表示）；
（3）若甲、乙在 M 点发生弹性碰撞，求甲粒子从点P0 射出到第二次经过 x 轴的坐标和所需的时间。
1 ．B
钢管受到三个力的作用， 分别是重力、绳的拉力、地面的支持力， 因绳的拉力竖直向上，则钢管水平方向不受力的作用，即钢管不受地面的摩擦力。
故选 B。
2 ．A
把甲、乙两个光滑小球看作一个整体，整体静止，则甲不受竖直墙面的水平弹力，若受弹力，竖直方向的重力、支持力， 三力不能平衡，即整体受竖直方向的重力、支持力二
力平衡；同理对乙球也是受竖直方向的重力、支持力二力平衡故选 A。
3 ．C
A ．谷粒 1 做平抛运动，谷粒 2 做斜抛运动，故谷粒 1 和谷粒 2 在水平方向都做匀速直线运动，谷粒 1 在竖直方向做自由落体运动，谷粒 2 在竖直方向做竖直上抛运动，A 错误；
B ．谷粒 1 在竖直方向做自由落体运动，有hgt
设谷粒 2 的初速度与水平方向的夹角为θ ,有h = -v2t2 sin gt
可得t2 > t1 ，故 B 错误；
C ．在该过程中两谷粒都是从 O 到 P，谷粒 1 、2 的位移相同，t2 > t1 ，所以该过程中谷粒 1的平均速度大于谷粒 2 的平均速度，C 正确；
D ．由于谷粒 1、2 的水平位移相同，t2 > t1 ，所以从 O 到 P 中谷粒 1 的水平速度大于谷粒 2的水平速度，谷粒 1 、2 的最小速度都指的是两者的水平速度， D 错误。
故选 C。
4 ．B
根据题意可知A 、B 两点做同轴转动，转动半径之比为2 :1，根据v =wr 可知A、B两点绕 O 点转动的线速度大小之比为2 :1。
故选 B。
5 ．C
分析可知，飞机加速度 a =0 时，即F = f = kvEQ \* jc3 \* hps12 \\al(\s\up 5(2),0)
速度达到最大，有P0 = Fv0 = kvEQ \* jc3 \* hps12 \\al(\s\up 5(3),0)
同理，当飞机的功率为nP0 时，有nP0 = kvEQ \* jc3 \* hps12 \\al(\s\up 5(3),1)
解得v1 = v0 。
故选 C。
6 ．B
A ．该图中 MN 两点场强大小相同，方向不同，A 错误；
B ．该图中 MN 两点场强大小相同，方向相同，B 正确；
C ．该图中 MN 两点场强大小不同，方向相同，C 错误；
D ．该图中 MN 两点场强大小和方向都不相同，D 错误。
故选 B。
7 ．D
A ．图甲可知 R 与G 并联，可知甲表是电流表，R 减小时 R 分流变大，故改装表量程增大，故 A 错误；
B ．图乙可知 R 与 G 串联，可知乙表是电压表，R 增大时 R 分压变大，故改装表量程增大，故 B 错误；
C ．丙电路图表示欧姆表，表笔 A 接的是表内电源的负极，即电流从表笔 A 流进欧姆表，故表笔 A 是红表笔，故 C 错误；
D ．在乙图中，若改装成的电压表的量程为 3V，则有3V = Ig (Rg + R0 )
代入数据，解得R0 = 10a ，故 D 正确。
故选 D。
8 ．BD
AB ．对图甲的物块P 进行受力分析，由题知合力方向与运动方向相同，可得
甲
mg = F0sin tan 30。
解得m ，a甲 g ，A 错误，B 正确；
C ．对图乙的物块P 进行受力分析，水平方向由牛顿第二定律可得FN = ma乙竖直方向由二力平衡可得f = mg
最大静摩擦力等于滑动摩擦力f = μFN
结合 μ = 0.5
综合可得a乙 = 2g ，C 错误；
D ．对物块与木箱组成的整体，由牛顿第二定律可得F乙 = 2ma乙结合m
综合可得F乙 = 2F0 ，D 正确。
故选 BD。
9 ．AC
AB ．将 M 点的电荷分成两个电荷量均为+q 的点电荷，则其中一个点电荷与 A 点点电荷组成第一组等量异种电荷，另一个点电荷与 P 点点电荷组成第二组等量异种电荷，
在第一组等量异种电荷的电场中，在立方体内 AM 的垂直平分面为零电势面，在第二组等量异种电荷的电场中，立方体内 BDQN 为零电势面，两个面的交线为零电势线，选项 A 正确， B 错误；
C．在第一组等量异种电荷的电场中，B 点电势比 Q 点电势低，在第二组等量异种电荷电场中，B、D 两点等势，叠加的结果，B 点电势比 Q 点电势低，因此将一个负的点电荷从 B 点移到 Q 点，电势能减小，电场力做正功，选项C 正确；
D ．根据电场叠加，B 、D 两点电场强度大小相等，方向不同，选项 D 错误。故选 AC。
10 ．AD
A ．在小球运动过程中，小球和滑块组成的系统在水平方向所受外力之和为零，系统在水平方向上动量守恒，A 正确；
B ．小球在圆弧轨道上升到最高时小球与滑块速度相同，系统在水平方向上动量守恒，取v0
的方向为正方向； 根据动量守恒定律mv0 = 4mv解得v v0 ， B 错误；
C ．设小球在圆弧轨道上能上升的最大高度为h ；根据机械能守恒定律
解得h ，故 C 错误；
D ．小球离开圆弧轨道时，系统动量守恒，设小球的速度为v1 ，滑块的速度为v2 ，取v0 的方
向为正方向；根据动量守恒定律mv0 = mv1 + 3mv2
根据机械能守恒定律 mv mvmv 联立以上两式可得小球速度v1 = -
滑块速度v 故 D 正确。
故选 AD。
11 ． 甲 0.63
（1）[1]甲实验装置无测力装置，而乙、丙装置均装有测力装置，可直接通过测力装置得到小车绳子上的拉力，因此不需要“M 远大于 m”，而甲装置因没有测力装置，需用槽码的总重力代替小车所受合外力，因此需要满足“M 远大于 m”。
故选甲。
（2）[2]根据题意，每两个计数点之间还有 4 个点未标出，则可得每两个计数点之间的时间间隔为
t = 5T = 0.1s
根据逐差相等公式可得
（3）[3]根据图丙实验原理结合牛顿第二定律有
2F = Ma
可得
结合图丁则有
解得小车的质量
2
M =
k
12 ． 甲 C 0.97
（1）[1]电流表的内阻已知，故电流表用内接采用甲电路图。
[2]毫安表满偏时，电路的总电阻
所以滑动变阻器接入电路的阻值最小应为几百欧，故滑动变阻器选择 C。
（2）[3][4]U-I 图线如题图丙所示，图线与纵轴截距即为电动势，即
E = 0.97V
图像的斜率绝对值为
解得
r = 750Ω - R = 700Ω
g
13 ．(1)72m/s ，24m/s2
(2)32m/s2 ，2.5s
（1）由于舰载机从静止开始加速，则根据匀变速直线运动的位移公式有 x at2解得舰载机在航母跑道上匀加速前进的加速度为a m/s2 = 24m/s2
由匀变速直线运动的速度公式可得舰载机离舰时的速度大小为v = at = 24 × 3m/s = 72m/s
（2）根据匀变速直线运动的速度与位移的关系式v2 - vEQ \* jc3 \* hps12 \\al(\s\up 5(2),0) = 2ax
解得a m/s2 = -32m/s2
加速度是矢量，负号代表其方向与运动的方向相反，所以飞机匀减速运动的加速度大小为32m/s2 ；由匀变速直线运动的速度公式v = v0 + at
可得飞机匀减速运动的时间为
14 ．(1)600K
(2)220J
（1）由p-V 图像可知从状态 A 到状态 B 发生了等压变化，有TA = 27 + 273 = 300 K ， VA = 2.0 × 10-3m3 ，VB = 4.0 × 10-3m3 ，由
可得TB = 600K
（2）从状态 A 到状态 B，气体对外做功为WAB = p . ΔV = 80J ，Q = 300J
由ΔU = Q + (-WAB ) ，可得 ΔU = 220J
即内能增加 220J。
15 ．（1）甲粒子带正电，乙粒子带正电；（2）v1 = 2v0 ；（3）(5L, 0) ， （1）根据左手定则，甲粒子带正电，乙粒子带正电。
（2）根据洛伦兹力提供向心力
可得
v1 = 2v0
（3）甲、乙在 M 点发生弹性碰撞，以向下为正方，设碰撞后甲粒子的速度为v2 ，乙粒子的速度为v3 ，根据动量守恒以及能量守恒可得
mv0 - mv1 = mv2 + mv3
解得
v2 = -2v0 ，v3 = v0
可知甲粒子将反弹，根据洛伦兹力提供向心力
解得
r = 2L
根据几何关系有
d = L + 2r = 5L
则甲粒子从点P0 射出到第二次经过 x 轴的坐标为(5L, 0) ，甲粒子碰撞前后的运动周期为
甲粒子从点P0 射出到第二次经过 x 轴的坐标和所需的时间为