2026东北三省三校高三下学期一模考试物理试卷和答案

这是一份2026东北三省三校高三下学期一模考试物理试卷和答案，共8页。试卷主要包含了选择题，非选择题，计算题等内容，欢迎下载使用。
2026 年高三第一次联合模拟考试
物 理 试 卷
直方向的夹角为 450。不考虑光线在圆柱内的反射，则出射光线与入射光线的夹角为 A．0°
B．15° C．30° D．45°
如图所示，水平放置的木板上放有匀质光滑球，球用细绳拴在木板右端。现将木板以左端为轴，抬起右端缓慢转至竖直状态，在转动过程中绳与木板之间的夹角保持不变，则
答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上，并将条形码粘贴在答题卡指定位置.
回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑.如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号.回答非选择题时，将答案写在答题卡上，写在本试卷上无效.
考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回.
一、选择题：本题共 10 小题，共 46 分。在每小题给出的四个选项中，第 1～7 题只有一项符合题目要求，每小题 4 分；第 8～10 题有多项符合题目要求，每小题 6 分，全部选对的得 6 分，选对但
不全的得 3 分，有选错的得 0 分。
1．在纪念中国人民抗日战争暨世界反法西斯战争胜利 80 周年大会上，接受检阅的导弹车匀速驶过天安门前。在描述此宏伟场景时，下列叙述正确的是
A．以天安门为参考系，导弹车是静止的
B．测算导弹车经过标兵的时间时，可将车视为质点 C．导弹车与承载的导弹之间没有相互作用力
D．导弹车所受合外力的功率时刻为零 2．对下列各图的理解，正确的是

甲乙丙丁
A．图甲是同一部分气体在不同温度下的图线，可知温度 tⅠ>tⅡ
B．图乙冰箱的工作原理表明热量可以自发地从低温物体传到高温物体 C．图丙方解石的双折射现象体现了其光学性质的各向异性
D．图丁玻璃管中的水银液面呈凸形，表明水银能浸润玻璃
如图所示，折射率为√2的玻璃圆柱轴线水平，平行于其横截面的一束光线从顶点入射，光线与竖
木板对球的支持力先增大后减小 B．木板对球的支持力先减小后增大 C．细绳对球的拉力先减小后增大 D．细绳对球的拉力先增大后减小
某发电机原理如图甲所示，金属线框匝数为 N，阻值为?，在匀强磁场中绕与磁场垂直的??′轴匀速转动。阻值为?的电阻两端的电压如图乙所示，其周期为?。则线框转动一周的过程中
线框内电流方向不变
线框电动势的最大值为??
流过电阻的电荷量为 2???
??
流过电阻的电荷量为 4???
??
如图甲所示，在三维直角坐标系 O—xyz 的 xOy 平面内，两波源 S1、S2 分别位于（-2m，0，0），
（6m，0，0）处，且垂直于 xOy 平面振动，振动图像分别如图乙、丙所示。xOy 平面内有均匀分布的同种介质，波在介质中波速为 v=2m/s。P 点的坐标为（-2m，6m，0），则
A．（1m，0，0）处质点开始振动方向沿 z 轴负方向
两列波叠加区域内，（1m，0，0）处质点振幅为 40cm
若从两列波在 P 点相遇开始计时，则 P 处质点的振动方程为 z=0.4sin（πt+π）m D．两列波叠加区域内，P 处质点的振幅为 40cm
如图所示的竖直面内，半径为 1m 的光滑半圆轨道在最低点与水平光滑轨道相切，小球a 和 b分别套在圆轨道和水平轨道上，中间用长度为 3m 的轻杆连接。初始时保持a 球位于半圆轨道最高点 P，现给 a 球一个向左的微小扰动，它下落了 0.5m 时到达了轨道上的 Q 点。在 a 球从 P 点运动到的 Q 点的过程中，下列说法正确的是
A．a 球、b 球组成的系统动能先增大后减小
B．轻杆对 a 球始终不做功
C．轻杆对 b 球先做正功后做负功
B．?3
∼ ?4
时间内，导线框的速度大小为 ?0
4
D．当 a 球的机械能最小时，b 球对轨道的压力大于 b 球的重力
氢原子的部分能级图如图甲所示，大量处于 n=3 能级的氢原子向低能级跃迁，能辐射出多种频率
C．?3 ∼ ?4 时间内，导线框 b、d 两点间的电势差为 0
?3?2
D．?2 ∼ ?3 时间内，导线框的位移大小为 0 (?3 − ?2) + 0
的光，这些光照射到同种材料后发生光电效应，产生的光电流与电压关系如图乙所示。下列说法正
确的是
由于跃迁时辐射的光子能量不连续，因此氢原子光谱是线状谱
4
二、非选择题：本题共 5 小题，共 54 分。
8?
氢原子从 n＝3 能级跃迁到 n＝2 能级，核外电子动能增大
a、b、c 三种光子的波长关系满足 1 = 1 + 1
11．（6 分）图甲中磁铁安装在自行车的前轮辐条上，车轮半径为 R。磁铁每次经过固定在前叉上
的霍尔传感器，传感器就将此很短时间内产生的一个电压信号输出到速度计上。
??
??
??
图线 c 的光对应从 n=3 能级向 n=2 能级的跃迁
如图所示，在竖直平面内建立平面直角坐标系 xy，其中 x 轴沿水平方向。在第二象限存在大小为 E、沿 x 轴正方向的匀强电场，在第四象限存在平行于 x 轴的匀强电场（图中未画方向）和垂直于纸面向内的匀强磁场，一个带电小球沿着第二、第四象限的对角线，
从图中 A 点运动到 B 点的过程中，下列说法正确的是
小球带负电
小球一直做匀加速运动
第四象限内的匀强电场大小为 E，方向沿 x 轴负方向
小球受到的洛伦兹力是其重力的√2倍
如图甲所示，光滑且足够长的固定斜面与水平面的夹角为 300，斜面上两平行水平虚线 ?? 和
?? 之间有垂直于斜面向下的匀强磁场； ?? 以下区域有垂直于斜面向上的匀强磁场， ?? 两侧匀强磁场的磁感应强度大小相等。正方形导线框 abcd 四条边的阻值相等， ? = 0 时刻将处于斜面上的导线框由静止释放，开始释放时 ?? 边恰好与虚线 ?? 重合，之后导线框的运动方向始终垂直于两虚线，其运动的 ? − ? 图像如图乙所示， ?1 ∼ ?2 时间内导线框的速度大小为 ?0 ，重力加速度为 ? ，下列说法正确的是
线框宽度 ad 小于第一个磁场宽度 MP
甲乙丙丁
载流子（即霍尔元件中的自由电荷）为电子的霍尔传感器简化的工作原理如图乙，电流从上往下通过霍尔元件 A。则在图乙状态时
磁铁 C 的 N 极靠近元件且??? > 0
磁铁 C 的 S 极靠近元件且??? > 0
磁铁 C 的 N 极靠近元件且??? < 0
磁铁 C 的 S 极靠近元件且??? < 0
自行车匀速运动时，某段时间内测得电压信号强度 D 随时间 t 的变化如图丙所示，两信号间的时间间隔为 T，则自行车速度的大小? =；
自行车匀变速直线运动时，某段时间内测得电压信号强度 D 随时间 t 的变化如图丁所示，两信号间的时间间隔分别为 T /、2T /，则自行车加速度的大小? =。
12．（8 分）图甲是测量某合金丝电阻率的原理图。
用螺旋测微器测量合金丝的直径如图乙，其读数 d=mm。多次测量后，得到直径的平均值恰好与 d 相等；
图丙中滑动变阻器上少了一根连线，请用笔画线代替导线在图中将电路连接完整，使得滑片向左移动时滑动变阻器接入电路的阻值变大；
14．（12 分）如图，某同学研究卫星先环绕地球运动，之后再做变轨的过程。设卫星质量为 m，先在近地圆轨道上绕地球运行。已知地球质量为 M，引力常量为 G，地球半径为 R。
求卫星变轨前的运行速率?0；
研究变轨时，在地表附近的 A 点短暂启动发动机，使卫星进入椭圆轨道，该轨道的远地点 B
p
距地心为 8R。已知卫星的引力势能可表示为? = − ???（r 为卫星到地心的距离，设无限远处引力
?
势能为零）
求变轨前卫星的机械能??；
结合开普勒第二定律，求短暂启动过程中发动机对卫星做的功 W；
多次改变合金丝接入电路的长度 l，调节滑动变阻器 R 的阻值，使电流表示数都为 0.20A 时记录电压表相应示数 U，作出 U-l 图像如图丁。由此可算出该合金丝的电阻率为 m （结果保留 3 位有效数字）；考虑到电流表不是理想表，这一因素是否会导致在上述电阻率的测量中产生系统误差?（填“是”或“否”）。
13．（10 分）如图，在竖直平面内有匝数为 N，半径为 R 的圆形线圈，线圈内有水平方向的匀强磁场，磁感应强度 B 随时间 t 均匀减小，其变化率的绝对值为 k。线圈的右端通过导线连接水平放置的、正对的平行金属板 a、b，两板间距为 d。一个质量为 m、电荷量大小为 q 的带电小球 P 从左侧两板中央以初速度?0水平向右射入，P 恰好沿直线飞出金属板，在此过程中磁感应强度始终未减小到零，已知重力加速度为 g，忽略变化的磁场对带电小球的影响，忽略金属板的边缘效应。
判断 P 的电性（无需写判断过程）；
求 k 值；
若磁感应强度 B 随时间 t 的变化率的绝对值变为?，则小球 P 恰好能从 b 板的右侧边缘飞出，
3
求金属板的长度 L。
15．（18 分）某兴趣小组设计的连锁机械游戏装置如图所示。左侧有一固定水平弹射管道，在靠近管口等高处放置一质量为 m（m=0.5kg）的“”形小盒 B（可视为质点），小盒 B 与大小可忽略、质量为 3m 的小物块 C 用跨过光滑定滑轮的轻绳相连，左侧滑轮（忽略滑轮直径）与小盒 B
之间的绳长为 L=0.8m；小物块 C 压在质量为 m 的木板 D 左端，木板 D 上表面光滑，下表面与水
平桌面间动摩擦因数 μ=0.5（最大静摩擦力等于滑动摩擦力），木板 D 右端到桌子右边缘固定挡板的距离为 2L；质量为 m 且粗细均匀的细杆用跨过桌子右边缘的光滑定滑轮的轻绳与木板 D 相连，木板 D 与定滑轮间轻绳水平，细杆下端到地面的距离也为 2L；质量为 0.25m 的圆环（可视为质 点）套在细杆 E 上端，环与杆之间滑动摩擦力和最大静摩擦力相等，大小为 0.5mg。开始时所有装置均静止，现将一质量为 m 的小球 A（可视为质点）由弹射管道以 v0=4m/s 的速度水平弹出，之后小球A 立即进入小盒 B，且进入后立即被卡住（作用时间很短可不计）。木板 D 与挡板相撞、细杆与地面相撞均以原速率反弹。不计空气阻力，重力加速度 g=10m/s2，求：
小球进入小盒后的瞬间小物块 C 对木板 D 的压力 N；
木板 D 与挡板碰后，第一次向左运动的最大位移 x1；
为使圆环最终不滑离细杆，细杆的最小长度 xmin。
哈尔滨师大附中
辽宁省实验中学
2026 年高三第一次联合模拟考试
东北师大附中物 理 试 卷
题号
1
2
3
4
5
6
7
8
9
10
答案
D
C
C
A
D
B
C
AB
CD
BCD
一、选择题（共 46 分；其中单选每题 4 分，共 28 分；多选每题 6 分，共 18 分，选对但不全给 3 分，只要选错就给零分）
二、实验题（共 14 分）
2R
11、C ；
T
2R
； 3T 2
（共 6 分，每空 2 分）
12、(1)1.000
（2）
（3）1.96×10-5否
（共 8 分，每空 2 分，连线题 2 分）
三、计算题（共 40 分）
13、（10 分）
负电荷（1 分）
其中a、b 两板间电势差U
= N ΔΦ = N ΔB ⋅ S = Nk ⋅ πR2（1 分）
abΔtΔt
P 所受重力和电场力为一对平衡力，有 F 电= mg（1 分）
F 电=qE（1 分）
E=Uab（1 分）
d
解得k = mgd
NqπR2
− − − − − − − − − −（1 分）
磁感应强度B 随时间 t 的变化率变为原来的三分之一，则P 受到的电场力也为原来的三分之一，设P
在竖直方向的加速度为a，有：mg −
1 mg = ma
3
-（1 分）
可得a = 2 g
3
将P 在电场中的运动分解为水平、竖直两个方向，
水平方向有 L = v0t（1 分）
竖直方向有d =
2
1 at
2
2（1 分）
联立可得L =3d ⋅ v（1 分）
√0
2g
14．（12 分）
卫星变轨前在近地轨道上环绕地球做匀速圆周运动，根据万有引力提供向心力得
??
? ?2
2
?
= ? 0（1 分）
?
??
解得?0 = √ ?（1 分）
12
（2）a.变轨前卫星的动能为?k = ??（1 分）
?20
变轨前卫星的引力势能为?p?
= − ???（1 分）
?
变轨前卫星的机械能为?? = ?k? + ?p?（1 分）
解得??
= − ???（1 分）
2?
b.变轨后卫星在椭圆轨道上运动，设其在 A、B 点的速度大小分别为?A、?B。变轨后卫星从A 到B 的过程，根据机械能守恒定律有
1 ??2 + （ − ??? ）12
???
2?
?= 2 ??? + （ −
）（2 分）
8?
根据开普勒第二定律，取极短时间∆?，有：
??∆?×? = ??∆?×8?（2 分）
22
联立解得?2 = 16??
?9?
变轨的瞬间卫星的引力势能不变，根据功能关系，点火过程中发动机对卫星做的功为
1212
? = 2 ??? − 2 ??0（1 分）
解得? = 7???（1 分）
18?
15、（18 分）
由 AB 系统动量守恒，有：mv0=2mv（1 分）
得 v=2m/s
对 AB 整体，由牛顿第二定律有：F-2mg=2m?2
?
-（1 分）
得 F =3mg
对 C，由平衡有：F +N/=3mg（1 分）
得 N/=0
由牛顿第三定律：N= N/（1 分）
得 N=0（1 分）
小球被盒卡住后，木板、圆环和细杆一起运动对板：T1-µmg=ma1（1 分）
11
对杆和细环整体：(m+0.25m)g-T /=(m+0.25m)a（1 分）
11
且 T /= T
得 a1=
【以上三个方程如果按等效整体法书写正确，一并给 2 分，如错误给零分】
1 g
3
1
由运动学规律：?2 = 2?1 × 2?（1 分）
第一次撞地后，细杆与环发生相对滑动对板：µmg+T2=ma2（1 分）
22
对杆：0.5mg+mg-T /=ma（1 分）
22
且 T /= T
【以上三个方程如果按等效整体法书写正确，一并给 2 分，如错误给零分】
得 a2=g
木板向左的最大位移 11 （1 分）
?2
? =
2?2
2
得?1 = 3 ?
即?1
= 8 m（1 分）
15
第一次撞地后，对圆环：0.5mg-0.25mg=0.25ma3（1 分）
得 a3=g，
板向左匀减，环向下匀减，两者加速度大小相等，
所以同时速度减为零，之后两者再一起加速运动至第二次撞地
第一次撞地后直至速度减为零的过程，圆环向下的位移?/
2
?
= 1 （1 分）
12?3
得?/ = 2?
13
第一次撞地后直至速度减为零的过程，圆环与细杆最大相对位移
∆? = ?1
+ ?/（1 分）
1
即∆?1
= 2 × 2?
3
同理，第二次撞地后，圆环与细杆最大相对位移∆?2
= 2 × 2?
32
第 n 次撞地后，圆环与细杆最大相对位移∆??
= 2 × 2?
3?
-（1 分）
则细杆的长度至少为???? = ∆?1 + ∆?2 + ⋯ + ∆??（1 分）
1
xmin= 2 × 2? × [
3
+ 1 + ⋯ +
32
1 ] = 2 × 2? ×
3?
1
3
1−1
3
xmin =2L
即 xmin =1.6m（1 分）
【说明：1、15 题牛顿第三定律只给一次采分；2、上述三道计算题中，如有不同但正确的解答，等价给分。】