重庆市万州第二高级中学等校2026届高三下学期入学考试物理试题（Word版附解析）

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1．答题前，考生务必将自己的姓名、考生号、考场号、座位号填写在答题卡上。
2．回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上，写在本试卷上无效。
3．考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。
一、单项选择题（本题包括7个小题，每小题4分，共28分。在每小题给出的四个选项中，只有一个选项是符合题目要求的，选对得4分，错选或漏选得0分。）
1. 如图所示，关于氢原子能级和谱线图，下列说法正确的是（ ）
A. 氢原子辐射光子的频率条件是
B. 处于基态的氢原子可以吸收能量为11eV的光子而跃迁到高能级
C. 所有原子光谱都有多条谱线，所以不能用来鉴别物质和确定物质的组成成分
D. 一个氢原子处于激发态，向基态跃迁时，可能辐射出10种不同频率的光子
【答案】A
【解析】
【详解】A．根据氢原子跃迁的辐射条件，氢原子从高能级n向低能级m（）跃迁辐射光子，光子能量满足，故A正确；
B．基态氢原子能量为，吸收光子后总能量为
氢原子不存在该能级，不符合能级差要求，不能跃迁，故B错误；
C．每种原子的原子光谱虽然有多条谱线，但不同原子都有其特征谱线，特征谱线可以用于光谱分析，鉴别物质、确定物质组成，故C错误；
D．一个处于激发态的氢原子，向基态跃迁时，最多辐射出4种不同频率的光子（逐级跃迁），不可能辐射出10种，10种是大量氢原子跃迁的结果，故D错误。
故选 A。
2. 风速对高空作业的安全有较大影响，图甲是某型号塔吊风速报警仪，主要由风杯、电流传感器、报警灯、报警器（声音）组成，其原理简化图如图乙所示。当风吹向风杯时，风杯旋转带动线圈ABCD转动，电流传感器会记录下这段时间内电流i随时间t变化的图像如图丙所示。则下列说法正确的是（ ）
A. 风速越大，报警灯亮暗交替就越慢
B. 风速越大，交变电流的最大值就越大
C. 一个周期内，通过报警灯的电荷量为
D. 交变电流的有效值为
【答案】B
【解析】
【详解】A．风速越大，风杯转动越快，线圈转动频率越高，报警灯亮暗交替就越快，故A错误；
B．风速越大，风杯转动越快，线圈转动角速度ω越大，根据交变电流最大值公式
可知交变电流的最大值就越大，故B正确；
C．线圈转一周磁通量变化量为0，平均电动势为0，平均电流为0，故通过报警灯电荷量为0，故C错误；
D．交变电流的有效值为，故D错误。
故选B。
3. 如图甲，蜻蜓在水面点水，激起一圈圈波纹。将此波视为简谐横波，以点水处为坐标原点O，沿水面建立坐标系Oxy。某时刻观察到波形示意图如图乙所示，实线圆、虚线圆分别表示此刻相邻的波峰和波谷。已知从开始点水到波纹传出去5m远共用时20s，则（ ）
A. 该波的波长为0.8cm
B. 该波的频率为0.064Hz
C. 图乙所示时刻O点的振动方向竖直向上
D. 图乙所示时刻P点的振动方向竖直向上
【答案】C
【解析】
【详解】A．相邻波峰与波谷间距为，由图乙，
则，A错误；
B．波速
频率，B错误；
C．根据 “上下坡法”，此时O点振动方向竖直向上，C正确；
D．P点在波峰与波谷间，根据 “上下坡法”，P点振动方向竖直向下，D错误。
故选C。
4. 双小行星重定向测试（DART）是全球首个主动行星防御技术验证任务，旨在通过动能撞击改变双小行星系统的运行轨道，避免其与地球相撞。若监测到上述任务中双小行星系统中的稍大行星（以下简称行星D）的轨道在近日点与地球轨道相切，远日点到太阳的距离为2.3天文单位，如图所示，已知日地距离为1天文单位，下列说法正确的是（ ）
A. 行星D的运行周期约为3.3年
B. 行星D在近日点的速度小于地球的运行速度
C. 在远日点撞击大行星D以增大其速度，能避免该行星与地球相撞
D. 在远日点撞击大行星D以增大其速度，一定能避免该行星与火星相撞
【答案】C
【解析】
【详解】A．设日地距离为，行星D的半长轴为，由题可得
由开普勒第三定律可得
解得。故A错误；
B．行星D轨道在近日点与地球轨道相切，可知从地球轨道进入行星D轨道要在切点加速，因此行星D在近日点的速度大于地球的运行速度，故B错误；
CD．在远日点增大行星D的速度，则行星D的椭圆轨道长轴会变长，行星D的轨道距离地球最近时将远离地球轨道而不会与地球轨道相切，即可避免该行星与地球相撞，但它靠近了火星轨道，该行星可能与火星相撞，故C正确，D错误。
故选C。
5. 如图所示，坐标轴上有三点，满足，虚线是以坐标原点为圆心、为半径的圆，为圆上一点，在两点各固定一个点电荷，已知点位置处所固定电荷是电荷量大小为的负电荷，若以无穷远处电势为0，虚线表示的圆上任意一点电势均为0，已知点电荷电势公式，以下说法正确的是（ ）
A. 点位置处所固定电荷是电荷量大小为的负电荷
B. 点位置处所固定电荷是电荷量大小为的正电荷
C. 点处电场强度方向由指向
D. 若将一带负电的试探电荷由向移动，试探电荷的电势能先增大后减小
【答案】C
【解析】
【详解】AB．根据电势表达式，虚线表示的圆上任意一点电势均为0，则N点电势为零，则
解得点位置处所固定电荷是电荷量大小为的正电荷，故AB错误；
C．因为圆弧为等势面，所以电场线与等势面垂直，则电场方向沿半径方向，且P在M点产生的场强沿MP方向，Q在M点产生场强沿QM方向，根据矢量合成可知，点处电场强度方向沿半径指向圆心，即由指向O，故C正确；
D．将一带负电的试探电荷由向移动，逐渐靠近负电荷，电场力方向与位移方向相反，则电场力做负功，试探电荷的电势能增大，故D错误。
故选C。
6. 常见的气压式水枪玩具内部原理如图所示。从储水罐充气口充入气体，达到一定压强后，关闭充气口。扣动扳机将阀门打开，水立即从枪口喷出。若在水不断喷出的过程中，罐内气体可视为理想气体，温度始终保持不变，则罐内气体（ ）
A. 内能减少B. 压强变大C. 数密度增大D. 吸收热量
【答案】D
【解析】
【详解】B．喷水过程中，气体体积增大，根据等温变化可知罐内气体压强减小，错误；
A．温度不变，内能不变，错误；
C．气体体积增大，数密度减小，错误；
D．根据热力学第一定律可知内能不变，气体对外做功，则气体吸收热量，D正确。
故选D。
7. 如图所示，光滑水平面上，小球M、N分别在水平恒力和作用下，由静止开始沿同一直线相向运动在时刻发生正碰后各自反向运动。已知和始终大小相等，方向相反。从开始运动到碰撞后第1次速度减为0的过程中，两小球速度v随时间t变化的图像，可能正确的是（ ）
A. B.
C. D.
【答案】A
【解析】
【详解】根据牛顿第二定律两物体受外力F大小相等，由图像的斜率等于加速度可知M、N的加速度大小之比为4:6=2:3，可知M、N的质量之比为6:4=3:2；设分别为3m和2m；由图像可设MN碰前的速度分别为4v和6v，则因MN系统受合外力为零，向右为正方向，则系统动量守恒，则由动量守恒定律
若系统为弹性碰撞在，则能量关系可知
解得、
因M、N的加速度大小之比仍为2：3，则停止运动的时间之比为1:1，即两物体一起停止，则BD是错误的；
若不是弹性碰撞，则
可知碰后速度大小之比为
若假设v1=2v，则v2=3v，此时满足
则假设成立，因M、N的加速度大小之比仍为2：3，则停止运动的时间之比为1:1，对M来说碰撞前后的速度之比为4v:2v=2:1
可知碰撞前后运动时间之比为2:1，可知A正确，C错误。
故选A。
二、多项选择题（本题共3个小题，每小题5分，共15分。在每小题给出的四个选项中有多项符合题目要求。选对得5分，选不全得3分，不选或错选得0分。）
8. 如图甲，某农场安装有一种自动浇水装置，在农田中央装有竖直细水管，喷嘴喷出一细水柱，初速度大小为，初速度方向与水平面的夹角可调（），喷嘴离水平地面高度为，结构简图如图乙，整个装置可以绕中心轴线缓慢匀速转动，重力加速度大小取，不计空气阻力，忽略喷嘴到中心轴线的距离，则（ ）
A. 调节夹角，水柱从喷出到落地的时间是相等的
B. 调节夹角，水柱落地时的速度大小是相同的
C. 该自动浇水装置最大浇灌面积为
D. 该自动浇水装置最大浇灌面积为
【答案】BC
【解析】
【详解】A．调节夹角，水柱喷出后竖直方向的初速度不同，因其运动的加速度为重力加速度，故水柱从喷出到落地的时间不相等，故A错误；
B．水柱从喷出到落地的过程，根据动能定理有
解得
故水柱落地时的速度大小与无关，故B正确；
CD．水柱喷出后做斜上抛运动，作出水滴的初速度、末速度以及速度的变化量的矢量关系图，如图所示
根据几何关系，可知
速度矢量三角形的面积为
由于与大小一定，则当两者垂直时，S最大，即此时水滴的水平射程x有最大值，即
则
所以，则该自动浇水装置最大浇灌面积为，故C正确，D错误。
故选BC。
9. 如图所示为英国物理学家J·J·汤姆孙当年用于测量电子比荷的气体放电管示意图。图中虚线框内部分处于真空状态，当灯丝L与电源1接通时将发热并逸出电子。P是中央有小圆孔的金属板，当L和P板与电源2接通时，逸出的电子将被加速，并沿图中虚直线所示路径到达荧光屏。D1、D2为两块平行于虚直线、间距为d的金属板，两板与电源3相接，在图示圆形区域内加一磁感应强度为B，方向垂直纸面向外的匀强磁场。今测得三个可调电源的电压值分别为U1、U2、U3时，恰好观察到荧光屏O点有荧光发出。则以下说法正确的是（ ）
A. 电源2、3都是直流电源
B. 金属板D2接电源3的负极
C. 该次实验测得电子的比荷为
D. 该次实验中电子击中O点时的动能略大于eU2
【答案】AD
【解析】
【详解】A．电源2作用是使电子向右做加速直线运动，故应为直流电源；
电源3作用是提供电场使电子受到电场力与洛伦兹力平衡，故也应为直流电源，故A正确；
B．由左手定则电子在D1、D2之间受到洛伦兹力方向向上，为了平衡电子受到电场力应向下，故金属板D2接电源3的正极，故B错误；
C．电子经电源2加速
D1、D2之间电子受力平衡
联立得电子的比荷为，故C错误；
D．由全过程动能定理
当L和P板与电源2接通时，逸出的电子具有一定的初动能，即Ek初>0
则该次实验中电子击中O点时的动能EkO略大于eU2，故D正确。
故选AD。
10. 某列车制动器的简化图如图所示。在列车的底座上固定一个边长为L的正方形单匝线圈abcd，在轨道间存在两个宽度均为L的匀强磁场，边界1、2间磁场的磁感应强度大小为B、方向竖直向上，边界2、3间磁场的磁感应强度大小为2B、方向竖直向下。已知列车（包含线圈）的质量为m，运动过程中列车关闭动力，当线圈的ab边运动到磁场边界1时的速度为，ab边穿过磁场边界2后，再向右运动速度恰好减为0。忽略运动过程中受到的摩擦阻力，下列说法正确的是（ ）
A. 线圈ab边经过边界2时的速度大小为
B. 线圈ab边刚进入磁场时与线圈ab边刚通过边界2时的加速度大小之比为4∶1
C. 线圈ab边从刚进入磁场到刚穿过边界2的过程中线圈产生的热量为
D. 从线圈cd边刚通过边界1到线圈停止运动的过程中，流过线圈某一截面的电荷量为
【答案】CD
【解析】
【详解】A．设线圈ab边经过边界2时的速度大小为，则线圈ab边在边界1到边界2运动过程中，根据动量定理
其中
线圈ab边由边界2到停止过程，根据动量定理
其中
联立，解得，故A错误；
B．线圈ab边刚进入磁场时，安培力为
ab边刚通过边界2时，安培力为
则线圈ab边刚进入磁场时与线圈ab边刚通过边界2时的安培力之比为
根据牛顿第二定律可知，线圈ab边刚进入磁场时与线圈ab边刚通过边界2时的加速度之比为，故B错误；
C．根据能量守恒可知，线圈ab边从刚进入磁场到刚穿过边界2的过程中线圈产生的热量为，故C正确；
D．从线圈cd边刚通过边界1到线圈停止运动的过程中，即线圈ab边由边界2到停止过程，因为
且
则，故D正确。
故选CD。
三、非选择题：共57分。
11. 某小组采用如图甲所示的气垫导轨装置验证牛顿第二定律，、为两个光电门，它们与数字计时器相连，部分实验步骤如下：
（1）将两光电门安装在轨道上，选择宽度为d的遮光片固定在滑块上，用跨过定滑轮的细线将滑块与牵引糟码相连，用游标卡尺测出滑块上遮光片的宽度d如图乙所示，则宽度的测量值_________cm。
（2）将滑块自轨道右端由静止释放，从数字计时器分别读取遮光片经过、时的遮光时间、，以及从遮光片开始遮住光电门到开始遮住光电门的时间，计算滑块的加速度_________（计算结果保留2位有效数字）。
（3）已知滑块的质量为M，糟码的质量为m，重力加速度为g，轻绳对滑块的拉力_________（用M，m，g表示）。
【答案】（1）0.230
（2）0.30 （3）
【解析】
【详解】（1）游标卡尺读数
（2）
则
（3）对槽码：
对滑块有
联立解得：
12. 李华同学查阅资料：某金属在0~100℃内电阻值Rt与摄氏温度t的关系为，其中R0为该金属在0℃时的阻值，为温度系数（为正值）。李华同学设计图甲所示电路以测量该金属的电阻R0和值。可提供的实验器材有：
A．干电池（电动势约为1.5V，内阻不计）
B．定值电阻R1（阻值为1kΩ）
C．定值电阻R2（阻值为800Ω）
D．滑动变阻器（阻值范围0~40Ω）
E．滑动变阻器（阻值范围0~4kΩ）
F．电流计G（量程0~200，内阻约500Ω）
G．电阻箱R（最大阻值为9999.9Ω）
H．摄氏温度计
I．沸水和冷水各一杯
J．开关两个及导线若干
请回答下列问题：
（1）滑动变阻器应选用__________（选填“”或“”），开关闭合前，滑动变阻器的滑片移到__________（选填“a”或“b”）端。
（2）闭合开关，将滑动变阻器调到合适的阻值，再调节电阻箱的阻值，当电阻箱的示数为360.0Ω时，此时发现闭合开关前、后电流计G的示数没有变化，则电流计G的内阻为___________Ω。
（3）利用上述电流计G及电路测量该金属的电阻R0和值的步骤如下：
①断开开关、，将取下换成该金属电阻，并置于沸水中；
②闭合开关，读出电流计G的示数；闭合开关，调节电阻箱的阻值，直至闭合开关前、后电流计G的示数没有变化，记下此时电阻箱的示数R和水的温度t；
③多次将冷水倒一点到热水中，重复步骤②，可获得电阻箱的示数R和温度t的多组数据．
（4）以电阻箱的示数R为纵轴，温度t为横轴，作出的图像如图乙所示，则该金属电阻在0℃时的阻值为__________Ω，温度系数为__________℃-1。（结果用a、b、c表示）
【答案】 ①. ②. ③. 450 ④. ⑤.
【解析】
【详解】（1）[1]闭合、断开时，干路中的最大电流约
滑动变阻器两端的电压最小值约为
滑动变阻器的最小电阻约为
滑动变阻器应选用。
[2]为了保护电流计不被损坏，开关闭合前，应将滑动变阻器的滑片向下移动到端。
（2）[3]闭合前、后电流计的示数没有变化，则电流计中的电流与的电流相等，中的电流与中的电流相等，与两端的电压相等，电流计与两端的电压相等，可得电流计的内阻
（4）[4][5]将取下换成该金属电阻的情况下，同理可得
由图乙得
即
又
则
，
解得
13. 如图甲所示，某汽车大灯距水平地面的高度为92.8cm；图乙为该大灯结构的简化图，由左侧旋转抛物面和右侧半径为R的半球透镜组成，对称轴以下装有挡光片，光源位于抛物面的焦点F处，已知点光源发出的光经旋转抛物面反射后，均垂直半球透镜的竖直直径MN进入透镜（只考虑纸面内的光），光在半球透镜中的折射率，已知透镜直径远小于大灯离地面的高度，忽略在半球透镜内表面反射后的光，求：（已知sin48°=0.75，sin37°=0.6，tan16°=0.29）
（1）所有垂直MN进入的光在透镜球面上透光部分的长度；
（2）若某束光从A点射入半球透镜，，则这束光照射到地面的位置与大灯间的水平距离？
【答案】（1）；（2）
【解析】
【详解】（1）光路图如图所示
设此光线恰好发生全反射，此时透镜内临界角为C，由折射率定义可知
即
此角对应的弧长为
（2）若某束光从A点射入半球透镜,光路图如图所以
根据题意，则
有折射率可知
解得
即
有几何关系可知
束光照射到地面的位置与大灯间的水平距离
14. 如图所示，两竖直放置平行金属板M、N之间的电压，N板右侧宽的区域分布着电场强度大小、方向竖直向下的匀强电场，虚线与为其边界，虚线右侧存在方向垂直纸面向里的匀强磁场。一质量、电荷量的粒子从靠近M板的点由静止释放，经上的点进入间，经过虚线上的点进入磁场，在磁场中做匀速圆周运动后从虚线上的点（、两点未画出）返回电场时，将电场方向变为竖直向上，恰好经点再次回到点。不计粒子重力。求：
（1）粒子第一次到达点时的速度大小；
（2）匀强磁场的磁感应强度的大小；
（3）粒子从点进入电场至返回到点的运动时间（结果可以用表示）。
【答案】（1）
（2）
（3）
【解析】
【小问1详解】
根据动能定理可得
解得
【小问2详解】
粒子在电场中做类平抛运动，有
解得
根据
可得
故粒子离开电场时的速度
解得
则
由题意可知，点到点与点到点有一定的对称性，粒子从点回到点的时间
即
设粒子在磁场中做匀速圆周运动的半径为，则
解得
根据
可得
【小问3详解】
根据几何关系可知粒子在磁场中的偏转角度为，故在磁场中的运动时间为
故粒子从点进入电场至返回到点的运动时间为
15. 超市里用的购物车为顾客提供了购物方便，又便于收纳，收纳时一般采用完全非弹性碰撞的方式把购物车收到一起，如图甲所示。某兴趣小组在超市对同款购物车（以下简称“车”）的碰撞进行了研究，分析时将购物车简化为可视为质点的小物块，已知车的净质量为m=15kg，g=10m/s2.
（1）首先测车与超市地面间的动摩擦因数：取一辆车停在水平地面上，现给它向前的水平初速度v0=2m/s，测得该车能沿直线滑行x0=2m，求车与超市地面间的动摩擦因数μ；
（2）取编号为A、B的车，B车装上m0=15kg的货物后停在超市水平地面上，空车A的前端装上轻弹簧，将A车停在B车的正后方且相距x=5.5m处。现给A车施加向前的水平推力F0=75N，作用时间t0=1s后撤除。设A车与B车间的碰撞为弹性正碰（忽略相互作用时间），两车所在直线上没有其他车，求在A车运动的全过程中A车与地面间产生的摩擦热；
（3）如图乙所示，某同学把n（n>2）辆空车等间距摆在超市水平地面上的一条直线上，相邻两车间距为d=1m，用向前的水平恒力F=300N一直作用在1车上，推着1与正前方的车依次做完全非弹性正碰（碰撞时间极短），通过计算判断，他最多能推动多少辆车？[已知，]
【答案】（1）0.1；（2）90J；（3）30辆
【解析】
【详解】（1） 由功能关系，A车的动能全部转成摩擦热，有
则
代入数据得
μ=0.1
（2）A车运动时受摩擦力
由牛顿第二定律有
解得
A在t0时的速度
t0内A的位移
设A与B车碰前瞬间的速度为vA，由动能定理有
得
vA=3m/s
A与B车碰撞过程，根据动量守恒定律和能量守恒定律有
解得
由功能关系，有
代入数据得
Q=90J
（3）设1与2 车碰前的速度为v1'，由动能定理
1与2 碰系统动量守恒
解得
12与3 车碰前的速度为v2'，由动能定理
1-2 与3碰系统动量守恒
解得
=
123与4车碰前的速度为v3′，由动能定理
1—2—3与4碰系统动量守恒
解得
=
同理可得与n车碰后速度为vn：
==
令vn=0，即
解得
n=30.5
可知最多能推动30辆车。