河南省信阳市信阳高级中学2025-2026学年高一下学期学情自测物理试题含答案

这是一份河南省信阳市信阳高级中学2025-2026学年高一下学期学情自测物理试题含答案，共18页。试卷主要包含了选择题，实验题，解答题等内容，欢迎下载使用。
03 月测试（一）物理试题
一、选择题（本题共 10 小题，共 46 分。在每小题给出的四个选项中，第 1~7题只有一个选项正确，每小题 4 分；第 8~10 题有多个选项正确，全部选对得 6分，选对但不全的得 3 分，有选错的得 0 分）
1．如图所示，鱼儿摆尾击水跃出水面，吞食荷花花瓣的过程中，下列说法正确的是( )
A ．鱼儿跃出水面后受力平衡
B ．鱼儿跃出水面后处于失重状态
C ．鱼儿摆尾击水时，鱼尾击水的力和水对鱼尾的作用力是一对平衡力
D ．研究鱼儿摆尾击水跃出水面的动作时可把鱼儿视为质点
2 ．关于牛顿第二定律，下列说法正确的是( )
A ．牛顿第二定律的表达式F = ma 是矢量式，a 与 F 方向可以不相同
B ．在公式F = ma 中，a 等于作用在该物体上的每一个力产生的加速度的代数和
C ．某一瞬间的加速度，只能由这一瞬间的外力决定，而与这一瞬间之前或之后的外力无关
D ．物体的运动方向一定与物体所受合力的方向相同
3 ．如图所示，竖直悬挂一长为 L 的质量分布均匀的铁棒，其下端与 A 点的距离为 L。将铁棒由静止释放，铁棒通过 A 点的时间间隔为 t1。第二次， 铁棒在相同位置开始运动，若给铁棒一个向下的初速度v，铁棒通过 A 点的时间间隔为 t2，重力加速度大小为 g，忽略空气阻力，则 t2 ：t1 为( )
4 ．把一压力传感器固定在水平地面上，轻质弹簧竖直固定在压力传感器上，如图甲所示。 t=0 时刻，将金属小球从弹簧正上方由静止释放，小球落到弹簧上后压缩弹簧到最低点，又被弹起离开弹簧，上升到一定高度后再下落，如此反复。压力传感器中压力大小 F 随时间 t变化图像如图乙所示。下列说法正确的是( )
A ．t2 时刻，小球的速度最大
B ．t3 时刻小球到达最低点
C ．t1 ~ t3 时间内，小球先超重再失重
D ．t2 ~ t3 时间内，小球正在上升
5 ．如图所示，倾角θ = 30。的斜劈的劈尖顶着竖直墙壁静止于水平地面上，现将一球放在墙面与斜劈之间，并从图示位置由静止释放，不计一切摩擦．若球落地前瞬间，斜劈的速度大小为 v，则此时球的速度大小为( )
A ．2v B ． v C ． v D ． v
6 ．如图所示，细绳一端固定在 A 点，跨过与 A 等高的光滑定滑轮 B 后在另一端悬挂一个
沙桶 Q ．现有另一个沙桶 P 通过光滑挂钩挂在 AB 之间，稳定后挂钩下降至 C 点， 24N 时，A、B 发生相对滑动，当F = 14N时，12N < F = 14N < 24N ，A 、B 相对静止，一起运动，对整体分析，根据牛顿第二定律
F - f地max = (M + m) a
解得a m/s2 ，故 A 错误；
B ．当F = 30N 时，F = 30N > 24N ，A 、B 发生相对滑动，B 的加速度由 A 对 B 的最大静摩擦力提供，根据牛顿第二定律fABmax = maB
解得aB = 2m/s2 ，故 B 正确；
C ．当F = 18N 时，因为12N < F = 18N < 24N ，A 、B 相对静止，一起运动，对整体分析， F - f地max = (M + m) a
解得a = 1m/s2
对 B 分析，根据牛顿第二定律f = ma = 4N ≠ 8N ，故 C 错误；
D ．如果把 F 作用到 B 上，B 对 A 的最大静摩擦力为 8N ，A 与地面间的最大静摩擦力为 12N，因为8N < 12N ，所以无论 F 有多大，A 受到的 B 对它的最大静摩擦力都小于 A 与地面间的最大静摩擦力，木板 A 均不会运动，故 D 正确。
故选 BD。
11 ．(1)0.1460
(2)30
(3)相等
（1）根据刻度尺的读数规则可知，该读数为 x = 14.60cm = 0.1460m
（2）由胡克定律结合受力平衡可得nmg = k(x - l0 )
整理可得x n + l0
由图可知 m
解得该弹簧的劲度系数为k = 30N / m
（3）由胡克定律可知，弹簧的弹力的增加量与弹簧的形变量成正比，因此弹簧的自重不会对劲度系数的测量结果产生影响，故劲度系数的测量值与真实值相比相等。
12 ．(1)C
(2) 2
（1）A．气垫导轨需要调水平，以确保滑块运动时绳子拉力为滑块所受合力，故 A错误；
B ．绳子拉力由弹簧测力计记录，所以不需要M应远大于m ，故 B 错误；
C ．沙桶连接动滑轮，滑块的位移始终等于沙桶位移的 2 倍，则滑块的加速度为沙桶的加速度的 2 倍，故 C 正确；
D ．设沙桶的加速度大小为a ，弹簧测力计测量的是绳的拉力 F ，则有
(m + m0 )g - 2F = (m + m0 ) a
解得
故 D 错误。
故选 C。
（2）
[1] [2] 按逆向思维，滑块从光电门 2 到光电门 1 做匀减速直线运动，根据匀变速直线运动
公式L = v0t at2
结合图像可得
故v0 表示遮光条通过光电门 2 时的速度大小，又根据图像的斜率绝对值可知
滑块的加速度大小
（3）结合图像可知，在相对应点 A 时，弹簧测力计的读数F = q ,小车的加速度a = p , 由于小车 A 的加速度为 P 的加速度的 2 倍，此时对砂和砂桶的质量与定滑轮整体进行分析有
解得砂和砂桶的质量的质量为
13 ．(1)0.4s
(2)0.6s
（1）根据自由落体运动规律有 Hgt
解得t1 = 0.4 s
（2）根据自由落体运动规律有l1 + H + lgt
则直杆穿越圆筒所用的时间为Δt = t2 - t1 = 0.6 s
14 ．
(2)mg，方向水平向左
（1）对结点 O 下侧的轻绳与 B 整体进行分析，根据平衡条件有kx = mg tan 60 ，
解得T = 2mg ，x
（2）对 A 与斜面整体进行分析，根据平衡条件有f = T cs 60
结合上述解得f = mg方向水平向左。
（3）对 A 进行分析，斜面对 A 的支持力大小N = Mg cs 30 - T sin 30斜面对 A 的最大静摩擦力fmax = μN
当 A 的质量达到最大值时，对 A 进行分析有Mg sin 30 = T cs 30 + fmax解得M
15 ．
（1）物块刚放上传送带上时，由牛顿第二定律有mg sin θ + μ1mg csθ = ma1
与传送带共速时，有
（2）与传送带共速后，由于
mg sin θ = μ1mg csθ
说明物块此后做匀速运动，则
v = v0 = 10m/s
物块滑上木板瞬间，对于物块，有
μ2mg = ma2
对于木板有
μ2mg = Ma3
滑离木板时
解得
t = 2s （另一个解不符题意）
此时滑块速度
v1 = v - a2t = 6m/s
（3）①若长木板的左端施加一水平向左的恒力 F 后，木块刚好不从木板左端滑落，木板加
速度
根据
解得
②若长木板的左端施加一水平向左的恒力 F 后，木块未从木板左端滑出最终和木板一起加速运动，木板加速度
根据
且
S = x
解得
③若木块未从木板左端滑出最终和木板一起加速运动向左拉力的最大值为 F，木板加速度
解得
F = 10N
若 F > 10 N 时，木块将从木板右端滑出，则有
S = 2x
木板加速度
根据
v4 = v - a2t4 = a6t4 ，x = t4 - t4
解得
根据上述分析可得