2026年甘肃省酒泉市中考物理一模试卷附答案

这是一份2026年甘肃省酒泉市中考物理一模试卷附答案，共17页。试卷主要包含了单选题，填空题，识图，实验探究题，简答与计算题等内容，欢迎下载使用。
1．近年来，我国科技创新突飞猛进，各种新技术、新能源、新材料等科技成果不断涌现。有关说法中正确的是（ ）
A．固态可燃冰属于二次能源
B．水能、风能、太阳能属于可再生能源
C．核聚变获得核能的方式与普通核电站一致
D．我国的北斗卫星导航系统是利用超声波来传递信息的
2． 水是生命之源，也是人类生存环境的重要组成部分。水在各种物态变化中不停地循环，让四季多姿多彩。下列说法错误的是（ ）
A．温暖的春天，万物复苏、冰雪消融，这是熔化现象，需要吸热
B．炎热的夏天，莲花湖的水在阳光下变成水蒸气，这是汽化现象，需要吸热
C．凉爽的秋天，路边的草或树叶上结有晶莹的露珠，这是液化现象，需要吸热
D．寒冷的冬天，水蒸气在高空急剧降温变成雪花，这是凝华现象，需要放热
3．下列关于光学知识说法正确的是（ ）
A．影子是由于光的反射形成的
B．用放大镜看字时，字变大是由于光的折射形成的
C．自行车的尾灯“发光”是由于光的直线传播形成的
D．光的色散现象是由于光的反射形成的
4．关于力和运动，下列说法正确的是（ ）
A．跳高运动员腾跃到最高点时，速度为零，所受合力也为零
B．游泳运动员手臂向后拨水，获得向前的推力，说明物体间力的作用是相互的
C．被抛出的篮球仍能继续向前运动，是因为受到惯性的作用
D．被运动员举起的杠铃在空中静止不动，杠铃的重力和杠铃对运动员的压力是一对平衡力
5．涡轴9“玉龙”是我国完全自主研发的航空涡轴发动机，其大致工作过程是：空气通过进气道进入压气机，被压气机压缩后进入燃烧室与燃料混合，燃料在燃烧室燃烧后，产生的高温高压气体推动涡轮转动，从而输出动力。该发动机工作过程中的相关说法正确的是
A．燃烧室中燃料燃烧越充分，发动机效率越高
B．燃料和压缩空气混合后，燃料的热值增大
C．压气机压缩空气，空气的内能减小
D．高温高压气体推动涡轮转动时，将机械能转化为内能
6．以下关于电与磁的描述中，说法正确的是（ ）
A．图甲：磁感线不是真实存在的，地磁场的北极在地理北极附近
B．图乙：向右移动，能吸引更多铁钉，铁钉下端为电磁铁的极
C．图丙：同时对调磁极和电源正负极，线圈的转动方向会发生改变
D．图丁：闭合开关，导体ab竖直向下运动或竖直向上运动，电流表指针不发生偏转
二、填空题（本题共8小题，每空1分，共16分）
7．在音乐社团活动过程中，乐器发出的声音通过 传到人耳。人耳能区分钢琴和长笛发出的声音，是由于它们所发出声音的 不同（选填“音调”“响度”或“音色”）。
8．小明和爸爸自驾游返程时，看到如图所示的交通标志，在遵守交通法规的前提下，从此处至少需 h到达哈尔滨；若以他们正在行驶的车为参照物，此交通标志是 （选填“运动”或“静止”）的。
9．“单臂哑铃划船”运动能充分训练背阔肌。训练时，按照如图所示姿势，提升、放下哑铃为1次动作。已知哑铃质量15kg，训练者60s完成一组训练，每组12次动作，每次提升哑铃的竖直高度是30cm。则训练者在1次提升哑铃过程中做功是 J，完成一组训练过程中提升哑铃做功的功率是 W。（g取10N/kg）
10．据专家介绍，12~18岁是青少年近视的高发期，爱眼护眼势在必行。如图所示， （选填“甲”或“乙”）图表示近视眼成像原理，应佩戴 （选填“丙”或“丁”）图的眼镜进行矫正。
11．吃粽子、挂艾蒿是端午节的传统习俗。我们闻到艾蒿的清香味儿，说明分子在不停地做 运动； 煮粽子是通过 （选填“做功”或“热传递”）的方式增加了粽子的内能。
12．用毛皮摩擦橡胶棒，橡胶棒由于得到 而带负电。用这个带电的橡胶棒接触不带电的验电器的金属球，如图所示，在电荷从橡胶棒转移到金属球的瞬间，就形成了 （选填“从金属球到橡胶棒”或“从橡胶棒到金属球”）方向的电流。
13．生活中常用吸盘挂钩来挂毛巾，使用时排尽吸盘内的空气，吸附在 （选填“平整”或“不平整”）的墙面上，以防止漏气。吸盘挂钩不会掉落是因为受到墙壁对它竖直向上的 力。
14．如图是今年“3·15”晚会上曝光的劣质导线，不良商家为了降低成本，将多芯铜导线的根数从国家标准的32根减为26根，导致导线横截面积减小。对于长度相等的标准导线和劣质导线，劣质导线的电阻 （选填“较大”或“较小”），若在通有相同电流的情况下，相同时间内劣质导线产生的热量 （选填“较多”或“较少”）。
三、识图、作图题（本题共4小题，共11分）
15．水沸腾后可以产生大量气泡，其情形是图中的 （选填“甲”或“乙”）烧杯；小琪同学把温度计放入另一个正在加热的烧杯中时，会发现水温 （选填“升高”、“不变”或“下降”）。
16．如图甲所示，温度计的示数为 ℃，如图乙所示，测量7号干电池长度，读数方法正确的是 （选填“A”或“B”），长度为 cm。
17．请在图中虚线框内画出开关S和电灯L的符号，并用笔画线代替导线将三线插座接入电路。
18．学校组织学生参加劳动实践活动，在基地发现了一台活塞式抽水机，在杠杆C处用力便可取水。请在图中画出：
（1）阻力的力臂；
（2）在C处所用最小力的示意图。
四、实验探究题（本题共2小题，共20分）
19．某同学为测量一木质小挂件的密度，选用以下器材：天平（带砝码）、量筒、烧杯（装有足量水）和长钢针，进行实验。
（1）把天平放在水平桌面上，游码移动到标尺左端的 处，此时指针位置如图甲所示，则应向 （选填“左”或“右”）调节平衡螺母使横梁平衡。
（2）将挂件放在天平左盘，向右盘加减砝码并调节游码，当天平平衡时，砝码质量及游码在标尺上的位置如图乙所示，其质量为 g。
（3）用烧杯向量筒中倒入60mL的水，将挂件放入量筒，然后用长钢针按住挂件使其刚好浸没于水中，量筒中的水面如图丙所示。算出挂件的密度为 kg/m3。
（4）因木质挂件具有吸水性，实验测得的密度值 （选填“偏大”或“偏小”）。
20．老师带领芳芳所在的班到实验室进行分组实验，利用两节干电池、电流表、电压表、滑动变阻器（最大阻值为Rp）等器材测量未知电阻Rx的阻值，实验所用的电路如甲图。
（1）根据甲图，用笔画线代替导线，在乙图中完成实物电路的连接 （要求滑片P向右移动时，滑动变阻器阻值变小）；
（2）芳芳移动滑片P到最大阻值处，闭合开关后发现电压表无示数，电流表有示数，电路故障可能是Rx出现了 （选填“断路”或“短路”）；
（3）排除故障后，闭合开关，调节滑片P，直到电压表、电流表示数如丙图所示，则Rx的阻值为 Ω；
（4）改变待测电阻两端电压进行多次测量，目的是________（选填序号）；
A．避免偶然性，寻找普遍规律；B．求平均值减少误差；
（5）芳芳小组用该电路测量额定电压为2.5V的小灯泡正常发光时的电阻，将小灯泡替换电阻Rx后接入正确电路，闭合开关，移动滑片至某位置时，电压表的示数为2V，为测量小灯泡正常发光时的电阻，应将滑片P向 （选填“A”或“B”）端移动，同时眼睛注意观察 （选填“电压表”“电流表”或“灯泡”），直至灯泡正常发光。
（6）芳芳小组根据记录的多组I﹣U数据，画出了小灯泡的I﹣U图像（如图丁所示），则小灯泡正常发光时的电阻是 Ω（保留1位小数）。
（7）根据小灯泡的I﹣U图像还可以发现小灯泡的两端电压增大时，它的电阻 （选填“增大”“减小”或“不变”），其原因是 的影响。
五、简答与计算题（本题共3小题，共19分。简答部分要有必要的分析和说明，计算部分要有主要公式及数值代入过程，计算结果要有数值和单位。）
21．高速公路上的避险车道，是在公路的右侧设置一个冲向高处的大斜坡，避险车道的陡坡上铺有厚厚的碎石，当车辆发生刹车失灵时可以驶上避险车道，达到减速直至停止的目的，避免事故的发生。请你分析避险车道设置为斜坡和铺有厚厚的碎石的原因？
22．如图所示，2024年5月8日我国完全自主设计建造的首艘弹射型航空母舰“福建舰”完成首次海试，该舰满载排水量8万吨，最大吃水深度13m，可搭载多种型号的舰载机。其中歼﹣15舰载机的质量为15t。（ρ海水取1.0×103kg/m3，g取10N/kg）求：
（1）“福建舰”满载时舰底受到海水的压强为多大？
（2）一架歼﹣15舰载机的轮子与地面的总受力面积为0.5m2，则歼﹣15舰载机停在航母甲板上时对甲板的压强为多大？
（3）一架歼﹣15舰载机完成飞行训练返回停在“福建舰”甲板上后，“福建舰”排开海水的体积如何变化？变化了多少？
23．小明家新购买了一台电火锅，如图甲所示，其部分技术参数如下表所示，内部电路的工作原理简图如图乙所示，R1、R2均为阻值不变的加热电阻，通过开关S、S1、S2的通断可实现三个挡位功能的切换，其中S2是能分别与a、b两掷点相连的单刀双掷开关。
（1）请分析说明当电火锅分别处于高温挡、中温挡及低温挡时，其内部电路开关的通断情况？
（2）小明测得电火锅正常工作时，用高温挡把质量为4kg、初温为50℃的水加热到60℃时，用时5分钟，求此过程中电火锅的加热效率？[水的比热容：4.2×103J/（kg•℃）]
（3）求电火锅正常工作时，低温挡的电功率？
答案
1．【答案】B
【解析】【解答】A．固态可燃冰直接从自然界获取，属于一次能源，故A错误；
B．水能、风能、太阳能可短时间内得到补充，属于可再生能源，故B正确；
C．核电站通过核裂变获得能量，不是核聚变释放能量，故C错误；
D．超声波无法在真空中传播，北斗卫星导航系统通过电磁波传递信息，故D错误。
故选B。
【分析】直接从自然界获得的能量，是一次能源；能在短时间内得到补充的能量，是可再生能源；核电站利用核裂变释放能量发电；北斗导航利用电磁波传递信息。
2．【答案】C
【解析】【解答】A.冰雪消融，即从固态变成液态发生熔化现象，需要吸热，故A正确不合题意；
B.水从液态变成气态发生汽化现象，需要吸热，故B正确不合题意；
C.空气中的水蒸气从气态变成液态发生液化现象形成露水，需要放热，故C错误符合题意；
D.水蒸气从气态直接变成固态发生凝华现象形成雪花，需要放热，故D正确不合题意。
故选C。
【分析】根据物质的初始态和终末态确定物态变化的名称。
3．【答案】B
【解析】【解答】A．光在传播时遇到不透明的物体时，光被挡住形成影子，影子是光的直线传播形成的，故A错误；
B．放大镜把字放大，应用了凸透镜成像原理，是光的折射现象，故B正确；
C．自行车的尾灯“发光”，是光在尾灯上发生反射形成的，故C错误；
D．太阳通过三棱镜后，被分解为七色光，是光的色散，是光的折射形成的，故D错误。
故选B。
【分析】影子是光沿直线传播形成的；光射到物体的表面，被返回，是反射现象；光线经过不同介质，发生折射。
4．【答案】B
【解析】【解答】A．跳高腾跃到最高点时，在水平方向有速度，受到的重力和阻力不在一条直线上，受力不平衡，合力不为零，故A错误；
B．物体间力的作用是相互的，运动员向后拨水时，对水有向后的力，同时水对运动员有向前的力，人向前进，故B正确；
C．运动员投篮时，篮球出手后继续向前，是篮球具有惯性，不能说受到惯性的作用，故C错误；
D．运动员举着杠铃在空中静止不动时，杠铃的重力和杠铃对人的压力方向相同，不是平衡力，故D错误。
故选B。
【分析】跳远时在最高点，有速度，且运动状态会改变，合力不为零；物体间力的左右是相互的；运动的物体具有惯性，继续保持运动状态；平衡力的方向相反。
5．【答案】A
【解析】【解答】 A.使燃料燃烧越充分，可以增大有效利用的能量，提高热机的效率，故A正确；
B.热值只跟燃料的种类有关，燃料和压缩空气混合后，燃料的种类不变，燃料的热值不变，故B错误；
C.压气机压缩空气，对空气做功时，机械能转化为内能，空气的内能增加，故C错误；
D.高温高压气体推动涡轮转动时，将内能转化为机械能，故D错误。
故选A。
【分析】A.在工作过程中，燃料燃烧越充分，损失的能量越少，热机的效率越高；
B.燃料的热值是物质本身固有的一种性质，只与燃料的种类有关；
C.压缩空气做功，机械能转化为内能；
D.高温高压气体推动涡轮转动时，将内能转化为机械能。
6．【答案】D
【解析】【解答】A．图甲中，磁场是真实存在的，磁感线是假想的线，地球周围存在磁场，地磁场的北极在地理南极附近，故A错误；
B．图乙中，滑片P向右移动，电阻变大，电流减小，磁性变弱，吸引的铁钉更少，根据安培定则，四指指向电流方向，大拇指所指的方向即为电磁铁的N极，故铁钉上端为N极，铁钉下端为极，故B错误；
C．图丙中，通电导线在磁场中运动的方向与电流的方向、磁场的方向有关，单独改变磁场方向或电流方向，线圈的转动方向会改变，但二者同时改变时，线圈的转动方向不变，故C错误；
D．图丁中，根据电磁感应现象，闭合电路的部分导体在磁场中切割磁感线时，会产生感应电流。闭合开关，导体ab竖直上、下运动，运动方向与磁感线方向平行，没有切割磁感线，不会产生感应电流，故电流表指针不发生偏转，故D正确。
故选D。
【分析】地球周围有磁场，地磁场的N极在地理的南极负极；根据安培定则，判断电磁铁的磁极位置；磁场对电流有力的作用，受力方向和电流方向有关，和磁场方向有关。闭合电路的部分导体，切割磁感线时，导体中产生感应电流。
7．【答案】空气；音色
【解析】【解答】解：在音乐社团活动过程中，乐器发出的声音通过空气传到人耳。人耳能区分钢琴和长笛发出的声音，是由于它们所发出声音的音色不同。
故答案为：空气；音色。【分析】声音的传播需要介质；不同的乐器音色不同。
8．【答案】0.45；运动
【解析】【解答】图中，根据路程和速度，在遵守交通法规的前提下，计算达哈尔滨需要的时间为
；
以正在行驶的车为参照物，交通标志有位置变化，是运动的。故第1空填：0.45；第2空填：运动。
【分析】根据，计算速度，相对于参照物，没有位置变化，是运动的。
9．【答案】45；9
【解析】【解答】提升哑铃时，做功是：；
根据次数，计算提升哑铃做的功为：；
结合时间，提升哑铃做功的功率是：。故第1空填：45；第2空填：9。
【分析】根据W=Gh，计算做功多少，利用，计算功率。
10．【答案】乙；丁
【解析】【解答】近视眼的晶状体太厚，折光能力太强，像成在视网膜的前方，图乙是近视眼的成像图，利用凹透镜对光线的发散作用，使像成在视网膜上。图丙成正立放大的虚像，是放大镜，是凸透镜；图丁成缩小的像，是凹透镜，能矫正近视镜。故第1空填：乙；第2空填：丁。【分析】近视眼的成像在视网膜前，利用凹透镜矫正近视眼。
11．【答案】无规则；热传递
【解析】【解答】闻到艾蒿的清香味儿，是扩散现象，是分子在不停地做无规则运动形成的。
煮粽子时，粽子吸收热量变熟，是通过热传递的方式增加内能的。故第1空填：无规则；第2空填：热传递。
【分析】闻到气味，是分子不停的无规则运动形成的；物体间温度不同，通过热传递改变内能。
12．【答案】电子；从金属球到橡胶棒
【解析】【解答】 解：用毛皮摩擦橡胶棒，由于橡胶棒对电子的束缚能力强，电子从毛皮转移到橡胶棒，橡胶棒会由于得到电子而带负电。
橡胶棒接触验电器的金属球时，电子从橡胶棒到金属球，规定正电荷定向移动的方向为电流方向，与负电荷定向移动的方向相反，所以电流的方向是从金属球到橡胶棒。
故答案为：电子；从金属球到橡胶棒。
【分析】摩擦起电的原因：两物体在摩擦过程中，原子核束缚电子的能力不同，原子核束缚电子能力强的容易得到电子而带负电，弱的易失去电子带正电；
电荷间的作用规律是：同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引；
电流的方向：物理学上规定正电荷定向移动的方向为电流的方向。
13．【答案】平整；摩擦
【解析】【解答】 解：用吸盘挂钩来挂毛巾，使用时排尽吸盘内的空气，吸附在平整的墙面上，以防止漏气；吸盘挂钩不会掉落是因为受到墙壁对它竖直向上的摩擦力。
故答案为：平整；摩擦。【分析】 大气对浸在它里面的物体有力的作用，这就是大气压；摩擦力总是和物体相对运动或者相对运动趋势的方向相反。
14．【答案】较大；较多
【解析】【解答】劣质导线 从国家标准的32根减为26根 ，导致横截面积减小，电阻变大，电流相同，根据Q=I2Rt可知，相同时间内劣质导线由于电阻大，所以产生的热量较多。
综上 第1空、 较大； 第2空、较多。
【分析】1、电阻的影响因素： 当导体的材料和横截面积相同时，电阻的长度越长，导体的电阻越大 ；当导体的材料和长度相同时，电阻的横截面积越小，导体的电阻越大，欧姆定律的含义R=U/I只用于计算用电器两端电压以及通过用电器电流计算电阻的公式，并不具有物理含义进行选项判识。
2、焦耳定律Q=I2Rt。
15．【答案】甲；升高
【解析】【解答】 解；泡在上升过程中体积减小，所以是沸腾前的现象；温度计放入另一个正在加热的烧杯中，水温升高。
故答案为：甲；升高。
【分析】 掌握水沸腾时和沸腾前的现象：水沸腾时气泡上升过程中体积变大；水沸腾前气泡在上升过程中体积减小；水沸腾的条件：达到沸点，继续吸热。
16．【答案】﹣15；A；4.20
【解析】【解答】 解：图甲中温度计10℃之间有10格，即分度值为1℃，液柱在0℃以下，因此图甲中的温度值为-15℃；
用刻度尺测量物体的长度，其中读数方法是视线与尺面垂直，故A正确，刻度尺1cm之间有10格，每格为0.1cm，刻度尺分度值为0.1cm，读数为4.20cm。
故答案为：-15；A；4.20。
【分析】 （1）要弄清楚温度计的量程和分度值再去读；
（2）在使用刻度尺测量物体的长度读数时视线要与尺面垂直；
（3）刻度尺读数时首先要明确量程以及分度值，然后根据刻度线的位置读数。
17．【答案】
【解析】【解答】根据题意可知，连接三孔插座时，上孔接地线，左孔接零线，右孔接火线。在家庭电路中，为了用电安全，开关应接在火线和灯泡之间，则虚线框内左边为开关，右边为灯泡，如下图所示：
【分析】根据三孔插座的连接方法，以及家庭电路连接的注意事项完成连接。
18．【答案】
【解析】【解答】（1）图中，O是支点，过O向阻力的作用线作垂线段L2，为F2的力臂，如下图
（2）当阻力与阻力臂不变时，动力最小，则动力臂最长，连接支点O与C点，为最长的动力臂L1；从O点作OC的垂线为最小动力F1，根据阻力的方向，动力的方向应该向下，如下图
【分析】支点到阻力作用线的垂线是阻力臂；支点到动力作用点的连线是最大的动力臂，最小和力和最大的力臂垂直。
19．【答案】（1）零刻度线；右
（2）12.0
（3）7.5×102
（4）偏大
【解析】【解答】 解：（1）将天平放在水平桌面上，接下来的操作是将游码拨到标尺左端的零刻度线处；由图甲可知，指针指在分度盘的左侧，因此应向右调节平衡螺母使横梁平衡；
（2）由图乙可知，挂件的质量为10g+2.0g=12.0g；
（3）由图丙可知，挂件和水的总体积为76mL，则挂件的体积等于总体积减去水的体积，即V=76mL-60mL=16mL=16cm3；
由密度公式可知，挂件的密度：；（4）木质挂件具有吸水性，则测得的挂件和水的总体积偏小，挂件体积的测量值偏小，质量测量值准确，根据可知，测得的密度值偏大。
故答案为：（1）零刻度线；右；（2）12.0；（3）7.5×102；（4）偏大。
【分析】 （1）将天平放在水平台上，游码拨到标尺左端的零刻度线处；根据“左偏右调、右偏左调”调节平衡螺母；
（2）挂件的质量等于砝码的质量和游码的质量之和；
（3）由图丙可知挂件的体积；根据密度公式计算挂件的密度；
（4）木质挂件具有吸水性，则测得的挂件和水的总体积偏小，挂件体积的测量值偏小，根据密度公式分析即可。
（1）[1][2]将天平放在水平桌面上，接下来的操作是将游码拨到标尺左端的零刻度线处；再根据“左偏右调、右偏左调”调节平衡螺母，使指针指在分度盘的中央。由图甲可知，指针指在分度盘的左侧，因此应向右调节平衡螺母使横梁平衡。
（2）由图乙可知，挂件的质量为10g+2.0g＝12.0g
（3）由图丙可知，挂件和水的总体积为76mL，则挂件的体积V＝76mL﹣60mL＝16mL＝16cm3
挂件的密度
（4）木质挂件具有吸水性，则测得的挂件和水的总体积偏小，挂件体积的测量值偏小，质量测量值准确，根据可知，测得的密度值偏大。
20．【答案】（1）
（2）短路
（3）10
（4）B
（5）B；电压表
（6）10.0
（7）增大；灯丝电阻受温度
【解析】【解答】 解：（1）在连接电路时，注意电压表和电流表的量程，根据丙图知，电压表选用小量程并联在定值电阻两端；滑片P向右端移动时滑动变阻器接入电路的阻值变小，故滑动变阻器选用右下接线柱与开关串联在电路中，如下图所示：
（2）移动滑片P到最大阻值处主要是为了保护电路，闭合开关后发现电压表无示数，电流表有示数，则电路为通路，发现电压表无示数，则电路故障可能是定值电阻Rx发生了短路；
（3）排除故障后闭合开关S，移动滑片P，如图丙所示，电压表选用小量程，分度值为0.1V，电压为2V，电流表选用小量程，分度值为0.02A，电流为0.2A，由欧姆定律，则定值电阻：；
（4）在此实验中，通过调节滑动变阻器改变R两端的电压进行多次测量，这样做的目的是多次测量求平均值以减小误差；故选：B；
（5）电压表的示数为2V，小于灯泡的额定电压，由串联分压的特点可知，需要减小滑动变阻器连入电路的阻值，故应将滑片向B端移动。
（6）由图丁可知，当小灯泡两端电压为2.5V时，电流值为0.25A，由欧姆定律，小灯泡正常发光时的电阻为；
（7）当小灯泡的两端电压增大时，它的电阻增大，原因是灯泡灯丝的阻值随着温度的升高而增大。
故答案为：（1）；（2）短路；（3）10；（4）B；（5）B；电压表；（6）10；（7）增大；灯丝电阻受温度。
【分析】 （1）根据丙图确定电压表量程，将电压表并联在定值电阻两端；滑片P向右端移动时滑动变阻器接入电路的阻值变小，据此确定滑动变阻器选用的下端接线柱；
（2）移动滑片P到最大阻值处，闭合开关后发现电压表无示数；电流表有示数，则电路为通路，根据电压表无示数分析；
（3）根据电表选用量程确定分度值读数，由欧姆定律求出定值电阻；
（4）该实验中为了减小误差，需要多次测量求平均值；
（5）比较电压表示数与灯泡额定电压大小，根据串联电路电压规律和分压原理确定变阻器滑片移动方向；
（6）由图像信息读出小灯泡正常发光的打六折，利用R=
U
I
求出小灯泡的电阻；
（7）导体的电阻随温度的升高而增大。
（1）根据丙图知，电压表选用小量程并联在定值电阻两端；滑片P向右端移动时滑动变阻器接入电路的阻值变小，故滑动变阻器选用右下接线柱与开关串联在电路中。如图所示：
（2）移动滑片P到最大阻值处，闭合开关后发现电压表无示数，电流表有示数，则电路为通路，发现电压表无示数，则电路故障可能是定值电阻Rx发生了短路。
（3）排除故障后闭合开关S，移动滑片P，如图丙所示，电压表选用小量程，分度值为0.1V，电压为2V，电流表选用小量程，分度值为0.02V，电流为0.2A，由欧姆定律，则定值电阻
（4）在此实验中，通过调节滑动变阻器改变R两端的电压进行多次测量，这样做的目的是多次测量求平均值以减小误差。
故选B。
（5）[1][2]电压表的示数为2V，小于灯泡的额定电压，由串联分压的特点可知，需要减小滑动变阻器连入电路的阻值，故应将滑片向B端移动。同时眼睛注意观察电压表，直至灯泡正常发光。
（6）由图丁可知，当小灯泡两端电压为2.5V时，电流值为0.25A，由欧姆定律，小灯泡正常发光时的电阻为
（7）灯泡的电阻随温度的升高而增大。当小灯泡的两端电压增大时，它的电阻增大，原因是灯泡灯丝的阻值随着温度的升高而增大。
21．【答案】答：动能与质量和速度有关，高速公路上的汽车速度大，动能大，刹车失灵车辆冲向高处的大斜坡时，将动能转化成重力势能，车就能停下来；
斜坡上铺沙砾，通过增大了接触面的粗糙程度来增大了摩擦力，增大汽车受到的阻力，使汽车能尽快的停下来。
【解析】【分析】 （1）影响动能的因素是质量和速度，质量越大，速度越大，动能就越大；影响重力势能的因素是质量和高度，质量越大，高度越大，重力势能就越大。（2）摩擦力的大小与压力和接触面的粗糙程度有关；压力越大，接触面越粗糙，摩擦力越大。
22．【答案】（1）解：最大吃水深度h=13m，根据液体压强公式可知，舰底受到海水的压强p=ρ液gh=1.0×103kg/m3×10N/kg×13m=1.3×105Pa，
（2）解：在水平面上，舰载机的重力等于它对地面的压力，即
根据压强公式可知，压强
（3）解：根据漂浮的条件知，浮力大小等于重力大小，由于是返回停在“福建舰”甲板上后，故重力变大，浮力变大，排开海水的体积变大，浮力的变化等于舰载机的重力
。
【解析】【分析】 （1）根据深度和p=ρgh计算液体的压强；
（2）歼-15停在航母甲板上时对甲板的压力等于重力，利用压强计算公式求得歼-15停在航母甲板上时对甲板的压强。
（3）根据漂浮的条件结合阿基米德原理分析排开海水的体积的变化。
（1）最大吃水深度h＝13m
舰底受到海水的压强
（2）舰载机的重力等于它对地面的压力，即
压强
（3）[1][2]根据漂浮的条件知，浮力等于重力，由于是返回停在“福建舰”甲板上后，故重力变大，浮力变大，排开海水的体积变大，浮力的变化等于舰载机的重力，
23．【答案】解：（1）由图乙可知，当S1闭合、S2接a时，R1、R2并联；当S1闭合、S2接b时，只有R1工作；当S1断开、S2接b时，R1、R2串联；根据串并联电路的电阻特点可知，当S1闭合、S2接a时，R1、R2并联，电路中的总电阻最小，由可知，电路中的总功率最大，电火锅处于高温挡；当S1断开、S2接b时，R1、R2串联，电路中的总电阻最大，总功率最小，电火锅处于低温挡；当S1闭合、S2接b时，只有R1工作，电火锅处于中温挡。
（2）水吸收的热量Q吸＝cm（t﹣t0）＝4.2×103J/（kg•℃）×4kg×（60℃﹣50℃）＝1.68×105J
电火锅消耗的电能W＝Pt'＝1100W×5×60s＝3.3×105J
电火锅的加热效率
（3）由可知，R1的阻值
R2的电功率P2＝P高温﹣P中温＝1100W﹣880W＝220W
由可知，R2的阻值
R1、R2的串联总电阻R＝R1+R2＝55Ω+220Ω＝275Ω
电火锅正常工作时，低温挡的电功率。
答：（1）当S1闭合、S2接a时，电火锅为高温挡；当S1闭合、S2接b时，电火锅为中温挡；当S1断开、S2接b时，电火锅为低温挡；
（2）此过程中电火锅的加热效率为50.9%；
（3）电火锅正常工作时，低温挡的电功率为176W。
【解析】【分析】 （1）由图乙可知，当S1闭合、S2接a时，R1、R2并联；当S1闭合、S2接b时，只有R1工作；当S1断开、S2接b时，R1、R2串联；根据串并联电路的特点和可知电火锅高温挡、中温挡和低温挡的电路连接；（2）知道水的资料、比热容、初温和末温，利用Q吸=cmΔt求出水吸收的热量，根据求出消耗的电能，根据效率公式求出效率；
（3）根据中温挡功率和可求出R1的阻值，根据P2=P高温-P中温求出R2的电功率，根据串联电路的电阻特点求出R1、R2的串联总电阻，根据求出出电火锅低温挡的电功率。额定电压
220V
中温挡
880W
高温挡
1100W
低温挡
***W