2025-2026学年陕西省榆林市高一（上）期末物理试卷（含解析）

这是一份2025-2026学年陕西省榆林市高一（上）期末物理试卷（含解析），共11页。试卷主要包含了选择题，非选择题等内容，欢迎下载使用。
1.某同学家准备自驾出游，用手机上的软件搜索出行路线!其中榆林市一条推荐路线显示：全长268公里，用时4小时29分钟。则下列说法正确的是( )
A. “268公里”表示路程B. “268公里”表示位移
C. 利用显示信息可以求出驾库的瞬时速度D. 利用显示信息可以求出驾车的平均速度
2.一辆汽车在平直公路上行驶时，前方突发交通事故，立即刹车，若将其刹车过程视为匀减速直线运动。则下列说法正确的是( )
A. 汽车的加速度越来越小B. 汽车的速度变化率越来越小
C. 汽车在相同时间内速度的变化量越来越小D. 汽车的加速度与速度的方向一定相反
3.如图所示是一物体在水平地面上一段运动过程的位移—时间图像，已知图像是一条抛物线。下列说法正确的是( )
A. 物体的运动轨迹也是抛物线B. 物体做匀变速直线运动
C. 物体速度先增大后减小D. 物体加速度先减小增大
4.如图所示，两个完全相同的光滑小球紧靠在一起静止在水平地面上，则左侧小球受到弹力的数为( )
A. 1个B. 2个
C. 3个D. 4个
5.如图所示，消防员腰间拴住安全绳，脚踩在竖直粗糙墙壁，缓慢向上行走，则下列说法正确的是( )
A. 消防员受重力、绳子拉力、支持力作用
B. 消防员受重力、绳子拉力、摩擦力作用
C. 消防员受重力、支持力、摩擦力作用
D. 消防员受重力、绳子拉力、支持力、摩擦力作用
6.在已经结束的巴黎奥运会乒乓球项目中，中国队包揽了全部5枚金牌。国际乒联针对乒乓球运动的发展作出了很多改革，比如增大乒乓球的直径，这样使乒乓球的质量增大，则( )
A. 乒乓球的惯性增大
B. 乒乓球的惯性减小
C. 乒乓球的惯性不变
D. 乒乓球的惯性可能增大，可能减小，也可能不变
7.起重机将质量为1t的货物竖直向上匀加速吊起，已知起重机钢索提供的拉力为1.05×104N，重力加速度g=10m/s2，不计空气阻力，则货物上升的加速度大小为( )
A. 1.5m/s2B. 1m/s2C. 0.5m/s2D. 0.2m/s2
8.某人乘电梯下楼分别经历加速、匀速、减速三个阶段后，最后停在1楼，在此过程中测得此人对电梯地板的压力大小随时间变化的关系图像如图所示，重力加速度g=10m/s2。则下列说法正确的是( )
A. 0～4s处于失重状态B. 32s～36s处于超重状态
C. 此人质量为50kgD. 该过程中的最大加速度为1m/s2
9.1845年英国物理学家和数学家斯⋅托克斯()研究球体在液体中下落时，发现了液体对球的黏滞阻力与球的半径、速度及液体的种类有关，有F=6πηrv，其中物理量η为液体的黏滞系数，其单位用国际制基本单位表示为( )
A. kg⋅m2s2B. kgs⋅mC. kgs2⋅mD. N⋅sm2
10.如图，滑雪轨道由光滑的倾斜直轨道AB和粗糙的水平轨道BC组成。t=0时运动员从A点由静止开始匀加速下滑，经过B点前后速度大小不变，之后在BC上做匀减速直线运动，最后停在C点。若第2s末和第6s末速度大小均为8m/s，第4s末速度大小为12m/s，则( )
A. 运动员在第4s末已经过了B点
B. 运动员在加速过程中的加速度大小为4m/s2
C. 运动员在第10s末恰好停在C点
D. 运动员在第8s末恰好停在C点
二、非选择题
11.某同学做“探究加速度a与物体质量m的关系”实验，保持小车所受的拉力不变，改变小车的质量，得到多组数据，并建立直角坐标系在坐标系中描出这些点。
(1)请在图中作出a−1m图线；
(2)由该图像可知，外力不变时，小车的加速度a与质量m成______(填“正比”或“反比”)。
12.某同学采用了如图所示的实验装置来完成“研究匀变速直线运动的规律”实验。放置在气垫导轨上的滑块上装有宽度d=2.00mm的遮光条，滑块在牵引力作用下先后通过两个光电门，配套的数字计时器(图中未画出)记录了遮光条通过光电门1的时间Δt1=0.02s，通过光电门2的时间Δt2=0.01s，用刻度尺测出两个光电门之间的距离x=30.00cm，则遮光条经过光电门1时的速度大小v1= ______m/s，滑块的加速度大小a= ______m/s2，遮光条从光电门1运动到光电门2的时间t= ______s。(计算结果均保留两位有效数字)
13.如图所示，物体的质量m=1kg，与水平地面间的动摩擦因数μ=0.2，在与水平方向间夹角为θ=37°斜向下，大小为F=10N的恒力作用下，由静止开始加速运动，t1=3s时撤去力F，重力加速度g=10m/s2，sin37°=0.6，cs37°=0.8。
(1)物体做加速运动时的加速度a1的大小；
(2)撤去力F后，物体还能滑行的时间t2。
14.如图所示，在倾角为θ=30°的玻璃棚上放有一质量为m=1kg的物体A，一端固定在竖直墙壁上O点的轻绳，另一端拴住物体A，轻绳刚好伸直且与玻璃棚的夹角为α=37°。已知最大静摩擦力等于滑动摩擦力，重力加速度g=10m/s2，sin37°=0.6，cs37°=0.8。
(1)求物体A受到摩擦力；
(2)若由于下雨导致物体A与玻璃棚之间的动摩擦因数减小为μ=0.5(A的质量不变)，此时轻绳张紧且物体A受到的静摩擦力达到最大值，求此时轻绳上拉力的大小。(结果保留根号)
15.如图所示是一种弹射装置的简化示意图，由弹射器(可使被作用物体瞬间产生速度)、滑杆和套在滑杆上的滑块(视为质点，可沿杆滑动)组成。现将整个装置竖直立在水平地面上，开始时滑块静止在A处，某时刻，启动弹射器，滑块瞬间以初速度v0向上弹出，滑块恰好能运动到滑杆的上端B处，滑块向上运动过程中受到滑杆恒定的阻力f(大小未知)。已知A、B间距离为l，滑块质量为m，滑杆和弹射器(两者固定连接)的总质量为M，重力加速度为g，整个装置始终未离开地面，空气阻力不计。求：
(1)阻力f的大小；
(2)滑块向上运动的过程中，整个弹射装置对地面的压力N的大小。
答案解析
1.【答案】A
【解析】解：AB.全长268公里，“268公里”表示物体运动的轨迹的长，是路程，故A正确，B错误；
CD.从题意中已知，路程是“268公里”，时间是4小时29分钟，平均速率是路程与所用时间之比，故利用显示信息可以求出驾库的平均速率，故CD错误；
故选：A。
路程是物体运动的轨迹，位移由初位置和末位置决定，用初位置指向末位置的有向线段表示。平均速率是路程与所用时间之比，平均速度是位移与所用时间之比，瞬时速度指的是某一时刻会某一位置的速度。
考查路程和位移的区别。不同的速度，平均速率、平均速度、瞬时速度之间的区别。
2.【答案】D
【解析】解：AB、汽车做匀减速直线运动，则加速度的大小与方向都不变，速度的变化率也不变，故AB错误；
C、汽车的加速度不变，根据Δv=aΔt可知，汽车在相同时间内速度的变化量不变，故C错误；
D、汽车做匀减速直线运动，则加速度的方向与速度的方向相反，故D正确。
故选：D。
根据匀减速直线运动的特点判断即可。
解答该题知道匀减速直线运动的加速度的大小与方向都不变是关键。
3.【答案】B
【解析】解.A.位移—时间图线只能描述做直线运动的物体位置随时间变化的关系，不能描述曲线运动，故A错误；
B.由于图线为抛物线，即满足x=v0t−12at2
所以物体做匀变速直线运动，故B正确；
C.图线切线的斜率表示速度，由图可知，速度先减小后增大，故C错误；
D.物体做匀变速直线运动，加速度不变，故D错误。
故选：B。
位移—时间图像为抛物线说明位移与时间成二次函数关系，符合匀变速直线运动的位移公式，斜率表示速度，速度先减小后增大，而运动轨迹是直线而非抛物线。
本题以位移—时间(x−t)抛物线图像为载体，考查匀变速直线运动的图像特征，核心是区分“x−t图像的形状”与“物体运动轨迹”，并通过图像斜率分析速度、加速度变化，属于基础但易混淆的题型，侧重考查图像物理意义的理解。
4.【答案】A
【解析】解：两个小球都处于静止状态且与水平地面之间没有摩擦力，假设二者之间有弹力，则两个小球不会静止靠在一起，所以二者之间没有弹力，左侧小球受到地面的弹力，故左侧小球受到弹力的数为1个，故A正确，BCD错误。
故选：A。
根据平衡条件分析二者之间是否有弹力，再分析与地面之间的弹力。
本题考查了弹力的相关知识，掌握弹力产生的条件是解决此类问题的关键；同时还要注意物体的形变有弹性形变和塑性形变，只有相互接触的物体发生弹性形变时才会产生弹力的作用。
5.【答案】D
【解析】解：对消防员分析，消防员受重力作用，消防员和绳子之间有弹力，所以还受到绳子拉力作用；消防员与粗糙墙壁之间还存在支持力和摩擦力，故D正确、ABC错误。
故选：D。
对消防员分析，根据受力情况结合受力分析的方法进行解答。
对于物体的受力分析，解题方法是：确定研究对象，首先分析重力，再分析接触面的弹力和摩擦力，最后分析非接触力(电场力或磁场力)，只分析物体受到的力，不分析物体对外施加的力。
6.【答案】A
【解析】解：物体惯性的大小仅与质量有关，乒乓球的质量增大，则乒乓球的惯性增大，故A正确，BCD错误。
故选：A。
物体惯性的大小仅与质量有关，据此分析。
知道物体惯性的大小是用质量来量度的是解题的基础。
7.【答案】C
【解析】解：货物的质量m=1t=1000kg
根据牛顿第二定律有
F−mg=ma
解得a=0.5m/s2
故ABD错误，C正确。
故选：C。
根据牛顿第二定律求解货物的加速度。
本题考查牛顿第二定律的简单应用，需要分析清楚货物的受力情况，题目较为简单。
8.【答案】ABC
【解析】解：A.0～4s：F1=475N500N，处于超重状态，电梯向下减速，故B正确；
C.根据图像得G=mg=500N，m=Gg=50010kg=50kg，故C正确；
D.在32s～36s处于超重状态，压力为525N，重力为500N，此时属于合外力最大位置，根据牛顿第二定律求解最大加速度，525−500=50a，a=0.5m/s2，故D错误。
故选：ABC。
AB.根据图像判断压力与重力的关系，从而分析人处于超重还是失重状态；
C.根据图像得G=mg=500N，利用重力公式求人的质量；
D.根据牛顿第二定律求最大加速度。
本题以人乘坐电梯的实际情境考查学生对超失重问题和牛顿第二定律的掌握，难度不大。
9.【答案】B
【解析】解；由题意，根据F=6πηrv可得：η=F6πrv，根据国际单位制推断黏性系数η的单位为：Nm⋅m/s=kg⋅ms2m2s=kgm⋅s，故ACD错误，B正确。
故选：B。
由题意可求断黏性系数η的表达式，然后由量纲计算其单位。
本题是对单位制的考查，解题的关键是要知道国际制基本单位，基础题。
10.【答案】ABC
【解析】解：AB.依题意，运动员在第2s末和第6s末速度大小相等，且第2s末速度为8m/s，则运动员2s～4s之间经过B点。
由v=at
可知加速过程的加速度大小为a1=v2t2=82m/s2=4m/s2
若运动员在第4s末恰好经过B点，则运动员在第4s末的速度应该为v4=a1t4=4×4m/s=16m/s
而实际上，第4s末速度大小为12m/s，说明运动员第4s末已经越过B点做减速运动了，故AB正确；
CD.第4s末到第6s末过程中，运动员做减速运动，加速度大小为a2=|Δvvt|=12−82m/s2=2m/s2
设运动员在t时刻到达B点，有最大速度v，则有v=v2+a1(t−2)=v6+a2(6−t)
代入数值有8m/s+4(t−2)m/s=8m/s+2(6−t)m/s
解得t=103s
故B点速度v=a1t=4×103m/s=403m/s
设运动员在t′时间恰好停在C点，则有v=a2(t′−t)
代入数值有t′=10s
故C正确，D错误。
故选：ABC。
在斜面上和水平面上分别列速度—时间公式和位移—时间公式，假设第4s末在斜面上判断，联立判断第4s末在水平面上，从而分段求解。
本题考查了匀变速直线运动的位移—时间公式、速度—时间公式的熟练应用，判断第4s末在斜面还是水平面是关键，可假设来判断。
11.【答案】 反比
【解析】解：(1)用直线连接，使大部分点落在直线上，没有落在直线上的点均匀分布在直线两侧，远离的点舍去，作出a−1m图线如图；
(2)由该图像可知，外力不变时，小车的加速度与质量的倒数成正比，即加速度a与质量m成反比。
故答案为：(1)
(2)反比。
(1)根据描点连线作出图像；
(2)根据图像特征判断。
本题关键掌握作图像的方法和利用图像特征判断物理量关系的方法。
12.【答案】0.10 0.05 2.0
【解析】解：根据光电门求解瞬时速度的公式，有v1=dΔt1=2.00×10−30.02m/s=0.10m/s，同理v2=dΔt2=2.00×10−30.01m/s=0.20m/s，由x=v22−v122a，代入数据解得a=0.05m/s2，遮光条从光电门1运动到光电门2的时间t=v2−v1a=0.20−。
故答案为：0.10，0.05，2.0。
根据光电门求解瞬时速度的公式，匀变速直线运动推论和匀变速直线运动的速度公式列式求解。
考查光电门求解瞬时速度和加速度的问题，理解匀变速直线运动的基本规律，属于基础题。
13.【答案】物体做加速运动时的加速度a1的大小为4.8m/s2 撤去力F后，物体还能滑行的时间为7.2s
【解析】解：(1)对物体进行分析，如图所示
根据牛顿第二定律有Fcsθ−μFN=ma1
其中FN=Fsinθ+mg
解得a1=4.8m/s2。
(2)撤去力F时，物体的速度为v=a1t1
撤去F后，根据牛顿第二定律有μmg=ma2
解得a2=2m/s2，根据速度公式有0=v−a2t2
解得t2=7.2s。
答：(1)物体做加速运动时的加速度a1的大小为4.8m/s2。
(2)撤去力F后，物体还能滑行的时间为7.2s。
(1)对物体进行分析，进行力的正交分解，再由牛顿第二定律求解加速度。
(2)撤去F后，由牛顿第二定律求解加速度，再由运动学知识求解物体还能滑行的时间。
考查已知受力求运动，通过分析物体受力，求合力，求物体加速度，再由运动学知识求解物体运动时间。
14.【答案】物体A受到摩擦力为5N，方向沿斜面向上 此时轻绳上拉力的大小为(10−5 3)N
【解析】解：(1)轻绳刚好伸直，张力为零。
对物体A受力分析可知，物体A受到竖直向下的重力mg，沿斜面向上的摩擦力f和垂直斜面向上的支持力FN，根据平衡条件可得：
沿斜面方向有：f=mgsinθ
解得：f=5N，方向向上；
(2)对物体A受力分析，如图所示：
沿斜面方向根据平衡条件可得：mgsinθ=f+Tcsθ
垂直斜面方向根据平衡条件可得：N+Tsinθ=mgcsθ
又：f=μN
联立可得T=(10−5 3)N。
答：(1)物体A受到摩擦力为5N，方向沿斜面向上；
(2)此时轻绳上拉力的大小为(10−5 3)N。
(1)对物体A受力分析，根据平衡条件求物体A受到的摩擦力；
(2)对物体A受力分析，根据平衡条件求此时轻绳上拉力的大小。
本题主要是考查了共点力的平衡问题，解答此类问题的一般步骤是：确定研究对象、进行受力分析、利用平行四边形法则进行力的合成或者是正交分解法进行力的分解，然后在坐标轴上建立平衡方程进行解答。
15.【答案】阻力f的大小为m(v022l−g) 滑块向上运动的过程中，整个弹射装置对地面的压力N的大小为Mg−m(v022l−g)
【解析】解：(1)设滑块向上运动过程的加速度大小为a，由匀变速直线运动规律有v02=2al
解得a=v022l
对滑块由牛顿第二定律有mg+f=ma
解得f=m(v022l−g)
(2)对滑杆和弹射器整体，由平衡条件有N′+f′=Mg
又f′=f=m(v022l−g)
解得N′=Mg−m(v022l−g)
由牛顿第三定律可知，整个弹射装置对地面的压力大小N=N′=Mg−m(v022l−g)
答：(1)阻力f的大小为m(v022l−g)；
(2)滑块向上运动的过程中，整个弹射装置对地面的压力N的大小为Mg−m(v022l−g)。
(1)根据匀变速直线运动规律和牛顿第二定律计算；
(2)根据平衡条件和牛顿第三定律计算。
本题关键掌握利用匀变速直线运动规律和牛顿第二定律处理运动问题和受力问题的方法，利用平衡条件处理共点力平衡问题。