内蒙古乌兰察布市集宁二中2025-2026学年高一（上）期末物理试卷

这是一份内蒙古乌兰察布市集宁二中2025-2026学年高一（上）期末物理试卷，共13页。试卷主要包含了单选题，多选题，实验题，计算题等内容，欢迎下载使用。
1.关于物体的加速度和速度的关系，下列说法中正确的是( )
A. 物体的加速度为零，速度也一定为零B. 物体的加速度越大，速度越大
C. 物体的加速度越大，速度变化量越大D. 物体的加速度越大，速度变化越快
2.北京时间2024年11月4日晚上，本年度WTA(国际女子网球协会)年终总决赛小组赛，我国选手郑钦文首胜。如图，关于被郑钦文击打后飞出的网球，受力分析正确的是( )
A. 击打力、重力B. 惯性力、空气阻力
C. 重力、空气阻力、击打力D. 空气阻力、重力
3.短跑运动员在100m比赛中，以8m/s的速度迅速从起点冲出，到50m处的速度是9m/s，10s末到达终点的速度是10.2m/s，则运动员在全程中的平均速度是( )
A. 9 m/sB. 10.2 m/sC. 10 m/sD. 9.1 m/s
4.如图所示，用水平外力F将木块压在竖直墙面上保持静止，下列说法正确的是( )
A. 木块对墙的压力与外力F是一对平衡力
B. 当外力F增大时，墙对木块的静摩擦力也增大
C. 木块的重力与墙对木块的静摩擦力是一对作用力与反作用力
D. 木块对墙的压力与墙对木块的支持力是一对作用力与反作用力
5.如图所示，物体P、Q用一根不可伸长的轻细绳相连，再用一根轻弹簧将P和天花板相连，已知mQ=2mP，重力加速度为g。剪断绳子的瞬间，下列说法正确的是( )
A. 弹簧的弹力变小
B. 弹簧的弹力变大
C. 物体P的加速度大小为2g，方向竖直向上
D. 物体Q的加速度大小为g，方向竖直向上
6.如图所示，在水平地面上放置着一半圆柱状物体A，A与竖直挡板之间放一光滑圆球B，现让挡板缓慢向左移动，B缓慢下移(此过程中始终B未接触地面，A处于静止状态)，设挡板对B的作用力为FA，B对A的作用力为FB，在此过程中( )
A. FA缓慢减小，FB缓慢增大B. FA缓慢增大，FB缓慢减小
C. 地面对A的作用力逐渐缓慢增大D. 地面对A的作用力保持不变
7.如图所示，在光滑水平地面上，A、B两物块用细线相连，A物块质量为1kg，B物块质量为2kg，在9N的水平拉力F作用下，两物块一起向右加速运动，则( )
A. 物块A的加速度大小为9m/s2B. 物块B的加速度大小为4.5m/s2
C. AB间细线的拉力大小为9ND. AB间细线的拉力大小为6N
二、多选题：本大题共3小题，共18分。
8.一游客乘坐观光电梯进行游览，取竖直向上为正方向，游客的速度—时间关系图像如图所示，则下列说法正确的是( )
A. 在0～t1内，游客处于超重状态
B. 在t1～t2内，游客处于失重状态
C. 在t2～t3内，游客处于超重状态
D. 在t2～t3内，游客对电梯的压力增大
9.粗糙的水平地面上一物体在水平拉力作用下做直线运动，水平拉力F及物体的运动速度v随时间变化的图像如图甲和图乙所示。取重力加速度g=10m/s2。则( )
A. 前2s内物体运动的加速度大小为2m/s2B. 前4s内物体运动的位移的大小为8m
C. 物体与地面间的动摩擦因数μ=0.1D. 物体的质量m为2kg
10.如图所示，正在水平路面上行驶的车厢底部有一质量为M=2kg的箱子。在车厢的顶部用细线悬挂一质量为m的小球，某段时间内，乘客发现细线与竖直方向成θ=37°角保持不变，而箱子则始终相对于车厢静止。(sin37°=0.6,cs37°=0.8，重力加速度g取10m/s2)下列说法正确的是( )
A. 车厢的加速度大小为7.5m/s2，方向向右
B. 车厢一定加速向右运动
C. 箱子受到的静摩擦力大小为15N
D. 箱子受到的摩擦力方向可能向右，也可能向左
三、实验题：本大题共2小题，共16分。
11.某同学做“探究两个互成角度的力的合成规律”的实验，装置如图甲所示，其中A为固定橡皮条的图钉，O为橡皮条与细绳的结点，OB和OC为细绳。

(1)本实验主要采用的科学方法是______(填选项前的字母)。
A.理想实验法
B.等效替代法
C.控制变量法
D.建立物理模型法
(2)图乙是测量中某一弹簧测力计的示数，读出该力大小为______N。
(3)在实验过程中，下列做法有利于减小实验误差的是______(填选项前的字母)。
A.两细绳必须等长
B.弹簧测力计、细绳、橡皮条都应与木板平行
C.拉橡皮条的细绳要长些，标记同一细绳方向的两点要远些
D.用两弹簧测力计同时拉细绳时两弹簧测力计示数之差应尽可能大
(4)根据实验数据，该同学作出实验结果图如图丙所示，则______(填“F”或“F′”)一定沿AO方向。
12.某同学利用如图甲所示的装置探究“加速度与力、质量的关系”的实验。

(1)在该实验中，下列说法正确的是______。
A.应先接通电源，再释放小车
B.滑轮与小车之间的细绳要与木板平行
C.应补偿小车运动过程中受到的阻力
D.牵引小车的钩码质量应等于小车的总质量
(2)实验过程中，该同学打出了一条纸带如图乙所示。打点计时器使用50Hz交流电源，图中O、A、B、C、D、E、F为计数点，相邻两个计数点间有四个点未画出，根据纸带可计算B点的瞬时速度大小vB= ______m/s，并计算纸带所对应小车的加速度大小a= ______m/s2。(结果均保留两位有效数字)
(3)小车质量一定，研究加速度与力的关系时，该同学根据测得的数据作出a−F图像，如图所示。发现图像既不过原点，末端又发生了弯曲，可能的原因是______。(填选项前的字母)

A.补偿阻力时，木板的倾斜角度过大，且小车质量较大
B.补偿阻力时，木板的倾斜角度过小，且小车质量较大
C.补偿阻力时，木板的倾斜角度过小，且所挂钩码的质量较大
D.补偿阻力时，木板的倾斜角度过大，且所挂钩码的质量较大
四、计算题：本大题共3小题，共38分。
13.汽车的加速、减速性能是衡量汽车性能的一项重要指标，一辆汽车以54km/h的速度匀速行驶。
(1)若汽车以1.5m/s2的加速度大小加速，求8s末汽车的速度大小；
(2)若汽车经过5s停下，求汽车加速度；
(3)若汽车以1.5m/s2的加速度大小刹车，求刹车12s时的位移大小。
14.如图所示，物体A放在某一水平面上，A、B均处于静止状态，绳AC水平，绳CD与水平方向成37°角，CD绳上的拉力为15N。已知物体A重60N，A与水平面之间的动摩擦因数为μ=0.3，sin37°=0.6，cs37°=0.8。求：
(1)物体A受到的摩擦力；
(2)物体B重力。
15.2022年2月第24届冬季奥运会在北京举行。如图为一滑雪赛道的简化示意图。AB为一条倾角θ=37°的长直滑道，AB长度L=60m.BC为水平滑道，B处与水平滑道平滑连接。滑板与雪赛道之间动摩擦因数恒定。一可视为质点、含装备质量为80kg的滑雪运动员从A点以2m/s的初速度沿山坡匀加速下滑，用时5s滑到B点，在B点有一细小的圆弧，运动员通过B点后速度大小不变，方向变为水平向右，过B点后运动员在水平滑道做匀减速运动，最终停止在C处，取g=10m/s2，sin37°=0.6，cs37°=0.8。求：
(1)滑板与雪道之间的摩擦因数为多少？
(2)运动员到达B点时瞬时速度的大小；
(3)BC长度为多少米。
答案和解析
1.【答案】D
【解析】解：A、物体的加速度为零，速度可以不为零，例如匀速直线运动，故A错误；
B、物体的加速度大时速度不一定大，如火箭发射的瞬间加速度很大，但速度很小，火箭上升的过程中速度越来越大，但加速度减小，故B错误；
CD、加速度描述速度变化的快慢，数值上等于速度的变化率，加速度大则速度的变化率大，速度变化快，但速度的变化量不一定大，因还与时间有关，故C错误，D正确。
故选：D。
根据加速度的定义式a=△v△t，加速度等于速度的变化率。物体的速度变化量大，加速度不一定大。加速度与速度无关。
本题考查加速度的定义式，只要理解了加速度的概念就能顺利解决。
2.【答案】D
【解析】解：飞出的网球在空中受到重力和空气阻力，网球已经脱离手或球拍，不受击打力，惯性力是不存在的，故ABC错误，D正确。
故选：D。
物体在空中运动时，物体只受重力作用和空气阻力作用。
分析物体在空中运动时，要注意物体已经脱离手或球拍，不再受到手或球拍的作用，也不存在惯性力。
3.【答案】C
【解析】解：由平均速度公式V=St=10010=10m/s知C正确。
故选：C。
平均速度的定义是一段时间的位移与所用时间的比值．
本题考查了平均速度的定义，记住，一定要紧扣公式去列式．
4.【答案】D
【解析】解：A、木块对墙的压力大小等于外力F，这两力作用在不同物体上，不是一对平衡力，故A错误；
B、木块竖直方向受力平衡，根据平衡条件可知，墙对木块的静摩擦力大小等于木块的重力大小，当外力F增大时，墙对木块的静摩擦力大小仍等于重力大小，故墙对木块的静摩擦力不变，故B错误；
C、木块的重力与墙对木块的静摩擦力大小相等、方向相反、作用在同一物体上，是一对平衡力，故C错误；
D、木块对墙的压力与墙对木块的支持力等大反向共线，作用在两个物体上，是一对作用力与反作用力，故D正确。
故选：D。
两力作用在不同物体上，不可能是一对平衡力；根据平衡条件分析墙对木块的静摩擦力与重力的关系，再判断其变化情况；物体间的相互作用力是一对作用力与反作用力。
本题主要考查了平衡力和相互作用力，解题关键是掌握相互作用力作用在两个不同物体上，平衡力作用在同一物体上。
5.【答案】C
【解析】解：AB、弹簧的弹力不能突变，故剪断绳子的瞬间，弹簧弹力不变，故AB错误；
C、设mQ=2mp=2m，对整体分析，由平衡条件可得：F=2mg+mg，解得弹簧的弹力为：F=3mg
剪断细绳的瞬间，对P受力分析，根据牛顿第二定律可得：F−mg=ma，解得：a=F−mgm=3mg−mgm=2g，方向竖直向上，故C正确；
D、对Q受力分析，根据牛顿第二定律有：2mg=2ma′，解得：a′=g，方向竖直向下，故D错误。
故选：C。
剪断细绳的瞬间，弹簧的弹力不变，根据牛顿第二定律求出物体P、Q的瞬时加速度大小和方向。
本题考查牛顿第二定律的瞬时问题，知道弹簧的弹力在瞬间不变，结合牛顿第二定律进行求解。
6.【答案】C
【解析】解：AB.对球B受力分析，如图所示
由几何关系可得FA=GBtanθ，FB=GBsinθ，由题意可知θ逐渐变小，则sinθ变小，tanθ变小，所以FA、FB均逐渐增大，由牛顿第三定律知，FB也逐渐增大，故AB错误；
CD.把A、B作为整体来研究，地面对A的摩擦力为f=FA，地面对A的支持力为FN=(M+m)g
可见地面对A的支持力不变，摩擦力变大，故地面对A的作用力变大。故C正确，D错误。
故选：C。
对圆球B受力分析，结合平衡条件可知挡板对B的力FA随角度变化而增大；对整体受力分析，地面对A的支持力不变、摩擦力随FA增大而增大，故地面对A的作用力增大。
本题考查动态平衡问题，核心是利用几何关系与平衡条件分析力的变化，通过整体法简化地面对A的作用力分析。
7.【答案】D
【解析】解：AB、把A、B作为整体，设A、B加速度为a，由牛顿第二定律可得：F=(mA+mB)a，代入数据解得：a=FmA+mB=91+2m/s2=3m/s2，故AB错误；
CD、设AB间细线的拉力为F，对B，由牛顿第二定律可得：F=mBa，代入数据解得：F=mBa=2×3N=6N，故C错误，D正确。
故选：D。
对A、B组成的状态，根据牛顿第二定律求解整体的加速度；以B为研究对象，由牛顿第二定律求出AB间细线的拉力大小。
本题考查了牛顿第二定律的应用，本题是连接体问题，分析清楚物块的受力情况是解题的前提，应用牛顿第二定律即可解题，解题时注意整体法与隔离法的应用。
8.【答案】AD
【解析】解：根据v−t图像的斜率表示加速度，由图像可知在0～t1内，电梯加速上升，加速度竖直向上，则游客处于超重状态；在t1～t2内，电梯做匀速直线运动，游客处于平衡状态；在t2～t3内，电梯减速上升，加速度竖直向下，游客处于失重状态，且加速度逐渐减小，根据牛顿第二定律可得mg−FN=ma，即FN=mg−ma，可知电梯对游客的支持力逐渐增大，根据牛顿第三定律可知，游客对电梯的压力逐渐增大，故AD正确，BC错误。
故选：AD。
根据v−t图像的斜率表示加速度，加速度向下为失重状态，加速度向上为超重状态。
本题主要考查了超重失重现象，解题关键是通过v−t图像来判定加速度的变化，掌握加速度向下为失重状态，加速度向上为超重状态。
9.【答案】AC
【解析】解：A.由v−t图像可知，物体在前2s内做匀加速直线运动，前2s内物体运动的加速度大小a=ΔvΔt=42m/s2=2m/s2，故A正确；
B.前4s内物体运动的位移大小x=12at12+v2t2=12×2×22m+4×2m=12m，故B错误；
C.物体受力如图所示，
对于前2s，由牛顿第二定律得F−Ff=ma，Ff=μmg
2s后物体做匀速直线运动，由平衡条件得F′=Ff
由F−t图像知F=15N，F′=5N
代入数据得m=5kg，μ=0.1，故C正确，D错误。
故选：AC。
结合v−t图像求加速度，由F−t图像得不同阶段的拉力，利用牛顿第二定律与受力分析，求解加速度、动摩擦因数、质量与位移。
本题通过F−t与v−t图像结合，考查受力分析、牛顿定律与运动学公式的综合应用，情境典型，能有效检验对图像信息的提取与力学规律的整合能力。
10.【答案】AC
【解析】解：AB.以小球为对象，根据牛顿第二定律可得mgtanθ=ma
代入数据得a=7.5m/s2，方向水平向右，车厢可能加速向右运动，也可能减速向左运动，故A正确，B错误；
CD.以箱子为对象，根据牛顿第二定律可得f=Ma
代入数据得箱子受到的静摩擦力大小为f=15N，方向水平向右，故C正确，D错误。
故选：AC。
对小球受力分析，由牛顿第二定律求出加速度，再对箱子受力分析求静摩擦力，判断车厢运动状态。
本题结合受力分析与牛顿运动定律，考查对加速度与运动状态关系的理解，能检验受力分析与逻辑推理能力。
11.【答案】B 3.6 BC F′
【解析】解：(1)合力和分力是一种等效替代关系，所以本实验采用的主要的科学方法是等效替代法，故B正确、ACD错误；
故选：B。
(2)弹簧测力计每小格代表的0.2N，图乙中的示数为3.6N。
(3)A、为减小实验误差，两细绳不必等长，但要适当长些，故A错误；
B、应尽可能使实验过程中，各个力保持在同一平面，故弹簧测力计、细绳、橡皮条都应与木板平行，故B正确；
C、为了记录的方向准确，拉橡皮条的细绳要长些，标记同一细绳方向的两点要远些，故C正确；
D、为了减小做合力等效图时带来的误差，用两弹簧测力计同时拉细绳时两弹簧测力计示数之差应尽可能小，故D错误。
故选：BC。
(4)图丙中，F是根据平四边形定则作出的两个力的合力，则F′则应是记录一个力将橡皮条拉到O点时的拉力，方向一定沿OA方向。
故答案为：(1)B；(2)3.6；(3)BC；(4)F′。
(1)合力和分力是一种等效替代关系；
(2)弹簧测力计每小格代表的0.2N，根据指针位置进行读数；
(3)根据本实验减少实验误差的方法进行分析；
(4)根据平四边形定则作出的两个力的合力不一定沿橡皮条伸长方向，实际拉力一定沿橡皮条方向。
本题主要是考查“探究两个互成角度的力的合成规律”的实验，关键是弄清楚实验原理、实验方法、减少误差的方法。
12.【答案】ABC 0.25 0.75 C
【解析】解：(1)A、实验过程中，应先接通电源，再释放小车，故A正确；
B、为保证绳的拉力方向与运动方向一致，滑轮与小车之间的细绳要保持与木板平行，故B正确；
C、为了消除摩擦带来的影响，应补偿小车运动过程中受到的阻力，故C正确；
D、根据牛顿第二定律可知
T=Ma=mMgM+m=11+mMmg
则为了使得T近似等于mg，则牵引小车的钩码质量m应远小于小车的总质量M，故D错误。
故选：ABC。
(2)已知交流电源的频率为50Hz，每两个相邻计数点间还有四个计时点没有画出，则两个相邻计数点间的时间间隔为
T=5×1f=5×150s=0.1s
小车在B点时的速度
vB=xAC2T=(6.45−1.40)×10−22×0.1m/s≈0.25m/s
小车运动的加速度大小为
a=xCF−xOC9T2=(19.65−6.45−6.45)×10−29×0.12m/s2=0.75m/s2
(3)图像不过原点的可能原因是：未补偿阻力或补偿阻力不够；图像末端发生弯曲的可能原因是：所挂钩码的质量过大，未保证小车质量远大于所挂钩码的总质量，故C正确，ABD错误。
故选：C。
故答案为：(1)ABC；(2)0.25；0.75；(3)C。
(1)由该实验过程的注意事项及误差分析得解；
(2)根据中间时刻的瞬时速度等于这段时间内的平均速度求B点的瞬时速度，由逐差法解得加速度；
(3)根据实验原理分析。
本题主要考查探究物体质量、加速度与所受合力三者的关系，熟悉实验过程的注意事项及数据处理是解题的关键，难度一般。
13.【答案】若汽车以1.5m/s2的加速度大小加速，8s末汽车的速度大小为27m/s 若汽车经过5s停下，汽车加速度为3m/s2，方向与初速度方向相反 若汽车以1.5m/s2的加速度大小刹车，刹车12s时的位移大小为75m
【解析】解：(1)汽车的初速度v0=54km/h=15m/s
若汽车以1.5m/s2的加速度大小加速，根据速度公式有v1=v0+a1t1
解得v1=27m/s
(2)若汽车经过5s停下，根据速度公式有0=v0+a2t2
解得a2=−3m/s2
可知加速度大小为3m/s2，方向与初速度方向相反。
(3)若汽车以1.5m/s2的加速度大小刹车，停止运动时间t0=0−v0a3=0−151.5s=10s