海南省海口市2025-2026学年高一（上）期末模拟物理试卷

这是一份海南省海口市2025-2026学年高一（上）期末模拟物理试卷，共17页。试卷主要包含了单选题，多选题，实验题，计算题等内容，欢迎下载使用。
1.在物理学发展的过程中，许多物理学家的科学发现推动了人类历史的进步，下列表述与事实相符的是
A. 牛顿最早通过理想斜面实验得出力不是维持物体运动的原因
B. 伽利略开创了运用逻辑推理和实验相结合进行科学研究的方法
C. 亚里士多德认为力是改变物体运动状态的原因，而不是维持物体运动的原因
D. 笛卡尔认为必须有力作用在物体上，物体才能运动。没有力的作用，物体就静止
2.如图所示，小红在玩跳房子游戏．则小红
A. 在地面上向下蹲的过程中于失重状态
B. 在地面上向上起跳至脱离地面前处于超重状态
C. 在空中上升的过程中处于超重状态
D. 在空中下降的过程中处于失重状态
3.一个物体在光滑的水平面上以初速度v做曲线运动，已知物体在运动中只受水平恒力作用，其轨迹如图所示，则物体在由M点运动到N点的过程中，速度的变化情况是( )
A. 逐渐增大B. 逐渐减小C. 先增大后减小D. 先减小后增大
4.如图所示，A、B两物块质量均为m，用一轻弹簧相连，将A用长度适当的轻绳悬挂于天花板上，系统处于静止状态，B物块恰好与水平桌面接触而没有挤压，此时轻弹簧的伸长量为x.现将悬绳剪断，则( )
A. 悬绳剪断瞬间A物块的加速度大小为2gB. 悬绳剪断瞬间A物块的加速度大小为g
C. 悬绳剪断瞬间B物块的加速度大小为2gD. 悬绳剪断瞬间B物块的加速度大小为g
5.如图所示，木块A，B质量分别为1kg和2kg，用一轻绳连接，在水平力F=6N的作用下沿光滑水平面加速运动，轻绳对A的拉力T为( )
A. 2NB. 3NC. 4ND. 6N
6.如图所示为一轻质弹簧的长度和弹力大小的关系图象。根据图象判断，正确的结论是( )
A. 弹簧的原长为6 cm
B. 弹簧的劲度系数为1 N/m
C. 可将图象中右侧的图线无限延长
D. 该弹簧两端各加2 N拉力时，弹簧的长度为10 cm
7.如图，轻弹簧下端固定在一光滑斜面体的底端，一小物块从斜面顶端由静止开始滑下，在小物块与弹簧接触并非将弹簧压至最短的过程中，下列说法中正确的是( )
A. 小物块接触弹簧后立即做减速运动
B. 小物块接触弹簧后先加速后减速
C. 当弹簧压缩量最大时，小物块的加速度等于零
D. 小物块速度最大的位置与物块静止释放的点有关
8.如图所示，粗糙水平面上放着一木板A，质量M=1kg，A上面放着小物块B，质量m=3kg，A与B以及A与地面间的摩擦因数均为0.1，重力加速度g取10m/s2，现给A施加一个水平恒力F，下列说法中正确的是( )
A. 若F=4N，则A、B一起向右做匀加速运动，加速度为1m/s2
B. 若F=12N，则A、B一起向右做匀加速运动，加速度为2m/s2
C. 如果把F作用在B上，F=6N，则A、B一起向右做匀加速运动，加速度为0.5m/s2
D. 如果把F作用到B上，无论F有多大，木板A均不会运动
二、多选题：本大题共5小题，共20分。
9.在牛顿第二定律F=kma中，关于比例系数k，下列说法正确的是( )
A. 在任何情况下k都等于1B. k的数值由质量、加速度和力的大小决定
C. k的数值由质量、加速度和力的单位决定D. 在国际单位制中，k等于1
10.如图所示装置，两根细绳拴住一球，保持两细绳间的夹角θ=120°不变，若把整个装置在竖直平面内顺时针缓慢转过90°，则在转动过程中，CA绳的拉力FT1大小和CB绳的拉力FT2的大小变化情况是
A. FT1一直增大B. FT1先增大后减小C. FT2一直减小D. FT2最终变为零
11.如图，天花板下细线OC悬挂着一个光滑轻质定滑轮，小物块A置于斜面上，通过细线跨过滑轮与沙漏B连接，滑轮右侧细线与斜面平行。开始时A、B都处于静止状态，OC与竖直方向的夹角为θ，在B中的沙子缓慢流出的过程中，若A始终处于静止( )
A. A受到的摩擦力可能缓慢减小B. A受到的细线拉力可能缓慢增加
C. 细线OC的张力一定缓慢减小D. 细线OC与竖直方向的夹角为θ可能增加
12.如图所示，河水由西向东流，河宽为800 m，河中各点的水流速度大小v水与各点到较近河岸的距离x的关系为v水=3400x(m/s)(x的单位为m)，让小船船头垂直河岸由南向北渡河，小船划水速度大小恒为v船=4 m/s，则下列说法正确的是( )
A. 小船渡河的轨迹为直线
B. 小船在河水中的最大速度是5 m/s
C. 小船在距南岸200 m处的速度小于在距北岸200 m处的速度
D. 小船渡河的时间是200 s
13.如图所示，水平传送带左右两端相距L=3.5m，物体A以水平速度v0=4m/s滑上传送带左端，物体与传送带之间的动摩擦因数μ=0.1.设A到达传送带右端时的瞬时速度为v，g=10m/s2，则下列说法正确的是( )
A. 若传送带的速度等于2m/s，物体一直做减速运动
B. 若传送带的速度等于 3.5m/s，v一定等于3m/s
C. 若v等于3m/s，传送带一定不能沿顺时针方向转动
D. 若v等于3m/s，传送带可能静止，也可能沿逆时针或顺时针方向运动
三、实验题：本大题共3小题，共20分。
14.某同学利用如图甲装置做“探究弹簧弹力大小与其长度的关系”的实验。
(1)在安装刻度尺时，必须使刻度尺保持_________状态。
(2)他通过实验得到如图乙所示的弹力大小F与弹簧长度x的关系图线。由此图线可得该弹簧的原长x0= ______cm，劲度系数k= _________N/m。
(3)他又利用本实验原理把该弹簧做成一把弹簧秤，当弹簧秤上的示数如图丙所示时，该弹簧的伸长量为_____cm。
15.某同学采用如图甲所示的装置及电火花打点计时器探究小车做匀变速直线运动的特点。
(1)为完成本实验，下列器材中必须有的是 ；
A.天平
B.4～6 V低压直流电源
C.刻度尺
D.秒表
(2)安装好实验装置后开始实验，实验中以下操作必需的一项是 ；
A.托盘和砝码的总质量要远小于小车的总质量
B.调整滑轮的高度，使细线与长木板平行
C.将长木板远离滑轮的一端用小木块垫起
D.选择尽可能光滑的长木板做实验
(3)实验中获得某条点迹清晰的纸带如图乙所示，若在误差范围内满足 (填写表达式，用图中物理量表示)，则可认为小车做匀变速直线运动。
16.某实验小组探究“两个互成角度的力的合成规律”，实验过程如下：
a.将橡皮绳的一端E固定，另一端连接两个轻质细绳套(如图1所示)；
b.用两个弹簧测力计通过两细绳套共同拉动橡皮绳，使橡皮绳与细绳套的结点静止于O点，记录下F1、F2的大小及方向(如图2所示)；
c.改用一个弹簧测力计单独拉伸橡皮绳，使前后两次力的作用效果相同，记录下此时F的大小及方向；
d.以F1、F2为邻边作平行四边形，画出对角线F′，并与力F进行比较(如图3所示)。
(1)实验中，要求前后两次力的作用效果相同，指的是 (填选项标号)。
A.前后两次橡皮绳的伸长量相同
B.橡皮绳沿同一方向伸长相同的长度
C.两个弹簧测力计拉力F1和F2的大小之和等于一个弹簧测力计拉力的大小F
(2)图3中的力F和力F′，一定沿橡皮绳EO方向的是 (填“F”或“F′”)。
(3)在该实验中，下列操作正确的是 (填选项标号)。
A.进行图2的实验操作时，F1、F2的夹角越大越好
B.测量时，橡皮绳、细绳和弹簧测力计应贴近并平行于木板
C.弹簧测力计在不超过弹性限度的前提下，读数应适当大些
D.在用两个弹簧测力计同时拉细绳时要注意使两个弹簧测力计的读数相等
(4)某次实验如图2所示，F1、F2的夹角为锐角，现保持F2的方向不变，并逐渐增大F1、F2的夹角至钝角，此过程中保持橡皮绳的结点在O点不动，关于F1拉力大小的变化，下列结论正确的是 (填选项标号)。
A.逐渐增大 B.先增大后减小 C.逐渐减小 D.先减小后增大
四、计算题：本大题共3小题，共36分。
17.如图所示，质量m=10kg物体静止在水平地面上，在斜向上的恒力F拉动下，开始向右运动．已知力F=100N，物体与地面间动摩擦因数μ=0.5，力F与水平方向的夹角θ=37°.(sin37°=0.6,cs37°=0.8,g=10m/s2).
(1)求物体受到的摩擦力的大小；
(2)求力F作用5s时物体的速度大小；
(3)如果力F作用5s后撤去，则物体在从静止开始运动的12s内通过的位移是多大？
18.将三个质量均为m的小球a、b、c用细线相连后(b、c间无细线相连)，再用细线悬挂于O点，如图所示，用力F拉小球c，使三个小球都处于静止状态，且细线Oa与竖直方向的夹角保持θ=30∘，
求：(1)F的最小值为？
(2)F取最小值时ac绳上的弹力大小？
19.如图所示，在光滑水平地面上静置一质量M=2kg、长度L=0.5m的薄木板A，木板右端放有一质量m=4kg的小滑块B(可视为质点)。某时刻在木板右端施加一水平向右的恒力F=14N，作用t=2s后撤去。已知滑块与木板间的动摩擦因数μ=0.2，滑块离开木板前、后的速度不变，取重力加速度大小g=10m/s2，求：
(1)滑块离开木板时的速度大小v；
(2)撤去恒力F时滑块到木板左端的距离d。
答案和解析
1.【答案】B
【解析】【分析】
明确物理学家对运动和力的关系的研究历程，明确亚里士多德、伽利略及牛顿在力和运动中的主要贡献即可。
本题考查物理学史，是常识性问题，对于物理学上重大发现、发明、著名理论要加强记忆，这也是考试内容之一。
【解答】
伽利略最早通过理想斜面实验得出力不是维持物体运动的原因，故A错误;
伽利略开创了运用逻辑推理和实验相结合进行科学研究的方法，故B正确;
亚里士多德认为，力是维持物体运动的原因，故C错误;
亚里士多德认为，必须有力作用在物体上，物体才能运动;没有力的作用，物体就静止，故D错误。故选B。
2.【答案】D
【解析】【分析】
分析小红的运动情况得出其加速度的方向，根据牛顿第二定律分析她所受地面的支持力和她的重力的关系；超重或失重取决于加速度的方向，与速度方向无关。
【解答】
A.在地面上向下蹲的过程中，先向下加速，后向下减速，加速度方向先向下后向上，故为先失重后超重状态，A错误；
B.在地面上向上起跳至脱离地面前，先向上加速后减速，加速度方向先向上后向下，故先为超重状态后失重，B错误；
CD.在空中上升、下降的过程中，均只受重力作用，均为完全失重状态，故C错误，D正确。
故选D。
3.【答案】D
【解析】【分析】
曲线运动的条件是合力与速度方向不共线，且指向曲线的内侧，本题关键根据曲线运动的条件判断出水平恒力的方向，然后判断速度变化情况。
【解答】
曲线运动的条件是合力与速度方向不共线，且指向曲线的内侧，故水平恒力向右侧；物体从M向N运动的过程中，合力的方向开始时与速度方向之间的夹角是钝角，后来合力的方向与速度方向之间的夹角是锐角，所以速度先减小后增加；故ABC错误，D正确。
故选：D。
4.【答案】A
【解析】【分析】
本题考查牛顿第二定律的应用。解题关键是知道剪断悬绳的瞬间，弹簧的拉力不变，根据牛顿第二定律可以求出瞬时加速度。
先求出悬绳剪断前弹簧的拉力，再根据牛顿第二定律求出悬绳剪断瞬间A的瞬时加速度。
【解答】
AB.剪断悬绳前，对B受力分析，B受到重力和弹簧的弹力，可知弹簧的弹力F=mg。剪断瞬间，对A分析，A的合力为F合=mg+F=2mg，根据牛顿第二定律，得a=2g；剪断瞬间，对B受力分析，B的受力情况不变，则B的加速度为0，，故A正确，BCD错误。
故选A。
5.【答案】A
【解析】解：由牛顿第二定律得：
对A、B系统：a=FmA+mB=61+2m/s2=2m/s2，
对A：T=mAa=1×2N=2N；
故选：A。
应用牛顿第二定律求出加速度，然后以A为研究对象，由牛顿第二定律求出绳子的拉力。
本题考查了牛顿第二定律的应用，分析清楚物体的受力情况是解题的前提，应用牛顿第二定律即可解题，解题时注意整体法与隔离法的应用。
6.【答案】A
【解析】【分析】
由弹簧的长度L和弹力F大小的关系图象，读出弹力为零时弹簧的长度，即为弹簧的原长；由图读出弹力为F=2N，弹簧的长度为x=4cm，求出弹簧压缩的长度，由胡克定律求出弹簧的劲度系数。
胡克定律公式F=kx中，x是弹簧伸长或压缩的长度，不是弹簧的长度，弹力与形变量成正比。
【解答】
A.由图读出，弹簧的弹力F=0时，弹簧的长度为L0=6cm，即弹簧的原长为6cm，故A正确；
B.由图读出弹力为F1=2N，弹簧的长度为L1=4cm，弹簧压缩的长度x1=L0−L1=2cm=0.02m；
由胡克定律得弹簧的劲度系数为k= F x = 2N0.02m =100N/m；故B错误；
C.弹簧都有一定的弹性限度，故长度不能无限拉长，故C错误；
D.该弹簧两端各加2 N拉力时，弹簧弹力为2N，弹簧伸长2cm，长度为8cm，故D错误；
故选A。
7.【答案】B
【解析】【分析】
解决本题的关键是分析小球的受力情况，判断其运动情况，是常见的问题．
【解答】
小球接触弹簧后，弹簧的弹力先小于重力沿斜面向下的分力，小球的合力沿斜面向下，加速度也沿斜面向下，与速度方向相同，故小球做加速运动，因弹力逐渐增大，合力减小，加速度减小；随着小球向下运动，弹簧的弹力增大，当弹簧的弹力大于重力沿斜面向下的分力后，小球的合力沿斜面向上，加速度沿斜面向上，与速度方向相反，小球做减速运动，弹力增大，合力增大，加速度也增大；
AB、小球接触弹簧后速度先增大后减小，故A错误，B正确
C、压缩量最大时，加速度不为零，故C错误．
D、小物块速度最大的位置即加速度为零的位置，也就是合力为零的位置，即mgsinθ=kx，与物块静止释放点无关，故D错误；
故选：B。
8.【答案】D
【解析】解：A.A、B之间的最大静摩擦力f1=μmg
代入数据得f1=3N
A与地面之间的最大静摩擦力f2=μ(m+M)g
代入数据得f2=4N
由于当恒力等于4N时，大小恰好等于A与地面之间的最大静摩擦力，此时A、B仍然处于静止状态，故A错误；
B.当水平恒力施加在A上，A、B之间，A与地面之间均达到最大静摩擦力，则有F1−f2=(M+m)a1，f1=ma1
代入数据得F1=8N，a1=1m/s2
可知，当恒力等于12N，大于8N时，A、B发生相对运动，B相对于A向左运动，B的加速度为a1=1m/s2
对A进行分析有F−f2−f1=Ma2
代入数据得a2=5m/s2，故B错误；
CD.结合上述可知f1=3N