2026届广东省惠州市实验中学高三上学期12月阶段性检测物理试卷（含答案）

这是一份2026届广东省惠州市实验中学高三上学期12月阶段性检测物理试卷（含答案），共9页。试卷主要包含了单选题，多选题，实验题，计算题等内容，欢迎下载使用。
1.如图所示，某同学的妈妈用四根手指拎一手提包。若改用一根手指拎，简化图如图所示，两种情况手提包都处于静止状态。则一根手指拎手提包时( )
A. 手对手提包的作用力变大B. 手对手提包的作用力变小
C. 手提包的包带产生的拉力变小D. 手提包的包带产生的拉力变大
2.2020年12月17日，嫦娥五号成功返回地球，创造了我国到月球取土的伟大历史。如图所示，嫦娥五号取土后，在P处由圆形轨道Ⅰ变轨到椭圆轨道Ⅱ，以便返回地球。则嫦娥五号( )
A. 分别在轨道Ⅰ和Ⅱ上运行至P处时速度大小相等
B. 绕轨道Ⅰ运行的周期大于绕轨道Ⅱ运行的周期
C. 分别在轨道Ⅰ和Ⅱ上运行至P处时加速度大小相等
D. 在轨道Ⅰ运行时的机械能和在轨道Ⅱ运行时的机械能相等
3.中国高铁向世界展示了中国速度。现有和谐号和复兴号高铁相继从宝鸡站点由静止出发，沿同一方向做匀加速直线运动。两车运动的速度一时间图像如图所示，下列说法正确的是( )
A. 复兴号高铁追上和谐号动车前，t=70s时两车相距最远
B. 复兴号高铁经过95s加速达到最大速度
C. t=140s时，复兴号高铁追上和谐号动车
D. 复兴号高铁追上和谐号动车前，两车最远相距4900m
4.抛秧是一种水稻种植方法。如图甲所示，在抛秧时，人们将育好的水稻秧苗大把抓起，然后向空中用力抛出，使秧苗分散着落入田间。这种种植方式相对传统插秧更省时省力。某同学研究抛秧的运动时，将秧苗的运动简化为以肩关节为圆心，臂长为半径的圆周运动，忽略空气阻力，如图乙所示。秧苗在起抛处速度为零，离手瞬间通过手指改变秧苗的运动方向，A、B两秧苗同时离开手后做不同的抛体运动，其轨迹在空中交于P点。关于秧苗A、B在整个运动过程中，下列说法正确的是( )
A. A先经过P点
B. 抛出后A初速度的水平分量一定小于B初速度的水平分量
C. 抛出前在最低点，处于失重状态
D. 起抛处，手对秧苗的作用力一定大于秧苗的重力
5.排球运动员进行垫球训练，排球以6m/s的速度竖直向下落在运动员的小臂上，然后以8m/s的速度竖直向上垫起。已知排球的质量为270g，排球与手臂的作用时间为0.2s。不计空气阻力，取g=10m/s，下列说法正确的是( )
A. 排球速度变化量的大小为2m/sB. 排球对手臂的平均作用力大小为21.6N
C. 排球动量变化量的大小为D. 排球受到手臂的冲量大小为3.78N⋅s
6.如图所示，质量为m的物体静止在地面上，物体上面连着一个轻弹簧，用手拉住弹簧上端向上移动H，将物体缓缓提高h，拉力F做功WF，不计弹簧的质量，已知重力加速度为g，则下列说法正确的是( )
A. 重力做功−mgh，重力势能减少mgh
B. 弹力做功−WF，弹性势能增加WF
C. 重力势能增加mgh，弹性势能增加FH
D. 重力势能增加mgh，弹性势能增加WF−mgh
7.A，B两个小球带同种电荷，放在光滑的绝缘水平面上，A的质量为m，B的质量为2m，它们相距为d，同时由静止释放，在它们距离到2d时，A的加速度为a，速度为v，则( )
A. 此时B的加速度为a/4B. 此过程中电势能减小5mv2/8
C. 此过程中电势能减小mv2/4D. 此时B的速度为v/2
二、多选题：本大题共3小题，共18分。
8.一列简谐横波在t=1.0s时的波形图如图甲所示。介质中x=2m处的质点P的振动图像如图乙所示。下列说法正确的是( )
A. 波沿x轴负方向传播
B. 波的传播速度的大小为0.5m/s
C. t=2.0s时，质点P的速度沿y轴的正方向
D. 从t=0.5s到t=2.0s，质点P通过的路程为3m
9.如图所示为某种空气净化器的简化示意图，带负电的金属棒和带正电的格栅板形成图示的电场，实线为电场线，虚线表示等势面，M点和P点在同一电场线上，脏空气中的微粒带电后，运动到格栅板被吸收，从而达到清洁空气的目的，不考虑微粒的重力以及空气阻力的影响。下列说法正确的是( )
A. 脏空气中的带电微粒带负电
B. M点的电势比P点的电势低
C. M点的电场强度比P点的小
D. 脏空气中的带电微粒在M点的电势能比在P点的小
10.如图甲所示，水平传送带匀速转动，一个物块从传送带的右端以一定的初速度向左滑上传送带，物块在传送带上的运动的位移随时间变化的规律如图乙所示，0∼3s内图像是抛物线，3∼4.5s内图像是直线，重力加速度为10m/s2，不计物块大小，则下列判断正确的是( )
A. 传送带沿顺时针方向匀速转动B. 传送带转动的速度大小为2m/s
C. 物块滑上传送带时的初速度大小为4m/sD. 物块与传送带间的动摩擦因数为0.4
三、实验题：本大题共2小题，共16分。
11.某同学利用图(a)所示的装置验证碰撞过程中的动量守恒定律。A、B两滑块均带有弹簧片和宽度相同的遮光片，测得滑块A、B(包含弹簧片和遮光片)的质量分别为m1和m2。将两滑块放在气垫导轨上，气垫导轨右侧两支点高度固定，左侧支点高度可调。
(1)实验前，该同学用游标卡尺测量遮光条的宽度d，结果如图(b)所示，则d= mm。
(2)该同学在调节气垫导轨水平时，开启充气泵，将一个滑块轻放在导轨中部后，发现它向右加速运动。此时，应调节左支点使其高度 (填“升高”或“降低”)。
(3)将气垫导轨调节水平后，给滑块A一向右的初速度，使它与滑块B发生正碰。碰前滑块A通过光电门1的遮光时间为t0，A、B碰后分别通过光电门1和光电门2，遮光时间分别为t1和t2，则该同学所要验证的动量守恒定律的表达式为 (用m1、m2、t0、t1和t2表示)。
12.某实验小组用气垫导轨验证机械能守恒定律，装置如图甲所示。重力加速度为g。
(1)用螺旋测微器测出挡光片的宽度，示数如图乙所示，则挡光片宽度d= mm。
(2)开动气源，让滑块在气垫导轨上A点(图中未标出)由静止释放，滑块通过光电门时，挡光片挡光时间为t，用手机的测角度功能测出气垫导轨的倾角θ，用刻度尺测出滑块在A点时挡光片到光电门的距离L，若滑块的质量为m，则滑块从A点滑到光电门，滑块动能的增加量为ΔEk= ，重力势能的减少量ΔEp= (用m、d、t、g、L和θ表示)。
(3)改变气垫导轨的倾角多次实验，每次滑块均从A点由静止释放，记录每次测得的气垫导轨的倾角θ，挡光片挡光的时间t，根据测得的多组数据，作1t2−sinθ图像，如果图像是一条过原点的倾斜直线，且图像的斜率等于 ，则表明滑块滑动过程中机械能守恒。实验中为了减小实验误差，采用图像法处理数据，这是为了减小 (填“偶然”或“系统”)误差。
四、计算题：本大题共3小题，共38分。
13.一款气垫运动鞋如图甲所示，在鞋底塑料空间内设置有可形成气垫的储气腔，里面充满气体(可视为理想气体)，运动时通过压缩气体来提供一定的缓冲效果，降低运动时脚踝和地面撞击造成的损伤。单只鞋子鞋底的塑料空间可等效为如图乙所示的模型，已知鞋子未被穿上时，环境温度为T0=300K，每只鞋气垫内气体体积为V0=36cm3，压强为p0=1.0×105Pa，等效作用面积恒为S=200cm2，忽略鞋底其他结构产生的弹力，取g=10m/s2。
(1)若质量为m=88kg的运动员穿上该运动鞋，单脚站立时，气垫不漏气，且气垫内气体与环境温度始终相等，求触地的鞋气垫内气体的体积。
(2)若某次跑步过程中，气垫内气体被反复压缩、扩张，最终气垫内气体恢复初始体积，温度变为1.2T0，求此时气垫内气体的压强。
14.如图所示，竖直固定的光滑绝缘圆轨道处于水平方向的匀强电场中，轨道半径为R。一质量为m、电荷量为q(q>0)的带电小球(可视为质点)在轨道内侧的P点处于静止，过P点的轨道半径与竖直方向的夹角θ=37°，sin37°=0.6，cs37°=0.8，重力加速度为g。某时刻，沿轨道切线方向给小球一大小为v的速度，使小球能沿轨道做完整的圆周运动。
(1)求电场强度的大小；
(2)求小球做圆周运动通过P点时对轨道的压力大小；
(3)设P点的电势为零，求小球在运动过程中的最大电势能和最大动能。
15.如图所示，光滑固定轨道由足够长的水平直轨和14圆弧平滑连接组成，木板B静止在直轨上，小物块A放在长木板B的左端，小物块C静置于木板B的右侧水平直轨上。已知A、B、C的质量分别为m、3m、6m，木板B长为L。现给小物块A一水平向右的初速度v0，经过一段时间后木板B与小物块C发生弹性碰撞，小物块C冲上圆弧轨道后一段时间，A、B两物块相对地面静止，此时物块A距木板B的左端距离为9L10，又经过一段时间，物块C返回水平轨道第二次与木板B发生弹性碰撞。求：
(1)B、C第一次碰撞前瞬间B的速度大小；
(2)从A开始运动到B、C第二次碰撞前，A、B间因摩擦产生的 热量Q；
(3)通过计算说明物块A最终是否与木板B脱离。
参考答案
1.D
2.C
3.B
4.B
5.B
6.D
7.D
8.AC
9.AB
10.ABC
降低
m1t0=m2t2−m1t1

12mdt2
mgLsinθ
2gLd2
偶然

13.解：(1)人穿上后气体压强 p1=p0+mgS=(105+880200×10−4)Pa=1.44×105Pa
根据玻意耳定律 p0V0=p1V1
解得 V1=25cm3
(2)由查理定律可知 p0T0=p2T2
解得 p2=1.2×105Pa

14.解：(1)小球在P点受到重力mg、电场力qE和轨道的支持力作用处于平衡状态，如图所示

根据几何关系有 mgtanθ=qE
解得 E=3mg4q
(2)小球做圆周运动，在P点受到重力mg、电场力qE及轨道的支持力FN的作用，合力提供向心力，由牛顿第二定律得FN−mgcsθ=mv2R
解得FN=54mg+mv2R
根据牛顿第三定律得，小球通过P点时对轨道的压力大小为F N′=FN=54mg+mv2R
(3)轨道上M(M点与轨道圆心O等高，且在轨道的最左端)的电势最高，小球在该点的电势能最大设为Ep，由电场力做功与电势能的关系得−qER(1+sinθ)=0−Ep
解得 Ep=65mgR
小球运动到P点时动能最大，设小球最大动能为Ek，则 Ek=12mv2

15.解：(1) B、C碰撞前瞬间对A、B系统，由动量守恒可得：
mv0=mvA+3mvB
B、C第一次碰撞前后动量守恒、动能守恒，有：
3mvB=3mvB′+6mvC
12·3mvB2=12·3mvB′2+12·6mvC2
B、C发生第一次碰撞后，对A、B系统由动量守恒可得：
mvA+3mvB′=0
联立以上方程解得：vB′=−13vB，vC=23vB
解得：vB=14v0；
(2) 方法一：B、C第一次碰撞前A、B间的摩擦生热：
Q1=12mv02−12mvA2−12·3mvB2=38mv02
B、C第一次碰撞后至第二次碰撞前，A、B间的摩擦生热：
Q2=12mvA2+12·3mvB′2=124mv02
两个过程中总的摩擦生热：Q=Q1+Q2
解得：Q=512mv02;
方法二：两个过程中总的摩擦生热：
Q=12mv02−12·6mvC2
解得：Q=512mv02；
(3)B、C第二次碰撞，动量守恒和动能守恒，有：
6mvC=6mvC′+3mvB′′
12·6mvc2=12·6mvc′2+12·3mvB′′2
解得：vC′=118v0，vB′′=29v0
假设A没有滑离木板B，A、B最终将共速，由动量守恒定律可得：
3mvB′′=(m+3m)v共
解得：v共=16v0
此过程摩擦生热;Q′=12·3mvB′′2−12·4mv共2=154mv02
摩擦生热与相对位移成正比：Q′Q=Δx910L
解得：△x=125L，△xvC′，之后B、C不会再次碰撞，故物块A不会与木板B脱离。