2026届广东省广州市六校高三上学期1月一模联考物理试卷（含答案）

这是一份2026届广东省广州市六校高三上学期1月一模联考物理试卷（含答案），共10页。试卷主要包含了单选题，多选题，实验题，计算题等内容，欢迎下载使用。
1.2025年9月3日，纪念中国人民抗日战争暨世界反法西斯战争胜利80周年大会在北京隆重举行。图为中国人民解放军空军航空兵八一飞行表演队一架歼−10SY表演机、6架歼−10C表演机组成的教练机梯队飞过天坛上空，梯队飞过天安门上空时，梯队编队队形不变，下列说法正确的是( )
A. 以歼−10SY为参考系，歼−10C是运动的
B. 以歼−10C的某一架表演机为参考系，歼−10SY是运动的
C. 以天安门为参考系，歼−10C是运动的
D. 以天安门上的观众为参考系，歼−10SY是静止的
2.如图所示，某人站在台阶上用绳子把一个光滑圆球拉到台阶上，绳子质量不计，拉球的绳子延长线通过球心，图示时刻圆球刚好处于平衡状态，拉力F与半径OA成直角。若此时改变绳子的拉力方向(延长线仍通过球心)，让圆球仍在原位置保持静止，下面说法正确的是( )
A. 减小绳子与半径OA的夹角，F减小
B. 减小绳子与半径OA的夹角，F增大
C. 增大绳子与半径OA的夹角，F减小
D. 增大绳子与半径OA的夹角，F先减小后增大
3.从量子力学理论系统建立到2025年，恰好100周年，以下关于量子力学相关的物理学史和理论阐述正确的是
A. 普朗克黑体辐射理论认为：电磁波的能量是分立的
B. 玻尔的氢原子模型认为：电子绕核运动的轨道可以是任意半径
C. 德布罗意的“物质波”假设认为：实物粒子也具有波动性，其波长为λ=ph
D. 爱因斯坦的光电效应理论认为：光电子的最大初动能与入射光的频率成正比
4.2025年9月9日，我国以一箭11星方式，成功将吉利星座05组卫星送入预定轨道，发射任务取得圆满成功。已知该组卫星绕地球做圆周运动的轨道半径小于地球同步卫星的轨道半径，下列说法正确的是
A. 该组卫星的发射速度可能大于第二宇宙速度
B. 该组卫星绕地球运行的线速度可能大于第一宇宙速度
C. 该组卫星发射升空的过程中受到地球的万有引力不变
D. 该组卫星的运行周期小于地球自转周期
5.地球表面大气对光的折射率随高度的增加而逐渐减小。一束太阳光从大气层中某点射入，此后光的传播路径可能正确的是( )
A. B. C. D.
6.今年寒假期间，来海南旅游过年成了热门话题。许多内地游客首次见到大海，都会情不自禁地对着大海大喊一嗓子。关于声音从空气传入海水中，下列说法正确的是( )
A. 声波波速变大，频率升高
B. 声波的波长变长
C. 男生和女生同时发出的声音会产生干涉现象
D. 声音在海水中传播速度小于340m/s
7.ΔABC是一等腰直角三角形，∠A=90 ∘，如图所示，在顶点B、C各放置一个电荷量为Q的负点电荷，这时顶点A处电场强度的大小为E1；若将C处的负点电荷替换为电荷量为Q的正点电荷，B处不变，这时顶点A处电场强度的大小为E2，则E1E2的比值为( )
A. 1B. 2 2C. 22D. 2
二、多选题：本大题共3小题，共18分。
8.如图所示，理想变压器的输入端接220V的正弦交流电，副线圈上接有灯泡L和电热器R，开始时开关S断开．当S接通时，以下说法中正确的是( )
A. 副线圈M、N的两端输出电压减小
B. 副线圈M、N的两端输出电压增大
C. 灯泡L的电功率不变
D. 原线圈中的电流增大
9.如图甲所示，将一劲度系数为k的轻弹簧压缩后锁定，在弹簧上放置一质量为m的小物块，小物块距离地面高度为h1。将弹簧的锁定解除后，小物块被弹起，其动能Ek与离地高度h的关系如图乙所示，其中h4到h5间的图像为直线，其余部分均为曲线，h3对应图像的最高点，重力加速度为g，不计空气阻力。下列说法正确的是( )
A. 小物块上升至高度h3时，弹簧形变量为0
B. 小物块上升至高度h4时，加速度为g
C. 解除锁定前，弹簧的弹性势能为mgh5
D. 小物块从高度h2上升到h4，弹簧的弹性势能减少
10.固定在水平面内足够长的光滑平行金属直导轨与电动势E=12V的直流电源、电容C=0.1F的电容器和阻值R=1Ω的定值电阻组成了如图所示的电路。空间内存在方向竖直向上、磁感应强度大小B=1T的匀强磁场，质量m=0.1kg、阻值r=0.5Ω的金属棒ab静置在水平直导轨上，金属棒ab的长度和导轨间距均为L=1m。闭合开关S1，给电容器充电，经足够长时间后断开S1，同时将S2接“1”，金属棒ab从静止开始先加速后匀速，匀速运动后将S2接“2”，金属棒ab做减速运动并最终静止在导轨上。已知重力加速度g=10m/s2，导轨电阻不计，金属棒ab始终与导轨垂直且接触良好，下列说法正确的是( )
A. 电容器完成充电时所带的电荷量为120C
B. 金属棒ab匀速运动时的速度大小为3m/s
C. 金属棒ab加速过程中电容器放出的电荷量为0.6C
D. 金属棒ab减速过程中运动的位移大小为0.9m
三、实验题：本大题共2小题，共18分。
11.小明用如图甲所示的装置“研究平抛运动及其特点”，他的实验操作是：在小球A、B处于同一高度时，用小锤轻击弹性金属片，使A球水平飞出，同时B球被松开。
(1)他观察到的现象是：小球A、B (填“同时”或“先后”)落地；
(2)上述现象说明：平抛运动的时间与 大小无关，平抛运动的竖直分运动是 运动；
(3)然后小明用图乙所示方法记录平抛运动的轨迹，由于没有记录抛出点，如图丙所示，数据处理时选择A点为坐标原点(0,0)，结合实验中重锤方向确定坐标系，丙图中小方格的边长均为0.05m，g取10m/s2，则小球运动中水平分速度的大小为 m/s。
12.某同学在学习到电学元件的伏安特性曲线后，打算通过如下电路来描绘一个标注有“3V，0.3A”小灯泡的伏安特性曲线，并通过描绘的曲线来研究小灯泡的电阻随电压变化的规律。可供选择的仪器有：
A. 0∼600mA，电阻约为1Ω的电流表
B. 0∼100mA，电阻约为5Ω的电流表
C. 0∼3V，电阻约为1KΩ的电压表
D.最大电阻为20Ω额定电流为1.0A的滑动变阻器
E.最大电阻为1kΩ额定电流为0.1A的滑动变阻器
F.蓄电池6V、开关，导线若干
(1)电流表应选 ，滑动变阻器应选 (均填写前面的字母序号)；
(2)将电压表右端接线柱先后接a、b两不同的位置分别进行实验，两次实验测得该小灯泡伏安特性曲线如图所示。则随着电流的增加，小灯泡的电阻 (填“增大”“减小”或“不变”)；
(3)当电压表右端接a时，若用电压表示数除以电流表示数表示小灯泡电阻的测量值，则小灯泡电阻的测量值比真实值 (填“偏大”“偏小”或“不变”)；
(4)若已知小灯泡在电压为3V时的准确电阻值为10Ω，则根据实验描绘出的小灯泡的伏安特性曲线可以求得接入电路中的电流表的阻值为 (结果保留两位有效数字)。
四、计算题：本大题共3小题，共36分。
13.如图所示，下端开口的导热汽缸竖直悬挂在天花板下，缸口内壁有卡环，卡环与汽缸底部间的距离为L。一横截面积为S、质量为m的光滑活塞将一定量的理想气体封闭在汽缸内，缸内气体温度T，活塞处于静止状态，活塞与汽缸底部的距离为45L。现对缸内气体缓慢加热，直至活塞到达卡环处，此过程中气体内能增加了ΔU。已知外界大气压强为11mgS，重力加速度为g，不计活塞厚度。求：
(1)初始温度T 时缸内气体的压强p；
(2)升温过程中缸内气体吸收的热量Q。
14.如图所示，某体质训练比赛中，选手需要借助悬挂在高处O点的轻绳、静止在水面上的浮台从左岸到达右岸。一选手(可视为质点)在左岸抓住绳，此时绳与竖直方向夹角α=60 ∘，然后由静止开始运动摆到最低点时选手处于浮台正上方，但脚恰好未与浮台接触，此时松手，选手落到浮台后立即与浮台共速，一同向右侧岸边运动；当浮台速度减为原来的一半时，恰要撞上岸边，选手立即以v1=6m/s的速度水平向右跳离浮台，跳离瞬间浮台以v2=6m/s的速度水平向左运动。已知选手的质量m=60kg，绳的长度l=6.4m，浮台向右移动时水的阻力f大小恒定，不计空气阻力，重力加速度g取10m/s2。
(1)求选手摆到最低点时对绳的拉力大小T；
(2)求浮台的质量M；
(3)若该过程浮台向右移动的距离x=2.7m，求其所受水的阻力大小f。
15.如图所示，平面内存在一个圆形匀强磁场，磁感应强度为B，方向垂直纸面向外，圆外某点O(未画出，在MN左侧)固定了一正点电荷Q。现将一带电荷量为−q(q>0)的粒子从圆上的M点以某一速度射入磁场，速度方向与MN成)30 ∘，粒子恰好在磁场中做匀速圆周运动到N点离开磁场，之后粒子做椭圆运动到P点(未画出)，粒子在P点的速度方向与N点的速度方向相反。已知电荷量为Q的点电荷产生的电场中，取无穷远处的电势为0，与该点电荷距离为r处的电势φ=kQr，Q=30q，粒子的质量为B2d38k，M、N两点的距离为d，k为静电力常量，求：
(1)粒子射入磁场的速度大小v；
(2)粒子离开N后做椭圆运动的半长轴a；
(3)粒子从N点运动到P点的时间t。
参考答案
1.C
2.B
3.A
4.D
5.B
6.B
7.A
8.CD
9.BD
10.CD
11.同时
初速度
自由落体
1.5

12.A
D
增大
偏小
0.67Ω

13.(1)活塞初态平衡时，则有 pS+mg=p0S
结合 p0=11mgS
解得 p=10mgS
(2)等压变化过程中，外界对气体所做功 W=−pSL−45L
由热力学第一定律得 ΔU=W+Q
解得 Q=ΔU+2mgL

14.(1)选手开始运动至最低点过程，根据动能定理，有 mgl−lcsα=12mv02
解得 v0=8m/s 最低点时选手满足 T−mg=mv02l 解得 T=1200N
(2)选手落到浮台时，水平方向动量守恒 mv0=M+mv共
选手跳离浮台时，水平方向动量守恒 M+m12v共=mv1−Mv2 联立可得 v共=6m/s ， M=20kg
(3)对人和浮台一起向右移动的过程，根据动能定理 −fx=12m+Mv共22−12m+Mv共2
解得 f=400N

15.(1)根据题意，作出运动轨迹，如图所示
根据几何关系可得 ∠MON=60 ∘
所以粒子做匀速圆周运动的半径 r=d
根据牛顿第二定律有 qvB+kQqr2=mv2r
解得 v=20kqBd2
(2)粒子从 N 运动到 P 只受电场力作用做椭圆运动，粒子电势能和动能总和不变，有 12mv2+−qφN=12mvP2+−qφP
由题意可知 φN=30kqd ， φP=30kqxOP
类比开普勒第二定律可知粒子在近端和远端，满足 12vΔt⋅d=12vPΔt⋅xOP
解得 xOP1=5d ， xOP2=d
粒子椭圆运动的半长轴 a=d+xOP2
解得 a1=3d ， a2=d (舍去)
(3)将粒子的运动类比为半径 R=a=3d 的圆周运动，类比开普勒第三定律可得 a3T2=R3T′2
其中 kQqR2=m4π2T′2R
解得： T=T′=3 5πBd310kq
则粒子运动的时间 t=12T=3 5πBd320kq