江苏省连云港市灌南县2025-2026学年高二上学期期中考试物理试卷（含答案）

这是一份江苏省连云港市灌南县2025-2026学年高二上学期期中考试物理试卷（含答案），共9页。试卷主要包含了单选题，实验题，计算题等内容，欢迎下载使用。
一、单选题：本大题共10小题，共40分。
1.如图所示，当导线环中有沿逆时针方向通过电流I时，小磁针最后静止时N极的指向( )
A. 平行纸面向右B. 垂直纸面向外C. 垂直纸面向里D. 平行纸面向左
2.下图中分别标明了通电直导线中电流I、匀强磁场的磁感应强度B和电流所受安培力F的方向，其中正确的是( )
A. B.
C. D.
3.长为2L的直导线折成长度相等、夹角为90°的“L”形，并置于与其所在平面相垂直的匀强磁场中，磁感应强度为B。当在导线中通以电流I时，该通电导线受到的安培力多大( )
A. BIL B. 2BIL
C. 2BIL D. 0
4.如图所示，电子的电荷量为e，以速率v沿着与磁场垂直的方向射入磁感应强度为B的匀强磁场中，则电子受到的洛伦兹力多大( )
A. evB B. evBsinθ
C. evBcsθD. 0
5.如图是三根平行直导线的截面图，它们的电流大小都相同，电流方向如图中所示。如果AB=AC=AD，则A点的磁感应强度的方向是( )
A. 由A指向BB. 由A指向DC. 由A指向CD. 由C指向A
6.探究感应电流产生的条件的实验装置如图所示，实验过程中，下列说法错误的是( )
A. 开关处于断开状态时，迅速移动滑动变阻器的滑片，电流表指针会发生偏转
B. 开关处于闭合状态时，迅速移动滑动变阻器的滑片，电流表指针会发生偏转
C. 开关闭合瞬间，线圈A产生的磁场的强弱迅速变化
D. 开关断开瞬间，线圈B内的磁场强弱迅速变化
7.一束电子(e、m)以垂直于磁感应强度B并垂直于磁场左侧边界的速度v射入宽度为d的匀强磁场中，穿出磁场时速度方向和原来射入方向的夹角为θ=60 ∘，轨迹如图所示，则( )
A. 电子做圆周运动的轨道半径为r=dcsθB. 电子做圆周运动的轨道半径为r=dsinθ
C. 电子在磁场中运动的时间t=πm6qBD. 电子在磁场中运动的时间t=2πm3qB
8.下列四幅示意图，甲表示回旋加速器，乙表示磁流体发电机，丙表示速度选择器，丁表示电磁流量计，下列说法正确的是( )
A. 甲图，带电粒子从磁场中获得能量，粒子的动能不断增大
B. 乙图，一束等离子体喷入A、B间的磁场，B极板是发电机的负极
C. 丙图，可以判断出带电粒子的电性，粒子沿直线通过速度选择器的条件是v=EB
D. 丁图，上、下表面的电压U与污水的流量Q成正比
9.如图所示，甲、乙两人静止在光滑的水平冰面上，甲推了乙一下，结果两人向相反的方向滑去，若甲的质量大于乙的质量，则甲、乙分开后( )
A. 甲的动量大于乙的动量B. 甲的动量小于乙的动量
C. 甲的动能大于乙的动能D. 甲的动能小于乙的动能
10.如图所示，A、B、C三个球的质量分别为2m、2m、4m，三个小球从同一高度同时被释放，其中A球有水平向右的初速度v0，B、C由静止释放。三个小球在同一竖直平面内运动，小球与地面之间、小球与小球之间的碰撞均为弹性碰撞，则小球与小球之间最多能够发生碰撞的次数为( )
A. 3次B. 4次C. 5次D. 无数次
二、实验题：本大题共1小题，共15分。
11.如图所示的实验装置可以用来验证动量守恒定律。实验中用到质量分别为mA和mB的钢球A和B。(重力加速度取g)
(1)主要实验步骤有：
①按图所示安装好实验装置，并使斜槽末端 ，在地上铺一张白纸，在白纸上铺放复写纸。在白纸上记下重垂线所指的位置O、O′。
②先不放被碰小球B，让入射小球A球从斜槽上从同一位置C释放，重复多次，找到平均落地点P。
③把B球放在支柱上，让入射小球A从同一位置C释放，使它们发生碰撞，重复多次，找到入射小球落地点的平均位置M和被碰小球落地点的平均位置N。
④测量并记录M、P到O点和N到O′的距离，分别用LOP、LOM、LO′N表示。
(2)要求A、B两球的质量mA mB。(填>、
对心正碰
LOP g2h
LO′N:LOP−LOM

12.解：(1)根据题意，由左手定则可知，导线所受安培力水平向右，对导线受力分析，如图所示
由平衡条件有 FA=Tsinθ ， mg=Tcsθ
解得 T=mgcsθ ， FA=mgtanθ
(2)由安培力公式 FA=BIL
可得 B=mgtanθIL 。

13.解：(1)取垒球飞向球棒的方向为正方向。垒球的初动量为 p1=mv1=0.20×25kg⋅m/s=5.0kg⋅m/s
垒球的末动量为 p2=mv2=0.20×(−25)kg⋅m/s=−5.0kg⋅m/s
则垒球的动量变化量的大小 Δp=p2−p1=10kg⋅m/s
(2)由动量定理可得垒球所受的平均作用力为 F=ΔpΔt=100.002N=5000N
垒球所受的平均作用力的大小为5000N。

14.解：(1)根据题意，由动量守恒定律有 2mv0=m+2mvA
代入数据解得 vA=23v0 。
(2)根据题意，由能量守恒定律可得，碰撞过程中A、B系统损失的机械能 ΔE=12×2mv02−12m+2mvA2
代入数据解得 ΔE=13mv02 。
(3)根据题意可知，当碰撞后两个物体粘在一起时，物体B的速度最小为 vB1=vA=23v0
当两个物体发生弹性碰撞时，物体B的速度最大，设为 vB2 ，由动量守恒定律有 2mv0=2mv′A+mvB2
由能量守恒定律有 12×2mv02=12×2mv′A2+12mvB22
解得 vB2=43v0
则碰撞后物体B的速度大小取值范围为 23v0≤vB≤43v0 。

15.解：(1)根据题意，画出粒子的运动轨迹，如图所示
由几何关系可知 C 点为轨迹的圆心，则轨迹的半径为 r1=12BC=d
由洛伦兹力提供向心力有 qv0B=mv02r1
联立解得 B=mv0qd
(2)根据题意，画出粒子均能从BC边飞出的临界轨迹，如图所示
由几何关系有 sin60 ∘=r2d−r2
解得 r2=2 3−3d
由洛伦兹力提供向心力有 qvmB=mvm2r2
联立解得 vm=qBr2m=2 3−3v0
则所有带电粒子均能从BC边飞出，带电粒子的入射速度 v≤vm=2 3−3v0
(3)根据题意，由洛伦兹力提供向心力有 qvB=mv2r
解得 r=mvqB
若入射速度为 v05 的带电粒子，则有 r3=d5
根据题意，画出粒子从O点出发经磁场偏转后垂直BC再次回到O点的运动轨迹，如图所示
由图可知，粒子的运动时间为 t=7T+60 ∘360 ∘⋅T
又有 T=2πrv=2πmqB=2πdv0
联立解得 t=43πd3v0