2025-2026学年黑龙江省牡丹江市名校协作体高一（上）期末物理试卷（含答案）

这是一份2025-2026学年黑龙江省牡丹江市名校协作体高一（上）期末物理试卷（含答案），共9页。试卷主要包含了单选题，多选题，实验题，简答题，计算题等内容，欢迎下载使用。
1.如图所示，下列有关生活中的圆周运动实例分析，说法正确的是( )
A. 汽车通过凸形桥的最高点时，处于失重状态
B. 铁路的转弯处，通常要求外轨比内轨高，是利用轮缘与外轨的侧压力帮火车转弯
C. 杂技演员表演“水流星”，当它通过最高点时处于完全失重状态，不受重力作用
D. 脱水桶的原理是水滴受到的离心力大于受到的向心力，从而沿切线方向被甩出
2.如图是一名同学在校运会时进行“急行跳远”项目时的示意图，忽略空气阻力，关于该过程下列说法正确的是( )
A. 该同学起跳时的速度越大，惯性越大，跳得越远
B. 落地时，该同学受到地面的支持力是由于鞋底发生了形变
C. 该同学在空中时速度不断改变，说明力是改变物体运动状态的原因
D. 该同学从左向右助跑的过程中，地面受到来自于鞋底的摩擦力方向水平向右
3.如图所示，a、b两物体在竖直向上的恒力F作用下，一起沿粗糙竖直墙面匀速向上运动，a、b两物体的质量分别为M、m，重力加速度为g，则( )
A. a物体一定只受4个力作用
B. a物体与墙壁间可能存在摩擦力的作用
C. 恒力F大于(M+m)g
D. a物体对b物体的作用力垂直于接触面
4.飞镖运动是一项风靡全球的室内体育运动，是集趣味性、竞技性于一体的易于开展的休闲运动项目。如图所示，投掷者将飞镖以某一速度水平掷出，一小段时间后击中靶心上方，该投掷者若要击中靶心，则需要采取的可能措施有哪些，均不考虑空气阻力。( )
A. 仅将飞镖的质量变大一些
B. 仅把投掷点向上移
C. 仅把投掷点向前移
D. 投掷时用力小一些，其他不变
5.如图所示，放在水平地面的人字梯在收拢过程中，梯子底端M、N的移动速度大小均为v，AM=AN，当AM、AN夹角为60°时，顶端A的速度大小为( )
A. 36vB. 33vC. 3vD. 2 3v
6.如图所示，倾角为30°的光滑固定斜面上放置3个质量均为m的小球A、B、C，小球A通过轻质弹簧连接在斜面顶端的挡板上，小球A、B通过轻杆连接，小球B、C通过细绳连接。弹簧的轴线、轻杆和细绳在同一直线上且和斜面平行，初始时各小球均处于静止状态。已知重力加速度大小为g。某时刻剪断细绳，下列说法正确的是( )
A. 剪断细绳前，弹簧上的弹力大小为mg
B. 剪断细绳后瞬间，小球C的加速度为0
C. 剪断细绳后瞬间，轻杆上的弹力变为0
D. 剪断细绳后瞬间，小球A的加速度大小为14g
7.在水平路面上骑摩托车的人，遇到一个壕沟，其尺寸如图所示。摩托车后轮离开地面后失去动力，之后的运动可视为平抛运动，摩托车后轮落到壕沟对面才算安全。不计空气阻力，重力加速度为g，下列说法正确的是( )
A. 摩托车在空中相同时间内速度的变化量不相同
B. 若摩托车能越过壕沟，则其所用时间为 2hg
C. 摩托车能安全越过壕沟的最小初速度为x 2gh
D. 若摩托车越不过壕沟，则初速度越小其在空中的运动时间越短
二、多选题：本大题共3小题，共18分。
8.甲、乙两个小铁球从不同高度做自由落体运动，同时落地下列表示这一过程的x−t图象和v−t图象中正确的是( )
A. B. C. D.
9.如图，光滑水平面上的物体受五个沿水平面的恒力F1、F2、F3、F4、F5作用，以速率v0沿水平面做匀速直线运动，速度方向与恒力F5的方向相反，与F1的方向垂直，速度v0方向与恒力F3的方向夹角为α(αF0=12N
故A、B相对滑动，对A，由牛顿第二定律有
μ1mg=ma1
解得：a1=1m/s2
对B，由牛顿第二定律有
F2−μ2(M+m)g−μ1mg=Ma2
解得：a2=7m/s2
设拉力作用t1时最终小物块刚好没有滑离长木板，则t1时间内小物块速度和位移分别为
v1=a1t1，x1=12a1t12
t1时间内木板的速度和位移分别为
v2=a2t1，x2=12a2t12
此过程中A相对B向左滑动距离
Δx1=12a2t12−12a1t12
水平拉力撤去后，设再经时间t2，A、B刚好共速，因A的受力不变，故A继续加速，加速度仍然为
a1=1m/s2
B做减速运动，且有
μ2(M+m)g+μ1mg=Ma3
解得：a3=5m/s2
则有
v共=v1+a1t2=v2−a3t2
此过程中A相对B向左滑动
Δx2=v2+v共2t2−v1+v共2t2=v2−v12t2
此时A刚好滑到B最左端，则有
Δx=Δx1+Δx2=L2
联立解得：v共=2m/s，t1=t2=1s
即F2作用1s时间后撤去，A刚好不从B的左边滑离。由于A、B间动摩擦因数小，故共速后A相对B向右滑动，A向右减速，加速度大小仍然为
a1=1m/s2
B向右减速，设加速度大小为a4，则有
μ2(M+m)g−μ1mg=Ma4
解得：a4=4m/s2
此后，A、B分别运动x3、x4后停下，有
x3=x共22a1，x4= v共22a4
解得：x3=2m，x4=0.5m
A相对B向右滑动了
Δx′=x3−x4=2m−1.5m=1.5m
即A最终停在B上离B左端1.5m的位置。
答：(1)当A刚好相对B开始滑动时，水平拉力F0的大小为12N；
(2)A所受到的摩擦力大小为0.5N；
(3)F2作用1s时间后撤去，A最终停在B上离B左端1.5m的位置。
14.(1)根据牛顿第二定律μmg=ma
解得a=μg=1m/s2
根据v=at1
可得加速时间t1=6s
由x1=12at12，可知加速的位移x1=18m
则匀速位移x2=L−x1=30m−18m=12m
匀速的时间t2=x2v=126 s=2s
则煤块运动到B点的时间t=t1+t2=6s+2s=8s；
(2)煤块加速过程中传送带的位移x传=vt1=6×6m=36m
则煤块在传送带上留下的划痕长度s=x传−x1=36m−18m=18m。
答：(1)煤块8s运动到B点；
(2)煤块在传送带上留下18m的划痕。
15.解：(1)由题意可知，小物块在B点的速度为：vB=v0csθ，解得：vB=5m/s，小物块在8点竖直方向的分速度为：vBy=vBsinθ，解得：vBy=4m/s
根据平抛运动在竖直方向为自由落体可知：h=vBy22g，解得：h=0.8m
(2)小物块恰好能经过圆弧轨道最高点D，此时重力恰好提供向心力：Fn=mvD2R=mg，解得：vD=2m/s
(3)小物块运动到C点时，设轨道对小物块的支持力为N，根据牛顿第二定律：N−mg=mvC2R，解得：N=100N
根据牛顿第三定律，小物块对轨道的压力大小等于轨道对小物块的支持力，为100N，方向竖直向下。
答：(1)A、B两点的高度差h为0.8m。
(2)小物块经过D点时的速度大小为2m/s。
(3)小物块经过C点时对轨道的压力为100N。