山东省济宁市鱼台县2025—2026学年九年级上册12月月考物理试题【附解析】

这是一份山东省济宁市鱼台县2025—2026学年九年级上册12月月考物理试题【附解析】，共21页。
注意事项：
1．本试卷满分60分，分第Ⅰ卷和第Ⅱ卷两部分，共6页。理化同场时间共120分钟。
2．答第Ⅰ卷时，必须使用2B铅笔填涂答题卡上相应题目的答案标号（ABCD）。如需改动，必须先用橡皮擦干净，再改涂其它答案。
3．答第Ⅱ卷时，必须使用0.5毫米黑色墨水签字笔在答题卡上书写。务必在题号所指示的答题区域内作答。若需改动，先划掉原来的答案，然后再写上新的答案。不准使用涂改液、胶带纸、修正带。否则，答案无效。
第Ⅰ卷（选择题共20分）
一、选择题（下列各题的四个选项中，只有一项符合题意。每小题2分，共20分）
1. 立足学生全面发展，培养学生的核心素养是物理课程育人价值的集中体现，学生对常见物理量进行合理估算的能力是物理核心素养的体现之一。下列估算最接近实际值的是（ ）
A. 对人体的安全电压为36VB. 一盏台灯工作2小时消耗电能约为
C. 一个电热水壶的加热功率约为10WD. 家用空调正常工作时的电流约为5A
【答案】D
【解析】
【详解】A．对人体的安全电压不高于36V，故A不符合题意；
B．一盏台灯功率约为
工作2小时消耗电能约为
故B不符合题意；
C．一个电热水壶的加热功率约为1000W，故C不符合题意；
D．家用空调正常工作时的功率约为1000W，家用空调正常工作时的电流
故D符合题意。
故选D。
2. 物质A通过吸、放热，出现三种不同状态，如图所示。下列有关判断中正确的是（ ）
A. 甲为液态，乙为固态，丙为气态
B. 甲为气态，乙为液态，由甲变乙过程为液化
C. 乙为固态，丙为液态，由乙变丙的过程为熔化
D. 丙为固态，甲为气态，由丙变甲的过程为汽化
【答案】C
【解析】
【详解】物质由固态变为液态的过程叫熔化，熔化吸热，物质由液态变为气态的过程叫汽化，汽化吸热，物质由固态直接变为气态的过程叫升华，升华吸热。由图可知，甲到丙需要放热，甲到乙也需要放热，故甲为气态，乙到丙需要吸热，故乙为固态，丙为液态。甲到乙放热为凝华过程，乙到丙吸热为熔化过程，丙到甲为吸热汽化过程，故C正确，ABD错误。
故选C。
3. 如图所示，对于课本上的四幅插图，下列说法正确的是（ ）
A. 图甲：试管内的水蒸气推动瓶塞冲出去时，水蒸气对瓶塞做功，水蒸气的内能增大
B. 图乙：用完全相同的酒精灯对质量相同的水和煤油加热，利用升高温度反映物质吸热热量的多少
C. 图丙：带正电的物体接触验电器的金属球后，金属箔张开，此过程中电子从物体转移到金属箔片
D. 图丁：将长度相同、粗细相同的镍铬、锰铜丝分别接入相同电路中，研究电阻大小与导体材料的关系
【答案】D
【解析】
【详解】A．试管内的水蒸气推动瓶塞冲出去时，水蒸气对瓶塞做功，水蒸气的内能会减小，故A错误；
B．用完全相同的酒精灯加热，相同时间内物质吸收的热量是相同的，因此利用加热时间来表示物质吸收热量的多少，故B错误；
C．带正电的物体接触验电器的金属球后，金属箔张开，是因为金属箔片上的电子转移到了带正电的物体上，而不是电子从物体转移到金属箔片，故C错误；
D．探究电阻大小与导体材料的关系，根据控制变量法，需要控制导体的长度、横截面积相同，材料不同；因此将长度相同、粗细相同的镍铬、锰铜丝分别接入相同电路中，研究电阻大小与导体材料的关系，故D正确。
故选D。
4. 内燃机的发明是第二次工业革命中应用技术领域的一项重大成就。如图所示为单缸四冲程汽油机的一个冲程示意图，若该汽油机的效率为30%，飞轮每分钟转动1800圈（），则下列说法正确的是（ ）
A. 图中所示冲程是做功冲程
B. 若该汽油机完全燃烧5kg汽油，则汽油机做的有用功为
C. 该汽油机在1s内做功30次
D. 汽油机消耗的燃料越少，效率一定越高
【答案】B
【解析】
【详解】A．图中所示冲程两气阀关闭，活塞向上运动，是压缩冲程，故A错误；
B．若该汽油机完全燃烧5kg汽油，则汽油机做的有用功为
故B正确；
C．飞轮每分钟转动1800圈，则每秒转动30圈，该汽油机飞轮转动2圈对外做功一次，则在1s内做功15次，故C错误；
D．由得，汽油机消耗的燃料越少，完全燃烧释放的热量越少，做的有用功不知，无法比较效率高低，故D错误。
故选B。
5. 如图所示电路，电源电压不变，闭合开关S，电压表V1、V2示数之比为2∶3。下列说法正确的是（ ）
A. 通过R1、R2的电流之比I1∶I2=1∶2B. R1、R2两端的电压之比U1∶U2=2∶1
C. 相同时间R1、R2消耗电功之比W1∶W2=1∶2D. R1、R2的电功率之比P1∶P2=2∶1
【答案】C
【解析】
【详解】A．闭合开关S，R1、R2串联，则通过两电阻的电流相等，即，故A错误；
B．电压表V1测R2两端的电压，电压表V2测电源的电压，则R1、R2两端的电压之比为
故B错误；
C．相同时间R1、R2消耗电功之比
故C正确；
D．R1、R2的电功率之比
故D错误。
故选C。
6. 智能手机耗电达到一定时，会提示用户采用省电模式，在这种模式下，可延长电池的供电时间，原因是（ ）
A. 降低了电池的输出电压
B. 减小了电池的输出功率
C. 减小了电子线路的电阻
D. 增大了电池的输出电流
【答案】B
【解析】
【详解】A．手机工作电压是一定的，如果降低了电池的输出电压，手机将不能正常工作，故A不符合题意；
B．手机电池储存的电能是一定的，由W=Pt知道，减小电池的输出功率，手机的工作时间会增长，故B符合题意；
C．如果电子线路电阻变小，输出电压不变的情况下，由知道，输出功率变大，反而耗电，故C不符合题意；
D．手机电池储存的电能是一定的，由W=Pt知道，要延长手机工作时间，需要减小输出功率，而手机工作电压是不变的，由P=UI知道，在省电模式下，应减小电池的输出电流，故D不符合题意。
故选B。
7. 植物的光合作用需要适度光强的照射，小亮给学校劳动实践基地的蔬菜大棚设计了一个智能感应灯的电路图，如图所示，电源电压恒定，R为光敏电阻（光敏电阻的阻值随光照强度的减小而减小），L为感应灯泡（灯泡电阻不变）。当蔬菜大棚内光强变弱时，下列有关分析正确的是（ ）
A. 电流表示数变大，感应灯泡变亮B. 光敏电阻R两端的电压保持不变
C. 整个电路消耗的总功率逐渐变小D. 电压表示数与电流表示数的比值会变小
【答案】A
【解析】
【详解】A．由图可知，该电路为串联电路，电压表测量灯泡两端的电压，电流表测量电路中的电流。由题意可知，当蔬菜大棚内光强变弱时，光敏电阻R的阻值变小，则电路的总电阻变小，根据可知，电路中电流变大，电流表示数变大；由U=IR可知，灯L两端的电压变大，即电压表示数变大，由P=UI可知，灯泡的实际功率变大，亮度变亮，故A正确；
B．根据串联电阻的分压特点可知，光敏电阻R的阻值变小，光敏电阻R两端的电压变小，故B错误；
C．当电源电压不变时，电路中的电流变大，由P=UI可知，电路的总功率变大，故C错误；
D．由于灯泡电阻不变，所以电压表示数与电流表示数的比值为灯泡的电阻不变，故D错误。
故选A。
8. 图是一个灯泡L和一个定值电阻R的I-U图像。下列分析正确的是（ ）
A. 甲为灯泡L的图线
B. 当电压为0时，L与R的阻值均为0
C. 将L和R并联在的电源两端，电路总电阻为
D. 将L和R串联在的电源两端，L的功率为
【答案】D
【解析】
【详解】A．R为定值电阻，电流随电压的变化关系为过原点的倾斜直线；而灯的电阻随温度的变化而变化，电流随电压的变化关系为曲线，所以甲是定值电阻的I-U图像，乙是小灯泡的I-U图像，故A错误；
B．电阻是导体的一种性质，与电压和电流无关，当电压为0时，L与R的阻值不为零，故B错误；
C．当定值电阻R和小灯泡L并联在电压为6V电路中，由并联电路电压的规律，R和灯L的电压都为6V，由图知，R的电流都为0.25A，L的电流是0.5A，由并联电路电流的规律，电路中总电流为
I=I1+I2=0.25A+0.5A=0.75A
电路总电阻为
故C错误；
D．R与L串联，电路各处的电流相等，由图知，当电路的电流为0.2A时，灯L的电压为1.2V，R的电压为4.8V，由串联电路电压的规律，电路的电压为
1.2V+4.8V=6V
L的功率
PL=ULIL=1.2V×0.2A=0.24W
故D正确。
故选D。
9. 把标有“8V 16W”的白炽灯 L1和“12V 36W”的白炽灯L2串联后接在电源两端，其中只有一只灯泡正常发光（假设灯丝电阻不变），则下列判断正确的是（ ）
A. 电路中电流为3AB. 电源电压为16V
C. 能正常工作的是灯 L2D. 灯L2的实际功率小于灯 L1的实际功率
【答案】B
【解析】
【详解】AC．根据两灯泡的规格可得，两灯泡的额定电流分别为，
由于串联电路中电流是处处相等的，为确保其中一只灯泡正常发光，此时电路中的电流为2A，灯泡L1能正常发光，故AC错误；
B．根据灯泡规格可得，两灯泡的电阻分别为，
此时电源电压为
故B正确；
D．已知两灯泡的电阻相等，串联电流相等，根据可知，两灯泡的实际电功率大小相等，故D错误。
故选B。
10. 在如图甲所示电路中，电源电压不变，R0为定值电阻。滑动变阻器的滑片 P 从a 端移到b 端的过程中，电压表与电流表的示数变化如图乙所示。下列说法错误的是（ ）
A. 电源电压为 6 V
B. 定值电阻R0的阻值为10 Ω
C. 电路的总功率变化范围是0.8~3.6 W
D. 滑动变阻器的调节范围为0~20Ω
【答案】C
【解析】
【详解】ABD．从图甲可以看到，滑片P在a端时，接入电阻为0，滑动变阻器的滑片P从a端移到b端的过程中，电阻变大，根据串联分压原理，电压表的示数从零开始增大；电路中总电阻变大，电压不变，根据可知，电流表的示数是减小的。所以对应图乙中，滑片P在b端时，电压表的示数为4V，电流表的示数为0.2A，变阻器的最大阻值为
电流表示数为0.6A时，电路中只有R0，电源电压为
电流表示数为0.2A时，R0和滑动变阻器串联，电源电压为
联立上面两式解得、，故ABD正确，不符合题意；
C．因为，电路最大电流是0.6A，电路最大功率是
电路最小电流是0.2A，电路最小功率是
故C错误，符合题意；
故选C。
第Ⅱ卷（非选择题 共40分）
二、填空题（每空1分，共12分）
11. 寒冷的冬夜，窗户的玻璃上会出现冰花，这是水蒸气______而成的，冰花出现在窗户玻璃的______（填“内”或“外”）表面．
【答案】 ①. 凝华 ②. 内
【解析】
【详解】[1][2]寒冷的冬夜，室内温度高于室外的温度，所以空气中的水蒸气遇到很冷的玻璃凝华成小冰晶附着在玻璃的内表面形成冰花．
12. 指纹识别解锁是目前较为流行的手机解锁方式，如图甲所示，手指轻轻触碰感应区，则感应区相当于手机电路中的 ___________；如图乙所示，手机充电线的三个插头可同时为三部不同类型的手机充电，那么这三部手机的连接方式是 ___________。
【答案】 ①. 开关 ②. 并联
【解析】
【详解】[1][2]手指轻轻触碰感应区，识别出正确的指纹后手机自动开锁，对手机起控制作用，手机充电线的三个插头可同时为三部不同类型的手机充电，那么这三部手机的连接方式是并联。
13. 两个电阻的规格分别为“10Ω 0.4A”和“15Ω 0.2A”；如果把它们串联起来使用，电路两端允许加的最大电压是______V。
【答案】5
【解析】
【详解】根据串联电路电流规律可知，当两电阻串联时，电路中最大电流为0.2A，电路两端允许加的最大电压是
14. 在标准大气压下，使用煤气灶将2kg的水从20℃加热到100℃，水吸收的热量是________J，若此煤气灶的效率为40%，则需完全燃烧________g的煤气。[水的比热容，煤气的热值]
【答案】 ①. ②. 40
【解析】
【详解】[1]水吸收的热量为
[2]若此煤气灶的效率为40%，根据可得，煤气完全燃烧放出的热量为
则加热这些水需要煤气的质量为
15. 小帆家电能表如图所示，两图分别是5月初和5月末电能表的示数，请回答下列问题：
小帆家在5月份总共用电________kW·h；由表盘可知，小帆家接入用电器的总功率不能超________W；小帆关闭其他用电器，让某用电器单独工作，当用电器工作10mir后，观察到电能表的指示灯闪烁了64次，该用电器消耗的实际功率是________W.
【答案】 ①. 95 ②. 2200 ③. 240
【解析】
【详解】[1]5月末电能表示数为12614.6kW•h，5月初电能表示数为12519.6kW•h，这个月总共用电
[2]电能表上标志额定电压是220V，允许通过的最大电流是10A，故允许接入的用电器总功率
[3]电能表转盘转过64r时，该用电器消耗的电能
该用电器消耗的实际功率
16. 如图所示的电路，电源电压是3 V，闭合开关S后，两灯均发光，电压表的示数是1.4 V，此时灯L1两端的电压是________ V；一段时间后，两灯同时熄灭，电压表示数变大，导致这种电路故障的原因可能是________。
【答案】1.6；灯L2开路
【解析】
【详解】[1]由题意及图知，灯L1、L2串联，电源电压U=3V，电压表测量的是L2两端电压U2=1.4V，则灯L1两端的电压：
U1=U－U2=3V－1.4V=1.6V；
[2]当两灯同时熄灭时，说明电路出现断路故障，而电压表示数变大，说明电压表与电源两极相连，是通路，故电路故障为灯L2开路。
三、实验与作图题（17题2分，18题5分，19题6分，20题5分，共18分）
17. 如图为亮度可调的台灯，电位器是调节其亮度的装置，电位器的内部结构示意图，三个接线柱，旋钮带动滑片转动，要求：把灯泡按安全用电原则接入家庭电路，当旋钮开关滑片顺时针转动时，灯泡变暗。

【答案】
【解析】
【详解】为了用电的安全，开关应该接在火线和用电器之间，灯的螺旋套应该接零线，灯泡的金属顶点通过开关接到火线上；当旋钮开关滑片顺时针转动时，灯泡变暗，说明电流变小，根据欧姆定律可知，电阻变大，故旋钮开关应接滑片和右接线柱。如图所示

18. 为了比较两种未知燃料的热值以及两种未知液体的比热容的大小，小明同学设计的实验如图所示，甲、乙、丙三图中装置完全相同，燃料的质量都是10g，烧杯内的液体初温相同。当燃料燃烧完时（烧杯内的液体均未沸腾），立即读取相应温度计的读数，分别为、、，且有。
（1）比较不同液体比热容，应选择________两图进行实验，液体a的比热容与液体b的比热容相比，有_______（选填“>”、“=”或“”、“=”或“
（3）
【解析】
【小问1详解】
[1]比较不同液体的比热容，实验采用控制变量法，即液体种类不同之外，其它条件均相同，应选择甲图和丙图进行实验。
[2]燃烧相同质量的燃料1，放出的热量相同，燃料燃烧的热量被液体吸收，不计热损失，液体吸收的热量等于燃料1放出的热量，即两种质量相同的不同的液体吸收的热量相同，但液体a的末温比液体b的末温高，由于初始温度一样，所以液体a的温度变化量大于液体b的温度变化量，液体a的比热容与液体b的比热容相比，有。
【小问2详解】
[1]比较不同燃料的热值，实验采用控制变量法，即燃料种类不同之外，其它条件均相同，应选择甲图和乙图进行实验。
[2]甲乙两图中，烧杯中的液体a初温相同，但末温却不相同，末温的关系为，即甲图中的液体a吸收的热量多，甲图中的液体a吸收的热量来自燃料1，说明相同质量的燃料完全燃烧，燃料1放出的热量多，即燃料1的热值与燃料2的燃料值相比，有。
【小问3详解】
不计热损失，燃料完全燃烧所放出的热量全部被液体a吸收，即
所以，燃料1和燃料2热值之比为
即燃料2的热值为
19. 在测定“小灯泡电功率”的实验中，小明所在的实验小组用的电源电压为，小灯泡额定电压为。他们所设计的实验电路如图甲所示：
（1）正确操作后，小明同学闭合开关，电压表示数（如图乙所示）为______ V，若他想测量小灯泡的额定功率，应将图甲中滑片P向______（选填“左”或“右”）端移动，使电压表的示数为______ V；
（2）小丽同学移动滑片P、记下多组对应的电压表和电流表的示数，并绘制成图丙所示的图像，根据图像信息，可计算出小灯泡的额定功率是______ W；
（3）为了成功测出小灯泡的额定功率，该实验中滑动变阻器的最大阻值至少为______；
（4）小组的同学完成上述实验后，小华提议用这些器材探究电流与电压的关系，小明立刻说明无法完成此实验，小明认为不能完成此实验探究的理由是______。
【答案】（1） ①. ②. 左 ③.
（2）
（3） （4）见解析
【解析】
【小问1详解】
[1][2][3]如图乙所示，电压表选用小量程，分度值为0.1V，电压表示数为1.5V，小于灯泡的额定电压2.5V，要测灯泡的额定功率，应增大灯两端的电压，根据串联电路电压的规律，应减小变阻器的电压，由分压原理，应减小变阻器连入电路中的电阻大小，故滑片向左端移动，直到电压表示数为额定电压2.5V。
【小问2详解】
根据绘制成图丙所示的I-U图象知，灯在额定电压下的电流为0.2A，小灯泡的额定功率是
【小问3详解】
当灯泡的电压为时，根据串联电路电压的规律，变阻器分得电压为
此时电路中的电流为，由串联电路电流的规律和欧姆定律得到变阻器接入电路的最小阻值
【小问4详解】
探究电流与电压的关系，要控制电阻大小不变，而灯丝的电阻不是定值，随温度的变化而变化，则小明不能完成此实验探究。
20. 如图所示是“探究电流通过导体产生热量的多少跟什么因素有关”的实验装置，将四段电阻丝a、b、c、d分别密封在完全相同的盒子内，盒内封闭一定量的空气，其中图乙中另取阻值为5Ω的电阻在盒外与盒内电阻并联。
（1）在实验中电流通过电阻时产生热量的多少是通过观察U形管中________来比较的；
（2）图甲可探究电流产生热量与________的关系，通电一段时间后，________（选填“左”或“右”）侧盒子中的电阻产生的热量多；
（3）图乙可探究电流产生的热量与________的关系；
（4）由公式可知，图乙中左右两侧盒子中的电阻产生的热量之比为________。
【答案】（1）液面的高度差
（2） ①. 电阻大小 ②. 右
（3）电流 （4）
【解析】
【小问1详解】
在实验中电流通过电阻时产生热量的多少时应用转换法，是通过观察U形管中液面的高度差来比较的。
【小问2详解】
[1]甲装置中，两电阻串联，通过的电流和通电时间相同，而电阻不同，根据控制变量法可知，通电一段时间后，图甲可探究电流产生的热量与电阻的关系。
[2]由转换法可知，右侧U形管中液面的高度差较大，右侧盒子中的电阻产生的热量多。
【小问3详解】
乙装置中，右侧两电阻并联后再与左侧电阻串联，容器内两电阻大小相等，根据并联和串联电路电流的规律，通过左侧容器中电阻的电流大于通过右侧容器中电阻的电流，而通电时间相同，故乙实验可以研究电流产生的热量与电流的关系。
【小问4详解】
由图乙知盒外与盒内电阻相同均为5Ω。根据并联电路电压的规律及欧姆定律可知，通过图乙右侧容器内的电阻丝的电流等于通过容器外电阻丝的电流，根据串联电路各处的电流相等及并联电路干路电流等于各支路电流之和，可知通过左侧容器内的电阻丝的电流为通过右侧容器内电阻丝电流的2倍，由焦耳定律Q=I2Rt可知，因容器内电阻丝的阻值和通电时间相同，故电阻丝产生的热量与电流的平方成正比，故乙实验通电一段时间后，图乙中左右两侧盒子中的电阻产生的热量之比为4∶1。
四、计算题（21题4分，22题6分，共10分）
21. 小明学习了电学知识后，在家自制了一盏调光灯，他选用了标有“2.5V 0.5W”的小灯泡，电源电压恒为4.5V，组成如图电路。小明闭合开关后，调节滑动变阻器使小灯泡正常发光。请通过计算回答：
（1）小灯泡正常发光时滑动变阻器接入电路的电阻是多少Ω；
（2）小灯泡正常发光1min整个电路消耗的电能。
【答案】（1）10Ω （2）54J
【解析】
【小问1详解】
因为小灯泡正常发光，所以小灯泡两端的电压 UL = 2.5V，通过小灯泡的电流等于其额定电流。根据电功率公式P = UI可得，小灯泡正常发光时的电流为
电路为串联电路，所以电路中的总电流
根据串联电路电压的特点，滑动变阻器两端的电压为
根据欧姆定律可得，滑动变阻器接入电路的电阻为
【小问2详解】
根据电能计算公式W = UIt可得，小灯泡正常发光1min整个电路消耗的电能为
22. 甲表为某品牌饮水机及其铭牌，图乙为其内部简化电路图，该饮水机有加热和保温两个挡位。R1、R2均为电热丝，当热水箱中水温降至70℃时通过自动开关S2切换到加热挡，当温度达到100℃时自动切换到保温挡，饮水机始终在额定电压下工作，已知c水=4.2×103J/（kg·℃）。求：
（1）电热丝R1的阻值；
（2）热水箱中的水由70℃加热到 100℃所吸收的热量；
（3）饮水机处于保温挡工作22s时间内电热丝R1产生的热量。

【答案】（1）440Ω；（2）；（3）2000J
【解析】
【详解】解：（1）由图乙可知，当开关S1闭合，开关S2接b时，电路中只有R2，由可知，饮水机处于加热状态，则R2的阻值为
当开关S1闭合，开关S2接a时，R1和R2串联，总电阻最大，由可知，饮水机处于保温状态，则此时电路的总电阻为
则电热丝R1的阻值为
（2）根据可得，热水箱中的水由70℃加热到 100℃所吸收的热量为
（3）当饮水机处于保温挡工作时，由欧姆定律可得，电路中电流为
饮水机处于保温挡工作22s时间内电热丝R1产生的热量为
答：（1）电热丝R1的阻值为440Ω；
（2）热水箱中的水由70℃加热到 100℃所吸收的热量为；
（3）饮水机处于保温挡工作22s时间内电热丝R1产生的热量为2000J。
燃料
加热前液体温度/℃
燃料燃尽时液体温度/℃
燃料的热值/（J/kg）
1
15
35

2
15
25
甲
水桶容量
20L
热水箱水量
1kg
额定电压
220V
加热功率P2
1100W
保温功率P1
100W