四川省内江市第一中学2025-2026学年高二上学期12月月考物理试题

这是一份四川省内江市第一中学2025-2026学年高二上学期12月月考物理试题，共15页。试卷主要包含了单项选择题，填空题等内容，欢迎下载使用。
注意事项：
答题前填写好自己的姓名、班级、考号等信息
请将答案正确填写在答题卡上
第 I 卷（选择题）
一、单项选择题（本题共 7 小题，每小题 4 分，共 28 分）
1．如图 A、B 为相互接触的用绝缘支柱支持的金属导体，起始它们不带电，在它们的下端贴有金属箔片，C 是带正电的小球，并移近导体 A，则（）
A．A 带正电，B 带负电
B．先移走 C，再分开 A、B，A 上的金属箔片仍张开
C．先分开 A、B，然后移去 C，A 上的金属箔片闭合
D．先分开 A、B，再移走 C，最后再让 A、B 接触，A 上的金属箔片闭合 2．如图，在真空中有两个带等量正电的点电荷，分别置于 M、N 两点，O 是它们连线的中点，a、b 两点在 M、N连线上关于 O 点对称，c、d 两点在 M、N 连线的中垂线上关于 O 点对称。下列说
法正确的是（ ）
A．a、b 两点的电势相等B．c、d 两点的电场强度相同
C．c、d、O 三点中，O 点电势最低D．同一负点电荷的加速度在 O 点大于 c 点
有一匀强电场的方向平行于 xy 平面，平面内 a、b、c、d 四点的位置如图所示，cd 垂直于 x 轴、cb 垂直于 y 轴，其中 a、O、b 三点电势分别为4V 、6V、8V。电荷量为q  1105 C 的点电荷由a
点开始沿a  b  c  d 路线运动过程中，下列说法正确的是（）
A． c 点的电势φc  6VB．匀强电场的方向为a 指向b
2V / mpc
C．匀强电场的电场强度大小 E  D．点电荷在c 点的电势能 E  1104 J
如图所示，A、B 为水平正对放置的平行板电容器的两极板，B 极板接地，电容器接在电压恒定的电源两端，闭合开关 S，一带电的小球静止在两极板间的 P 点。现将 A 极板缓慢向下移动一小段距离（未碰到小球），下列说法正确的是（ ）
小球带正电 B．小球将向下运动 C． P 点的电势将升高 D．电容器所带的电荷量减少 5．如图所示，一电源与电动机 M、小灯泡 L 组成闭合电路。已知电源内阻r  2Ω ，电动机 M
的额定功率 P1  6W 、内阻r1  4Ω ，小灯泡 L 的额定功率 P2  1.5W 、额定电压U  3V 。闭合开关 S 后，电动机和
小灯泡均恰能正常工作。据此可知（ ）
A．通过小灯泡的电流 I  1.5A
C．电动机的输出功率 PM  5W
B．电源电动势 E  18V
D．电源的效率η 83.3%
6．如图所示，电源的电动势为 E ，内阻为r ， R1 为定值电阻， R2 为光敏电阻（光照强度
增加，电阻减小），C 为电容器， L 为小灯泡，电表均为理想电表。闭合开关S 后，若增
大照射光强度，则（
）
A．电源的效率增大 B．电源的输出功率减小 C．电容器上的电荷量增加 D．两表示数变化量的比值U 不变
I
7．如图甲是高中物理电学实验中常用的磁电式电流表的结构，其内部磁场分布和线圈中电流流向剖面示意如图乙所示。关于磁电式电流表的下列各项说法中正确的是（） A．当线圈在如图乙所示位置时 b 端受到的安培力方向向上
B．线圈中电流越大，安培力就越大，螺旋弹簧的形变也越大，线圈偏转的角度也越大 C．电流表中的磁场是匀强磁场
D．线圈无论转到什么角度，它的平面都跟磁感线平行，所以线圈不受安培力
二、多项选择题(共 3 小题，每小题 6 分，共 18 分。全部选对得 6 分，选对但不全得 3 分，有选错得 0 分) 8．如图所示，回旋加速器 D 形盒的半径为 R，所加磁场的磁感应强度大小为 B、方向垂直 D 形盒向下。 质子从 D 形盒中央由静止出发，经电压为 U 的交变电场加速后进入磁场，若质子的质量为 m，带电荷
量为 e，质子在电场中运动的时间忽略不计，则下列分析正确的是（ ）
A．质子在回旋加速器中加速后获得的最大动能为
2eB2R2
e2 B2 R2
2m
πm
B．质子在回旋加速器中加速的次数为 eB
πBR2
C．质子在回旋加速器中加速的次数为
mU
D．质子在回旋加速器中运动的时间为
2U
磁流体发电是一项新兴技术，它可以把物体的内能直接转化为电能，如图是它的示意图。平行金属板 A、B 之间有一个很强的磁场，将一束等离子体（即高温下电离的气体，含有大量正、负带电粒子）喷入磁场，A、B 两板
间便产生电压。如果把 A、B 和电阻 R 连接，设 A、B 两板间距为 d，正对面积为 S，等离子体的电阻率为ρ，磁
感应强度为 B，等离子体以速度 v 沿垂直于磁场的方向射入 A、B 两板之间，则下列说法正确的是（）
A．A 是直流电源的负极B．回路中电流为 Bdv R
BdvSR
C．极板 A、B 间电压大小为 RS  ρdD．等离子气体的浓度越大，电源电动势越大
如图，以 O 为圆心的圆形区域内有垂直纸面向外的匀强磁场，磁感应强度大小为 B；圆的直径 AB、CD 互相垂直，半径 OE 与 OB 间的夹角θ 60 。大量质量为 m、电荷量为 q 的带正电粒子，以相同的初速率 ν 从 A 点沿纸面各个方向射入磁场中，其中沿 AB 方向射入
的粒子恰好从 E 点射出磁场。取sin 35 
判断正确的是（）
3 ，不计粒子的重力及粒子间的相互作用。下列
3
半径OB 
3mv qB
πm
从 E 点射出磁场的粒子在磁场中运动的时间为 3qB
7πm
粒子在磁场中运动时间最长为
若粒子沿 AB 方向以 3 v 入射，则粒子在磁场中的运动时间为 πm
18qB3
三、填空题（本题共 2 小题，每空 2 分，共 18 分）
4qB
要测绘一个标有“3V，0.6W”小灯泡的伏安特性曲线，灯泡两端的电压需要由零逐渐增加到 3V，并便于操作。已选用的器材有：
电池组（电源电压为 4.5V）
电流表（量程为 0~250mA，内阻约 5Ω）；电压表（量程为 0~3V，内阻约 3kΩ）； 电键一个、导线若干。
实验中所用的滑动变阻器应选下列中的。 A．滑动变阻器（最大阻值 20Ω，额定电流 1A） B．滑动变阻器（最大阻值 1750Ω，额定电流 0.3A）
实验的电路图应选用下列的图。
B．C．D．
实验得到小灯泡的伏安特性曲线如图所示。如果这个小灯泡两端所加电压为 2.0V，则小灯泡在该温度时的电阻是 （结果保留两位有效数字）。由伏安特性曲线能得出如下规律：随着电压增大，温度升高，小灯泡的电阻（填“增大”、“减小”或“不变”）。 12．在测量一节干电池的电动势和内阻的实验中，
为了了解电压表内阻的大概值，用多用电表的欧姆挡来测量电压表的内阻，如图 1 所示，多用电表的红表笔应该与电压表的（填“正”或“负”）
接线柱相连，经过正确操作，选择×100 挡时，示数如图 2 所示，则电压表的电阻值约为Ω。
实验中为了减小测量误差，如图所示的电路中应该选择的是（选填
“甲”或“乙”）；
通过调节滑动变阻器，测得多组 U、I 数据，在坐标纸中描点并作出 U—I 图像如图所示，由此求得电动势 E=
V，内阻 r=Ω。（结果均保留到小数点后两位）
四、解答题解答题(本题共 3 小题，共 36 分，13 题 10 分，14 题 12 分，15 题 14
分)
如图，在水平向右、电场强度大小为 E 的匀强电场中，用长为 L 的绝缘轻绳悬挂质量为m 的带电小球（可视为质点），静止时绳与竖直方向夹角为θ 45∘ ，小球位置设为 A 点。重力加速度为 g ，不
计空气阻力。
判断小球带电性质并求电荷量。
将绳拉直至水平，由静止释放小球，求小球运动到 A 点时的动能 Ek 。
如图所示，在匀强磁场中沿水平方向固定两平行金属导轨，磁感应强度 B  5T ，方向垂直于ab ，与导轨平面的夹角α 53 ，导轨宽度为 L  1m ，导轨电阻忽略不计，左端与电源连接。一质量m  1kg 的金属棒ab 垂直于两平行导轨放置并与导轨接触良好，连入导轨间的电阻 R  2, ab 与导轨间的动摩擦因数μ 0.25 （设最大静摩擦力等
于滑动摩擦力），在ab 棒中点施加一水平向右的拉力 FT ，使ab 棒能处于静止状
态。已知 E  6V, r  1 ，取 g  10m / s2 , sin 53  0.8 ，求：
金属棒a b 受到的安培力 F 的大小；
拉力 FT 的大小范围；
若磁场磁感应强度大小不变方向突然反向，同时撤去 FT ，求此时金属棒ab 的加速度a 的大小。
如图所示， xOy 为直角坐标系，第一象限的三角形 AOC 范围内有垂直坐标平面向外的匀强磁场，
OA  OC  L 。第二象限内有沿 x 轴正方向的匀强电场，一个质量为m 、电荷量为q 的粒子从 x 轴上的 P（  L ， 0 ）
4
)
L
点以大小为v0 的速度沿 y 轴正方向射入匀强电场，经电场偏转后从 y 轴上的 Q( 0 ，
2
匀强磁场，刚好不从 AC 边射出磁场，不计粒子的重力，求：
粒子射出匀强电场时，速度与 y 轴的夹角；
点进入
匀强电场的电场强度大小； (3)匀强磁场的磁感应强度大小。
《2025-2026 学年度内江一中高中物理 12 月月考卷》参考答案
1．D
【详解】A．由于静电感应现象，导体 B 的右端要感应出正电荷，在导体 A 的左端会出现负电荷，所以导体两端的验电箔都张开，故 A 错误；
先把 C 移走，A、B 电荷恢复原状，A、B 两端都不带电，若再把 A、B 分开，A、B 上的金属箔片不会张开，故 B 错误；
先把 A 和 B 分开，A 带负电，B 带正电，金属箔还是张开，故 C 错误；
先把 A、B 分开，再把 C 移走，然后重新让 A、B 接触，A 与 B 上的电荷重新中和，A
上的金属箔片闭合，B 上的金属箔片也闭合，故 D 正确。故选 D。
2．A
【详解】A．等量同种点电荷连线上的两对称点 a 和 b，电势相等，故 A 正确；
B．c、d 两点是中垂线上的两对称点，电场强度的大小相等，方向相反，所以电场强度不同，故 B 错误；
C．根据等量同种点电荷电场分布特点，可知 c、d、O 三点的电势大小关系为φO φc φd ， 故 C 错误；
D．根据电场的叠加可知，O 点的电场强度为 0，而 c 点的场强不为零，可知同一负点电荷
在 O 点的加速度小于在 c 点的加速度，故 D 错误。故选 A。
3．D
【详解】A．匀强电场中沿着一个方向前进相同距离电势的降低相等，即φb φc φa φO
解得φc φb φa φO  10V ，故 A 错误；
BC．ab 中点 e 电势为φ  1 (φ φ)  6V=φ
e2abO
连接Oe 则为等势面，如图所示
题号
1
2
3
4
5
6
7
8
9
10
答案
D
A
D
C
C
D
B
AD
AC
BC
沿电场线的方向为电势降低的方向，则匀强电场的方向由 b 指向 a，由几何关系可知
dbe
 Ob sin 45  2 
2 cm= 2cm
2
dbe
2 102
则电场强度的大小为 E  Ube
2V/m=100 2V/m ，故 BC 错误；
D．点电荷在c 点的电势能 E  qφ  1105 10J= 1104 J ，故 D 正确。
pcc
故选 D。 4．C
【详解】A．A 板带正电，小球受电场力向上，可知小球带负电，A 错误；
B．A 极板缓慢向下移动一小段距离，根据 E  U ，因 U 一定，则两极板间场强变大，电场
d
力变大，则小球将向上运动，B 错误；
C．根据 UPB=EdPB 可知，P 点与下极板间的电势差变大，则 P 点的电势将升高，C 正确；
D．根据C 
εS
4πkd
可知，电容器的电容变大，因 U 一定，根据 Q=CU 可知，电容器所带的
电荷量变大，D 错误。故选 C。
5．C
【详解】A．小灯泡 L 的额定功率 P2  1.5W ，额定电压U  3V ，小灯泡恰能正常工作，根据 P  IU 可知通过小灯泡的电流 I  0.5A ，故 A 错误；
B．电动机正常工作，可知电动机两端电压U   P1  12V
I
根据闭合电路欧姆定律可得电源电动势 E  U   U  Ir  16V ，故 B 错误；
C．电动机的输出功率 P  P  I 2r  5W ，故 C 正确；
M11

I U  U 
D．电源的效率η 93.75% ，故 D 错误。
IE
故选 C。
6．D
【详解】由电路图分析得，R1、灯泡 L 与光敏电阻 R2 串联，电容器 C 并联于 L 和 R2 串联支路两端，电压表测 R1 两端电压，电流表测干路电流。
光照增强时 R2
阻值减小，总电阻 R
总减小，由闭合电路欧姆定律 I 
E
R
，得 I 增大。
总
A．电源效率η P出 
P总
R外 R外  r
R2 减小导致 R 外减小，故 η 减小，故 A 错误。
B．电源输出功率 P 出与 R 外关系需满足 R 外=r 时最大。题目未明确 R 外与 r 大小关系，无法判定 P 出变化趋势（若 R 外＞r 则 R 外减小时 P 出增大，反之减小），故 B 错误。 C．电容器电压 UC=E-I(r+R1)
因 I 增大导致 UC 减小，由 Q=CUC 得电荷量 Q 减少，故 C 错误。
D．电压表示数 U =IR ，故U  R 为定值，故 D 正确。
V1I1
故选 D。 7．B
【详解】A．由左手定则可知，当线圈在如图乙所示位置时 b 端受到的安培力方向向下，故
A 错误；
B．线圈中电流越大，安培力就越大，螺旋弹簧的形变也越大，线圈偏转的角度也越大，故 B 正确；
C．电流表中的磁场是均匀地辐向分布的，不是匀强磁场，故 C 错误；
D．蹄形磁铁和铁芯之间的磁场是均匀辐向分布，不管线圈转到什么角度，它的平面都跟磁感线平行，但 a、b 与磁场垂直，受安培力，故 D 错误。
故选 B。 8．AD
【详解】A．质子在磁场中做匀速圆周运动，质子轨道半径等于 D 型盒半径 R 时速度最大，
v2
对质子，由牛顿第二定律得evB  m
R
质子的最大动能 Ekm
 1 mv2
2
解得 Ekm 
e2 B2 R2
2m
故 A 正确；
BC．对质子，由动能定理得neU  1 mv2  0
2
解得n 
eB2R2
2mU
故 BC 错误；
D．质子在磁场中做匀速圆周运动的周期T  2πr  2πm
veB
质子在回旋加速器中的运动时间t  n T
2
解得t 
πBR2
2U
故 D 正确。故选 AD。 9．AC
【详解】A．根据左手定则可知，负离子向 A 板偏转，故 A 是直流电源的负极，A 正确；
B．当电源电动势稳定时，离子在极板间受力平衡，则有 Bqv  qE
d
解得 E  Bdv
根据闭合电路的欧姆定律则有 I 
其中r  ρd
S
E
R  r
联立解得 I 
B 错误；
BdvS RS  ρd
C．根据欧姆定律，结合上述结论可得UAB
C 正确；
 IR 
BdvSR RS  ρd
D．根据上述分析可知，电源的电动势与离子的速度、两极板间的距离、磁感应强度的大小有关，与离子的浓度无关，D 错误。
故选 AC。 10．BC
【详解】A．从 E 点射出磁场的粒子在磁场中运动的轨迹如图甲所示
则α 180 θ 60 2
根据几何关系有tanα r
R
2
根据洛伦兹力提供向心力有qvB  m v
r
解得 R 
3mv 3qB
故 A 错误；

B．从 E 点射出磁场的粒子在磁场中运动的时间t  180  2α 2πm πm
故 B 正确；
360
qB3qB
C．由于r  R ，且 R 一定，当粒子圆周运动的轨迹以 AB 为弦时，粒子在圆形磁场中的运动
时间最长，如图甲所示，则sin β R 
r
13
tanα3
解得β 35运动时间为t 故 C 正确；
2β T  7πm 36018qB
m  3 v
D．若粒子沿 AB 方向以
v 入射，则粒子在磁场中运动的轨迹半径变为
3
r
30
 3  R qB
C
分析粒子运动轨迹可知，粒子将从 点射出磁场，在磁场中的运动时间为t  1 T  πm
42qB
故 D 错误。故选 BC。
11．(1)A (2)B
11增大
【详解】（1）实验要求灯泡两端的电压需要由零逐渐增加到 3V，则滑动变阻器采用分压式接法，为了调节方便，使电表示数变化明显，滑动变阻器应该选择阻值较小的。
故选 A。
U 2
（2）灯泡正常工作时的电阻为 R  15Ω
P
RV RA
由于 R 
可知电流表应采用外接法，又实验要求灯泡两端的电压由零逐渐增加到 3V，则滑动变阻器采用分压式接法。
故选 B。
（3）[1]如果这个小灯泡两端所加电压为 2.0V，由小灯泡的伏安特性曲线知此时流过小灯泡
的电流为 0.18A，则小灯泡在该温度时的电阻为 R  U 
I
2.0 Ω  11Ω
0.18
[2]根据欧姆定律可知 I U 图像上点与原点连线斜率等于电阻的倒数；由伏安特性曲线能得出如下规律：随着电压增大，温度升高，小灯泡的电阻增大。
12．(1)负2000
(2)甲
(3)1.440.65
【详解】（1）[1]多用电表的欧姆挡的电源正极与黑表笔连接，电源负极与红表笔相连，测电压表内阻时应红表笔与电压表的负极相连；
[2]电阻读数为 RV  20 100Ω  2000Ω
（2）由于电源内阻很小，甲方案中，误差来源于电压表分流，由于电压表内阻很大，分流较小，乙方案中电流表分压，其内阻相比电源内阻相差不多，分压较大，相比较而言，甲方案的误差较小，更接近真实值。
（3）[1][2]根据闭合电路欧姆定律U  E  Ir
则在图像中，图像与纵轴的交点值表示电动势 E  1.44V
斜率代表内阻r  U  1.44 1.18   0.65

I
13．(1)带正电， q  mg
E
0.4
(2) Ek   2 1mgL
【详解】（1）由于小球向右偏转，电场的方向向右，故小球带正电。对小球受力分析，根据
平衡条件则有tanθ qE
mg
解得q  mg
E
（2）重力做功WG  mgLcsθ
电场力做功W电  qEL 1 sinθ
根据动能定理WG  W 电  Ek  0
解得小球运动到 A 点时的动能 Ek  
2 1mgL
14．(1)10N
7N  FT  9N
4m / s2
【详解】（1）通过ab 的电流大小为

IE
R  r
 2A I 方向为 a 到 b， ab 受到的安培力为
F  BIL  10N
对ab 受力分析，如图所示
最大静摩擦力
fm  μFN  μmg  F csα  1N
当最大静摩擦力方向向右（图甲）时
FT  F sinα fm  7N
当最大静摩擦力方向向左（图乙）时
FT  F sinα fm  9N
综上可得
7N  FT  9N
磁场反向后，安培力 F 也反向了，受力分析如图丙所示。
F sin a  fm  ma
F csα mg  FN 
fm   μFN 
综上可得
15．(1) 45∘
a  4m / s2
2mv2
0
qL
4mv0
qL
【详解】（1）带电粒子在 y 轴方向做匀速直线运动可得 L  v t
20
设末速度大小为v ，在 x 轴方向做匀加速运动可得 L  vx t
x42
离开电场时速度与 y 轴夹角满足tanθ tanα vx  1
v0
解得θ 45∘
沿 y 轴方向有 L  v t
20
沿 x 轴方向有 L  1 at 2
42
在匀强电场中，设电场强度大小为 E ，由牛顿第二定律可得qE  ma
2mv2
解得 E  0
qL
由于带电粒子刚好不从 AC 边射出磁场，则其运动轨迹与 AC 相切，如图所示
L
2
由几何关系得带电粒子在磁场中做圆周运动的半径r  2 2 L
4
mv2
此时洛伦兹力充当向心力，有 Bqv合
 合
r
v2  v2
0x
v合  2v0
代入数据解得 B  4mv0
qL