安徽省芜湖市师大附中2025-2026学年高二上学期11月期中素质检测物理试卷（Word版附解析）

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考生注意：
本试卷分选择题和非选择题两部分。满分 100 分，考试时间 75 分钟。
答题前，考生务必用直径 0.5 毫米黑色墨水签字笔将自己的姓名、准考证号填涂在答题卡上。
考生作答时，请将答案答在答题卡上。选择题每小题选出答案后，用 2B 铅笔把答题卡上对应
题目的答案标号涂黑；非选择题请用直径 0.5 毫米黑色墨水签字笔在答题卡各题的答题区域内
作答，超出答题区域书写的答案无效，在试题卷、草稿纸上作答无效。
一、单选题（本题共 8 小题，每小题 4 分，共 32 分。在每小题给出的四个选项中，只有一个
选项正确。）
1. 电的世界错综复杂，关于电荷和电场，下列说法正确的是（ ）
A. 点电荷是带电荷量很小的带电体
B. 电场是假想 ，不是客观存在的物质
C. 任何带电体所带的电荷量都只能是元电荷的整数倍
D. 静电力常量是卡文迪许通过扭秤实验测得的
【答案】C
【解析】
【详解】A．点电荷是理想化物理模型，即带电体的形状和大小可以忽略不计，但电荷量不一定很小，故 A
错误；
B．电场是客观存在的物质，具有能量和力的作用，故 B 错误；
C．所有带电体的电荷量均为 e 的整数倍，故 C 正确；
D．卡文迪许通过扭秤实验测量出万有引力常量的值，故 D 错误。
故选 C。
2. 从生活走向物理，从物理走向社会，物理和生活息息相关，联系生活实际对物理基本概念的认识和理解，
是学好物理的基础。下列有关电磁学知识的相关说法，正确的是（ ）
A. 图甲中是避雷针的示意图，避雷针防止建筑物被雷击的原理是静电屏蔽原理
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B. 图乙为静电喷漆的示意图，静电喷漆时使被喷的金属件与油漆雾滴带相同的电荷，这样使油漆与金属表
面在静电斥力作用下喷涂更均匀
C. 图丙中超高压带电作业的工作人员，为了保证安全，他们必须穿上橡胶制成的绝缘衣服
D. 图丁中家用煤气灶点火装置的针形放电电极，利用了尖端放电的工作原理
【答案】D
【解析】
【详解】A．避雷针可以避免建筑物被雷击，当带电云层靠近建筑物时，避雷针上产生的感应电荷会通过针
尖放电，逐渐中和云中的电荷，使建筑物免遭雷击，其原理为尖端放电，故 A 错误；
B．静电喷漆时使被喷的金属件与油漆雾滴带相反的电荷，这样使油漆与金属表面在静电引力作用下喷涂更
均匀，故 B 错误；
C．超高压带电作业的工作人员，为了保证他们的安全，他们必须穿上金属丝制成的衣服，以起到静电屏蔽
的作用，故 C 错误；
D．家用煤气灶点火装置的针形放电电极，利用了尖端放电的工作原理，故 D 正确。
故选 D。
3. 电鳗被称为“水中的高压线”，电鳗体内从头到尾都有一些类似小型电池的细胞，这些细胞就像许多叠
在一起的叠层电池，这些“电池”串联起来后，电鳗的头和尾的周围空间产生等效于等量异种点电荷（O
为两点电荷连线的中点）的强电场。如图所示，虚线为该电场的等势线，实线 ABCD 是以 O 点为中心的正
方形，点 A 和 D 在同一等势线上，点 B 和 C 在另一等势线上。则下列说法正确的是（ ）
A. 电鳗的头部带正电，尾部带负电
B. A 点与 C 点的电场强度大小相同方向不同
C. 实线 ABCD 区域内的电场可能是匀强电场
D. 带负电的试探电荷沿直线从 B 点移到 C 点的过程中，电势能先减小后增大
【答案】D
【解析】
【详解】A．电鳗的头部带负电，尾部带正电，选项 A 错误；
B．A 点与 C 点的电场强度大小相同方向相同，选项 B 错误；
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C．电场线与等势面垂直，因实线 ABCD 区域内的等势线不是平行等距的，则区域内的电场不是匀强电场，
选项 C 错误；
D．从 B 沿直线到 C，电势先升高后降低，则带负电的试探电荷沿直线从 B 点移到 C 点的过程中，电势能
先减小后增大，选项 D 正确。
故选 D。
4. 某静电场的等差等势面如图中虚线所示。一电子从其右侧进入该电场，实线为电子运动的轨迹，P、Q、
R 为其轨迹上的三点，电子仅在电场力作用下从 P 点运动到 R 点，在此过程中，下列说法正确的是（ ）
A. P 点 电势高于 Q 点的电势
B. 从 P 到 Q 电场力做功 ，从 Q 到 R 电场力做功 ，则
C. 从 P 至 R 的运动过程中，电子的动能增加
D. 电子在 P 点的加速度小于在 Q 点的加速度
【答案】C
【解析】
【详解】AC．如图所示
电子仅在电场力作用下从 P 点运动到 R 点，电场力做正功，动能增加，电势能减小，电子在 P 点的电势能
比在 Q 点的电势能大，根据
可知 P 点的电势低于 Q 点的电势，故 A 错误，C 正确；
B．P 到 Q 的电势差和 Q 到 R 电势差相等，根据
可知从 P 到 Q 电场力做功 等于从 Q 到 R 电场力做功 ，故 B 错误；
D．等差等势面越密的位置场强越大，则
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根据牛顿第二定律得
可知电子在 P 点的加速度大于在 Q 点的加速度，故 D 错误。
故选 C。
5. 如图为 x 轴上各点电势随位置变化的图像。一质量为 m、带负电的粒子，仅受电场力作用下，以初速度
v0 从 O 点开始沿 x 轴正方向做直线运动。下列说法正确的是（ ）
A. 粒子在 O 点的速度大于在 x4 处的速度
B. 粒子从 O 向右运动到 x1 过程中做减速运动
C. 粒子从 O 向右运动到 x1 过程中加速度逐渐减小
D. 粒子从 x1 运动到 x3 过程中电势能先减小后增大
【答案】C
【解析】
【详解】A．由图可知，O 点与 x4 处的电势均为零，所以粒子在这两点的电势能均为零，根据能量守恒定
律可知，粒子在这两点的动能相等，速度大小相等，故 A 错误；
BC．粒子从 O 向右运动到 x1 过程中，电势升高，电势能减小，则动能增加，速度增加，粒子做加速运动，
但由于图线切线的斜率不断减小，则电场强度减小，电场力减小，加速度减小，故 B 错误，C 正确；
D．粒子从 x1 运动到 x3 过程中电势不断降低，则电势能一直增大，故 D 错误。
故选 C。
6. 在如图所示的 图像中，直线Ⅰ为某电源的路端电压与电流的关系图线，曲线Ⅱ为某一小灯泡 L 的
关系图像，曲线Ⅱ与直线Ⅰ的交点坐标为（1.5A，0.75V），曲线Ⅱ在该点的切线与横轴的交点坐标为
（1.0A，0），用该电源直接与小灯泡 L 连接成闭合电路，由图像可知（ ）
A. 电源电动势为 3.0V
B. 电源内阻 2Ω
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C. 小灯泡 L 实际消耗的电功率为 1.25W
D. 小灯泡 L 接入电源时的电阻为 1.5Ω
【答案】A
【解析】
【详解】AB．设该电源电动势 ，内阻为 ，由闭合电路欧姆定律有
由直线Ⅰ可知，当 时， ，则有
当 时， ，此时为短路状态，则有
联立解得电源的电动势为
电源的内阻为 ，故 A 正确，B 错误；
CD．根据题意可知，当将该电源直接与小灯泡 连接成闭合电路时，灯泡 两端的电压为 ，
流过灯泡的电流为 ，则由欧姆定律可得小灯泡 接入电源时的电阻为
小灯泡 实际消耗的电功率为 ，故 CD 错误。
故选 A。
7. 如图所示，把两只完全相同的表头进行改装，已知表头内阻 100Ω，乙图中双量程电流表的大量程是小量
程的 10 倍，下列说法正确的是（ ）
A. 甲图中 b 量程为 6V B. 乙图中 C 量程 1000mA
C. 乙图中 D. 乙图中
【答案】C
【解析】
【详解】A．由甲图可知满偏电流为
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其中 b 的量程为
故 A 错误；
BCD．根据乙图可知接 C 为小量程，即量程为 10mA，电流表时，并联电阻的分流电流为
I'=I1-Ig=10mA-1mA=9mA=0.009A
分流电阻的阻值为
改装为
I2=100mA=0.1A
电流表时
联立解得
故 C 正确，BD 错误。
故选 C。
8. 如图（a），长为 4d、间距为 d 的平行金属板水平放置，两金属板左边中点 O 有一粒子源，能持续水平向
右发射初速度为 、电荷量为 、质量为 m 的粒子，金属板右侧距离为 d 处竖直放置一足够大的荧
光屏。现在两板间加图（b）所示电压，已知 时刻射入的粒子恰好能从金属板边缘射出。不计粒子重力，
则（ ）
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A. 不同时刻入射的粒子在金属板间运动的时间不相等
B. 时刻入射的粒子恰能从金属板右侧中点 出射
C. 粒子打在右侧荧光屏上的长度范围为 d
D. 只有 时刻入射的粒子从金属板间出射时动能
【答案】C
【解析】
【详解】AB． 时刻射入的粒子恰好能从金属板射出，水平方向有
竖直方向有
其中
做出不同时刻进入金属板的粒子在电场方向速度与时间的图像如图
由图像可以看出，在 时刻进入金属板的粒子会在电场方向上有最大位移，结合题目条件
可知最大位移为 ，其它时刻进入的粒子在电场方向位移都小于 ，所以不同时刻进入金属板的粒子都能
够射出金属板，由水平方向匀速运动可知，粒子射出金属板时间都相同，时间都为 ，故 AB 错误；
C．不同时刻出射的粒子射出板间的位置在两金属板右侧上下边缘之间，速度均水平向右，即出射的粒子均
水平向右匀速射到荧光屏上，可知粒子打在右侧荧光屏上的长度范围为 ，故 C 正确；
D．由于粒子在电场中运动的时间
恰好为电压随时间变化的周期，故粒子在电场中所受相反电场力作用时间相同，根据动量定理有
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故粒子无论何时进入电场，出射时速度只有水平速度 ，竖直方向的速度为 ，故粒子从金属板间出射时
动能为 ，故 D 错误。
故选 C。
二、多选题（本题共 2 小题，每小题 5 分，共 10 分。在每小题给出的四个选项中，有多个选
项正确，全部选对的得 5 分，选对但不全的得 3 分，有选错的得 0 分。）
9. 如图所示，电源内阻 ，在滑动变阻器的滑片 P 向下端滑动过程中，理想电压表 、 的示数变化
量的绝对值分别为 、 ，理想电流表 、 、 示数变化量的绝对值分别为 、 、 ，
下列说法正确的是（ ）
A. 电压表 示数减小，电流表 示数增大
B. 电压表 示数减小，电流表 示数增大
C.
D.
【答案】ABD
【解析】
【详解】AB．滑片 P 向下滑动的过程中，滑动变阻器接入电路的电阻减小，电路中总电阻减小，干路电流
增大，即电流表 A1 示数增大，路端电压减小，电压表 V1 示数减小，电阻 R1 分压增大，并联支路电压减小，
即电压表 V2 示数减小，通过电阻 R2 的电流减小，即电流表 A2 示数减小，总电流等于通过电流表 A2、A3
的电流之和，所以电流表 A3 示数增大，AB 正确；
C．由闭合电路欧姆定律可得
可得
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可得
则有 ，C 错误；
D．由于电流表 A1 示数增大，A2 示数减小，A3 示数增大，有 ，D 正确；
故选 ABD。
10. 如图，在竖直平面内有一圆心为 、半径为 的圆形区域，圆内有一方向水平场强大小为 的匀强电
场，圆的直径 与水平方向夹角 。质量为 、电荷量为 的带正电微粒从 点以不同水平速度
向右射入电场，微粒通过圆形区域的过程中，电势能增加量最大值为 ，动能增加量最大值为 。已
知速度大小为 的微粒恰能运动到 点且速度大小也为 ，重力加速度大小为 。下列等式成立的是（ ）
A. B.
C. D.
【答案】BD
【解析】
【详解】A．已知速度大小为 v 的微粒恰能运动到 N 点且速度大小也为 v，微粒在重力场和电场组成的等效
重力场中做类斜抛运动，则等效重力场方向与 MN 方向垂直斜向左下方，则有
解得 ，故 A 错误；
B．已知速度大小为 v 的微粒恰能运动到 N 点，则竖直方向则有
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解得 ，故 B 正确；
C．从 M 点运动到圆形区域最右侧时克服电场力做功最多，电势能增加量最大，则有
，故 C 错误；
D．过 O 点做 MN 的垂线交圆形区域下方交点为等效重力场的最低点，从 M 点运动到该最低点时，等效重
力 做功最大，动能增加量最大，则有 ，故 D 正确。
故选 BD。
三、非选择题：本题共 5 小题，共 58 分。考生根据要求做答（第 11~12 题为实验题，13~15
题为计算题）。
11.
（1）如图所示为指针式多用电表，其中 、 、 为三个可调节的部件，现用此电表测量一定值电阻，测
量的某些操作步骤如下：
①调节指针定位螺丝部件，使电表指针指向电流 刻度处
②将选择开关旋转到欧姆挡位置；
③将红、黑表笔分别插入“ ”、“ ”插孔，笔尖相互接触，调节部件______（选填“ ”、“ ”或“ ”），使电
表指针指向“ ”。
④测量该定值电阻阻值。
（2）欧姆调零后，用“ ”挡测量另一电阻的阻值，发现指针偏转角度很大，则下列说法或做法中正确的
是（ ）
A. 该电阻的阻值很大
B. 为测得更准确些，应当换用“ ”挡，重新欧姆调零后进行测量
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C. 为测得更准确些，应当换用“ ”挡，重新欧姆调零后进行测量
（3）关于多用电表的使用，下列说法正确的有（ ）（多选）
A. 甲图是用多用电表直流电压挡测量小灯泡两端的电压，红黑表笔接法正确
B. 乙图是用多用电表直流电流挡测量电路中的电流，红黑表笔接法正确
C. 丙图中用的是多用电表电阻挡测量二极管的正向电阻
D. 丁图中用的是多用电表电阻挡测量二极管的正向电阻
【答案】（1）T （2）B （3）BC
【解析】
【小问 1 详解】
③在使用多用电表的欧姆挡时，红、黑表笔接触后，需要进行欧姆调零。欧姆调零是通过调节欧姆调零旋
钮即部件“T”来实现的，使电表指针指向“0Ω”。
【小问 2 详解】
欧姆调零后，用“ ”挡测量另一电阻的阻值，发现指针偏转角度很大，说明电阻较小，倍率挡选择过高，
为测得更准确些，应当换用“ ”挡，重新欧姆调零后进行测量，故选 B。
【小问 3 详解】
A．用多用电表直流电压挡测量小灯泡两端电压时，红表笔应接高电势端，黑表笔接低电势端。甲图中红、
黑表笔接法错误，故 A 错误；
B．用多用电表直流电流挡测量电路中的电流时，多用电表应串联在电路中，且红表笔接电流流入端，黑表
笔接电流流出端。乙图中表笔接法符合要求，故 B 正确；
CD．用多用电表电阻挡测量二极管电阻时，电流从黑表笔流出电表，红表笔流入电表。二极管正向电阻很
小，反向电阻很大。丙图中，电流从黑表笔流出后进入二极管的正极，测量的是二极管的正向电阻；同理
丁图中，电流从黑表笔流出后进入二极管的负极，所以此时测量的是二极管的反向电阻，故 C 正确，D 错
误。
故选 BC。
12. 在测定一根粗细均匀金属丝的电阻率的实验中：
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（1）某学生用螺旋测微器测定该金属丝的直径时，测得的结果如图甲所示，则该金属丝的直径 ____
mm。紧接着用标有 20 等分刻度的游标卡尺测该金属丝的长度，测得的结果如图乙所示，则该金属丝的长
度 ____cm。
（2）现要进一步精确测量其阻值，实验室提供了下列可选用的器材：
A．电流表 （量程为 300mA，内阻约为 1Ω）
B．电流表 （量程为 0.6A，内阻约为 0.3Ω）
C．电压表 V（量程 3.0V，内阻约为 3kΩ）
D．滑动变阻器 （最大阻值为 10Ω）
E．滑动变阻器 （最大阻值为 500Ω）
F．电源 E（电动势为 3V，内阻可忽略）
G．开关、导线若干
H．待测金属丝 R（大小约为 10Ω）
①为了尽可能提高测量准确度，且待测金属丝电压从零开始调节，则应选择的器材为（均填器材前面的字
母）：电流表选____；滑动变阻器选____。
②下列给出的测量电路中，最合适的电路是____。
A、 B、
C、 D、
（3）实验测出电压表读数为 U，电流表读数为 I，金属丝横截面的直径为 D，长度为 L，则圆柱体电阻率
________（用 D、L、U、I 表示，单位均已为国际单位）
【答案】（1） ①. 3.205 ②. 5.015
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（2） ①. A ②. D ③. A
（3）
【解析】
【小问 1 详解】
[1]图甲可知
[2]图乙游标卡尺精度为 0.05mm，可知
【小问 2 详解】
[1]由于电动势为 3V，题意可知最大电流 ，则电流表选 A。
[2]金属丝的电阻值仅仅约 10Ω，与 500Ω的滑动变阻器的电阻值相差比较大，滑动变阻器阻值越小，调节时
电表变化越明显，为方便实验操作，滑动变阻器应选 D。
[3]结合以上分析可知 故电流表采用外接法，滑动变阻器应用分压式接法。
故选 A。
【小问 3 详解】
根据 ，
联立解得
13. 在如图所示的电路中，电源电动势 、内阻 ，电阻 、 ，电容
（ ），求：
（1）闭合开关 S，电路稳定后流过电阻 的电流；
（2）某时刻将开关 S 断开，此后至电路再次稳定后电容 C 电荷量变化多少？
【答案】（1）2A （2）
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【解析】
【小问 1 详解】
闭合开关 S，根据闭合电路欧姆定律得
【小问 2 详解】
闭合开关 S 时，电容器两端的电压即 两端的电压，则有
开关 S 断开后，电容器两端的电压等于电源的电动势，则有
则电容器的电荷量变化
14. 质谱仪可对离子进行分析。如图所示，在真空状态下，脉冲阀 P 喷出微量气体，经激光照射产生电荷量
为 q、质量为 m 的正离子，自 a 板小孔进入 a、b 间的加速电场，从 b 板小孔射出，沿中线方向进入 M、N
板间的偏转控制区，到达探测器。已知 a、b 板间距为 d，极板 M、N 的长度和间距均为 L，a、b 间的电压
为 U1，M、N 间的电压为 U2。不计离子重力及进入 a 板时的初速度。求：
（1）离子从 b 板小孔射出时的速度大小；
（2）离子自 a 板小孔进入加速电场至离子到达探测器的全部飞行时间；
（3）为保证离子不打在极板上，U2 与 U1 应满足的关系。
【答案】（1）
（2）
（3）
【解析】
【小问 1 详解】
离子在 a、b 间运动过程，由动能定理
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得
【小问 2 详解】
离子在 a、b 间，根据牛顿第二定律
解得，离子在 a、b 间的加速度大小为
在 a、b 间运动的时间
在 M、N 间运动的时间
离子达到探测器的时间
【小问 3 详解】
离子在 M、N 间，根据牛顿第二定律
侧移量为
联立，解得
又因为
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所以
15. 如图所示，质量为 0.1kg、表面光滑的带正电物块 A 以 6m/s 初速度向左滑行，与质量为 0.3kg 的物块 B
发生弹性碰撞。A 的右侧为半径为 2m 的 圆弧轨道，且位于 的匀强电场中， 为 A 所带电荷量。
B 与地面间动摩擦因数为 0.1，碰撞过程中无电荷转移，重力加速度取 10m/s2，求：
（1）A 与 B 第一次碰撞后 A 的速度大小；
（2）A 运动过程中对圆弧轨道的最大压力；
（3）B 最终向左滑行的距离。
【答案】（1）3m/s
（2）2.2N （3）6m
【解析】
【小问 1 详解】
A 与 B 弹性碰撞，动量守恒
机械能守恒
联立解得
则 A 与 B 第一次碰撞后 A 的速度大小为 。
【小问 2 详解】
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设 C 为物体 A 在重力场和电场中做圆周运动的 “等效”最低点，A 在 C 点受力如图所示，，
所以
当 A 运动到 C 时，对轨道压力最大，在 C 点：
A 自碰后运动到 C 点的过程，由动能定理有
联立以上两式得
由牛顿第三定律知 A 对轨道的最大压力为 2.2N。
【小问 3 详解】
若 A 进入电场后恰能运动到 圆弧轨道最高点，设在轨道最低点速度为 ，则由动能定理有
解得 ，故 A 进入轨道后不冲出轨道。且 A 在圆弧轨道上往返运动过程中，因电场力做功
和重力做功特点一样，都是只与初末位置有关，跟路径无关，所以每次碰撞后瞬间与下一次碰撞前瞬间 A
的动能都相等，最终 A 与 B 多次碰撞后速度减为零时，B 运动到左侧最远处，设 B 运动的距离为 s，则全
过程对 A、B 两物体由能量守恒定律有
解得
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