2025-2026学年湖南省长沙市第一中学高三上学期11月月考物理试卷（学生版）

这是一份2025-2026学年湖南省长沙市第一中学高三上学期11月月考物理试卷（学生版），共16页。试卷主要包含了选择题，非选择题等内容，欢迎下载使用。
本试题卷分选择题和非选择题两部分，共8页。时量75分钟，满分100分。
一、选择题：本题共6小题，共计24分。每小题给出的4个选项中，只有一项是符合题目要求的。
1. 物理学在军事、国防上有很多的应用，下列说法正确的是（ ）
A. 炮弹从倾斜的炮口射出而炮身后退，这是因为它们组成的系统动量守恒
B. 我国自主研发的空间站“天宫”里面的物体处于平衡状态
C. 部队过桥时不能齐步走，是为了防止出现共振
D. 航母上采用的“电磁弹射”助力舰载机起飞过程，舰载机机械能守恒
2. 就在2025年11月1日4时58分，神舟二十一号航天员乘组入驻中国空间站，成功实现了中国航天史上第7次“太空会师”，这是我国载人飞船首次采用3.5小时交汇对接方案，标志我国载人航天自主快速交会对接技术又一重大突破。若不计一切阻力，空间站可视为绕地球做匀速圆周运动。则下列说法正确的是（ ）
A. 神舟飞船的发射速度不低于11.2km/s
B. 空间站绕地球的运行速度小于7.9km/s
C 火箭推动飞船加速竖直升空过程中，随着高度上升，重力减小，处于失重状态
D. 飞船关闭发动机后，在椭圆轨道由近地点向远地点运动过程中，万有引力做负功，机械能减小
3. 已知龙岩市区地磁场的磁感应强度B约为4.0×10﹣5T，其水平分量约为3.0×10﹣5T。若龙岩市区一高层建筑安装了高50m的竖直金属杆作为避雷针，在某次雷雨天气中，当带有正电的乌云经过避雷针的上方时，经避雷针开始放电，某一时刻的放电电流为1×105A，此时金属杆受到地磁场对它的安培力方向和大小分别为（ ）
A. 方向向东，大小约为150NB. 方向向东，大小约为200N
C. 方向向西，大小约为150ND. 方向向西，大小约为200N
4. 如图所示，物块与圆环通过光滑轻质定滑轮用细绳连结在一起，圆环套在光滑的竖直杆上。开始时连接圆环的细绳水平，竖直杆与滑轮间的距离为L。某时刻圆环由静止释放，圆环下落到B点时，速度达到最大，此时细绳与竖直杆成。已知圆环的质量为m，重力加速度为g，，，空气阻力不计，下列判断正确的是（ ）
A. 物块的质量为
B. 当圆环到达B位置时，物块所受合力为0
C. 圆环下落过程中，圆环的机械能先增大后减小
D. 圆环下落过程中，物块的机械能一直增大
5. 两个点电荷固定在x轴上的M、N点，x轴上各点的电场强度E与各点位置坐标x之间的关系如图所示。取x轴正方向为电场强度的正方向，无穷远电势为零，下列说法正确的是（ ）
A. 固定在M点的点电荷电量比固定在N点的点电荷电量小
B. Q点的电势等于零
C. 从C点由静止释放一正点电荷，仅在电场力作用下，到D点前它将一直做加速运动
D. 从P点由静止释放一负点电荷，仅在电场力作用下，在它向左运动过程中电势能将一直减小
6. 如图所示，在足够长的光滑绝缘水平面上有A、B两个滑块（均可视为质点），滑块A带正电、电荷量为q，滑块B不带电。图中虚线内存在水平向右的匀强电场，电场强度大小为E，宽度为d，其余空间内不存在电场。滑块A刚好位于电场区域内的左侧，而滑块B刚好位于电场区域的右侧。现将滑块A无初速度释放，滑块A与滑块B发生碰撞且碰撞时间极短，碰撞过程中滑块A的电荷量不变，仅碰撞一次，经过一段时间两滑块保持一定的距离不变，且此距离为，则滑块A与滑块B的质量比为（ ）
A. B. C. D.
二、选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的4个选项中，有多项符合题目要求。全部选对得5分，选对但不全得3分，有错选得0分。
7. 如图所示，图甲是时刻一简谐横波沿x轴正方向传播的波形图，图乙为这列波上某质点的振动图像，则（ ）
A. 该列波波速为2m/s
B. 图乙可能是质点b的振动图像
C. 质点c的振动方程为
D. 时，a点的振动方向向下
8. 如图所示，电路中电源电动势为E，内阻为r，C为电容器，L为小灯泡，闭合开关S，小灯泡能正常发光。现将滑动变阻器的滑片向左滑动一段距离，滑动前后电压表、、示数变化量的绝对值分别为、、，电流表A示数变化量的绝对值为，电表均为理想电表，则（ ）
A 增大
B. 不变
C.
D. 当电路稳定后，断开开关瞬间灯泡会有从左向右的电流
9. 如图所示，空间存在水平向右的匀强电场，一个质量为m、电荷量为q的带正电小球用长为L、不可伸长的绝缘细线悬于O点，将小球向左拉至与O点等高的A点，细线刚好伸直，已知电场强度大小，g为重力加速度大小，小球可视为质点，将小球由静止释放，则下列判断正确的是（ ）
A. 小球运动到B点时速度大小为
B. 小球运动到B点时速度大小为
C. 小球由A点运动到B点的过程中，减少的电势能等于增加的机械能
D. 小球最终运动稳定时做往复运动，轨迹为半个圆周
10. 如图所示，在空间x轴上方有沿负y方向的匀强电场，电场强度大小为E，在x轴下方有方向与x轴正方向成角的匀强电场，电场强度大小为。现有一带正电量q、质量为m的粒子从以沿x轴正方向的速度射出，忽略粒子所受的重力。若粒子第一次经过x轴时速度方向与x轴成角，则（ ）
A. 与E满足
B. 粒子从第1次经过x轴到第2次经过x轴时的过程，速度变化量为
C. 粒子第4次经过x轴时的位置为
D. 粒子第4次经过x轴时速度大小为
三、非选择题：本题共5小题，共56分。
11. 某物理兴趣小组用如图甲所示的实验装置测当地的重力加速度，所提供器材均在图中展示，实验原理和主要操作步骤如下：
（1）按如图安装好实验器材，打点计时器固定在长木板上端，接通电源释放物块，让物块自由滑下，打出前几个计时点的纸带如图乙（a）所示（O为起始点），打点周期为T，OB间距为x1，CE间距为x2，得物块下滑的加速度为a1=________
（2）将打点计时器取下固定在长木板的下端，接通电源，给物块一个初速度使之沿长木板从下到上运动，打出最后几个计时点的纸带为图乙（b）中（O为最终点）的 ______（填序号），并通过实验获得的纸带计算出加速度a2.
（3）为了测量出当地重力加速度还应测量长木板与地面所构成的斜面高度h和______（填物理量及物理量字母）.
（4）通过分析可知当地重力加速度的表达式为g＝______ [用a1、a2、h和步骤（3）中所测物理量字母表示].
12. 某同学要测定一圆柱形导体材料的电阻率。
（1）他先用螺旋测微器测量该材料的直径，结果如图甲所示，则该材料的直径为________mm。
（2）该同学接着用欧姆表粗测该圆柱形导体的电阻，他进行了如下操作：他先用“×100”挡时发现指针偏转角度过大，应该换用________（填“×10”或“×1000”）挡，正确测量时，指针静止时位置如图乙所示。
（3）为了进一步准确测量该圆柱形导体的电阻，实验室提供了以下器材：
A.电流表G（内阻，满偏电流）
B.电压表V（内阻约为，量程为0~6V）
C.电阻箱（）
D.滑动变阻器R（ 2A）
E.电池组E（6V ）
F.一个开关S和若干导线
①实验时需要把电流表G与电阻箱并联改装成量程为50mA的电流表使用，则电阻箱的阻值应调为________。
②请根据提供的器材，在图丙所示虚线框中将电路图补充完整。
③若测得该圆柱形导体直径为d、长度为l，电压表V读数为U，电流表G读数为I，电流表内阻为，则该导体材料的电阻率的表达式为________（用d、l、U、I、表达）。
13. 直流电动机提升重物的装置图如图所示，重物的质量为，电源的电动势，内阻为，当电动机以的恒定速率向上提升重物时，电路中的电流为。不计摩擦阻力与空气阻力，取重力加速度大小。求：
（1）电动机的输入功率P；
（2）电动机的工作效率；
（3）电动机的线圈内阻。
14. 如图甲所示，有一理想直流电源（内阻不计），电动势为，图中定值电阻，滑动变阻器的最大值为，平行板电容器的极板水平放置，极板长为，极板间距离，在距其右端水平距离处竖直放置有一荧光屏，其中心O正对电容器的正中央，在平行板电容器左端正中央，有一粒子源S，能够均匀且连续不断地水平向右发射速度为，比荷的带正电的粒子，不计重力和粒子间的相互作用，，求：
（1）通过调节滑片位置，使得所有粒子都能打在荧光屏上，此时滑片下方的电阻的范围；
（2）通过调节滑片位置，可使得粒子打在荧光屏上的不同位置，求屏上亮点距离O点的最大距离Y；
（3）如图乙，在上下极板加上一正弦交流电压，则打在荧光屏上的粒子占粒子总数的百分比为多少。（粒子在电容器中的运动时间远小于交流电的周期，结果保留三个有效数字）
15. 如图，质量为nm，足够长的绝缘长木板，放在光滑的水平面上。其上表面粗糙，开始被锁定在地面上，置于水平向右的匀强电场中，电场强度为E，从某时刻开始，将质量为m，带电量为的滑块（可视为质点）轻放在长木板左端，等第一个滑块速度达到时，再将第二个滑块轻放上去，依次操作，直到第n个滑块速度达到时，撤除电场，同时解除对长木板的锁定，所有小滑块的质量都相同，滑块与长木板之间的动摩擦因数均为，重力加速度为g，求：
（1）第一个滑块速度达到时，到左端的距离；
（2）若，当所有物体（包含长木板）达到匀速时，系统由于摩擦产生的热量Q；
（3）从刚解除锁定开始计时，第二个小滑块速度达到最小时所经过的时间t。
参考答案
1. 【答案】C
【解析】A．炮弹从倾斜的炮口射出而炮身后退，这是因为它们组成的系统水平方向动量守恒，故A错误；
B．我国自主研发的空间站“天宫”里面的物体随“天宫”一起绕地球做匀速圆周运动，，不是处于平衡状态，故B错误；
C．部队过桥时不能齐步走，是为了防止出现共振，故C正确；
D．航母上采用的“电磁弹射”助力舰载机起飞过程，弹射器给舰载机做正功，舰载机机械能增加，故D错误；故选C。
2. 【答案】B
【解析】A．11.2km/s是地球的第二宇宙速度（逃逸速度），达到此速度将脱离地球引力束缚。但神舟飞船的目标是进入地球轨道，其发射速度只需大于第一宇宙速度（7.9km/s）并小于第二宇宙速度（11.2km/s），故A错误；
B．7.9km/s是第一宇宙速度，即在地球表面附近做匀速圆周运动的速度。空间站的轨道半径大于地球半径，由万有引力提供向心力得
轨道半径增大时，速度减小，因此空间站运行速度小于7.9km/s，故B正确；
C．重力随高度上升而减小（，增大，减小），但火箭加速上升时加速度方向向上，宇航员处于超重状态（支持力大于重力），故C错误；
D．在椭圆轨道中，只有万有引力（保守力）做功，机械能守恒。由近地点到远地点，万有引力做负功，动能转化为势能，但总机械能不变，故D错误。故选B。
3. 【答案】A
【解析】当带有正电的乌云经避雷针放电时，放电电流方向沿避雷针向下，若面向北方而立，则空间水平磁场均为“×”，若右方为东方，左方为西方向，如图，由左手定则判定可知金属杆所受安培力的方向向东，大小为F=BIL=3.0×10﹣5×1×105×50N=150N，故选A。
4. 【答案】D
【解析】AB．由题意知，圆环在B点时速度最大，则圆环的加速度为0，但物块此时的加速度并不为零，即物块此时的合力并不为零，故无法算出物块的质量，故AB错误；
C．圆环下落过程，轻绳对圆环一直做负功，圆环机械能减小，故C错误；
D．圆环和物块组成的系统机械能守恒，故圆环机械能减小，则物块机械能增加，故D正确。故选D。
5. 【答案】C
【解析】A．M、N连线中点处场强大于0，且两点间场强最小位置处距离N点较近，可知，固定在M点的点电荷电量比固定在N点的点电荷电量大，故A错误；
B．若有一正点电荷由Q点向右侧无穷远处运动，电场力做正功，电势能不断减小，一直到零，所以Q点的电势大于零，故B错误；
C．从C点由静止释放一正点电荷，仅在电场力作用下，到D点前场强一直为正值，则场强方向不变，电场力方向不变，它将一直做加速运动，故C正确；
D．从P点由静止释放一负点电荷，仅在电场力作用下，在它由Q向N运动过程中电场力做负功，电势能增大，故D错误。故选C。
6. 【答案】C
【解析】碰撞前，对滑块A，根据动能定理有
由题知，滑块A、B仅碰撞一次，且经过一段时间两滑块保持一定的距离不变。若碰撞后，A、B的速度方向相同，且大小相等，则A、B的距离为零，不满足题目要求；若A、B的速度方向相同，且A的速度大小小于B的速度大小，则A、B间的距离会不断增大，不会保持一定的距离不变，不满足题目要求；若A、B的速度方向相同，且A的速度大小大于B的速度大小，则A、B会发生多次碰撞，不会仅碰撞一次，不满足题目要求；综上可知，碰撞后滑块A、B速度大小相等，方向相反；碰撞后A在电场中先向左减速，再向右加速，返回电场右侧时速度大小与B的速度大小相等，则可保持两滑块的距离不变；规定向右为正方向，设其大小为v，
在A、B碰撞瞬间，根据动量守恒定律有
根据能量关系有，即
可知，故碰撞后滑块A向左运动不会滑出电场
设碰撞后滑块A在电场中运动的时间为t，根据动量定理有
碰撞后滑块B向右做匀速运动，则有，联立解得故选C。
7. 【答案】AD
【解析】A．由题图甲可得，由题图乙可得，所以该简谐波的波速为，故A正确；
B．由题图甲可知，时，质点b位于平衡位置且向上振动，由题图乙可知，5s时该质点处于波峰位置，故B错误；
C．由题图甲可知，振幅，圆频率，初相，因此质点c的振动方程为，故C错误；
D．时质点a处于波峰位置，经过，质点a运动到平衡位置且向下振动，故D正确。故选AD。
8. 【答案】BC
【解析】ABC．根据欧姆定律和闭合电路欧姆定律
可得，，
可知，，
即、、均保持不变，且，故A错误，BC正确；
D．断开开关，电容器将在与滑动变阻器、灯泡构成的回路中放电，右极板带正电，所以电流方向从右向左，故D错误。故选BC。
9. 【答案】BD
【解析】AB．对小球受力分析，将电场力与重力合成为一个等效“重力”，如图所示
设等效“重力”与竖直方向的夹角为，根据几何关系有，解得
可知其等效“重力场”的最低点为点C，如图所示
依题意，小球由静止释放后做匀加速直线运动，第一次运动到O点正下方时的速度设为v，根据动能定理有，解得
此时细线瞬间绷紧，致使沿细线方向的速度变为零，则垂直于细线方向的速度为
由对称性可知，小球运动到B点的速度大小与细线绷紧瞬间的速度大小相等，即，故A错误，B正确；
C．由上分析，可知在细线瞬间绷紧，致使小球沿细线方向的速度变为零，只有垂直于细线方向的速度，故小球由A点运动到B点的过程中，减少的电势能大于增加的机械能，故C错误；
D．设小球往复运动过程中，运动到等效最低点左侧最高点时，细线与竖直方向夹角为，根据动能定理有，解得
由几何关系及对称性可知，小球最终运动稳定时做往复运动，轨迹为半个圆周，故D正确。故选BD。
10. 【答案】BC
【解析】A．粒子在第一象限做类平抛运动，竖直方向上做从静止开始的匀加速直线运动，则有，，
粒子第一次经过x轴时速度方向与x轴成角，则有
联立解得，，故A错误；
B．设粒子从第一次到达x轴到第二次到达x轴的距离为，则有，，其中，联立解得，
所以该过程的速度变化量为，故B正确；
C．粒子第一次到达x轴有，，结合A选项可得
根据对称性可知，粒子从第二次到达x轴到第三次到达x轴的时间为，则粒子第二次到达x轴时沿x轴方向的速度为
所以粒子从第二次到达x轴到第三次到达x轴的距离为
同理有粒子从第三次到达x轴到第四次到达x轴的距离为
所以粒子第4次经过x轴时到原点的距离为
即粒子第4次经过x轴时的位置为，故C正确；
D．对粒子运动的全程列动能定理方程有
解得粒子第4次经过x轴时速度大小为，故D错误。故选BC。
11. 【答案】 （1） ②. ③ ③. 长木板的长度L ④.
【解析】（1）根据匀变速直线运动时间中点的瞬时速度等于这段时间的平均速度求
，
根据题图乙中纸带（a）可得
即物块下滑加速度表达式a1＝
（2）设斜面的倾角为θ，根据牛顿第二定律可知：
物块在长木板上从上到下运动的过程中a1＝gsinθ﹣μgcsθ
物块沿长木板从下到上运动的加速度a2＝gsinθ+μgcsθ
比较可知a2＞a1
即（b）纸带最后每个相等时间间隔所经过的距离要比（a）纸带经过的距离大，故纸带应是题图乙（b）中的③；
（3）由于斜面的倾角未知，所以还需要测量的物理量为长木板的长度L；
（4）由（2）中各式结合所测物理量可知当地重力加速度的表达式为
12. 【答案】（1）2.150 （2）×10 （3） ①. 2.5 ②. 见解析 ③.
【解析】【小问1】螺旋测微器的精确值为，由图甲可知该材料的直径为
【小问2】该同学接着用欧姆表粗测该圆柱形导体的电阻，先用“×100”挡时发现指针偏转角度过大，可知待测电阻较小，应该换用×10挡。
【小问3】①实验时需要把电流表G与电阻箱并联改装成量程为50mA的电流表使用，
根据可知电阻箱的阻值应调为
②由于改装电流表电压已知，所以改装电流表采用内接法，则完整的电路图如图所示
③若测得该圆柱形导体直径为d、长度为l，电压表V读数为U，电流表G读数为I，
根据欧姆定律可得
根据电阻定律有
联立可得该导体材料的电阻率表达式为
13. 【答案】（1） （2） （3）
【解析】【小问1】电动机两端的电压为
电动机的输入功率为
【小问2】电动机的输出功率为
电动机的工作效率为
【小问3】电动机的热功率为
根据 解得
14. 【答案】（1）0到 （2）6cm （3）58.9%
【解析】【小问1】当所有粒子都能射出电场时，此时的偏转电压为U， 解得
由闭合电路欧姆定律 解得
故滑片下端阻值范围为0到
【小问2】通过调节，可以调节粒子从电容器边缘射出，其到O点的距离为Y，
粒子离开电场时速度偏转角为，
则 ，，，可得 ，又 ，解得：
【小问3】只有偏转电压低于时，才能从极板间射出
得到
由交流电规律，得到电压低于128V所占总时间的比值
15. 【答案】（1） （2） （3）
【解析】【小问1】根据动能定理有
解得
【小问2】当时，最后达到共同速度为v，
根据动量守恒有 ，解得
解除锁定之前，它们对地的位移分别为，，，，
对系统，根据能量守恒有
解得
小问3】解除锁定之后，第2个滑块的最小速度为，此时第一个滑块的速度为，对所有滑块和木板组成的系统，根据动量守恒有
又有解得
对第二块滑块，根据动量定理有解得