四川省绵阳南山中学2026届高三上学期二诊热身考试物理试题（Word版附解析）

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注意事项：
1．答卷前，考生务必将自己的班级、姓名、考号填写在答题卡上 。
2．回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。如需改
动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号，写在本试卷上无效。
3．回答非选择题时，将答案写在答题卡上，写在本试卷上无效。
4．考试结束后，将答题卡交回。
第 I 卷（选择题，共 43 分）
一、单项选择题：共 7 小题，每题 4 分，共 28 分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是
符合题目要求的。
1. 在一次核裂变反应中，铀核 变成了氙核 和锶核 ，同时放出了若干中子，这个过程也叫链
式反应。已知铀核的平均结合能为 ，氙核的平均结合能为 ，锶核的平均结合能为
。下列说法正确的是（ ）
A. 该核反应释放的能量约为
B. 该核反应过程中质量守恒
C. 铀核 分解为其它核子，会释放出能量
D. 该核反应方程式为
【答案】A
【解析】
【详解】A．该核反应释放的能量为 ，故 A
正确；
B．根据爱因斯坦质能方程可知，因为核反应过程中释放了能量，故核反应会伴随质量亏损，故 B 错误；
C．铀核 分解为其它核子，需要吸收能量，故 C 错误；
D．该反应为链式反应，故反应物中也有中子，反应方程式为 ，故 D 错误。
故选 A。
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2. 关于下列图像，以下说法正确的是（ ）
A. 甲图中，用到的物理思想是等效替代
B. 乙图中，打到球网上的足球受到弹力是因为足球发生了形变
C. 丙图中，箱子静止不动是因为人对箱子的拉力小于地面对箱子的最大静摩擦力
D. 丁图中，重力分解为沿斜面向下的力和对斜面的压力
【答案】C
【解析】
【详解】A．甲图中，研究微小形变用到了放大思想，A 错误；
B．一个弹力产生的原因是由于施力物体的形变，乙图中，足球受到弹力，施力物体是球网，球网发生形变
产生了对足球的弹力，故 B 错误；
C．由二力平衡得：拉力等于地面对箱子的静摩擦力，但小于最大静摩擦力，因此箱子保持静止，C 正确；
D．静止在斜面上的人的重力，其施力物体是地球，受力物体是人，可分解为沿斜面向下的力和垂直斜面向
下的力；人对斜面的压力，施力物体是人，受力物体是斜面，不能由人受到的重力分解而来，故 D 错误。
故选 C。
3. 劈尖干涉是一种薄膜干涉，如图所示。将一块平板玻璃 a 放置在另一平板玻璃 b 之上，在一端夹入一张
薄纸片 c，从而在两玻璃表面之间形成一个劈形空气薄膜，当红光从上方入射后，从上往下看有明暗相间的
干涉条纹。下列说法正确的是（ ）
A. 当纸片 c 向右往底边方向拉出少许，图中的条纹间距会变得宽一些
B. 保持其他条件不变，仅将红光换成绿光从上方入射，则干涉条纹会变疏
C. 若增大红光射到平板玻璃 a 上表面的入射角，则红光有可能在平板玻璃 a 的下表面发生全反射
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D. 若平板玻璃 b 的上表面某处有一个细小的凹坑，则相应的干涉条纹会向右往底边方向弯曲一点
【答案】A
【解析】
【详解】A．当纸片 c 向右往底边方向拉出少许，相邻亮条纹（或暗条纹）之间的距离变大，干涉条纹条纹
间距变大，条纹变疏，故 A 正确；
B．根据条纹间距公式 可知，保持其他条件不变，仅将红光换成绿光从上方入射，由于波长减小，
间距变小，则干涉条纹会变密，故 B 错误；
C．根据光路 可逆性，若增大红光射到平板玻璃 a 上表面的入射角，则红光仍将从玻璃板射出，不会发生
全反射，故 C 错误；
D．若平板玻璃 b 的上表面某处有一个细小的凹坑，则亮条纹提前出现，即相应的干涉条纹会向左往顶角方
向弯曲一点，故 D 错误。
故选 A。
4. 如图所示，轻质细线 OA、OB、OC 系于 O 点。A 端固定于天花板上，B 端与水平桌面上的物块乙相连，
C 端系有物块甲。初始时 OA 与竖直方向的夹角为 ，OB 与水平方向平行。现对物块甲施加水平向右的外
力 F，在保持 O 点位置不变的情况下，使物块甲缓慢向右上方移动少许，在移动过程中，下列说法正确的
是（ ）
A. 物块乙所受合力逐渐增大 B. 细线 OA 上的弹力不变
C. 细线 OC 上的弹力逐渐减小 D. 外力 F 逐渐减小
【答案】B
【解析】
【详解】A．由题意可知，物块乙始终静止不动，即处于平衡状态，则物块乙所受合力为零不变，故 A 错
误；
B．设物块甲缓慢向右上方移动使得细线 与竖直方向的夹角为 ，对节点 O 受力分析，在竖直方向上，
根据平衡条件可得
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对物块甲受力分析，在竖直方向上，根据平衡条件可得
即
所以，细线 OA 上的弹力不变，故 B 正确；
C．由 B 选项可知
即
在移动过程中， 逐渐增大，则细线 OC 上的弹力逐渐增大，故 C 错误；
D．对物块甲受力分析，在水平方向上，根据平衡条件可得
与 联立，解得
在移动过程中， 逐渐增大，则外力 F 逐渐增大，故 D 错误。
故选 B。
5. 如图所示，方波 1 向右传播，波峰为 2A，波谷为-A，方波 2 向左传播，波峰为 A，波谷为-2A，两列波的
波峰、波谷的宽度均相等。图示时刻，波 1、波 2 分别传播到 P、Q 两个位置。若图示时刻 t=0，则此后 PQ
连线上某一个点的振动图像可能是（ ）
A. B.
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C. D.
【答案】B
【解析】
【详解】图示时刻之后的某一刻，PQ 连线上某一个点可能的振动情况如下所述。方波 1 或方波 2 首先传播
到 PQ 连线上的这一个点，此时该点的位移为 或 。随后两列波在该点相遇，根据波的叠加原理，
此时该点的位移为 。之后两列波继续传播至波峰与波谷相遇，根据波的叠加原理，此时该点的位移为
0。再之后两列波的波峰相遇，该点位移为 ，最后两列波在该点分离，该点位移为 或 。
故选 B。
6. 如图所示，B、C、D 三个小球固定在绝缘水平地面上，四个小球所在位置恰在一个边长为 a 的正四面体
的四个顶点上，其中小球 B、C、D 带正电，四个小球的带电量均为 q；A 球质量未知，设重力加速度为 g，
静电力常量为 k，则 A 球的电性与质量为（ ）
A. 正电, B. 负电,
C. 正电, D. 负电,
【答案】A
【解析】
【详解】设正四面体的四个顶点为 ABCD，作底边三角形 BCD 中点 O，连结 OD，AO，如图所示
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由几何关系可知
B 点小球在 A 点产生的场强为
同理 C、D 两点小球在 A 点产生的场强也为
这三个场强水平分量互成 120°且大小相等，最终抵消所以 A 的合场强为
则 A 点电荷受静电力大小为
若小球在 A 保持静止则所受电场力方向向上，所以小球 A 带正电，又由于
解得
故选 A。
7. 某质谱仪简化结构如图所示，在 xOy 平面的 区域存在方向垂直纸面向里、大小为 B 的匀强磁场，
在 x 轴处放置照相底片，大量 a、b 两种离子飘入（其初速度几乎为零）电压为 U 的加速电场，经过加速后，
从坐标原点且与 y 轴成 角的范围内垂直磁场方向射入磁场，最后打到照相底片上，测得最大发射角的余弦
值 ，已知 a、b 两种离子的电荷量均为 ，质量分别为 2m 和 m，不考虑离子间相互作用。下
面说法正确的是（ ）
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A. a 离子在磁场中速度大小为
B. b 离子在照相底片上形成的亮线长度为
C. 打在照相底片上的 a、b 两种离子间的最近距离为
D. 若加速电压在 之间波动，要在底片上完全分辨出 a、b 两种离子，则 不超过
【答案】D
【解析】
【详解】A．a 离子加速过程
解得 ，故 A 错误；
B．b 离子加速
解得
磁场中轨道半径
离子沿 y 轴入射时，打在底片上的位置为 2rb；沿与 y 轴成 角入射时，水平位移为
亮线长度为
代入 ，得亮线长度 ，故 B 错误；
C．磁场中，洛伦兹力提供向心力，得轨道半径
则轨道半径
离子沿与 y 轴成 角入射时，打在 x 轴上 水平位移为
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沿 y 轴入射时，水平位移为
a 离子的最小水平位移（沿 角入射）
b 离子的最大水平位移（沿 y 轴入射）
两种离子的最近距离为 ，故 C 错误；
D．要完全分辨，需满足
通过半径公式推导，可得 ，故 D 正确；
故选 D。
二、多项选择题：共 3 小题，每题 5 分，共 15 分。在每小题给出的四个选项中，每小题有多
个选项符合题目要求。全部选对的得 5 分，选对但不全的得 3 分，有选错的得 0 分。
8. 如图所示，一辆货车运载着圆柱形光滑的空油桶，在车厢底，一层油桶平整排列，相互紧贴并被牢牢固
定，上一层只有一只质量为 的桶 ，自由地摆放在桶 之间，没有用绳索固定，桶的大小都一样。桶
受到桶 和桶 的支持，和汽车保持相对静止一起运动，重力加速度为 。下列说法正确的是（ ）
A. 若货车匀速向左运动，则 对 的弹力大小为
B. 若货车匀速向左运动，则 对 的弹力大小为
C. 若货车向左减速运动，则 对 的支持力不可能为 0
D. 若货车向左加速运动，则货车的加速度大小可以为
【答案】AD
【解析】
【详解】AB．当车辆匀速时，对 进行受力分析得
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解得 ， 正确，B 错误
CD．如图所示，向左减速时，若加速度大小为 ，此时 只受重力和 的支持力， 对 的支持力为
零。向左加速时，若 对 支持力为零此时 只受重力和 的支持力，则加速度大小为 ，C 错误，
正确。
故选 AD。
9. 如图所示，若纵坐标可以表示为分子间的作用力或分子势能，横坐标表示分子间的距离有关。，横轴表示
分子间的距离，下列说法正确的是（ ）
A. 标准状态下，一定质量的某种气体，其分子势能趋于零
B. 分子间距离从零增大到 的过程中，分子力做负功，分子势能增大
C. 如果纵轴表示分子势能，则曲线 D 表示分子势能与分子间距的关系
D. 如果纵轴正方向表示分子间的斥力，负方向表示分子间的引力，则曲线 B 表示分子力与分子间距的关系
【答案】ACD
【解析】
【详解】A．标准状态下，一定质量的某种气体，分子间距离约为 ，其分子势能趋于零，故 A 正确；
B．分子间距离从零增大到 的过程中，分子力做正功，分子势能减小，故 B 错误；
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C．如果纵轴表示分子势能，则曲线 D 表示分子势能与分子间距的关系，故 C 正确；
D．如果纵轴正方向表示分子间的斥力，负方向表示分子间的引力，则曲线 A 表示分子间的斥力，曲线 C
表示分子间的引力，则曲线 B 表示合力与分子间距的关系，故 D 正确。
故选 ACD。
10. 如图所示，理想变压器左侧原线圈通过输电线与理想交流电流表 A1 和发电机连接，其中发电机部分由
长为 L 的电阻不计的导体棒以及两个半径也为 L 的电阻不计的金属圆环组成。使导体棒以角速度ω沿金属圆
环做圆周运动时始终与磁场方向垂直，整个空间存在方向竖直向下（金属圆环所在平面与磁场方向平行）、
磁感应强度大小为 B 的匀强磁场。变压器右侧副线圈两端接有阻值为 R 的定值电阻，电阻箱 RP，理想交流
电压表 V1、V2、V3，理想交流电流表 A2。已知变压器原、副线圈匝数比 初始时调节电阻箱，
使其接入电路的阻值等于 R，此时电路能正常工作，之后再次调节电阻箱，使其接入电路的阻值等于 2R，
则与电阻箱的阻值为 R 时相比，下列说法正确的是（ ）
A. 电流表 A1 的示数减小，电流表 A2 的示数也减小
B. 电压表 V 的示数不变，电压表 V3 的示数增大
C. 电压表 V₂的示数不变且等于
D. 电阻箱消耗的电功率增大
【答案】AC
【解析】
【详解】A．根据电路图可知，由于定值电阻 R 与电阻箱串联，当电阻箱的阻值增大时，电路中的电流减小，
即电流表 A2 的示数减小，又因为变压器的原、副线圈的电流之比 ，故 A1 的示数减小，故 A
正确；
B．电压表 V1 测量定值电阻 R 两端的电压，根据欧姆定律 U=IR，可知，当电阻箱接入电路中的阻值增大时，
电路中的电流减小，故电压表 V1 的示数减小，则电压表 V3 的示数增大，故 B 错误；
C．根据动生电动势公式
可知，原线圈两端的电压最大值
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所以副线圈两端电压的最大值 ，
所以电压表 V2 的示数 ，故 C 正确；
D．由于原线圈两端 电压不变，电流减小，故变压器原线圈的总功率变小，理想变压器的原、副线圈的功
率相等，故副线圈的功率 P 减小，由于流经定值电阻的电流 减小，其消耗的功率 也减小，根据
，可知，电阻箱消耗的电功率不一定增大，故 D 错误。
故选 AC。
第 II 卷（非选择题，共 57 分）
三、非选择题：共 5 题，共 57 分。
11. 某同学设计了测量透明材料折射率的实验。
（1）将半圆形透明砖放置在水平桌面，图示圆弧面 为其截面，沿直线边 平铺坐标纸（小格为大
小相同的正方形），将一束光垂直 射入透明砖，在 发生折射和反射。沿 方向缓慢平移该砖，
反射光的亮度___________，折射光的亮度___________；（均选填“不变”“增强”或“减弱”）
（2）若在图示位置时，折射光恰好消失，则该透明砖的折射率为___________。
【答案】（1） ①. 增强 ②. 减弱
（2）1.2
【解析】
【小问 1 详解】
[1][2]由几何关系可知，沿 方向缓慢平移该砖，入射角变大，反射光强度随入射角增大增强，故反射光
的亮度增强，折射光的亮度随入射角增大减弱。
【小问 2 详解】
若在图示位置时，折射光恰好消失，则该位置恰好发生全反射，设正方形边长为 a
由几何关系可知
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故折射率为
12. 某同学利用热敏电阻的阻值随温度变化的特性，制作了一个简易的汽车低油位报警装置。
（1）该同学首先利用多用电表电阻“ ”挡粗测该热敏电阻在常温下的阻值。示数如图甲所示，则此
时热敏电阻的阻值 _____ 。
（2）该同学为了进一步探究该热敏电阻阻值随温度变化的关系，设计了如图乙所示的实验电路，定值电阻
，则在闭合开关前，滑动变阻器的滑片 应置于最_____（填“左”或“右”）端。在某次测
量中，若毫安表 的示数为 ， 的示数为 ，两电表可视为理想电表，则热敏电阻的阻
值为_____ （结果保留两位有效数字）。
（3）经过多次测量，该同学得到热敏电阻阻值随温度变化的关系图像如图丙所示，可知该热敏电阻的阻值
随温度升高越来越_____（填“大”或“小”）。
（4）该同学利用此热敏电阻设计的汽车低油位报警装置如图丁所示，其中电源电动势 ，定值电
阻 ，长度 的热敏电阻下端紧靠在油箱底部，不计报警器和电源的内阻。已知流过报警
器的电流 时报警器开始报警，若测得报警器报警时油液（热敏电阻）的温度为 ，油液外热
敏电阻的温度为 ，由此可知油液的警戒液面到油箱底部的距离约为_____cm（结果保留一位有效数字）。
【答案】（1）1.9 （2） ①. 左 ②. 3.0
（3）小 （4）5
【解析】
【小问 1 详解】
表盘的指针位置为 19，测电阻所用的档位为“ ”挡，所以读数结果为
【小问 2 详解】
[1]为了保证被测部分的电压从零开始逐渐增大，对仪器起到保护作用，电路图中滑动变阻器的滑片 应置
于最左端。
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[2]并联电路，各支路两端电压相同 ，根据欧姆定律得热敏电阻阻值
【小问 3 详解】
由图像可知该热敏电阻的阻值随温度升高越来越小。
【小问 4 详解】
电路报警时，总电阻 ，
由图可知，油液内（报警液面处）热敏电阻的温度为 ，由图可知，此时热敏电阻的阻值 ，油液
外热敏电阻的温度为 ，由图可知，此时热敏电阻的阻值 。设报警液面到油箱底部的距离为 ，
热敏电阻的总阻值
解得
13. 某简易温度报警装置的示意图如图所示，其原理是：导热性能良好的竖直气缸中用上表面涂有导电物质
的活塞封闭了一定质量的空气（可视为理想气体），活塞质量 ，横截面积 ，厚度不计。
当温度升高时，活塞上升，使电路导通，蜂鸣器发出报警声。开始时活塞距气缸底部的高度为 ，
缸内温度为 ，当环境温度上升，活塞缓慢上移。 ，活塞上表面与 、 两触点接触，
蜂鸣器报警。不计一切摩擦，大气压强恒为 ， ，热力学温度与摄氏温度的关系
为 ，求：
（1）该报警装置的报警热力学温度 ；
（2）若上述过程气体的内能增加 ，则气体吸收的热量 。
【答案】（1）
（2）
【解析】
【小问 1 详解】
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气体发生等压变化，由气体实验定律
其中 , ，
代入数据解得
【小问 2 详解】
缸内气体压强
气体等压膨胀，对外做功
其中
由热力学第一定律得
代入数据
故气体吸收的热量
14. 如图所示电路中，电源电动势 ，内阻 ，定值电阻 ， ，把滑动变阻器
的阻值调为 ，待电路稳定后，以初速度 的带正电小球沿平行板电容器 的中心线射入
恰好沿直线运动，然后从 板中点处的小孔 进入平行板电容器 、 之间。已知小球的电荷量
，平行板电容器 上下两极板的间距为 ，平行板电容器 、 左右极板的间距
为 ，极板 、 长均为 ，极板 的右端与极板 的距离忽略不计。当 、
极板间电压为 时，小球恰好从 极板的下端 点离开，且运动过程未碰到极板 。忽略电容器
的边缘效应，重力加速度 取 。求：
（1）平行板电容器 的电压；
（2）小球的质量；
（3） 、 极板间电压 。
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【答案】（1）
（2）
（3）
【解析】
【小问 1 详解】
根据闭合电路欧姆定律可得电流为
解得
由欧姆定律可知，滑动变阻器两端的电压为
解得
滑动变阻器两端电压即为平行板电容器 的电压，有
小问 2 详解】
小球沿电容器 的中心线做直线运动，小球在竖直方向处于平衡状态，有
其中
联立解得小球质量为
【小问 3 详解】
小球在平行板电容器 AB、CD 间同时受到重力和电场力，其运动轨迹如图所示
将小球的运动沿水平方向和竖直方向分解，在竖直方向上，由自由落体运动的规律，得
解得
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在水平方向上，小球做往返运动，根据运动的对称性可知，往返时间一样，小球向右的最大位移为
解得
说明小球不会碰到 AB 极板，在水平方向上，根据匀变速直线运动速度与时间的关系，得
解得
小球在电容器 AB、CD 间受的电场强度为
小球受到的电场力为
根据牛顿第二定律，有
联立解得
15. 多功能磁控测量装置核心部分如图 1 所示， 直角坐标系中，底座位于 平面内，薄胶片
平行 平面，底座与胶片之间为区域 ，该区域内部分空间存在着匀强磁场，方向沿 方向；
胶片上方为区域 ，该区域内所有空间存在着匀强磁场，方向沿 方向，且两区域磁场大小相同。如图 2
所示，某次实验时粒子源由 点沿 方向发射一束带负电的粒子（可视为质点），粒子电荷量大小均为 ，
速度均为 ，质量分布在 之间（ 且 未知）。粒子由 点直接进入区域 的磁场，出磁场后通
过胶片上的 区间进入区域 ，射向胶片前所有粒子速度的反向延长线均汇聚于 的中点 ，其中
，tan 。质量为 的粒子穿过胶片时，由于胶片对速度的
影响导致每次穿透胶片前后，速度的水平、竖直分量的大小相对各初始分量的比值不变。经区域 II 磁偏转
后，粒子再次穿过胶片 （此时区域 I 磁场已关闭），恰好能经过该粒子第一次出区域 磁场的位置，两次通
过该位置的速度方向互相垂直。忽略粒子重力、粒子间的相互作用及关闭磁场对粒子的影响，粒子穿过胶
片前后质量、电荷量不变，射到底座后电荷被导走。
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（1）求质量为 的粒子在区域 I 磁场中运动的时间；
（2）求 及区域 I 磁场 的大小；
（3）若区域 II 磁场安置时磁场方向偏差了角度 ，如图 3 所示，求质量为 的粒子相邻两次穿透胶片位置
的间距（ 已知）。
【答案】（1）
（2） ，
（3） （其中β满足 ）
【解析】
【小问 1 详解】
分析可知该粒子从 E 点射出区域Ⅰ，又因为所有粒子出区域Ⅰ时，速度方向的延长线都过 C 点，可以判断
区域Ⅰ是一个圆形磁场的一部分，C 点为该圆形磁场的圆心，如图
在∆ACE 中有
由几何关系可知
解得
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所以粒子在Ⅰ区域运动时间
【小问 2 详解】
如图，对质量是 km 粒子，
在∆ACD 中
由几何关系可得
质量为 km 的粒子轨迹半径
粒子在磁场中的轨迹半径为 ，当 qB 一定时 ，则有
可得
对质量为 m 的粒子有
解得
【小问 3 详解】
对质量为 m 的粒子分析可知，其轨迹示意图
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由题意可知 ， ，
两式相除得到
粒子进入区域Ⅱ磁场后，由几何关系 ， ，
又
可得
当质量为 m 的粒子以速度 v1 进入区域Ⅱ中磁场，磁场方向偏差了角度φ时，设速度 v1 和磁场反方向的夹角
为β，沿着平行磁场方向和垂直磁场方向正交分解有
由余弦定理可知
联立解得
粒子将以 的速度沿着磁场反方向做匀速直线运动，以 的速度垂直磁场方向做匀速圆周运动，合运动为
等距螺旋运动，粒子做圆周运动的半径
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设 和平面 AA1A2A3 的夹角为γ，则有
做圆周运动引起的位移为
做匀速直线运动的位移为
所以
其中γ满足
或满足
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