2026武汉四中高三上学期12月月考物理试卷扫描版含答案

这是一份2026武汉四中高三上学期12月月考物理试卷扫描版含答案，文件包含12月考参考答案物理docx、12月考试卷物理pdf等2份试卷配套教学资源，其中试卷共14页， 欢迎下载使用。
答案 D B D C C A C AD BD BC
11．b 6.5
12．
13． ；
14．（1）4m/s；（2）4.5N；（3）2.1J
15．（1）1m/s；（2）0.5C，0.5J；（3）36J
1．【答案】
【解答】
A、伽利略通过理想斜面实验得出力是改变物体运动状态的原因，不是维持物体运动的原因，
故 A 错误；
B、核聚变反应所释放的 光子来源于原子核内部，故 B 错误；
C、在“探究加速度与力和质量的关系”实验中，采用了控制变量法，故 C 错误；
D、汤姆孙通过阴极射线在电场和在磁场中的偏转实验，发现了阴极射线是由带负电的粒子
组成，并测出了该粒子的比荷．故 D 正确。
故选 D。
2．B
【详解】A．上升高度为 时，人的动能最大，速度最大，加速度为零，选项 A 错误；
B．上升高度为 时，弹跳鞋离开地面，人做上抛运动，选项 B 正确；
C．在 的上升过程中，弹簧的弹性势能一直减小，弹力一直对人做正功，则人的机械
能一直增大，选项 C 错误；
D．在 的上升过程中，人离开地面做上抛运动，则人处于失重状态，选项 D 错误。
故选 B。
3．【答案】
【解析】 在 点形成的电场强度大小为： ，方向向左，
因 点场强为零，故薄板在 点的电场强度方向向右，大小为 ，
由对称性可知，薄板在 点的电场强度大小为 ，方向向左，
在 点的电场强度大小为 ，方向向左，
则 点的电场强度大小为： ，所以 ABC 错误，D 正确。
故选 D。
4．C
【详解】A．设正方向棱长为 l，落点在棱 上的小球，落在 点时竖直位移最大，根据
可知，时间最长，根据
可知平拋的初速度最小，选项 A 错误；
B．根据
可知落点在面 内的小球竖直位移相等，则时间相等，选项 B 错误；
C．落点在三角形 内的小球时间相等，最大的水平位移为 ，最小水平位移为
最小水平位移与最大水平位移之比为 1:2，则平抛初速度的最小值与最大值之比是 ，选
项 C 正确；
D．落点在线 上的小球，竖直速度均为
落地时重力的瞬时功率
均相同，选项 D 错误。
故选 C。
5．【答案】
【解析】A.根据开普勒第二定律可知 ，故 A 正确；
C.轨道Ⅰ与轨道Ⅲ的半径之比为 ，轨道Ⅰ的半径与轨道Ⅱ半长轴之比为 ，根据开普
勒第三定律可 得： ， ，故 C 错误；
B.对圆轨道卫星，由万有引力提供向心力 得：周期
一个周期扫过面积 ，
故单位时间扫过面积 ，故 ，故 B 错误；
D.卫星从轨道 的 点变轨进入椭圆轨道Ⅱ时，卫星需开动发动机点火加速，故 D 错误。
6．【答案】
【解析】以挂钩与绳子连接点为 ，设绳子 与竖直方向夹角为 ，绳子 与竖直方向夹
角为 ，对 点受力分析可知： ， ；
根据几何关系知： ， ；
其中 为两根杆之间的水平距离， 为两悬挂点的竖直高度差；
由以上各式联立可知，当 增大时，绳子拉力增大，当 减小时，绳子拉力减小，故 A
正确， 均错误；
故选 A。
7．C
【详解】AC．由图乙可知线圈转动的周期为 ，图乙中瞬时感应电动势 e 随时间 的变
化关系为
当 时， ，代入解得
则 t＝0 时，线圈平面与磁场方向夹角为
故 A 错误，C 正确；
B．开关 S 断开时，小灯泡正常发光，由变压器规律
解得
在原线圈由闭合电路欧姆定律得
原线圈电压有效值为
解得矩形线圈的电阻为
故 B 错误；
D. 开关 S 闭合，调整矩形线圈的转速为原来的 1.2 倍，则
因为小灯泡仍然正常发光，则 ，由闭合电路欧姆定律得
解得理想电流表的示数为
开关 S 闭合后发电机的总功率为
开关 S 闭合前发电机总功率为
则
故 D 错误。
故选 C。
8．AD
【详解】AB．画出光路图如图所示
在界面 AC 恰好发生全反射，由几何关系可知全反射临界角
则折射率
故 A 正确，B 错误；
C．又
则光在透明介质中的传播速度为
故 C 错误；
D．由几何关系可得
则
光从射入 AB 面开始到射到 E 点的时间为
故 D 正确。
故选 AD。
9．BD
【详解】A．根据同侧法由图可知，两波源的起振方向均沿 y 轴正方向，故 A 错误；
B．由图可知， 两列波的传播距离相等均为
则两列波的波速大小均为
故 B 正确；
C．由图可知， 两列波均传播 ，则两列波的周期均为 ，再经过 0.1s，两列波
平衡位置在 处的质点均回到平衡位置，则位移为 0，故 C 错误；
D．波源 P 产生的波传播到 的时间为
波源 Q 产生的波传播到 的时间为
则 ，平衡位置在 处的质点运动的路程为
由于两列波的起振方向相同，两波源到 的距离差
则此处为振动减弱点， 内质点运动的路程为
则平衡位置在 处的质点在前 内运动的路程为
故 D 正确。
故选 BD。
10．BC
【详解】A．由题意，当粒子从 f 点飞出时，画出粒子运动轨迹，利用几何知识，可求得粒
子在磁场中的运动半径
根据
，
可求得
故 A 错误；
B．若粒子入射速度大小变为 2v， 则粒子在磁场中的运动半径将变为
由几何知识可判断知粒子恰好从 a 点射出，故 B 正确；
C．若只减小粒子入射速度大小，则粒子在磁场中的运动半径将减小，画出粒子在磁场中的
运动轨迹可知，粒子均从 ef 边射出，由几何知识可知粒子运动轨迹所对应的圆心角均为 90°，
运动时间均为
可知粒子在磁场中的运动时间不变，故 C 正确；
D．若只改变粒子入射速度的大小，使粒子可以从 e 点射出，画出粒子在磁场中的运动轨迹，
若粒子射出磁场时的速度方向与 ab 边垂直，由几何知识可知，粒子在磁场中运动轨迹的圆
心不可能落 ba 与 cb 垂线的交点上，故 D 错误。
故选 BC 。
11．b 6.5
【详解】（1）[1]滑动变阻器分压式接法，故向 b 端滑动充电电压升高；
（2）[2]量程 15 V，每个小格 0.5 V， 估读，故 6.5 V；
（3）[3] 图像所围的面积，等于电容器存储的电荷量，38 个小格，故电容器存储的电
荷量为 C；
（4）[4]由电容的定义式 得： F；
（5）[5]开关 掷向 2，电容器放电，故 闪光。
12． 【解析】 由题意可得，遮光片遮光时滑块 的速度 。
对系统根据牛顿第二定律得 ，
而 ，解得 ，
所以 ，解得 ，可知 与 成正比，故选 为横轴作图。
13．【解析】【分析】
根据题意求出汽缸内气体的状态参量，然后应用理想气体状态方程可以求出气体的温度。
根据题意求出气体对外做的功，然后应用热力学第一定律求出气体内能的增量。
本题考查了求气体的温度与内能的增量，分析清楚气体状态变化过程是解题的前提与关键，
应用理想气体状态方程、玻意耳定律与热力学第一定律可以解题；应用热力学第一定律解题
时要注意各量的正负号。
【解答】
解： 当汽缸水平放置时， ， ， ，
当汽缸口朝上时，缸内气体的压强为：
，
由理想气体状态方程得 ，
则 ；
当汽缸口向上，未加热稳定时：
由玻意耳定律得 ，
则 ，
加热后，气体做等压变化，
外界对气体做功为 ，
根据热力学第一定律 ， 得 。
14．（1）4m/s；（2）4.5N；（3）2.1J
【详解】（1）小物块下滑过程有
解得
（2）碰撞过程有
之后小球圆周运动到最高点
由于小球恰好能完成竖直面内的圆周运动，在最高点有
解得
，
刚碰撞完瞬间，对小球有
解得
T=4.5N
（3）小物块向左运动至压缩弹簧至最短时
解得
15．（1）1m/s；（2）0.5C，0.5J；（3）36J
【详解】（1）闭合开关 S 后金属棒在水平导轨上向右运动至速度稳定时
解得
（2）对金属棒由动量定理得
解得
根据能量守恒可得
解得金属棒中产生的焦耳热
（3）导体棒自 N1N2 抛出后做平抛运动，到达 C1C2 处速度方向沿圆弧轨道的切线方向，与
水平方向的夹角等于
其水平分速度大小等于 v0，则到达 C1C2 处的速度大小为
设金属棒到水平轨道的速度大小为 v2，由动能定理得
解得
金属棒匀速穿过磁场 Bx 的过程，有
( )
因安培力与位移成正比，故可用安培力的平均值计算克服安培力做功，使金属棒匀速穿过磁
场 区域，外力做的功大小为克服安培力做功
根据功能关系可得金属棒穿过磁场 Bx 区域线框产生的焦耳热为