浙江省温州市2025_2026学年高二物理上学期11月期中联考试题含解析

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考生须知：
1、本卷共 8 页，满分 100 分，考试时间 90 分钟。
2、答题前，在答题卷指定区域填写班级、姓名、考场号、座位号及准考证号并填涂相应数字。
3、所有答案必须写在答题纸上，写在试卷上无效。
4、考试结束后，只需上交答题纸。
选择题部分
一、选择题（本题共 18 题，每小题 3 分，共 54 分。每小题给出的四个选项中，只有一个是
符合题目要求的）
1. 我国的《墨经》中提到“力，形之所以奋也”，意为力是使有形之物突进或加速运动的原因，力的单位
用国际单位制的基本单位符号来表示，正确的是（ ）
A. B. C. D.
【答案】B
【解析】
【详解】A．根据
可知 是动量单位，故 A 错误；
B．根据牛顿第二定律的表达式
可知
则力的单位用国际单位制的基本单位符号来表示为 ，故 B 正确；
C．根据功 表达式
可知 是功的单位，故 C 错误；
D． 可能是角动量单位，与力无关，故 D 错误。
故选 B。
2. 如图是“9•3 阅兵”直升机编队接受检阅时的情景，下列说法正确的是（ ）
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A. 地面上的人相对直升机是静止的
B. 螺旋桨转动一周，螺旋桨上各点路程都相等
C. 研究直升机上螺旋桨的转动可以将直升机视为质点
D. 以第一架直升机为参考系，其他直升机是静止的
【答案】D
【解析】
【详解】A．以直升机为参考系，地面上的人是运动的，故 A 错误；
B．螺旋桨转动一周，螺旋桨上转动半径不同的点，路程不相等，故 B 错误；
C．研究直升机的螺旋桨旋转时，直升机的大小和形状不能忽略，否则就看不出旋转了，所以不可以把飞机
看作质点，故 C 错误；
D．以第一架直升机为参考系，其他直升机是静止的，因为他们相对位置不变，故 D 正确。
故选 D。
3. 连淮扬镇铁路的开通运营，极大的方便了高邮人民的出行。下列图像中，能够大致描述高铁列车进站经
历“匀速行驶-减速停车”过程的是（ ）
A. B.
C. D.
【答案】B
【解析】
【详解】A．图像表示列车先做匀加速运动后做匀减速到静止，A 不符合题意；
B．图像表示列车先做匀速运动后做匀减速运动到静止，B 符合题意；
C．图像表示列车先向正方向匀速后向负方向匀速，C 不符合题意；
D．图像表示列车先静止后匀速，D 不符合题意。
故选 B。
4. 某瑜伽运动员在水平地面上以如图所示的姿势保持身体平衡，则下列说法正确的是（ ）
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A. 运动员对地面的压力就是重力
B. 运动员受到的支持力和重力是一对平衡力
C. 运动员受到的支持力是由于手掌形变产生的
D. 运动员受到的重力和地面受到的压力是一对相互作用力
【答案】B
【解析】
【详解】A．压力和重力是不同性质的力，只能说运动员对地面的压力大小等于重力大小，选项 A 错误；
B．运动员受到的支持力和重力是一对平衡力，选项 B 正确；
C．运动员受到的支持力是由于地面形变产生的，选项 C 错误；
D．运动员受到的支持力和地面受到的压力是一对相互作用力，选项 D 错误。
故选 B。
5. 如图，甲车快速启动时车头撞上静止的乙车车尾，导致两车司机受伤。根据牛顿运动定律，下列情形最
有可能出现的是（ ）
A 甲车司机背部受伤 B. 乙车司机背部受伤
C. 两车司机都是背部受伤 D. 两车司机都是胸部受伤
【答案】B
【解析】
【详解】甲车快速启动时撞到静止的乙车，甲车司机由于惯性，甲车司机相对于甲车向前运动，与甲车的
方向盘相碰造成甲车司机胸部受伤。乙车静止，乙车车尾由于受到撞击而向前运动，乙车司机由于惯性保
持静止，乙车司机相对于乙车向后运动，与乙车的座椅相碰而造成乙车司机背部受伤，故 B 正确，ACD 错
误。
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故选 B。
6. 下列关于课本中相关案例的说法错误的是（ ）
A. 图 1 所示演示实验说明物体做曲线运动 条件是其所受合力方向与速度方向不共线
B. 图 2 所示为论述“曲线运动速度特点”的示意图，这里运用了“极限”的思想方法
C. 图 3 所示的演示实验中，可以得出小球平抛运动的竖直分运动是自由落体运动
D. 图 4 所示为“感受向心力”活动，保持小球质量及绳长不变，当增大小球转速时会感到拉力亦增大，这
说明“向心力与转速成正比”
【答案】D
【解析】
【详解】A．图 1 所示的演示实验中，用小铁球来进行实验，磁体对小铁球有吸引力作用，出现小铁球靠近
磁体做曲线运动的现象，说明物体做曲线运动的条件是其所受合力方向与速度方向不共线，故 A 正确；
B．图 2 所示为阐述“曲线运动速度特点”的示意图，这里运用了“极限”的思想方法，故 B 正确；
C．图 3 所示的演示实验中，改变装置的高度和敲击振片的力度进行多次实验，若两球同时落地，则证明平
抛运动在竖直方向上做自由落体运动，故 C 正确；
D．图 4 所示为“感受向心力”活动，保持小球质量及绳长（圆周运动半径）不变，当增大小球转速时会感
到拉力亦增大，只能说拉力随着转速增大而增大，并不能证明向心力与转速成正比，故 D 错误；
故选 D。
7. 石磨是劳动人民智慧的结晶。如图所示，M、N 为石磨推柄上的两点，在石磨绕竖直轴 转动的过程
中，下列说法正确的是（ ）
A. M 点的角速度比 N 点的角速度小 B. M 点的角速度比 N 点的角速度大
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C. M 点的线速度比 N 点的线速度小 D. M 点的线速度比 N 点的线速度大
【答案】C
【解析】
【详解】AB．由题意可知，两点为同轴转动，所以角速度相等，故 AB 错误；
CD．根据
可知，M 点的运动半径小于 N 点的半径，则 M 点的线速度比 N 点的线速度小，故 C 正确，D 错误。
故选 C。
8. 发射高轨道卫星时，一般是先将卫星发射至近地圆形就道 1 上运行，然后在某点 Q 变速，使其沿椭圆轨
道 2 运行，最后在远地点 P 再次变速，将卫星送入预定圆形高轨道 3 运行，已知轨道 1、2 相切于 Q 点，轨
道 2、3 相切于 P 点。设卫星的质量保持不变，卫星分别在 1、2、3 轨道上正常运行时，只受地球引力作用，
则下列说法正确的是（ ）
A. 卫星在 1 轨道上正常运行时的速度小于在 3 轨道上正常运行时的速度
B. 卫星在 1 轨道上 Q 点速度大于在 2 轨道上 Q 点速度
C. 卫星在 2 轨道上 P 点的加速度小于在 3 轨道上 P 点的加速度
D. 卫星在轨道 2 上从 P 点运动到 Q 点过程中，加速度逐渐增大，速度也逐渐增大
【答案】D
【解析】
【详解】A．卫星做匀速圆周运动时，由万有引力提供向心力，有
解得
可知卫星的轨道半径越大，运行速度越小，所以卫星在 1 轨道上正常运行时的速度大于在 3 轨道上正常运
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行时的速度，故 A 错误；
B．由轨道 1 上的 Q 点变轨到轨道 2 上，要加速做远离圆心的运动，所以速度需要变大，即卫星在 1 轨道上
Q 点速度小于在 2 轨道上 Q 点速度，故 B 错误；
C．卫星做匀速圆周运动时，由万有引力提供向心力，有
解得
可知，卫星在 2、3 轨道上正常运行时，通过同一点 P 时，加速度相等，故 C 错误；
D．卫星沿轨道 2 由 P 点运行到 Q 点过程中引力做正功，卫星动能增大，卫星的运行速度在增大，根据
可知卫星在轨道 2 上从 P 点运动到 Q 点过程中，距离越来越小，则加速度逐渐增大，故 D 正确。
故选 D。
9. 一辆汽车在水平公路上减速转弯，沿曲线由 M 向 N 行驶。图中分别画出了汽车转弯时所受合力 F 的方向，
其中可能正确的是（ ）
A. B.
C. D.
【答案】C
【解析】
【详解】汽车做曲线运动，合力应指向轨迹的凹侧，又因沿曲线由 M 向 N 行驶，汽车减速，合力沿切线方
向的分力与速度方向相反，所以合力方向与速度方向的夹角大于 ，故选 C。
10. 如图所示，一竖直放置的花洒，出水孔分布在圆形区域内。打开花洒后水流从出水孔水平向左射出落到
竖直墙面上，假设每个出水孔出水速度相同，不计空气阻力。则落点区域的形状是（ ）
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A. B. C. D.
【答案】B
【解析】
【详解】花洒到竖直墙壁的距离相等，喷出时水流水平方向的速度相等，根据抛体运动规律，在水平方向
则有
解得
故花洒喷出的水流在空中运动时间相等，结合竖直方向的运动规律 可知，圆形花洒喷出的水流在竖
直方向的位移均相等。
故选 B。
11. 竖直向上抛出一个小球，忽略空气阻力，小球到最高点后又落回的过程中，小球距抛出位置的高度 h 和
运动时间 t 的关系图像如图所示。下列关于小球的判断正确的是（ ）
A. t2 时小球的动能最大
B. t2 和 t3 时小球的机械能相等
C. t1 时小球的机械能大于 t3 时小球的机械能
D. 小球从 t1 到 t2 这段时间内，重力势能转化为动能
【答案】B
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【解析】
【详解】A．小球做竖直上抛运动，由图可知 t2 时小球到达最高点，此时小球速度为 0，动能为 0，动能最
小。故 A 错误；
BC．小球做竖直上抛运动，忽略空气阻力，全过程机械能守恒，因此在每时每刻机械能都不变。故 B 正确，
C 错误；
D．由图可知小球从 t1 到 t2 这段时间内，高度变大，根据 可知重力势能变大，由于全过程机械能
守恒，因此动能减小，所以小球从 t1 到 t2 这段时间内，动能转化为重力势能。故 D 错误。
故选 B。
12. 如图所示为位于 两点的点电荷周围的电场线示意图，若将不计重力的带电粒子沿垂直 连线的
方向以速度 抛出，粒子运动轨迹如图中虚线所示，经过 、 两点，则下列说法正确的是（ ）
A. 粒子带正电
B. A 点电势高于 点电势
C. 粒子在 、 两点之间的运动过程中加速度越来越小
D. 粒子从 点到 点运动过程中电势能越来越大
【答案】C
【解析】
【详解】A．粒子所受电场力指向轨迹的凹侧且与电场线相切，由图可知粒子所受电场力与电场强度方向相
反，则粒子带负电，故 A 错误；
B．沿着电场线的方向电势降低，过 B 点作等势面交 A 点所在的电场线于 C 点，则 ，故 B 错
误；
C．粒子在 A、B 两点之间运动过程中，电场线越来越稀疏，则电场强度越来越小，粒子所受电场力越来越
小，根据牛顿第二定律可知，加速度越来越小，故 C 正确；
D．粒子从 A 点到 B 点运动过程中，所受电场力与速度方向成锐角，故电场力做正功，电势能越来越小，
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故 D 错误。
故选 C。
13. 如图所示的电路中，电阻 R=2Ω。断开 S 后，电压表的读数为 3V；闭合 S 后，电压表的读数为 2V，则
电源的内阻 r 为（ ）
A. 1Ω B. 2Ω
C. 3Ω D. 4Ω
【答案】A
【解析】
【详解】开关 S 断开时有
E=3V
开关 S 闭合时有
结合上述解得
故选 A。
14. 金属铂的电阻对温度的高低非常敏感，在下图所示的 U－I 图像中，可能表示金属铂电阻的 U－I 图线的
是（ ）
A. B.
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C. D.
【答案】C
【解析】
【详解】因为 U-I 图线与坐标原点连线的斜率表示电阻，当金属铂所加的电压和通过电流增大时，发热功率
增大，它的温度升高，电阻增大，则伏安特性曲线与坐标原点连线的斜率逐渐增大，根据数学知识可知 C
正确。
故选 C。
15. 如图所示是某种电容器的参数，下列各种参数规格的电容器在额定电压下使用，储存电荷最少的电容器
是（ ）
A. B. C. D.
【答案】B
【解析】
【详解】电容器在额定电压下使用，能储存电荷量为
易得选项 B 中所给参数的电容与额定电压的乘积最小。
故选 B。
16. 如图甲为喷墨打印机的结构简化图。当计算机有信号输入时，墨盒喷出细小的墨滴，经过带电室后带上
负电，其电荷量由输入信号控制。墨滴进入平行金属板，最后打到纸上，显示出打印内容。当计算机无信
号输入时，墨滴不带电，径直通过板间后注入回流槽流回墨盒中。已知两板间的电压为 ，距离为 ，板
长为 。墨滴的质量为 ，电荷量为 ，以水平初速度 进入平行金属板，假设平行金属板之间为匀强电
场，全程仅考虑墨滴受到的电场力。下列说法正确的是（ ）
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A. 墨滴穿过电场的过程中受到的电场力大小为
B. 墨滴穿出电场的过程中所用的时间为
C. 墨滴穿过电场的过程中竖直方向的位移大小为
D. 某同学打印的照片如图乙所示，若仅将两板间的电压增大 50%，则最终打印稿上出现的照片图样是丙，
仅纵向扩大
【答案】D
【解析】
【详解】A．墨滴穿过电场 过程中受到的电场力大小为 ，故 A 错误；
BC．墨滴穿出电场的过程中水平方向做匀速直线运动，所用的时间为
竖直方向做初速度为零的匀加速直线运动，加速度大小为
墨滴穿过电场的过程中竖直方向的位移大小为 ，故 BC 错误；
D．根据 可知
若仅将两板间的电压 U 增大 50%，则 也增大 50%，即最终打印稿上出现的照片仅纵向扩大 50%，故 D 正
确。
故选 D。
17. 一块手机电池的背面印有如图所示的一些符号，另外在手机使用说明书上还写有“通话时间 4h，待机
时间 100h”，则下列说法正确的是（ ）
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A. 符号“mA•h”为能量单位
B. 手机通话时消耗的功率为 0.25W
C. 待机时消耗的功率 1.8×10﹣2W
D. 此手机的最大电流是 500mA
【答案】C
【解析】
【分析】mA•h 为电荷量单位；根据电流的定义式可以计算出手机通话时、待机时的电流，然后根据 P=UI
可计算出通过功率和待机功率；在手机通话时的电流最大。
【详解】A.符号“ ”为电荷量单位，故 A 错误；
B．手机通话时的电流为
所以通话时的功率为
P=UI=3.6×0.125W=0.45W
故 B 错误；
C．待机时的电流为
所以待机时消耗的功率为
P′=UI′=3.6×5×10﹣3W=1.8×10﹣2W
故 C 正确；
D．手机在通话时的电流最大，则最大电流为 0.125A，故 D 错误。
故选 C。
18. 以前人们盖房打地基叫打夯，夯锤的结构如图所示。参加打夯的共有 5 人。四个人分别握住夯锤的一个
把手，一个人负责喊号，喊号人一声号子，四个人同时向上用力将夯锤提起，号音一落四人同时松手，夯
锤落至地面将地基砸实。某次打夯时，设夯锤的质量为 m，将夯锤提起时，每个人都对夯锤施加竖直向上
的力，大小均为 ，持续的时间为 t，然后松手，夯锤落地时将地面砸出一个凹痕。重力加速度为 g，不
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计空气阻力，则（ ）
A. 夯锤上升 最大高度为
B. 松手时夯锤的动能为
C. 在下落过程中，夯锤速度增大，机械能增加
D. 在上升过程中，夯锤超重，在下落过程中，夯锤失重
【答案】A
【解析】
【详解】AB．夯锤加速上升阶段，由牛顿第二定律
松手时夯锤的速度为
此时，夯锤的动能为
松手后，夯锤做竖直上抛运动，则上升的最大高度为
解得
，
A 正确，B 错误；
C．在下落过程中，仅有重力做功，夯锤机械能守恒，C 错误；
D．加速上升过程中，夯锤处于超重状态，竖直上抛过程中，夯锤处于完全失重状态，D 错误。
故选 A。
非选择题部分
二、实验题（每空 2 分，共 16 分）
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19. 某实验小组用落体法验证机械能守恒定律，打点计时器固定在铁架台上，使重物带动纸带从静止开始自
由下落，利用此装置验证机械能守恒定律。
（1）本实验中，学生在实验操作过程中出现如图的四种情况，其中操作正确的是__________；
A. B.
C. D.
（2）打点计时器的电源为交流电源（频率为 ），如图为打出纸带的一部分， 、 、 为连续的三
个点，用刻度尺量得，B点读数为 __________cm，可得到打 点时重物下落的速度大小 __________
。（结果保留三位有效数字）。
（3）在如图所示“探究加速度与力、质量的关系”的实验中，可通过位移的测量来代替加速度的测量，即
。使用这种方法需满足的条件是两小车__________（填“质量”、“所受拉力”或“运动时间”）相同。
【 答 案 】（ 1） B （ 2） ① . 23.27##23.28##23.29##23.30##23.31##23.32##23.33 ② . 2.40
##2.41##2.42##2.43##2.44##2.45##2.46##2.47##2.48##2.49##2.50
（3）运动时间
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【解析】
【小问 1 详解】
本实验中，电磁打点计时器应接在学生电源的交流输出端，释放重物前应用手提着纸带且避免手抖动。
故选 B。
【小问 2 详解】
[1] B 点读数为
[2] D 点读数为 ，相邻两个点之间的时间间隔为 ，打 C 点时重物下落的速度大小
【小问 3 详解】
两小车均做初速度为零的匀加速直线运动，由 得
若 相等，则 ，即
故使用这种方法需满足的条件是两小车运动时间相同。
20. 某兴趣小组用一只两端开口的玻璃管通过密封塞封住一定量的矿泉水，测定该矿泉水的电阻率 。
（1）某同学应用如图甲所示的游标卡尺的__________（选填“A”、“B”或“C”）部位去测玻璃管的内径 ，测
出的读数如图乙，则 __________mm。
（2）该同学用多用电表的电阻挡测量玻璃管中矿泉水的电阻，选择开关置于“ ”挡，发现指针如图丙
所示，则该同学应换选__________（选填“ ”或“ ”）挡。
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（3）该组同学按图丁连好电路后，闭合开关，调节滑动变阻器的滑片，从最右端向左端移动的整个过程中，
发现电压表有示数但几乎不变，可能的原因是__________。
A. 电路中 5、6 之间断路 B. 电路中 7、8 之间断路
（4）该组同学在改进实验后，测出玻璃管中有水部分的长度为 、电压表示数为 、电流表示数为 ，则
矿泉水的电阻率 __________（用题中字母 d、U、I、L 表示）。
【答案】（1） ①. A ②.
（2）
（3）B （4）
【解析】
【小问 1 详解】
[1]测玻璃管的内径应选用内测量爪，即 A；
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[2]由图乙可知，玻璃管的内径
【小问 2 详解】
由图可知，欧姆表指针位置太偏左，说明待测电阻阻值较大，应换用更大的倍率，才能使指针靠近表盘中
央，故应换选 挡。
【小问 3 详解】
A．电压表有示数则干路一定是通的，电路中 5、6 之间不会断路，故 A 错误；
B．电路中 7、8 之间断路后电压表被串联到电路中，会导致其电压接近电源电动势，调节滑动变阻器的滑
片，从最右端向左端移动的整个过程中，电压表有示数但几乎不变，故 B 正确。
故选 B。
【小问 4 详解】
根据电阻定律有
又 ，
求得
三、填空题（每空 2 分，共 8 分）
21. 如图所示是库仑扭秤的原理图，细银丝的下端悬挂一根绝缘棒，棒的两端分别固定带电量为 的带正电
小球 和不带电小球 ；把另一个带电量为 的金属小球 靠近 ， 、 两球相互排斥至距离为 ，已
知静电力常量为 ，忽略球的大小。则 球带________电（填“正”或“负”），A、C 两球间库仑力大小
为________。若 ，则 A、 两球连线中点处的场强方向是________（填“A 指向 C”或“C 指向 A”）；
若将一个不带电的相同金属小球 先与 C 球接触一下，再与 球接触一下……经过无数个来回后，调节 、
两球间距离仍为 ，则 、 两球间的库仑力变为最初的________倍。
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【答案】 ①. 正 ②. ③. A 指向 C ④.
【解析】
【详解】[1][2][3][4]A、C 相互排斥，带同种电荷，则 C 球带正电。A、C 两球间库仑力大小为
若 ，根据
A 球在中点的场强大于 C 球在中点的场强，则中点处的场强方向是 A 直线 C。经过无数次接触，A、C 两
球电量均为 q，则
，
则 、 两球间的库仑力变为最初的 倍。
四、解答题（共 22 分）
22. 2022 年 6 月 17 日，由我国完全自主设计建造的第三艘航空母舰“福建舰”下水，福建舰采用平直通长
飞行甲板，舰上安装了电磁弹射器以缩短飞机的起飞距离。假设航空母舰的起飞跑道总长 l=270m，电磁弹
射区的长度 l1=60m，若弹射装置可以辅助飞机在弹射区做加速度为 30m/s2 的匀加速直线运动，飞机离开电
磁弹射区后继续在喷气式发动机推力作用下做匀加速直线运动，如图所示。假设一架舰载机的质量 m=3.0×
104kg，飞机在航母上受到的阻力恒为飞机重力的 0.2 倍。若飞机可看成质量恒定的质点，从边沿离舰的起
飞速度为 80m/s，航空母舰始终处于静止状态，重力加速度取 g=10m/s2，求：
（1）飞机经电磁弹射后获得的速度大小；
（2）飞机从静止到起飞所需时间；
（3）飞机发动机的推力大小。
【答案】（1）60m/s；（2）5s；（3）2.6×105N
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【解析】
【详解】（1）弹射阶段，初速度为 0，根据速度位移关系
解得
弹射阶段时间为
加速阶段，有
联立解得
（3）根据速度位移关系
解得
23. 某游乐场游戏装置示意图如图甲所示。质量为 的物块从 圆形轨道 某处静止释放，经过 飞出后
沿半圆轨道 运动，之后进入水平粗糙平台 ，平台离地面高度为 。已知圆形轨道 与 半径
均为 ，平台 长度为 ，物块与平台之间的动摩擦因数为 ，平台离地面高度为 ，不计
空气阻力，所有圆形轨道光滑且与平台在同一竖直面内。求：
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（1）若物体从 点由静止开始释放，下滑经过 点，求物体在 点对轨道的压力；
（2）半圆轨道的最高点 处有一力传感器，可以测出物块经过 点时对轨道的压力 ，取不同的圆心角
得到相应的压力 ，作出 关系图，如图乙所示，求 、 的值；
（3）若物块恰好到达 处，求物块释放点离 的竖直高度 ；
（4）若将平台左端截去长为 的一小段，物块仍从第（3）问中的位置由静止释放，落在水平地面上的
点，要使 的水平距离最大，求 的值。
【答案】（1） ，竖直向下
（2） ，
（3）
（4）
【解析】
【小问 1 详解】
物块从 A 点静止释放，根据动能定理
在 B 点有
解得
根据牛顿第三定律，物块对轨道的压力与轨道对物体的支持力等大反向，故物块对轨道的压力方向竖直向
下，大小为
【小问 2 详解】
物块从静止释放，根据动能定理
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在 点有
又
解得
由图像可知， 时， ； 时，
解得 ，
【小问 3 详解】
物块从释放点到 点，由动能定理可知
入数据可知
【小问 4 详解】
截去 以后，设物块离开平台速度为 ，根据动能定理有
物块落点到 点时与 点的水平距离为
竖直方向有
联立得
此为一个未知数为 的二次函数，则当 时，即 时 的水平距离最大。
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