2024年江苏省泰州市中考物理试卷（含答案+解析）

这是一份2024年江苏省泰州市中考物理试卷（含答案+解析），共9页。试卷主要包含了单选题，填空题，作图题，实验探究题，计算题等内容，欢迎下载使用。
1.历史上首先发现了电流的磁效应，揭示了电和磁之间联系的科学家是( )
A. 奥斯特B. 法拉第C. 安培D. 麦克斯韦
2.如图所示，是学校安全教育活动中学生使用灭火器的情景。根据图片中的信息，可判断灭火器的罐底离地面的高度最接近于( )
A. 10cmB. 40cmC. 80cmD. 1m
3.《墨经》最早记载了小孔成像现象及其解释，下列光现象中，与该现象成因相同的是( )
A. 雨后彩虹B. 日晷计时
C. 湖面倒影D. 铅笔弯折
4.关于粒子与宇宙，下列说法正确的是( )
A. 柳絮飞舞说明分子在做无规则运动B. 海绵能被压缩说明分子间有空隙
C. 同种电荷相互吸引，异种电荷相互排斥D. 宇宙是有起源的、膨胀的和演化的
5.下列有关安全用电的说法或做法中，正确的是( )
A. 必须把用电器的开关装在零线上
B. 发现用电器着火，立即泼水灭火
C. 家中的空气开关自动断开，一定是发生了短路的缘故
D. 使用测电笔时，手要接触笔尾金属电极
6.中国高铁快捷平稳、安全舒适。如图所示，一枚硬币稳稳地站立在高速行驶的高铁列车的窗台上，以下与该现象有关的说法中，正确的是( )
A. 硬币此时没有惯性
B. 若硬币倒下，说明硬币受到惯性力
C. 若硬币倒向列车前进的方向，说明列车突然减速
D. 硬币倒向哪个方向具有偶然性，不能判断列车是加速还是减速
7.一敞口硬质透明塑料瓶，剪去瓶底后蒙上橡皮膜，再插入盛水容器中，如图所示，以下对有关实验现象的描述、分析正确的是(ρ酒精2f，2f>v>f，成倒立、缩小的实像，故清晰的像应成在图中②区域，像的箭头方向是向上的；
实像是实际光线会聚而成，因此像能被人眼看到。
故答案为：②；上；能。
(1)根据u>2f，2f>v>f，成倒立、缩小的实像；
(2)实像是实际光线会聚而成，据此分析。
此题考查凸透镜成像的规律。掌握凸透镜成像的特点是解题关键。
18.【答案】450
远离

【解析】解：该杆秤测量的最大弹力为：F1L1=F2L2，代入数据：150N×OA=F2×OB，
解得：F2=450N；
由杠杆的平衡条件是：F1L1=F2L2知，即F1×OA=F2×OB，由题意知，秤砣F1、OB不变，若增大所挂重物的重力F2，则需增大OA，
即将秤砣悬挂点逐渐远离O点。
故答案为：450；远离。
根据杠杆的平衡条件是：F1L1=F2L2计算。
本题考查了杠杆的平衡条件的应用，难度适中。
19.【答案】硬度
升

【解析】解：碳纤维具有硬度大和密度小的物理特性，可以确保车身的坚固性和轻量化；
飞行汽车的外观为流线型，高速行驶时，汽车上方的空气流速大，下方的空气流速小，上方的压强小于下方的压强，汽车在空气压强差的作用下获得向上的升力。
故答案为：硬度；升。
(1)碳纤维具有硬度大和密度小的物理特性；
(2)流体的压强与流速有关，流速越大的地方压强越小。
本题考查了密度在生产、生活中的应用和流体压强与流速的关系等知识。
20.【答案】不可再生
热传递
40%
做功

【解析】解：天然气属于不可再生能源；
小明在水壶中装入质量2kg、初温20∘C的水，放在燃气灶上加热，水吸收热量内能增加，这是通过热传递的方式改变水的内能；
在标准大气压下水的沸点为100∘C，水吸收的热量为：
Q吸=c水m水(t−t0)=4.2×103J/(kg⋅∘C)×2kg×(100∘C−20∘C)=6.72×105J，
0.042m3的天然气完全燃烧放出的热量为：
Q放=qV=4.0×107J/m3×0.042m3=1.68×106J，
则该燃气灶烧水的热效率为：
η=Q吸Q放×100%=6.72×105J1.68×106J×100%=40%；
水蒸气冲开瓶塞，水蒸气对瓶塞做功。水蒸气的温度降低，内能减小，将内能转化为机械能；此过程与热机的做功冲程能量转化情况相同，内能转化为机械能。
故答案为：不可再生；热传递；40%；做功。
(1)像水能、风能、太阳能、生物质能等都是能够源源不断的从自然界得到的能源叫可再生能源；像化石能源、核能等短期内不能从自然界得到补充的能源叫不可再生能源；
(2)改变物体内能的方式有两种：做功和热传递；
(3)根据Q吸=c水m水(t−t0)求出水吸收的热量，利用Q放=qV求出天然气完全燃烧放出的热量，根据η=Q吸Q放×100%求出该燃气灶烧水的热效率；
(4)做功可以改变物体的内能，当对物体做功时，机械能转化为内能，当物体对外做功时，内能转化为机械能。
本题考查热量的计算，主要有水吸热公式、燃料完全燃烧放热公式以及热效率公式的应用。
21.【答案】大于
2.5×107

【解析】解：当物体所受的浮力小于重力时，物体将下沉，因此向水舱中充水，当重力大于浮力时，该核潜艇下沉；
该潜艇漂浮时的排水量为：m排1=9000t=9×106kg，
潜艇漂浮时受到的浮力等于潜艇的重力，根据阿基米德原理可得，
潜艇漂浮时的重力：G漂=F浮1=G排1=m排1g=9×106kg×10N/kg=9×107N；
该潜艇悬浮时的排水量为：m排2=11500t=1.15×107kg，
潜艇悬浮时受到的浮力等于潜艇的重力，根据阿基米德原理可得，
潜艇悬浮时的重力：G悬=F浮2=G排2=m排2g=1.15×107kg×10N/kg=1.15×108N，
则向水舱内充入水的重力为：ΔG=G悬−G漂=1.15×108N−9×107N=2.5×107N。
故答案为：大于；2.5×107。
(1)根据物体浮沉条件分析回答；
(2)已知战略核潜艇其水面和水下排水量，根据物体的漂浮条件和阿基米德原理求潜艇漂浮和悬浮时的重力，据此求出向水舱内充入水的重力。
本题考查了物体漂浮条件和阿基米德原理的应用，难度适中。
22.【答案】变小
4.5
合格

【解析】解：闭合开关，向右推动挡板的过程中，电阻丝接入的长度变大电阻变大，电路中的总电阻变大，电路中的电流I=UR可知，电流表的示数变小；
当挡板推到最右端时，电流表的示数是0.05A，R0两端的电压U0=I1R0=0.05A×30Ω=1.5V，
此时电压表的示数U1=U−U0=6V−1.5V=4.5V，
挡板的最大电阻R挡板=U1I1=Ω；
电压电压为6V，小华测试时，电压表示数为3V，R0两端的电压也是3V，由串联电路的分压规律可知，挡板接入的电阻等于R0=30Ω，小华推挡板移动的距离L=30cm90Ω×30Ω=10cm，
由表中数据可知，小华的测试等级为合格。
故答案为：变小；4.5；合格。
闭合开关，向右推动挡板的过程中，电阻丝接入的长度变大电阻变大，由电流等于电压除以电阻进行判断电流表示数的变化情况；当挡板推到最右端时，电流表的示数是0.05A，电源电压已知，可求出电路中的总电阻，R0的电阻已知，可求出电阻丝两端的电阻和电压，由此可求出电阻丝的最大阻值；小华测试时，电压表示数为3V，电源电压为6V，可知此时电阻丝的电阻为等于R0，电阻丝的总长度和总电阻已知，可求出她推挡板移动的距离，结合表中数据，判断是否合格。
本题考查了欧姆定律的应用，串联电路中电压分配规律，电阻丝电阻与长度的关系。
23.【答案】解：首先过入射点O垂直于界面作出法线，根据反射角等于入射角，在法线右侧空气中画出反射光线OB；
根据光的折射规律，在法线右侧的水中画出折射光线OC，OC适当靠近法线，如图所示：

【解析】反射定律：反射光线、入射光线、法线在同一个平面内，反射光线与入射光线分居法线两侧，反射角等于入射角；
折射规则律：折射光线、入射光线、法线在同一个平面内，折射光线、入射光线分居法线两侧，当光由空气斜射进入水中或其它透明介质中时，折射光线向靠近法线方向偏折，折射角小于入射角。
在两种透明介质的界面上，折射和反射一般是同时发生的，反射光线与入射光线在同种介质中，折射光线和入射光线在不同种介质中。
24.【答案】解：摆球在A点时受到竖直向下的重力和沿绳子向上拉力作用，作用点在球心，过球心作竖直向下的重力；过球心作沿绳子斜向上的拉力，如图所示：

【解析】力的示意图是用一条带箭头的线段把力的大小、方向、作用点三个要素表示出来，线段的长短表示力的大小，箭头表示力的方向，线段起点或终点表示力的作用点。
画力的示意图的一般步骤为：一画简图二定点，三画线，四画尖，五把力的符号标尖边。按照这个作图步骤，就能画出指定力的示意图。
25.【答案】解：(1)由图可知，小磁针静止时的右端为N极，左端是S极，根据异名磁极相互吸引，同名磁极相互排斥，则通电螺线管的左端为S极，右端为N极。
(2)因为在磁体外部，磁感线总是从N极发出，回到S极，所以图中磁感线的方向是指向左的。
(3)根据安培定则，伸出右手使大拇指指示螺线管的右端N极，则四指弯曲所指的方向为电流的方向，所以电流从螺线管的右端流入，则电源的右端为正极。
如图所示：

【解析】(1)知道小磁针静止时N极的指向，根据磁极间的相互作用判断出通电螺线管的磁极。
(2)根据通电螺线管的磁极判断出磁感线的方向。在磁体外部，磁感线总是从N极发出，回到S极。
(3)根据右手定则判断出电流的方向，确定电源的正负极。
对于安培定则，共涉及三个方向：电流方向、磁场方向、线圈绕向，告诉其中的两个可以确定第三个。
26.【答案】便于确定像的位置 垂直 相等 C A
【解析】解：(1)实验中选用玻璃板替代平面镜的好处是便于确定像的位置；
(2)实验时玻璃板要竖直放置，即垂直于桌面，他把直角三角板的一条直角边紧贴桌面上的白纸，另一条直角边紧靠玻璃板，这样做可以检验玻璃板与桌面是否垂直；
(3)蜡烛B与蜡烛A的像完全重合，说明像与物的大小相等；
(4)玻璃门水平方向上移动，为探究玻璃门移动时像的位置是否改变，小明应该沿CD方向左右平移；
(5)为了得出物移动时，像的大小是否变化，应该多次改变蜡烛到玻璃板的距离，是结论具有普遍性。
故答案为：(1)确定像的位置；(2)垂直；(3)相等；(4)C；(5)A。
(1)选用玻璃板替代平面镜的好处是便于确定像的位置；
(2)玻璃如果没有竖直放置，蜡烛A所成的像就偏上或偏下，始终不能让B与A的像高度相同；
(3)平面镜成像是光的反射，蜡烛B与蜡烛A的像完全重合，像与物的大小相等；
(4)平面镜的成像特点可知，像和物体关于平面镜对称，据此分析；
(5)为证实上述有关成像特点是否可靠，要多次测量。
本题为“探究平面镜成像特点”的实验，考查学生动手操作实验的能力并能根据实验现象得出正确结论，动手操作实验时，能根据实验现象得出正确的结论，提高实验能力。
27.【答案】温度计玻璃泡 93 水的内部汽化 温度 ABC
【解析】解：(1)酒精灯使用时要用外焰加热，故安装器材时先点燃酒精灯，确定好铁圈的位置，再依次向上安装器材，根据温度计玻璃泡的位置固定铁棒A的位置。
(2)根据温度计的分度值为1∘C可知，第3min时温度计的示数为93∘C。
(3)水在沸腾过程中产生大量的气泡，气泡在上升过程中，不断有水汽化为水蒸气进入气泡，使气泡体积变大，最后破裂。
(4)因为撤去酒精灯后，石棉网的温度仍高于水的沸点，水能继续吸收到热量，因此能够继续沸腾一小会。
(5)为了缩短加热时间，可采取的措施有：减小水的质量(或提高水的初温)、增大酒精灯的火力(用酒精灯火焰的外焰加热)、给烧杯加盖子，减少热量散失，故选：ABC。
故答案为：(1)温度计玻璃泡；(2)93；(3)水的内部汽化；(4)温度；(5)ABC。
(1)在安装实验器材时，应遵循由下到上的安装顺序；
(2)根据温度计的分度值读数；
(3)水在沸腾过程中产生大量的气泡，气泡在上升过程中由于所受水的压强在减小，所以体积逐渐增大；
(4)酒精灯撤去后，石棉网的温度较高，高于水的沸点，因此水能够继续吸收到热量，据此解答；
(5)从给水开始加热到水沸腾需要的时间长短不同，根据Q=cmΔt知，可能是水的质量不同，可能是水的初温不同；加大火力、减少热量散失均可缩短加热时间。
本题考查水的沸腾实验的灵活应用与变通，读懂题意，根据常识灵活变通是解决此类问题的关键。在观察水的沸腾实验中，想办法减少热量的散失是非常现实的问题，这也充分说明，对一些实验细节的处理，有时会直接影响到实验的效果甚至成败。
28.【答案】改变施力方向 拉力 方向相反 松手时
【解析】解：(1)使用定滑轮的好处是可以改变施力方向；小卡片两端通过滑轮各挂一个钩码，两个钩码由于重力通过绳子对小卡片施加了两个方向相反的拉力，并通过调整钩码的个数来改变拉力的大小；
(2)根据图乙可知，此时没有控制两个拉力的方向相反；实验中将小卡片转过一个角度，使小卡片两端的拉力不在一条直线上，松手后观察小卡片是否平衡。
故答案为：(1)改变施力方向；拉力；(2)方向相反；松手时。
(1)使用定滑轮可以改变力的方向；钩码个数不同，拉力大小不同；
(2)二力平衡的条件：作用在同一物体上的两个力，大小相等，方向相反，且在同一条直线上。
掌握二力平衡条件，以及二力平衡条件的探究过程，如何探究两个力大小相等，如何探究两个力在同一直线上，如何探究两个力作用在同一物体上，如何探究两个力方向相反。
29.【答案】B = 水 未充分搅拌沙子 沙滩
【解析】解：(1)该实验采用控制变量法，加热时要控制酒精灯火焰大小相同、火焰与烧杯底距离相等、使用相同的烧杯装入等质量的水和沙子，不需要控制酒精灯里的酒精相同，故B不需要；
(2)①加热相同的时间，两物质吸收的热量相同；②分析实验数据可知：加热相同的时间，沙子升高的温度高，所以水吸热能力强；故质量相同的水和沙子，升高相同的温度时，水加热的时间比沙子长，则水吸收的热量大于沙子吸收的热量；
(3)实验中仔细观察的小明同学还发现：刚开始加热时，沙子升温速度比水小，可能的原因是：沙子开始受热不均匀；
(4)水的比热容较大，相同质量的水和沙子比较，放出相同的热量，水的温度降低的少，所以沙子比较凉。
故答案为：(1)B；(2)①=；②水；(3)未充分搅拌沙子；(4)沙滩。
(1)根据控制变量法回答；
实验需要测量水与煤油的加热时间，需要用到秒表；
(2)(4)我们使用相同的酒精灯通过加热时间的长短来比较吸热多少，这种方法叫转换法。比较物质吸热能力的2种方法：
①使相同质量的不同物质升高相同的温度，比较吸收的热量(即比较加热时间)，吸收热量多的吸热能力强
②使相同质量的不同物质吸收相同的热量(即加热相同的时间)，比较温度的变化，温度变化小的吸热能力强；
(3)从沙子开始受热不均匀的角度考虑。
“比较不同物质的吸热能力”的实验是热学最主要的实验。此实验不仅考查学生对基本过程的掌握情况，更进一步考查学生运用基本知识和方法分析问题、提出问题的能力。
30.【答案】水平台面 右 1.12×103 大 加满 F3−F1F2−F1ρ水
【解析】解：(1)①用托盘天平测量物体质量时，应先将天平放在水平台面上，移动游码至标尺左端的“0”刻度线处，调节横梁两端的平衡螺母使天平平衡，天平调平的原则是“左偏右调，右偏左调”，由图甲知，指针偏左，此时应将平衡螺母向右调节，直到天平横梁平衡；
②由图乙知，烧杯和洗衣液的总质量m总=50g+20g+3.6g=73.6g，
③由图丙可知，量筒中洗衣液的体积V=30mL=30cm3，
则该洗衣液的密度为：ρ=mV=73.6g−40g30cm3=1.12g/cm3=1.12×103kg/m3；
④由于量筒的内壁粘有少量洗衣液，所以测得体积V偏小，根据ρ=mV可知，所测洗衣液的密度偏大。
(2)③由于没有量筒，不能直接测量洗衣液的体积，利用洗衣液的体积和水的体积相等，可以间接求出洗衣液的体积，所以将小桶中的水全部倒出，擦干小桶，加满洗衣液，读出弹簧测力计的示数为F3；④洗衣液的质量：m洗衣液=G洗衣液g=F3−F1g，
洗衣液的体积：V洗衣液=V水=m水ρ水=G水gρ水=F2−F1gρ水=F2−F1ρ水g，
洗衣液的密度：ρ洗衣液=m洗衣液V洗衣液=F3−F1gF2−F1ρ水g=F3−F1F2−F1ρ水。
故答案为：(1)①水平台面；右；③1.12×103；④大；
(2)③加满；④F3−F1F2−F1ρ水。
(1)①天平的使用：首先将天平放在水平台面上，将游码移到标尺左端“0”刻度线处，调节横梁两端的平衡螺母使指针对准分度盘中央的刻度线，调节天平平衡时，遵循“左偏右调”的原则，根据图示情景判断螺母的移动方向；
②天平测物体质量时，物体质量等于砝码质量与游码读数之和；
③由于量筒的内壁粘有少量洗衣液所以体积V偏小，由此分析所测密度变化；
(2)由于没有量筒，不能直接测量洗衣液的体积，小桶中分别装满洗衣液和水，洗衣液的体积和水的体积相等，间接求出洗衣液的体积；用弹簧测力计测量小桶和洗衣液的总重力，可以求出洗衣液的重力，根据G=mg求出洗衣液的质量，利用密度公式求出洗衣液的密度。
天平的调节、使用、读数，量筒的读数，利用密度公式进行计算，这都是我们在测量密度的实验中必须掌握的，通过此题我们还应该学会一种利用等效替代来间接求物体体积的方法。
31.【答案】(1)见解析图；电压；(2)2.4；导体两端的电压成正比；(3)BADC；4；(4)无法测出通过每个电阻的电流；在每一支路上分别串联一个电流表。
【解析】解：(1)见图，将定值电阻右侧接线柱上的导线改接到电压表负接线柱或电源负极上：
；
由于电压表的电阻很大且串联在电路中，所以在开关闭合的瞬间，电压表接在电源的两端，电压表的指针将明显偏转；
(2)其中第③次实验中电压表的指针如图丙所示，电压表选用小量程，分度值为0.1V，其示数为2.4V，根据表一数据可知，电阻一定，电压增大为原来的几倍，通过的电流也增大为原来的几倍，即在电阻一定时，通过导体的电流与导体两端的电压成正比；
(3)①为保护电路，闭合开关前，滑动变阻器连入电路的电阻最大；研究“电流与电阻的关系”，要控制电阻的电压不变，再记下电流表的示数，故从安全和规范角度考虑，正确的顺序是：将滑动变阻器的滑片移到最右端，闭合开关；将滑动变阻器的滑片移到适当位置，记录电流表示数；即BADC；
②由表中数据知，电阻的电流与电阻之积为：UV=IR=0.4A×5Ω=0.2A×10Ω=0.1A×20Ω=2V，
根据串联电路的规律及分压原理有：U−UVUV=R滑R定；
方程左边为一定值，故右边也为一定值，当变阻器最大电阻连入电路中时，对应的定值电阻也最大，这时电源电压最大，即：U−2V2V=50Ω20Ω；
故电源电压最大为：U电源=7V；所以电源最多只能用4节新干电池串联；
(4)①闭合开关，三个电阻并联接入电路，电流表测干路电流，根据并联电路电压特点可知三个电阻两端电压相等，但无法测出通过每个电阻的电流，所以该方案不能完成探究任务；
②为测出通过每个电阻的电流，需在每一支路上分别串联一个电流表。
故答案为：(1)电压；(2)2.4；导体两端的电压成正比；(3)BADC；4；(4)无法测出通过每个电阻的电流；在每一支路上分别串联一个电流表。
(1)根据实验要求，电流表与电阻串联，电压表测量电阻的电压，根据电流表、电压表的接法，连接电路；
根据电压表的特点分析解答；
(2)根据电压表选用小量程确定分度值读数；横向分析表一数据得出结论；
(3)①为保护电路，闭合开关前，滑动变阻器连入电路的电阻最大；研究“电流与电阻的关系”，要控制电阻的电压不变，再记下电流表的示数，据此分析；
②由表中数据得出电阻的电流与电阻之积；根据串联电路的规律及分压原理得出电源电压的最大值；
(4)①闭合开关，三个电阻并联接入电路，电流表测干路电流，根据并联电路电压特点可知三个电阻两端电压相等，但无法测出通过每个电阻的电流，所以该方案不能完成探究任务；
②为测出通过每个电阻的电流，需在每一支路上分别串联一个电流表。
本题考查电路连接，数据分析，串联电路特点、欧姆定律、控制变量法的应用等，综合性强。
32.【答案】解：(1)机器人对水平地面的压力等于其重力：F=G=mg=60kg×10N/kg=600N，它与水平地面接触的总面积为S=100cm2=1×10−2m2，
它对地面的压强：p=FS=600N1×10−2m2=6×104Pa；
(2)机器人水平匀速直线运动，所以F牵引=f阻=120N，
牵引力对它所做的功：W=F牵引s=120N×15m=1800J，
送餐时间t=1min=60s，牵引力的功率为：P=Wt=1800J60s=30W。
答：(1)机器人对地面的压强是6×104Pa；
(2)送餐过程中，牵引力对它所做的功是1800J；功率是30W。
【解析】(1)机器人对水平地面的压力等于其重力，已知它与水平地面接触的总面积，由p=FS可得对地面的压强；
(2)机器人水平匀速直线运动，所以牵引力等于阻力，由W=Fs得 牵引力对它所做的功；
已知送餐时间，由P=Wt可得牵引力的功率。
本题考查压强、功、功率的计算，难度适中。
33.【答案】闭合
【解析】解：(1)由图乙可知，当开关S闭合、S1断开时，R2、R1串联，根据串联电路的电阻特点可知，此时电路中的总电阻最大，由P=U2R可知，电路中的总功率最小，煮蛋器处于保温状态；
当开关S、S1都闭合时，只有R1工作，电路中的总电阻最小，总功率最大，煮蛋器处于加热状态；
正常加热状态下，开关S1处于闭合状态，由图丙可知，加热功率P加热=1100W，
此时电路中的电流I=PU=1100W220V=5A；
(2)由P=U2R可知，R1的阻值：R1=U2P加热=(220V2)1100W=44Ω，
由图丙可知，煮蛋器保温功率P保温=40W，
由P=U2R可知，R2、R1串联总电阻：R=U2P保温=(220V)240W=1210Ω，
根据串联电路的电阻特点可知，定值电阻R2的阻值：R2=R−R1=1210Ω−44Ω=1166Ω。
(3)由图丙知，煮蛋器正常工作17.5min消耗的电能W=W1+W2=P加热t加热+P保温t保温=1100W×5×60s+40W×(17.5−5)×60s=3.6×105J=0.1kW⋅h，
闪烁次数n=1200imp/(kW⋅h)×0.1kW⋅h=120imp，因为120imp