2025-2026学年辽宁省名校联盟高一（上）联考物理试卷（12月）（含答案）

这是一份2025-2026学年辽宁省名校联盟高一（上）联考物理试卷（12月）（含答案），共10页。试卷主要包含了单选题，多选题，实验题，计算题等内容，欢迎下载使用。
1.下列关于物理学研究方法的说法，正确的是( )
A. 伽利略在探究落体运动规律时，直接通过对自由落体运动的实验观察得出“轻重物体下落快慢相同”的结论，该过程采用了理想实验法
B. 比值定义法是重要的物理方法，例如加速度a=Fm、速度v=ΔxΔt均属于用比值定义法得出的物理量
C. “质点”“匀速直线运动”“伽利略理想斜面”均属于物理学中的理想化模型，其建立过程忽略了次要因素，突出了主要因素
D. 牛顿第一定律揭示了“力是维持物体运动的原因”，该定律是在伽利略理想斜面实验等前人研究基础上，通过逻辑推理和科学抽象得出的
2.九三阅兵式中，某徒步方队从检阅起点A出发，沿直线匀速行进120m到达检阅点B，短暂停留30s后，再沿原路线返回40m到达调整点C，全程共用时100s。下列说法正确的是( )
A. 方队从A到C的位移大小为160m，平均速度大小为1.6m/s
B. 方队从A到C的位移大小为80m，平均速度大小为0.8m/s
C. 方队从A到C的路程为80m，平均速率为0.8m/s
D. 方队从A到C的路程为160m，平均速率为1.2m/s
3.如图所示，春节期间，工作人员用两根轻质绳子将一个大红灯笼悬挂在天花板下，并处于静止状态。绳子OM、ON与竖直方向夹角分别为α、β，并且满足α>β，用F1、F2分别表示OM、ON的拉力大小，则( )
A. F1的坚直分力小于F2的竖直分力B. F1的竖直分力等于F2的竖直分力
C. F1大于F2D. F1的水平分力小于F2的水平分力
4.如图所示，在水平力F作用下，木块A、B、C均保持静止。若木块A与B、C的接触面均是水平的，且F≠0;则关于木块A和B的受力个数，下列说法正确的是( )
A. 木块A的受力个数可能是4个B. 森块B的受力个数可能是4个
C. 木块A的受力个数一定是4个D. 木块B的受力个数一定是5个
5.高速公路应急车道是为工程抢险、医疗散护等应急车辆设置的专用通道，是一条“生命通道”，没有特殊情况，普通车辆不能违规占用。某次节假日期间，高速公路拥常，一救护车执行急救任务，在应急车道上以108km/h的速度匀速行驶，一段时间后发现前方100m处有车辆违规占用应急车道，该违规车辆匀速行驶，速度大小为36km/h。设该段应急车道路面平直，为了避免和违规车辆相撞，救护车被迫开始刹车的加速度大小至少为( )
A. 0.5m/szB. 1m/s2C. 1.5m/s2D. 2m/s2
6.风洞实验可以模拟高空跳伞情况下人体所承受气流的状态。已知物体受到的空气阻力F1与物体相对空气的速度v满足Ff=kv2(其中系数k与物体迎风面积有关)。图甲中风洞竖直向上匀速送风，一质量为m的物体从A处由静止下落，一段时间后在B处打开降落伞，整个运动过程相对速度的平方v2与加速度大小a的关系图像如图乙所示，重力加速度为g，下列说法正确的是( )
A. 打开伞前加速度的方向向下，大小越来越小
B. 打开伞后加速度的方向向上，大小越来越大
C. 打开伞前物体v2与a的关系图线为图乙中的 ①
D. 打开伞后物体迎风面积变大，所以Ff=kv2中的系数k变小
7.如图所示，某建筑工人通过定滑轮和绳子拉动在干燥混土水平路面上的货物，绳子的重力不计，货物与地面的动摩擦因数为0.75，tan37∘=0.75，若滑轮右侧绳子与水平方向的夹角从30∘增大到60∘的过程中，货物一直沿地面向左匀速直线运动，则在这个过程中下列说法正确的是( )
A. 绳子上的拉力一直增大B. 绳子上的拉力一直减小
C. 货物对地面的压力一直减小D. 地面对货物的摩擦力一直增大
二、多选题：本大题共3小题，共18分。
8.下列学生在校园内的日常活动中，主要用牛顿第三定律解释的现象有( )
A. 在教室值日时推垃圾桶，松开手后垃圾桶仍能滑行一段距离，是因为垃圾桶具有惯性
B. 体育课扔实心球，手对实心球的推力和实心球对手的压力大小相等，方向相反
C. 冰壶被出后能缓慢停下，是因为冰面的阻力改变了它的运动状态，若没有阻力，冰壶会一直匀速滑行
D. 跑步时不小心撞到同学，自己也会向后倾倒，是因为自已对同学产生作用力的同时，也受到同学对自己的反作用力
9.将一个物体以初速度v0竖直向上抛出，只受重力，重力加速度的大小为g，物体的位移为h，运动时间为t，运动的速度为v，下列图像(其中B选项图线为抛物线)中，描述该物体从抛出到落回抛出点的过程，正确的有( )
A. B.
C. D.
10.如图所示，在倾角为θ的、足够长的光滑固定斜面上有两个用轻弹簧连接的物块A和B，物块B上叠放着物块C，它们的质量均为m，弹簧的劲度系数为k，在沿斜面向上的外力F的作用下物块A、B、C保特相对静止状态。已知弹簧始终处于弹性限度内，重力加速度为g，则( )
A. 若外力F的大小为3mgsinθ，则弹簧的形变量为2mgsinθk
B. 若外力F的大小为4mgsinθ，则弹簧弹力的大小为2mgsinθ
C. 若外力F的大小为4mgsinθ，则运动一段时间后，突然撤去外力F的瞬间，物块B的加速度大小为13gsinθ
D. 若外力F的大小为4mgsinθ，则运动一段时间后，突然撤去外力F的瞬间，物块C受到的静摩擦力大小会随之发生突变
三、实验题：本大题共2小题，共14分。
11.某实验小组在一次验证力的平行四边形定则实验中，首先将橡皮条的一端固定在A点，再在另一端拴上两根细绳套，然后将两根细绳套分别套在两个弹簧测力计P和Q上。当将橡皮条的活动端拉到O点时如图所示，弹簧测力计的读数可从图中读出。

(1)由图可读测力计P的示数为 N。
(2)记录力的方向时，下列操作可取的是
A.由结点位置O开始，沿着细绳用铅笔将拉力的方向描出
B.沿细绳选择与O点相距较远的位发再确定一点，连接点O与该点，即为力所在的方向
C.沿细绳选择与O点相距较近的位置再确定一点，连接点O与该点，即为力所在的方向
(3)在该实验中，具体操作时一定要满足的有 。
A.用两个测力计拉动橡皮条时，两个测力计的拉力方向互相垂直
B.用两个测力计拉动橡皮条时，橡皮条与两细绳的角平分线共线
C.用两个测力计拉动橡度条时，拉力必须小于用一个测力计时的拉力
D.换用一个测力计拉动根皮条时，将橡皮条的活动端再次拉到O点
12.某实验小组用如图所示的装置测量木块(包括上面的光片)的质量M和本块与长木板之间的动摩擦因数μ。将木板放置在水平桌面上，并固定好光电门和光滑定滑轮。在木块上固定一个遮光片，遮光片宽度为d。将木块放在远离定滑轮的一侧，系上轻质细线，细线跨过定滑轮，另一端连接力传感器，传感器下方系上砝码盘，调节滑轮高度使细线与木板平行。测量出遮光片到光电门的初始距离为L，将砝码放入砝码盘中，木块在木板上从静止开始做匀加速直线运动，遮光片通过光电门的遮光时间记作t0(保持遮光片到光电门的初始距离为L不变，改变砝码盘中砝码的个数，记录相应的力传感器示数F和遮光时间t，再利用图像法进行数据处理。(空气阻力忽略不计，重力加速度为g)
(1)下列有利于减小实验误差的有 。
A.选用较宽的遮光片进行实验
B.选用较窄的遮光片进行实验
C.增大遮光片到光电门的初始距离
D.减小遮光片到光电门的初始距离
(2)作出以______(填“t”“t2”“1t”或“1t2”)为纵坐标，以力传感器示数F为横坐标的图像，发现是一次函数图线。若图线的斜率为k，纵轴截距的绝对值为b，则可计算出木块(包括上面的遮光片)的质量M= ，木块与长木板之间的动国擦因数μ= 。(均用题中给的字母表示)
四、计算题：本大题共3小题，共40分。
13.如图所示，在物流仓库的倾斜传送带装置上有一个支起的托盘，上面放着质量m=20kg的货物。传送带与水平地面的夹角为60∘，托盘与传送带夹角为30∘，运动过程中传送带、托盘和货物一直保持相对静止。(重力加速度g取10m/s2，计算结果可以用根式表示)
(1)当它们一起沿传送带向上匀速运动时，求托盘对货物的支持力FN1和摩擦力Ff1的大小;
(2)当它们一起以方向沿传送带向上的加速度a=2m/s2做匀加速直线运动时，求托盘对货物的支持力FN2和摩擦力Ff2的大小。

14.ETC是高速公路上不停车电子收费系统的简称。一辆汽车以20m/s的速度匀速行驶，通过ETC通道需要在中心线前方10m处速度减至5m/s，匀速到达中心线后，再匀加速回到20 m/s的速度继续匀速行驶。已知汽车加速和减速的加速度大小均为2m/si。
(1)求汽车从开始匀减速到通过ETC道道后匀加速结束，所需要的时间和通过的总路程;
(2)若由于更新设备，到达ETC中心线前方10m处的速度减至8m/s即可匀速通过，则汽车将节省多少时间?
15.如图所示，一质量为2.3kg的物体A放在质量为10kg的木板B上，木板B放在水平地面上。一根与水平方向夹角为37∘的轻绳的一端系在墙上，另一端系在物体A上。物体A与木板B间、木板B与地面间的动摩擦因数均为0.2，现用水平向右的恒力F拉木板B，在A、B分离前使木板B匀速运动，已知重力加速度g取10m/s2，sin37∘=0，6。
(1)求在A、B分离前，绳对物体A拉力的大小FT;
(2)求在A、B分离前，水平恒力的大小F;
(3)若B与A分离后开始计时，经过15s后撤去恒力F，又经过10s木板B速度减为0，求开始计时后木板B运动的总位移大小。
参考答案
1.C
2.B
3.A
4.B
5.D
6.A
7.C
8.BD
9.ABC
10.AC
11.(1)3.00(2.98∼3.02均可)
(2)B
(3)D

12.(1)BC
(2)1t2 2Lkd2 bd22gL

13.解：(1)托盘与水平方向的夹角θ=60∘−30∘=30∘
对货物受力分析
垂直于托盘方向FN1=mgcs30∘
解得FN1=100 3N
平行于托盘方向Ff1=mgsin30∘
解得Ff1=100N
(2)垂直于托盘方向FN2−mgcs30∘=masin30∘
平行于托盘方向Ff2−mgsin30∘=macs30∘
解得FN2=(100 3+20)N
Ff2=(100+20 3)N


14.解：(1)v0=20m/s，v1=5m/s，L=10m，a=2m/s2
匀减速过程
t1=v0−v1a，解得t1=7.5s
x1=v0+v12t1，解得x1=93.75m
匀速过程t2=Lv1，解得t2=2s
总过程t=2t1+t2=17s
x=2x1+L=197.5m
(2)匀减速过程
t3=v0−v2a，解得t3=6s
x2=v0+v22t3，解得x2=84m
匀速过程t4=Lv2=1.25s
总位移x′=2x2+L=178m
对比更新设备前x3=x−x′=19.5m
t5=x3v0=0.975s
总时间t′=2t3+t4+t5=14.225s
节约时间Δt节=t−t′=2.775s

15.解：(1)对物体A受力如图1所示
根据平衡条件有FTsin37∘+FN=mAg
Ff=FTcs37∘
Ff=μFN
联立解得FT=5N，Ff=4N，FN=20N
(2)木板B受力如图2所示
根据牛顿第三定律有Ff′=Ff=4N
F′N=FN=20N
根据平衡条件有FN地=FN′+mBg
Ff地=μFN地
F=Ff地+Ff′
解得F=28N
(3)A、B分离后对B有F−μmBg=mBa1
代入数据解得a1=0.8m/s2
撤去F后有μmBg=mBa2
解得a2=2m/s2
由逆向思维，撤去F后匀减速阶段到停止有vm=a2t2
解得vm=20m/s
x2=vm2t2=100m
撤去F前匀加速直线运动阶段
v0=vm−a1t1，解得v0=8m/s
x1=v0+vm2t1=210m
所以x总=x1+x2=310m