2025-2026学年江西省多校高二（上）学情检测物理试卷（12月）（含答案）

这是一份2025-2026学年江西省多校高二（上）学情检测物理试卷（12月）（含答案），共9页。试卷主要包含了单选题，多选题，实验题，计算题等内容，欢迎下载使用。
1.昆虫飞行过程中会带上少量的正电荷，它落到花朵上时，花粉会吸附在昆虫身上，当飞到另一朵花朵上时，就会遗留一部分花粉下来，帮助植物完成授粉。下列说法正确的是( )
A. 昆虫飞行过程中会带上少量的正电荷，原因是它得到了一些电子
B. 昆虫所带正电荷的电荷量可能不是元电荷e的整数倍
C. 花粉会吸附在昆虫身上，原理是静电感应
D. 昆虫不愿靠近刚被授粉而带正电的花朵，原因是同种电荷相互吸引
2.如图甲为激光打印机的核心部件硒鼓，正常工作时，半径为r的圆形感光鼓的表面均匀对称的分布着一层电荷量均为−q(q>0)的点电荷，如图乙所示。若某时刻圆周上P点的一个点电荷的电荷量突变成−3q，静电力常量为k，则圆心O点处的电场强度为( )
A. 2kqr2，方向从P点指向O点B. 2kqr2，方向从0点指向P点
C. 3kqr2，方向从P点指向O点D. 3kqr2，方向从O点指向P点
3.如图为《天工开物》中撞木榨油的情境。若某次撞击前撞木的速度为4m/s，方向水平，垂直撞击木模后，撞木沿水平方向反弹且速度大小变为原来的一半。已知撞木的质量为100kg，与木模的作用时间为0.2s，则撞木对木模平均撞击力大小为( )
A. 600 NB. 1000 NC. 2000 ND. 3000 N
4.如图甲为键盘按键的结构简图，按键由相互平行的活动、固定金属片组成，两金属片间有空气间隙，组
成了一个平行板电容器。图乙为其电路图，电源输出电压恒定，下列说法错误的是( )
A. 按下按键的过程中，电容器的电容增大
B. 松开按键的过程中，电容器所带的电荷量减少
C. 按下按键的过程中，图乙中电流方向从a流向b
D. 松开按键的过程中，电容器两极板间的电场强度减小
5.某实验小组用四个相同规格的灵敏电流计改装成了两个电流表A1、A2(A1的量程大于A2的量程)和两个电压表V1、V2(V1的量程大于V2的量程)，然后接入图示的电路，R为定值电阻，闭合开关S，下列说法正确的是( )
A. V1指针的偏角大于V2指针的偏角B. V1的读数等于V2的读数
C. A1的指针的偏角大于A2的指针的偏角D. A1的读数等于A2的读数
6.某种喷墨打印机打印头的内部结构简图如图所示，墨盒喷出的极小的墨汁微粒(不计重力)经过带电室后带上一定的电荷量，然后以一定的初速度垂直射入偏转电场，经偏转电场后打到纸上。为了使打在纸上的范围变大，下列方案可能成功的是( )
A. 仅减小偏转电场的电压B. 仅增大墨汁微粒所带的电荷量
C. 仅增大墨汁微粒的质量D. 仅增大墨汁微粒进入偏转电场的速度
7.水上乐园里，质量为m的小朋友站立在漂浮的圆形气垫上，都处于静止状态。现在小朋友要跳到第二个气垫上，起跳初速度方向和水平面的夹角为45∘，跳跃距离为L。已知气垫的质量均为m，小朋友跳离气垫的时间极短，气垫始终在水面上运动，小朋友和气垫均视为质点，重力加速度大小为g，不计空气阻力。则本次跳跃，小朋友要做的功为( )
A. 3mgL4B. mgLC. 4mgL3D. 5mgL3
二、多选题：本大题共3小题，共18分。
8.长度均为2R的光滑直细管MN、EF平行且和半径为R的光滑半圆细管NPE平滑连接，固定在水平面上，俯视图如图所示。在半圆细管NPE的圆心O处固定一个带负电荷的小球，另一个带负电小球a(半径略小于管径)以一定初速度从M点进入细管，最后从F点离开。两小球均视为质点，不计空气阻力，下列说法正确的是( )
A. 小球a在M点所受库仑力的大小小于在N点所受库仑力的大小
B. 小球a从M点运动到N点的过程中，电势能一直增加
C. 小球a从N点运动到E点的过程中，电势能先增加后减少
D. 小球a从F点离开时速度的大小小于从M点进入时速度的大小
9.某款倍率分别为“×10”和“×100”欧姆表的内部电路如图所示，A、B是两个表笔的插孔，下列说法正确的是( )
A. 开关S合向1时，选择的倍率为“x100”
B. A插孔应插入红表笔
C. 若欧姆表使用一段时间后，电源电动势E不变，内阻略有增加，欧姆调零后，电阻的测量值相对于真实值偏大
D. 若欧姆表使用一段时间后，电源电动势E略有减小，内阻略有增加，欧姆调零后，电阻的测量值相对于真实值偏大
10.如图甲，一轻弹簧的两端分别与物块A、B相连并静止在光滑的水平地面上。t=0时，物块A以3m/s的速度向物块B运动压缩弹簧，物块A、B的速度随时间变化的图像如图乙所示，已知物块A质量为1kg，下列说法正确的是( )
A. t1时刻弹簧处于压缩状态B. t3时刻弹簧处于压缩状态
C. 物块B质量为2kgD. 弹簧的最大弹性势能为3J
三、实验题：本大题共2小题，共15分。
11.如图，某实验小组应用气垫导轨装置做“验证动量守恒定律”的实验，具体的实验步骤如下：
(1)首先查验轨道面平整光滑、透气孔无阻塞，查验两个滑块无扭曲形变、滑块与轨道接触的平面平整光滑无划痕。
(2)通过调节底脚螺丝使轨道水平，判断方法是：接通电源，放一个滑块在轨道一端，轻轻推动滑块后，滑块在轨道上经过A、B两个光电门的挡光时间 。
(3)测出挡光板的宽度d，滑块a和b带挡光板时的质量分别为m1和m2。
(4)在滑块a、b之间夹一个压缩弹簧，用细绳连接a、b并固定紧绳子，然后一起放在气垫导轨中间。静止时烧断细绳，滑块a、b向两边水平弹开，测出滑块a、b挡光板的挡光时间t1和t2(滑块经过光电门前，已经与弹簧分开)，则滑块a通过光电门时的速度为 (用题中物理量的符号表示)。
(5)若在误差允许的范围内，关系式 (用题中物理量的符号表示)成立，则表明系统总动量守恒。
12.某实验小组同学从继电器中拆下一个压敏电阻RF，来研究其电阻值随压力变化的规律，压敏电阻RF铭牌上标示：无压力时阻值R0=600Ω。实验室提供的器材如下：
A.滑动变阻器RP(最大阻值约为20Ω);
B.电阻箱Rb(最大阻值为999.9Ω);
C.灵敏电流计G(量程0∼3mA，内阻为27Ω);
D.电压表V(量程0∽3V，内阻约为3kΩ);
E.直流电源E(电动势为3V，内阻不计);
F.开关S，导线若干。
(1)尽量减小误差，该小组同学设计的电路图如图甲所示。
(2)电表改装，本实验中需要将灵敏电流计改装为量程30mA的电流表，需要并联电阻箱Rb的阻值为 Ω。
(3)多次改变压力F，测出对应电阻值RF，以R0RF为纵坐标，F为横坐标，得到R0RF−F图线如图乙所示，由图可知该图像为一次函数，表达式为 ，压力越大，压敏电阻的阻值(选填“越大”或“越小”)。
(4)该小组同学用图丙的电路测量静置于压敏电阻上物体的质量，需要在电压表表盘刻度上标出对应的放置在压敏电阻上的物体的质量，则物体质量的示数 (选填“是”或“不是”)随刻度均匀变化。
四、计算题：本大题共3小题，共39分。
13.如图所示的电路中，A、B两端的电压U=6 V，灯L标有“3 V 0.9W”的字样，R1=10Ω。开关S断开时，灯L正常发光，求：
(1)此时滑动变阻器的阻值R2;
(2)若开关S闭合后，调节滑动变阻器R2的阻值，仍使灯L正常发光，则此时滑动变阻器的阻值R′2又为多少?
14.如图，在平面直角坐标系xOy的第一、二、四象限内分别存在着沿y轴正方向、x轴负方向和y轴负方向匀强电场，第一、二象限内的电场强度大小均为E，第四象限内的电场强度大小为2E。一电子由第二象限内的A点(−d,d)静止释放，已知电子的质量为m、电荷量为−e，不计电子的重力，求：
(1)电子由A点运动到y轴的时间t;
(2)电子第一次经过x轴时的速度v;
(3)电子第二次经过x轴时的横坐标。
15.某校科技小组设计了一款简易的缓震器，结构简图如图所示。矩形木板放置在水平面上，木板中央竖直固定一根光滑且足够长的细杆，滑块2套在细杆上，通过轻弹簧与木板连接，初始时，整个系统处于静止状态。现将滑块1从距滑块2高h处由静止释放，滑块1、2相撞(时间极短)后立即粘在一起运动。已知木板(含长细杆)的质量为2m，滑块1、2均可视为质点且质量均为m，弹簧弹性势能表达式为Ep=12kx2，k为弹簧劲度系数且k=mgh，x为弹簧的形变量，弹簧始终处于弹性限度内，重力加速度大小为g，不计空气阻力，求：
(1)滑块1、2相撞后瞬间，滑块1、2组合体的速度v的大小;
(2)滑块1、2粘在一起运动的过程中，木板对地面的最大压力Fmax的大小;
(3)若仅调整滑块1释放的高度，让其从距滑块2高h′处由静止释放，一段时间后，发现木板离开水平面，则h′的范围为多少?
参考答案
1.C
2.B
3.D
4.C
5.D
6.B
7.A
8.AB
9.BD
10.ACD
11.(2)相等 (4)dt1 (5)m1t1−m2t2=0
12.(2)3(或3.0) (3)R0RF=0.5F+1 越小 (4)不是
13.解：(1)灯L正常发光时的电流IL=PLUL
滑动变阻器两端的电压U2=U−UL
此时滑动变阻器的阻值R2=U2IL
解得R2=10Ω
(2)要使灯L正常发光，则通过R1的电流I1=U1R1
通过滑动变阻器的电流I=I1+IL
滑动变阻器的阻值R2′=U−ULI
解得R2′=5Ω

14.解：(1)电子由A点运动到y轴，根据牛顿第二定律
eE=ma1
d=12a1t2
v0=a1t
解得v0= 2eEdm
t= 2dmeE
(2)电子在第一象限做类平抛运动，且电场力方向竖直向下，电子第一次经过x轴时的交点为C，设速度v方向与x轴正方向的夹角为θ，轨迹如图
由动能定理有eEd=12my2−12mv02
解得v=2 eEdm
csθ=v0v= 22
θ=45∘
所以，电子第一次经过x轴时的速度大小为2 eEdm，与x轴正方向的夹角为45∘
(3)由类平抛规律可知，水平方向有xOC=v0t1
竖直方向d=vsinθ2t1
解得xOC=2d
设电子第一次经过x轴到第二次经过x轴用时为t2，且第二次经过x轴时与x轴交点为D，竖直方向
t2=2vsinθa2
a2=2eEm
水平方向xCD=v0t2
解得xCD=2d
xOD=xOC+xCD=4d

15.解：(1)滑块1、2相撞前，滑块1做自由落体运动v02=2gh
滑块1、2相撞过程动量守恒mv0=2mv
解得v= gh2
(2)滑块1、2相撞前，对滑块2研究，受力平衡mg=kx0
滑块1、2相撞后，粘在一起向下运动，当滑块1、2组合体的速度减小到0时，弹簧的压缩量最大，此时木板对地面的压力最大，从滑块1、2相撞后瞬间至滑块1、2组合体的速度减小到0，根据能量守恒2mgx1+12×2mv2=12k(x0+x1)2−12kx02
滑块1、2组合体的速度减小到0时，对木板进行受力分析k(x0+x1)+2mg=F′max
根据牛顿第三定律Fmax=F′max
解得Fmax=(4+ 2)mg
(3)仅调整滑块1释放的高度，让其从距滑块2高h′处由静止释放时，木板恰好能离开水平面，由第(1)问知，滑块1、2相撞后瞬间，滑块1、2组合体的速度v′= gh′2
当木板恰好能离开水平面时，设此时弹簧的伸长量为x3
kx3=2mg
从滑块1、2相撞后瞬间至木板恰好离开水平面，根据能量守恒12kx32−12kx02+2mg(x3+x0)=12×2mv′2
解得h′=15h
所以h′≥15h