2025-2026学年内蒙古自治区乌兰浩特第一中学高一（上）期中物理试卷（含答案）

这是一份2025-2026学年内蒙古自治区乌兰浩特第一中学高一（上）期中物理试卷（含答案），共10页。试卷主要包含了单选题，多选题，实验题，简答题，计算题等内容，欢迎下载使用。
一、单选题：本大题共7小题，共28分。
1.高空坠物落地时间短暂且危害很大，现做实验，让一小石子从25层楼顶自由下落，g=10m/s2，测出石子下落时间约为( )
A. 2sB. 4sC. 6sD. 8s
2.下列关于牛顿运动定律的说法正确的是( )
A. 牛顿第一定律是牛顿第二定律在合外力为零情况下的特例
B. 用力提一个很重的箱子但没有提动，这与牛顿第二定律矛盾
C. 从尾部向外喷气使火箭加速的过程，可用牛顿第二定律和牛顿第三定律解释
D. 根据牛顿第三定律，用手托着一块砖突然向上加速时，砖受到的支持力大于手受到的压力
3.用硬质包装盒收纳易拉罐，其简化模型如下：盒口侧开，3个完全相同的圆柱形易拉罐A、B、C对齐后横放其中，三者的位置关系如图。左右两侧面保持竖直，侧面对易拉罐的弹力分别为FA、FB、FC，C对B的弹力为FCB，A对B的弹力为FAB，底面对C的弹力为F，不计一切摩擦，下列说法正确的是( )
A. FC一定大于FB
B. FCB一定大于FAB
C. 盒宽L稍增大一些(A与C仍未接触)，FA将减小
D. 盒宽L稍增大一些(A与C仍未接触)，F将增大
4.一个做匀加速直线运动的物体，先后经过相距为x的A、B两点时的速度分别为v和7v，从A到B的运动时间为t，则下列说法正确的是( )
A. 经过AB中间时刻的速度为4v
B. 经过AB位移中点的速度为4v
C. 前t2时间通过的位移比后t2时间通过的位移少2vt
D. 前t2时间通过的位移比后t2时间通过的位移少2.5vt
5.如图所示，质量为1kg的物体向右运动，物体与水平面之间的动摩擦因数μ=0.4，若外加一水平向左的力F=5N，g=10m/s2，则此时物体的加速度大小为( )
A. 0.1m/s2B. 0.9m/s2C. 1m/s2D. 9m/s2
6.如图所示，传送带的水平部分长为L，传动速率为v，在其左端无初速度放一小木块，若木块与传送带间的动摩擦因数为μ，则木块从左端运动到右端的时间不可能是( )
A. Lv+v2μgB. LvC. 2LμgD. 2Lv
7.如图所示，粗糙水平地面上有一可视为质点的小物块，小物块在斜向上的恒力F作用下沿水平地面做匀加速直线运动，加速度大小为a，力F作水平和竖直方向的分量分别为F1，F2。现将力F突然改为大小为F1、方向水平向右的恒力，则此后( )
A. 物体将仍以加速度a向右做匀加速直线运动
B. 物体不可能向右做匀速直线运动
C. 物体可能以大于a的加速度向右做匀加速直线运动
D. 物体可能以小于a的加速度向右做匀加速直线运动
二、多选题：本大题共3小题，共18分。
8.为研究鞋子的防滑情况，实验小组想利用力的传感器测定鞋与木板间的动摩擦因数，如图所示安装实验装置。缓慢拉动木板左侧，使木板由静止向左运动的过程中，采集力传感器的数据，如下图。下列说法正确的是( )
A. 拉动木板时，要确保木板处于匀速运动状态
B. 木板所受的压力是由于鞋子的形变导致的
C. 1.2s时，木板和鞋处于相对静止状态
D. 若鞋子的重力为3.4N，由图可知鞋子和木板的动摩擦因数约为0.6
9.一个从静止开始做直线运动的物体，其运动图像如图所示，在0−4s内下列说法正确的是( )
A. 若图中纵坐标表示位移，则物体在前2s速度沿正方向
B. 若图中纵坐标表示速度，则物体在4s末回到出发点
C. 若图中纵坐标表示速度，则物体在3s末的加速度为0
D. 若图中纵坐标表示加速度，则物体在4s末的速度最大
10.如图所示，在倾角为θ的固定斜面上，小球甲从A点以初速率v0沿斜面向上运动，同时滑块乙从B点也以初速率v0沿斜面向下开始做匀减速运动，经过时间t停下，此时小球甲恰好不与滑块相碰。已知重力加速度大小为g，小球甲与斜面间的摩擦力忽略不计，则( )
A. A，B两点间的距离为v0t
B. 滑块乙停下前的运动中，小球甲与滑块乙的加速度相同
C. 斜面倾角的正弦值为v0gt
D. 滑块乙与斜面间的动摩擦因数为v0 g2t2−v02
三、实验题：本大题共2小题，共16分。
11.某同学用如图所示的实验装置来验证“力的平行四边形定则”。弹簧测力计A挂于固定点P，下端用细线挂一重物M。弹簧测力计B的一端用细线系于O点，手持另一端水平向左拉，使结点O静止在某位置。分别读出弹簧测力计A、B的示数FA、FB的大小，并在贴于竖直木板的白纸上记录O点的位置和两细线的方向。
(1)某次实验时，弹簧测力计A的示数如图所示，则该示数为____N。
(2)本实验主要采用的科学方法是_____。
A.控制变量法 B.理想实验法
C.等效替代法 D.建立物理模型法
(3)关于该实验的操作及结论，下列说法正确的是_____。
A.不需要测量重物M受到的重力大小
B.细线方向应与木板平面平行
C.改变拉力，进行多次实验，每次都要使O点静止在同一位置
D.以表示FA、FB两力的线段为邻边作出平行四边形，其对角线对应的合力理论值F′的方向一定竖直向上
(4)在某次实验中，测得A、O间的细线与竖直方向夹角为30°，连接重物M的竖直细线中的张力为F，关于FA、FB及F的大小关系，正确的是_____。
A.FA>F>FB B.FB>F>FA C.F>FA>FB D.F>FB>FA
12.某实验小组的同学们利用气垫导轨、光电门和力传感器等器材，探究加速度与物体所受合力的关系，装置如图所示。实验时先测出遮光片的宽度d，由刻度尺读出滑块释放时遮光片到光电门的距离L，滑块每次从气垫导轨上的同一位置由静止释放，光电门连接的数字计时器记录下遮光片的遮光时间t，仅改变悬挂的钩码个数来进行多次实验。
(1)滑块运动的加速度a=_________(用题干中给出的字母表示)。
(2)关于实验要求，下列说法正确的是_________。
A.将气垫导轨右端垫高
B.需要调节滑轮位置使细线与气垫导轨平行
C.要保证力传感器和钩码的总质量远小于滑块及遮光片的总质量
D.选用窄一些的遮光片
(3)规范完成实验，力传感器测得拉力大小为F。保持滑块的质量不变，改变钩码的数量，测得多组F、t的值，建立坐标系作出F与t的关系图线，如下图所示。能直观得出“质量一定时，加速度与合力成正比”的图像是_________。
(4)选取(3)中正确的图像，已知实验中滑块释放位置到光电门的距离L=0.80m，遮光片的宽度d=1.00cm，滑块及遮光片的总质量m=0.50kg，则图像的斜率k=___________kg⋅m(结果保留两位有效数字)。
四、简答题：本大题共1小题，共10分。
13.课间时，同学们在教室内玩耍，某同学用两只手分别撑住桌子(桌面等高)使自己悬空，并保持如图所示姿势静止，两手臂和桌面夹角均为θ=60°，若该同学质量为M=60kg，每张桌子的质量为m=15kg，桌脚与地面之间的动摩擦因数μ=0.8，桌面与地面均水平，桌子对手臂的作用力沿手臂方向。求：
(1)左侧桌子对地面的压力大小；
(2)左侧桌子对地面的摩擦力大小。
五、计算题：本大题共2小题，共28分。
14.跳伞运动员从476m高空跳下，开伞前的自由下落近似为自由落体运动，下落一段距离后打开伞，以2m/s2的加速度匀减速下降，到达地面时的速度为4m/s，重力加速度g=10m/s2。求：
(1)刚打开降落伞时的速度；
(2)运动员在空中运动的总时间。
15.如图所示，倾角θ=30 ∘的斜面体静止放在水平地面上，斜面长L=3m。质量m=1kg的物体Q锁定在斜面底端，与斜面间的动摩擦因数μ= 33，通过轻细绳跨过定滑轮与物体P相连接，连接Q的细绳与斜面平行，P距地面高度为h=1.8m(P被释放着地后立即停止运动)。P、Q可视为质点，斜面体始终静止，最大静摩擦力等于滑动摩擦力，不计滑轮轴摩擦，g取10m/s2。
(1)若P的质量M=0.5kg，对Q解除锁定后，求地面对斜面体摩擦力的大小f；
(2)若P的质量M=3kg，对Q解除锁定后在P下落过程中，求物块Q的加速度大小a0；
(3)解除锁定后为使Q能够向上运动且不从斜面顶端滑出，求P质量的取值范围。
参考答案
1.B
2.C
3.B
4.A
5.D
6.B
7.D
8.BC
9.BC
10.AC
11.(1)2.90
(2)C
(3)B
(4)A

12. d22Lt2 BD##DB D 3.1×10−5
【详解】(1)[1]根据题意可知，滑块通过光电门的速度为
v=dt
滑块从静止释放到通过光电门，由运动学公式有
v2=2aL
解得
a=v22L=d22Lt2
(2)[2]A.该实验由于气垫导轨摩擦很小，因此不需要平衡摩擦力，只需要调节气垫导轨水平即可，即不需要将气垫导轨右端垫高，故A错误；
B.调节定滑轮的高度，使连接滑块的细线与气垫导轨平行，以保证细线的拉力等于滑块受到的合外力，故B正确；
C.由于细线的拉力由力传感器测出，因此不需要满足力传感器和钩码的总质量远小于滑块及遮光片的总质量，故C错误；
D.为了减小速度的测量误差，遮光条适当窄些，故D正确。
故选BD。
(3)[3]由牛顿第二定律有
F=ma
结合(1)分析
a=d22Lt2
整理可得
F=md22Lt2
可知，若 F 与 1t2 成正比( F−1t2 图像是过原点的倾斜直线)，则质量一定时，加速度与合力成正比。
故选D。
(4)[4]由(3)分析可知，图像的斜率
k=md22L
代入数据解得
k≈3.1×10−5kg⋅m

13.解：(1)
设地面对左侧桌子的支持力为FN，以人和桌子为整体进行受力分析，可得
2FN=Mg+2mg
解得：FN=450N
根据牛顿第三定律，左侧桌子对地面的压力大小F′N=450N；
(2)对该同学受力分析，设手臂受力为F，
根据平衡条件得
2Fsinθ=Mg
解得：F=200 3N；
设地面对左侧桌子的摩擦力大小为f，对桌子受力分析，水平方向有
Fcsθ=f
解得：f=100 3N
根据牛顿第三定律，左侧桌子对地面的摩擦力大小为100 3N。
14.(1)设刚打开降落伞时的速度为v1，落到地面时的速度为v2=4m/s，
则有v122g+v22−v122a=h
把h=476m，a=−2m/s2代入上式，解得v1=40m/s
(2)自由下落的时间为t1=v1g
打开降落伞后下落的时间为t2=v2−v1a
运动员在空中运动的时间为t=t1+t2
联立代入数据解得t=22s
答：(1)刚打开降落伞时的速度为40m/s；
(2)运动员在空中运动的总时间22s。
15.解：(1)若P的质量0.5kg，由于 mgsinθ=Mg=5N，
可知P、Q均处于静止状态，绳上拉力为 F=Mg，
以斜面体和Q为整体，根据受力平衡可得，地面对斜面体摩擦力的大小为 f=Fcs30 ∘，
联立解得 f=5 32N；
(2)根据牛顿第二定律，对于P： Mg−T=Ma0，
对于Q： T−mgsinθ−μmgcsθ=ma0，
解得 a0=5m/s2；
(3)为了使P能下落，必须满足 Mg>mgsinθ+μmgcsθ，
解得 M>1kg，
P着地后，设Q继续上滑的加速度大小为 a1 ，上滑距离为x，对Q受力分析，由牛顿第二运动定律得 mgsinθ+μmgcsθ=ma1，
解得 a1=10m/s2，
P着地前瞬间，设Q速度大小为v，对Q分析，由运动学公式可得 v2=2ah，
0−v2=−2a1x，
Q恰好不从斜面顶端滑出需满足 x=L−h，
联立代入数据，解得 a=203m/s2，
对于P、Q组成的系统，根据牛顿第二定律可得 Mg−mgsinθ−μmgcsθ=M+ma，
联立可得 M=5kg，
为使Q能够向上运动且不从斜面顶端滑出，P的质量需满足的条件为 1kg