2025-2026学年安徽省皖南八校高二（上）期中联考物理试卷（11月）（含答案）

这是一份2025-2026学年安徽省皖南八校高二（上）期中联考物理试卷（11月）（含答案），共10页。试卷主要包含了单选题，多选题，实验题，计算题等内容，欢迎下载使用。
1.下列说法正确的是( )
A. 把质子或电子称为元电荷
B. 富兰克林通过油滴实验测得元电荷的数值
C. 库仑提出电场的概念，法拉第利用电场线形象直观地描述了电场的清晰图景
D. 超高压输电线上带电作业的电力工人要穿着含有金属丝织物的衣服是利用静电屏蔽的原理
2.用毛皮摩擦过的橡胶棒去靠近不带电验电器金属小球，则关于验电器金属小球和金属箔，下列说法正确的是( )
A. 小球和金属箔都带正电B. 小球带正电、金属箔带负电
C. 小球和金属箔都带负电D. 小球带负电、金属箔带正电
3.9月25日，小米公司创始人雷军在年度演讲中发布了小米17系列新机。其中标准版定位“最强标准旗舰”，其中搭载的“电池容量为7000mA⋅h的锂电池”远超苹果17标准版的“3692mA⋅h”成为一大亮点。手机锂电池的电动势为3.7V。下列说法正确的是( )
A. “mA⋅h”是能量的单位
B. 小米17电池放电时可输出的最大电荷量为7000C
C. 给小米17电池充电时，在电池内部锂离子由正极向负极移动
D. 锂电池的电动势表征了电源将电能转化为其他形式的能的本领
4.如图所示，闭合开关给电容器充电，直至充电完成，关于电容器充电过程中两极板间电压U与时间t的图像，下列图像正确的是( )
A. B. C. D.
5.如图所示，两根金属丝A、B横截面均为圆形、粗细均匀，由同种材料制成，长度之比为1:2，直径之比也为1:2，将它们串联后接在电路中，下列判断正确的是( )
A. 金属丝A、B的电阻之比为1:2
B. 金属丝A、B内电子定向移动的速度之比为4:1
C. 金属丝A、B两端的电压之比为1:2
D. 相同时间内通过金属丝A、B横截面积的电荷量之比为2:1
6.某电源的电流与路端电压的关系图线和小灯泡的伏安特性曲线在同一I−U坐标系中的图像如图中的直线和曲线所示，倾斜虚线为两图线交点处的切线，用该电源直接与小灯泡L连接成闭合电路，由图像可知( )
A. 小灯泡接入电源时的电阻为7.5ΩB. 小灯泡实际消耗的电功率为1.875W
C. 电源内阻上消耗的功率为1.25WD. 电源的效率为60%
7.空间存在沿x轴方向的电场，将一带正电的粒子从原点O由静止释放，粒子仅在电场力作用下沿x轴正方向运动，其电势能Ep随x的变化图像如图，则关于该电场在x轴上各点的电场强度E、电势φ、带电粒子的动能Ek、以及动能与电势能之和E0随x变化的图像，正确的是( )
A. B.
C. D.
8.如图所示，半径为R的光滑绝缘的圆轨道竖直固定，轨道处于匀强电场中，电场方向平行于轨道平面斜向右上方，质量为m、带电量为q(q>0)且可视为质点的小球在圆轨道内运动，已知运动过程中小球速度最小值为 gR，且此时恰好对轨道无压力，不计空气阻力，下列说法正确的是( )
A. 小球受到的电场力与竖直方向的夹角为30∘角
B. 匀强电场的场强大小为mg2q
C. 小球对圆弧轨道的最大压力为5mg
D. 小球在圆弧轨道最高点的速度大小为 2gR
二、多选题：本大题共2小题，共8分。
9.如图所示，电源的电动势为E、内阻为r，R1、R2均为定值电阻且R1>r，R为滑动变阻器，电压表V及电流表A1、A2均为理想电表，现将滑动变阻器的触头自b向a端滑动，下列说法正确的是( )
A. 定值电阻R2消耗的功率增大
B. 电源的输出功率增大，电源的效率减小
C. 两电流表A1、A2的示数变化量ΔI1>ΔI2
D. 电压表V和电流表A1的示数变化量之比ΔUΔI1不变
10.如图所示，真空中a、b、c三个点电荷分别固定在等边三角形的三个顶点，a、b带电量为+q，c带电量为−q，O为三角形的中心，O1与O关于ab对称，O2与O关于bc对称，关于O、O1、O2三点的场强和电势，下列判断正确的是( )
A. 三点中O点电势最高B. 三点中O1点电势最高
C. 三点中O点场强最大D. 三点中O2点场强最小
三、实验题：本大题共2小题，共18分。
11.实验课上，老师要求精确测量电阻Rx的阻值(约为900Ω∼1200Ω)，实验室准备了以下器材：
A.电源E，电动势为3V，内阻可忽略不计
B.电压表V，量程为0∼3V，内阻约5kΩ
C.电流表A1，量程为0∼3mA，内阻r1约为2Ω
D.电流表A2，量程为0∼30mA，内阻r2约为0.2Ω
E.滑动变阻器R1，最大阻值为10Ω
F.滑动变阻器R2，最大阻值为1000Ω
G.单刀单掷开关S、导线若干
(1)该同学利用现有器材完成实验，要求尽量减小误差，并使电压从零开始变化，电流表应选择 (选填电流表前面的符号)，滑动变阻器应选 (选填滑动变阻器前面的符号)．
(2)请在虚线方框中把实验电路图补充完整，并在图中标出所用器材 。
(3)若某次测量电压表示数如下图所示，读数为 V，电流表的示数为1.20mA，则Rx= Ω。
12.实验室有一小量程电流表G(内阻是Rg=200Ω，满刻度电流值是Ig=500μA)，物理小组的同学打算对其进行改装。
(1)小明同学将电流表G改装成大量程的电流表，量程扩大为原来的5倍，下列说法正确的是 。
A.改装原理为并联电阻能增大通过G的电流
B.并联电阻的阻值应为40Ω
C.新电表的内阻变为40Ω
D.改装后使用时，表头G本身的参量都不变，整个并联电路允许通过的电流增大
(2)小华同学将电流表G改装成量程为3.0V的电压表，应 联一个 Ω的电阻。
(3)小亮同学将电流表G改装成欧姆表，所用器材除电流表G外还有电源、滑动变阻器、导线等，电路如图所示，改装完成后为方便读数，通过测量，他们将表盘中的150μA刻度改为7000Ω，300μA刻度改为2000Ω，使用的电源电动势大小为 V，则250μA刻度应改为 Ω。
四、计算题：本大题共3小题，共30分。
13.电动机的广泛应用已经深入到我们生活的各个方面，成为了现代社会不可或缺的动力源。随着科技的不断发展，电动机将会在未来发挥更加重要的作用。如图所示，是一提升重物用的直流电动机工作时的电路图，电动机内电阻r1=1Ω，定值电阻R=2Ω，电源电动势E=110V，内阻r2=3Ω，闭合开关，电压表示数UR=4V，电动机能匀速竖直向上吊起m=49kg的重物。求：
(1)通过电动机的电流；
(2)输入电动机的电功率；
(3)电动机匀速吊起重物的速度(g取10m/s2)。
14.如图竖直平面内固定有两个电荷量均为q(q>0)的点电荷，两电荷间的距离为2L，O为两电荷水平连线的中点，以O为原点，竖直向下为正方向建立x轴，一电荷量也为q的小球由O点静止下落，一段时间后经过距O点为43L的P点时加速度大小为2g，g为重力加速度大小，已知点电荷在其周围产生的电场中某点的电势可表示为φ=kQr，其中Q为点电荷的电荷量，r为该点到点电荷的距离，k为静电力常量。求：
(1)小球的质量；
(2)小球到达P点时的速度。
15.如图甲所示，真空中的金属丝加热后可连续不断地均匀飘出电子(电子的初速度可视为零)。电子经电场加速后，由小孔P穿出并沿金属板A和金属板B的中心轴线OO′进入板间，金属板AB间加周期性变化的电压UAB如图乙所示。已知电子质量为m，电量为e，金属板AB两板间距为d，板长为L，T为偏转电场的周期，加速电压为U1=mL22eT2，偏转电压U2=2md2eT2，电子的重力忽略不计，两板间电场看作匀强电场。
(1)求电子射入偏转电场时的速度大小v0;
(2)若电子在t=0时刻进入偏转电场，求电子离开偏转电场时速度偏转角θ的正切值；
(3)若电子在t=0时刻进入偏转电场，求电子离开偏转电场时沿垂直于板面方向的偏转距离y′；
(4)在足够长的时间内从OO′上方离开偏转电场的电子占电子总数的比值。
参考答案
1.D
2.B
3.C
4.C
5.B
6.C
7.A
8.D
9.BD
10.BC
11.C
E
1.20
1000

12.CD
串
5800
1.5
3000

13.(1)R两端电压为UR=4V
则通过电阻R的电流为I=URR
代入数据，可得I=2A
即通过电动机的电流为IM=IR=2A；
(2)电动机的分压为UM=E−I(R+r2)=100V
输入电动机的功率为P电=IMUM=2×100W=200W；
(3)电动机的发热功率为P热=IM2r1=22×1W=4W
电动机输出的机械功率P出=P电−P热=(200−4)W=196W
又P出=mgv
联立解得v=0.4m/s。

14.(1)设AP、BP的连线与x轴的夹角为θ，则有tanθ=L43L=34
单个点电荷在P点产生的场强大小E=kqL2sin2θ
由矢量的合成有EP=2Ecsθ，方向由O指向P
由牛顿第二定律有qEP+mg=ma
联立解得m=72kq2125gL2；
(2)O点的电势φ0=2kqL
P点的φP=2kqLsinθ
由动能定理可知mg×43L+q(φ0−φP)=12mv2
联立解得v=73 gL。

15.(1)电子经电场加速由动能定理eU1=12mv02−0
电子射入偏转电场时的速度大小v0=LT；
(2)电子在t=0时刻进入偏转电场，水平方向做匀速直线运动，有L=v0t
0∼T2时间内，竖直方向做匀加速直线运动，加速度大小为a1=eU2md=2dT2
此时电子在竖直方向分速度大小vy1=a1×T2=dT
T2∼T时间内，竖直方向做匀减速直线运动，加速度大小a2=2eU2md=4dT2
电子离开偏转电场时竖直方向分速度大小vy=vy1−a2×T2=−dT
速度偏转角θ的正切值tanθ=vyv0=dL；
(3)由(2)分析可知电子在0∼T2时间内，竖直方向位移y1=12a1(T2)2=d4
T2∼T时间内，竖直方向的位移y2=vy1×T2−12×a2×(T2)2=0
故电子离开偏转电场时沿垂直于板面方向的偏转距离y′=y1+y2=d4；
(4)设在t1(t1