2024-2025学年泸州市江阳区第七学区九年级（上）月考物理试卷（12月）

这是一份2024-2025学年泸州市江阳区第七学区九年级（上）月考物理试卷（12月），共20页。试卷主要包含了单选题，填空题，作图题，实验探究题，计算题等内容，欢迎下载使用。
一、单选题（共12小题，第1-10题是单项选择题，每小题 3 分，第11-12题是多项选择，每小题 4 分。全选对得4分，选对但不全得2分，有选错或不选得0分。共38分。）
1.小明注意到他的电动玩具车电池盒上标注着“3V”的标识，则他应该装入新的干电池( )
A. 1节B. 2节C. 3节D. 4节
2.下列说法中符合实际的是( )
A. 手机电池电压约为48VB. 手电筒中小灯泡的工作电流约为0.2A
C. 人体电阻约为200ΩD. 柴油机的效率约为80%
3.下列实例中，跟水的比热容比较大的特点有关的是( )
A. 红色颜料在热水中扩散很快B. 水可以作为汽车发动机的冷却剂
C. 水凝固成冰时，体积增大D. 高原上，水温达到80∘C可以沸腾
4.在塑料瓶内装入少量的液态乙醚，待乙醚蒸汽充满整个塑料瓶后，启动电子打火器，活塞瞬间飞出。“启动电子打火器，活塞瞬间飞出”的过程相当于热机的( )
A. 吸气冲程B. 压缩冲程C. 做功冲程D. 排气冲程
5.下列有关热和能的说法中，正确的是( )
A. 炽热的铁水具有内能，冰冷的冰块不具有内能
B. 内燃机的压缩冲程中，是内能转化为机械能
C. 机械能为零的物体，内能一定也为零
D. 取暖时用水做循环物质，是因为水的比热容较大
6.以下说法正确的是( )
A. 由R=UI有：电阻和电压成正比，和电流成反比
B. 丝绸摩擦过的玻璃棒带正电，是因为摩擦起电创造了电荷
C. 电功率越大，消耗的电能就越多
D. 磁感线并非真实存在的
7.如图所示，对于下列的实验中的物理过程，说法正确的( )
A. 图甲中，试管中水蒸气推动塞子冲出去时，水蒸气的内能增加
B. 图乙中，把活塞迅速压下去时，内能转化为机械能
C. 图丙中，抽去玻璃隔板，两瓶中气体逐渐混合均匀，说明空气和二氧化氮气体分子做无规则热运动
D. 图丁中，被压在一起的两个铅柱，下吊重物都不能把它们分开，主要是大气压力的作用
8.有甲、乙、丙三个轻质小球，甲球带正电，将甲与乙、丙靠近时，它们相互作用的情况如图所示，则下列判断正确的是( )
A. 乙球一定带负电，丙球可能带正电B. 乙球一定不带电，丙球可能带负电
C. 乙球可能带负电，丙球一定带正电D. 乙球可能不带电，丙球一定带负电
9.厨房抽油烟机主要是由排气扇和照明灯组成，它们既能同时工作，又能分别独立工作。设计了抽油烟机的简化电路图，其中合理的是( )
.
A. B. C. D.
10.同学们最近学习的电学实验中，其中三个实验都用到如图的电路图，下列说法正确的是( )
A. 研究“电流与电压的关系”可以用小灯泡代替定值电阻进行实验
B. 研究“电流与电阻的关系”每次更换电阻后，都要移动滑动变阻器使电流表示数不变
C. “伏安法”测定值电阻，多次实验的目的是求平均值，减小误差
D. 在以上选项的三个实验中，都要调整变阻器使电压表示数发生变化
11.如图所示，规格相同的甲、乙两容器中分别装有3kg和2kg的纯净水，并用不同加热器加热，不计热损失，得到如图丙所示的水温与加热时间的关系图，则下列说法不正确的是( )
A. 甲杯水中每分钟吸收的热量为2.52×105J
B. 甲、乙两杯中的加热器每分钟放出的热量之比为9：4
C. 加热相同的时间，甲、乙两杯水升高的温度之比2：3
D. 将甲、乙两容器中的液体从20∘C加热至沸腾所需要的时间之比为2：3
12.如图甲所示，电源电压不变，小灯泡L的额定电流为0.6A，电流表量程为“0∼0.6A”，电压表量程为“0∼15V”，闭合开关S，在保证电路安全的前提下，最大范围调节滑动变阻器的滑片P，绘制了电流表与电压表示数变化关系图像(如图乙)，电流表示数与滑动变阻器R连入电路阻值的变化关系图像(如图丙)。则下列说法中正确的是( )
A. 小灯泡的额定功率为3.6W
B. 若滑动变阻器滑片P向右移动，电流表示数会变小，电压表示数会变大
C. 电源电压为9V
D. 若将电压表量程换为0∼3V，滑动变阻器允许连入电路的阻值范围为24∼50Ω
二、填空题（共8小题，每空1分，共21分。）
13.如图所示是古人锻造铁器的过程，加热、锻打和淬火都可以改变铁器的内能，其中加热、淬火过程是利用 的方式改变铁器内能的，锻打过程是利用 的方式改变铁器内能的，淬火过程中铁器的内能会变 。
14.为了改善城市环境，许多城市修建了人工湖来调节气温，这是利用了水的比热容较大的原理。当夏天气温较高时，人工湖旁边的温度常常会比柏油马路上的温度更 。一瓶水喝掉一半，剩余水的比热容会 (选填“变大”“变小”或“不变”)。
15.如图是手机充电线的三个插头，可以同时给三部不同类型手机充电，这三部手机的连接方式是 联；若拔掉其中一台手机，则通过充电器的总电压将 ；总电阻将 (后两空选填“变大”、“变小”或“不变”)
16.如图所示是某单缸四冲程汽油机的 冲程；若该汽油机每1秒钟对外做功20次，那么该汽油机飞轮的转速为 r/min。
17.小洁家天然气热水器的热效率是70%，他某次洗澡耗水20kg，热水器进水温度是22∘C，出水温度是42∘C，这一过程水吸收的热量是 J，他这次洗澡消耗天然气 m3。(水的比热容是4.2×103J/(kg⋅∘C)，天然气的热值是3.2×107J/m3)
18.如图所示的电路，当开关S1、S2、S3均闭合时，电路 ；当开关S2闭合，S1、S3均断开时，L1与L2 (选填“串联”或“并联”)；当开关S2、S3闭合，S1断开时，电路中只有 工作。
19.如图甲所示电路中，电流表A1测的是通过 的电流，当开关S闭合后，两电流表指针偏转均如图乙所去，则通过L1的电流为 A。如果L1的电压为6V，则L2的电压为 V。
20.如图所示是一个既能吹冷风又能吹热风的电吹风的简化电路，图中A是吹风机，B是电热丝，将插头插入插座，若只闭合开关S1，电吹风吹出的是 风；若开关S1、S2都闭合，电吹风吹出的是 风，A与B的连接方式是 。
三、作图题（共 2 小题，每小题 3 分，共 6 分。）
21.根据如图甲所示的电路图(已知通过L2的电流为0.3A)，以笔代导线补全图乙所示的实物图。
22.根据如图所示的实物连接图，在虚线框中画出对应的电路图．
四、实验探究题（共 3 小题，每空 1 分，共 15 分。）
23.如图甲是小华“探究不同物质吸热本领”的实验装置，用两个相同的容器和相同的加热装置分别给水和煤油加热。
(1)实验时，在两烧杯中分别装入初温相同且______相等的煤油和水；通过比较______(选填“温度计示数”或“加热时间”)来间接反映煤油和水吸收的热量；
(2)小华根据实验数据作出了水和煤油的温度随加热时间变化的图象如图乙，则加热10min，水吸收的热量______(选填“大于”“小于”或“等于”)煤油吸收的热量，分析图象可知：______(选填“水”或“煤油”)的比热容更大；
(3)由图象可知，煤油的比热容是____________J/(kg⋅∘C)。[已知c水=4.2×103J/(kg⋅∘C)]
24.圆圆同学在探究“电流通过导体产生热的多少与什么因素有关”时采用了如图所示的实验装置。请仔细观察甲、乙两图。
(1)实验中通过观察两个U形管中两端液面的高度来比较电流通过电阻丝产生的热量的多少，此时采用的实验方法是__________。
(2)甲图所示的装置用来研究电流通过电阻丝产生的热量与______的关系，图中______(填“左”或“右”)侧液面高度差较大。
(3)乙图所示的装置用来研究电流通过电阻丝产生的热量与______的关系，图中______(填“左”或“右”)侧液面高度差较大。
25.如图甲所示，是小明测量未知电阻Rx(阻值约为5Ω)的实验电路，滑动变阻器的规格为30Ω、1A”，电源电压为3V。
(1)开关闭合前，应将滑动变阻器的滑片置于最______(选填“左”或“右”)端；
(2)检查电路无误后，闭合开关，发现电流表无示数，电压表示数接近电源电压，则故障原因可能是电阻Rx______(选填“断路”或“短路”)；
(3)排除故障后，闭合开关，电流表示数为0.4A，电压表示数如图乙所示。则Rx=______Ω；接下来他移动滑动变阻器的滑片，测出多组电压、电流数值，这样做的目的是______；(选填“A”或“B”)
A.多次测量求平均值减小误差 B.多次测量寻找普遍规律避免偶然误差
(4)实验结束后，该小组用电压表和一个已知最大阻值为R0的滑动变阻器，测量未知电阻Rx的阻值。设计了如图丙所示电路图，实验操作如下：①将滑动变阻器滑片P移到最右端，闭合开关S，此时电压表的示数为U1；②将滑动变阻器滑片P移到最左端，此时电压表的示数为U2；③则Rx=________(用R0、U1、U2表示)。
五、计算题（共 2 小题，每题 10 分，共 20分。要求写出必要的文字说明和重要的演算步骤，只写出最后答案的不能得分。）
26.如图所示，电阻R1的阻值为10Ω。闭合开关S，电压表V1的示数为6V，电压表V2的示数为4V。求：
(1)通过电阻R1的电流；
(2)电阻R2的阻值；
(3)通电10min电路消耗的电能。
27.如图所示，电源电压为12V，灯泡L的规格为“6V，3W”，滑动变阻器R1上标有“20Ω，1.5A”，R2=10Ω，电流表量程为0∼3A。将开关S闭合，S1、S2断开，调节变阻器使灯泡正常发光。求：
(1)灯泡正常发光时的电阻；
(2)此时滑动变阻器R1的阻值；
(3)将开关S、S1、S2都闭合，移动滑片P且保证电路安全的情况下，电路总功率的变化范围。
答案和解析
1.【答案】B
【解析】解：已知一节干电池的电压为1.5V，电动玩具车电池盒上标注着“3V”的标识，则他应该装入新的干电池的节数为3V1.5V=2(节)，故ACD错误，B正确。
故选：B。
一节干电池的电压为1.5V，由此解答。
此题主要考查串联电路的电压规律，明确一节干电池的电压为1.5V是关键。
2.【答案】B
【解析】解：A.手机电池电压约为3.7∼4.5V，故A不符合实际；
B.手电筒中小灯泡的工作电流约为0.2A，故B符合实际；
C.人体电阻约为几千欧，故C不符合实际；
D.柴油机的效率约为40%，故D不符合实际；
故选：B。
首先要对选项中涉及的几种物理量有个初步的了解，对于选项中的单位，可根据需要进行相应的换算或转换，排除与生活实际相差较远的选项，找出符合生活实际的答案。
此题考查对生活中常见物理量的估测，结合对生活的了解和对物理单位的认识，找出符合实际的选项即可。
3.【答案】B
【解析】解：A、红色颜料在热水中扩散很快，说明温度越高，分子的热运动越快，与水的比热容无关，故A不合题意；
B、因为水的比热容较大，升高相同的温度，水吸收的热量多，所以用水来冷却汽车发动机，故B符合题意；
C、水凝固成冰时，体积增大，是因为水结冰后质量不变、密度变小，所以体积增大，与水的比热容无关，故C不合题意；
D、水的沸点随气压的降低而降低，高原上，气压低，所以水的沸点降低，因此水温达到80∘C可以沸腾，与水的比热容无关，故D不合题意．
故选B.
对水的比热容大的理解：相同质量的水和其它物质比较，吸收或放出相同的热量，水的温度升高或降低的少；升高或降低相同的温度，水吸收或放出的热量多．从这一角度可利用水来做冷却剂、散热剂等．
本题考查了水的比热容大的特点的应用，应用所学知识，解释了实际问题，体现了新课标的要求，属于中考热点问题．
4.【答案】C
【解析】解：启动电子打火器，塑料瓶内的乙醚燃烧，放出热量，在活塞飞出过程中，把燃烧气体的内能转化为活塞的机械能，燃气的内能减少，这个过程相当于热机中的做功冲程，故C正确，ABD错误。
故选：C。
启动电子打火器，塑料瓶内的乙醚燃烧，放出热量，活塞飞出过程，把燃烧气体的内能转化为活塞的机械能，这个过程相当于热机中的做功冲程。
本题考查能量转化以及热机的有关知识，难度不大。
5.【答案】D
【解析】解：A.任何物体在任何温度下都有内能，冰冷的冰块具有内能，故A错误；
B.内燃机的压缩冲程将机械能转化为内能，做功冲程将内能转化为机械能，故B错误；
C.内能是不同于机械能的一种能量，一切物体都有内能；机械能包括动能和势能。机械能为零的物体，内能不为零。故C错误；
D.水的比热容大，在相同条件下降低相同的温度，水放出的热量多，可以用水来做取暖时的循环物质，故D正确。
故选：D。
(1)任何物体在任何温度下都有内能；
(2)内燃机的压缩冲程将机械能转化为内能，做功冲程将内能转化为机械能；
(3)机械能包括动能和势能。机械能为零，一定是物体速度为零、高度为零、没发生有弹性形变。
任何物体任何温度下都有内能；
(4)水的比热容大，在相同条件下降低相同的温度，水放出的热量多。
本题主要考查四冲程能量的转化及对内能和机械能概念的理解，学生对水的比热容大的特点以及应用的了解和掌握。
6.【答案】D
【解析】解：A.导体电阻的大小与导体的材料、长度、横截面积和温度有关，与导体两端电压和通过电流无关；但可以通过R=UI计算出导体电阻的大小，故A错误，不符合题意；
B.摩擦起电的本质是电子的转移，并不是创造了电荷，故B错误，不符合题意；
C.由W=Pt知道，消耗的电能即电流做功的多少与电功率和通电时间有关，电功率大，时间未知，消耗的电能不一定多，故C错误，不符合题意；
D.磁场是真实存在的，磁感线是为了研究磁场而建立的模型，磁感线不是真实存在的，故D正确，符合题意。
故选：D。
A.导体电阻的大小与导体的材料、长度、横截面积和温度有关，与导体两端电压和通过电流无关；
B.摩擦起电的本质是电子的转移，并不是创造了电荷；
C.由W=Pt知道，消耗的电能即电流做功的多少与电功率和通电时间有关；
D.磁场是真实存在的，磁感线是为了研究磁场而建立的模型，磁感线不是真实存在的。
本题考查了电阻、电功率、磁感线的概念，摩擦起电的实质。
7.【答案】C
【解析】解：A、试管中水蒸气推动塞子冲出去时，水蒸气对塞子做功，水蒸气的内能减少，故A错误；
B、把活塞迅速压下去时，气体被压缩，温度升高，硝化棉燃烧，管内空气内能增大，是机械能转化为内能，故B错误；
C、抽去玻璃隔板，两瓶中气体逐渐混合均匀，是由于空气和二氧化氮气体分子做无规则热运动，故C正确；
D、两个铅柱紧紧压在一起，吊一个重物也无法拉开，这主要是由于分子间存在吸引力，故D错误。
故选：C。
(1)做功可以改变物体的内能，当外界对物体做功时，物体的内能增大，当物体对外界做功时，物体的内能就会减小；
(2)物质是由分子或原子组成的，分子在不停地做无规则运动，分子间存在着相互作用的引力和斥力。
本题考查了分子热运动和做功改变物体的内能，属于综合性题目。
8.【答案】C
【解析】解：甲、丙相互排斥，说明甲、丙一定带同种电荷，甲带正电，则丙一定也带正电；甲、乙相互吸引，说明乙带负电或乙不带电。
故选：C。
(1)同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引。
(2)排斥的带有同种电荷，吸引的可能带有异种电荷，也可能带电体吸引不带电体。
带电体吸引不带电体，排斥带同种电荷，吸引可能带异种电荷，其中之一带电。注意带电体具有吸引轻小物体的性质的情况。
9.【答案】D
【解析】解：由题意知，排气扇和照明灯既能同时工作，又能分别独立工作，所以排气扇(电动机)和灯泡是并联关系，且各自的支路有一个开关控制，干路上没有开关；由各选项可知，ABC错误，D正确。
故选：D。
根据排气扇和照明灯既能同时工作，又能分别独立工作，分析排气扇(电动机)和灯泡的连接方式及开关情况，从而选择正确答案。
本题利用了并联电路的特点：用电器并联后，可以相互不影响。
10.【答案】C
【解析】(1)在研究电流与电压关系时，应当控制电阻是定值，因此本实验选用的是定值电阻，而小灯泡的电阻会受温度的变化而变化，所以本实验不能用小灯泡。因此A错误。
(2)研究“电流与电阻的关系”，应当保证定值电阻两端的电压不变，因此每次更换电阻后，都要移动滑动变阻器使电压表示数不变，所以滑动变阻器的目的是控制定值电阻两端电压不变；
研究“电流与电压的关系“，控制电阻是定值，多次改变定值电阻两端的电压，所以滑动变阻器的目的是改变定值电阻两端的电压。因此BD错误。
(3)伏安法测电阻的目的是多次实验求电阻的平均值，以减小误差避免实验的偶然性。因此C正确。
故选：C。
(1)在研究电流与电压关系时，应当控制电阻是定值，因此本实验选用的是定值电阻，而小灯泡的电阻会受温度的变化而变化，所以本实验不能用小灯泡；
(2)研究“电流与电阻的关系”，应当保证定值电阻两端的电压不变，因此每次更换电阻后，都要移动滑动变阻器使电压表示数不变，所以滑动变阻器的目的是控制定值电阻两端电压不变；
研究“电流与电压的关系“，控制电阻是定值，多次改变定值电阻两端的电压，所以滑动变阻器的目的是改变定值电阻两端的电压；
(3)伏安法测电阻的目的是多次实验求电阻的平均值，以减小误差避免实验的偶然性；
滑动变阻器在不同的实验中，由于实验目的不同，其作用也是不同的。小灯泡不是定值电阻，它的阻值会随着温度的变化而变化。
11.【答案】BD
【解析】解：
A、由图丙的甲图线可知，加热 2min 时，甲容器中水升高的温度：Δt=40∘C−20∘C=20∘C；
由图象还可知，水的温度变化随时间的增加而均匀升高，
所以，加热1min时，甲容器中水升高的温度：
Δt′=12Δt=12×20∘C=10∘C；
此时甲容器中的水吸收的热量：
Q吸1=cm1Δt=4.2×103J/(kg⋅∘C)×3kg×10∘C=1.26×105J，故A错误；
B、由图丙可知，水的温度从20∘C升高到40∘C时，乙的加热时间为3min；此时乙容器中的水吸收的热量：
Q乙吸=cm2Δt=4.2×103J/(kg⋅∘C)×2kg×(40∘C−20∘C)=1.68×105J，
乙容器中的水每分钟吸收热量为：
Q吸2=13×Q乙吸=13×1.68×105J=5.6×104J；
由于忽略散热损失，所以两加热器每分钟放出的热量与水每分钟吸收的热量相同，则：
加热器每分钟放出的热量之比为：Q甲放/min：Q放2/min=1.26×105J：5.6×104J=9：4，故B正确；
C、根据B可知相同时间内，加热器放出的热量之比为9：4，则相同时间内，两杯水吸收的热量之比为9：4，根据Δt=Q吸cm可得两杯水升高的温度之比为：
Δt1：Δt2=Q吸1cm1：Q吸2cm2=Q吸1m2Q吸2m1=9×2kg4×3kg=32=3：2，故C错误。
D、根据Q吸=cm(t−t0)可得甲、乙两容器中的水从 20∘C加热至沸腾所需热量之比：
Q甲吸：Q乙吸=cm1(t−t0)cm2(t−t0)=3kg2kg=32=3：2，
根据时间t=Q吸Q放/min得所用时间之比为：
Q甲吸Q甲放/min：Q乙吸Q乙放/min=Q甲吸Q乙吸×Q乙放/minQ甲放/min=32×49=23=2：3，故D正确。
故选：BD。
(1)加热 2min时，由图丙的甲图线可知甲容器中水升高的温度；而水的温度变化随时间的增加而均匀升高，据此判断加热 1min 时甲容器中水升高的温度，已知水的质量和比热容，利用Q吸=cmΔt计算此时甲容器中的水吸收热量；
(2)由图丙可知，水的温度从20∘C升高到40∘C时，甲的加热时间为2min，乙的加热时间为3min；
已知两容器中水的质量和升高的温度(均升高20∘C)，由于忽略散热损失，由Q放=Q吸和Q吸=cmΔt即可求出每分钟放出的热量之比；
(3)根据每分钟放出的热量之比可知加热相同的时间时水吸收的热量之比，然后根据Δt=Q吸cm可判断两杯水升高的温度之比。
(4)根据Q吸=cm(t−t0)可得甲、乙两容器中的水从 20∘C加热至沸腾所需热量之比；然后根据所用时间t=Q吸Q放/min可求出所用时间之比。
本题考查了吸热公式的灵活运用，本题需要注意是利用的不同加热器，则相同的时间产生的热量不同，解题的关键是从图象中获取有用信息。
12.【答案】AD
【解析】解：由电路图可知，灯泡L与滑动变阻器R串联，电压表测灯泡L两端的电压，电流表测电路中的电流。
A、小灯泡L的额定电流为0.6A，由图乙可知，通过灯泡的电流为0.6A时，其两端的电压为6V，
则小灯泡的额定功率PL=ULIL=6V×0.6A=3.6W，故A正确；
B、当滑动变阻器滑片向右移动，滑动变阻器接入电路的电阻变大，由串联电路的电阻规律可知电路中总电阻变大，根据欧姆定律可知电路中的电流变小，灯泡两端的电压变小，即电流表和电压表的示数都变小，故B错误；
C、当电路中的电流为0.6A时，灯泡两端的电压为6V，由图丙可知，变阻器接入电路中的电阻R=15Ω，
由串联电路电压规律和欧姆定律可得，电源的电压U=UL+ILR=6V+0.6A×15Ω=15V，故C错误；
D、若将电压表量程换为0∼3V，由图乙可知，电路最小电流为0.28A，电压表的示数为1V，
因串联电路两端电压等于各部分电压之和，所以滑动变阻器两端电压U滑大=U−UV小=15V−1V=14V，
则滑动变阻器接入电路的最大阻值：R滑大=U滑大I小=14V0.28A=50Ω；
当电路中电流最大时，电压表示数也最大，此时滑动变阻器接入电阻最小，
由图乙可知，当电压表示数为3V时，通过灯泡的电流即电路中的最大电流I大=0.5A，此时滑动变阻器两端的电压U滑=U−UL′=15V−3V=12V，
则滑动变阻器接入电路中的最小阻值R小=U滑′I大=12V0.5A=24Ω，
所以滑动变阻器允许连入电路的阻值范围为24∼50Ω，故D正确。
故选：AD。
由电路图可知，灯泡L与滑动变阻器R串联，电压表测灯泡L两端的电压，电流表测电路中的电流。
(1)小灯泡L的额定电流为0.6A，根据图乙读出通过灯泡的电流为0.6A时其两端的电压，根据P=UI求出小灯泡的额定功率；
(2)当滑动变阻器滑片向右移动，滑动变阻器接入电路的电阻变大，根据欧姆定律可知电路中电流的变化和灯泡两端的电压变化；
(3)当电路中的电流为0.6A时，根据图丙读出变阻器接入电路中的电阻，根据串联电路的电压特点和欧姆定律求出电源的电压；
(4)若将电压表量程换为0∼3V，根据图乙可知电路最小电流和电压表的示数，此时滑动变阻器接入电路的阻值最大，再根据串联电路电压规律和欧姆定律求出滑动变阻器接入电路的最大阻值；
当电路中电流最大时，电压表示数也最大，此时滑动变阻器接入电阻最小，根据图乙读出通过灯泡即电路中的电流，根据串联电路的电压特点求出此时滑动变阻器两端的电压，利用欧姆定律求出滑动变阻器接入电路中的最小阻值。
本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的综合应用，从图象中获取有用的信息是关键。
13.【答案】热传递
做功
小

【解析】解：用火对铁器加热，铁器从火中吸收热量，把铁器放在水中淬火，铁器向水中放热，所以加热和淬火属于热传递改变物体内能，用铁锤锻打工件，工件会发热，机械能转化为内能，属于做功改变物体内能。
把烧红的铁器放到冷水中“淬火”，铁器放出热量，铁块的温度会降低，内能变小。
故答案为：热传递；做功；小。
(1)当对物体做功时，其他形式能转化为物体的内能，物体的内能增大；当物体对外做功时，物体的内能转化为其他形式能，物体的内能减小；
(2)在热传递的过程中，低温物体吸收热量，内能增加，高温物体放出热量，内能会减小，热传递是改变物体内能的方法之一。
本题考查了改变物体内能有两种方式，能结合生活实际解决问题是解答的关键。
14.【答案】低
不变

【解析】解：由Q=cmΔt知，相同质量的水和柏油等其他物质，在吸收相同的热量时，水的比热容大于其他物质，所以水升高的温度比其他物质少，所以夏天中午时人工湖附近的温度会比马路上低；将水倒掉一半，质量改变，但比热容与质量无关，所以水的比热容不变。
故答案为：低；不变。
相同质量的水和其它物质比较，吸收或放出相同的热量，水的温度升高或降低的少；升高或降低相同的温度，水吸收或放出的热量多；
比热容是物质的一种特性，物质的比热容只跟物体的种类和状态有关。
利用比热容的计算公式，结合控制变量的思维逐个分析即可判断。
15.【答案】并
不变
变大

【解析】解：①用三合一充电器给三部手机同时充电时，3部手机能独立工作且互不影响，因此是并联的；
②根据并联电压规律可知，三台手机的充电电压相等；
③因并联电路中总电阻的倒数等于各支路电阻倒数之和，因此，并联总电阻比每个支路的电阻都小，且并联支路越多，总电阻越小，所以若拔掉其中一台手机，则总电阻将变大。
故答案为：并；不变；变大。
①串联电路各用电器不能独立工作，并联电路各支路独立工作互不影响，据此判断3部手机的连接方式；
②并联古支路两端电压相等；
③并联总电阻比每个支路的电阻都小，且并联支路越多，总电阻越小。
本题是串、并联电路特点实际应用的问题，难度适中。
16.【答案】压缩
2400

【解析】解：(1)由图可知，进气门和排气门关闭，活塞向上运动，汽油机正处于压缩冲程；
(2)该汽油机每秒钟对外做功20次，则汽油机每分钟做功次数为60×20次=1200次，
由于四冲程汽油机一个工作循环完成4个冲程，飞轮和曲轴转2圈，对外做功1次，
则该汽油机飞轮每分钟转2400圈，即该汽油机飞轮的转速为2400r/min。
故答案为：压缩；2400。
(1)根据进气门、排气门的打开和关闭情况以及活塞的运动方向判断冲程；
(2)四冲程汽油机一个工作循环完成4个冲程，飞轮和曲轴转2圈，对外做功1次。
本题考查对汽油机冲程的判断以及热机的有关计算，是一道基础题。
17.【答案】1.68×106
0.075

【解析】解：水吸收的热量：
Q吸=c水m水(t−t0)=4.2×103J/(kg⋅∘C)×20kg×(42∘C−22∘C)=1.68×106J；
天然气完全燃烧放出的热量为：
Q放=Q吸η=1.68×106J70%=2.4×106J；
他这次洗澡消耗天然气的体积为：
V=Q放q=2.4×106J3.2×107J/m3=0.075m3。
故答案为：1.68×106；0.075。
(1)知道水的质量、比热容、初温和末温，利用吸热公式Q吸=c水m水(t−t0)求出水吸收的热量；
(2)根据η=Q吸Q放求出天然气完全燃烧放出的热量，利用Q放=qV求出他这次洗澡消耗天然气的体积。
本题考查了吸热公式、燃料完全燃烧放热公式以及热效率公式的应用，属于基础题目。
18.【答案】短路
串联
L1

【解析】解：同时闭合开关S1、S2、S3时，是不允许的，它会造成电源短路；
S1、S3均断开时，电流经灯泡L2、开关S2、灯泡L1回负极，则灯L1、L2串联；
若闭合开关S2、S3，断开开关S1，为L1的简单电路，L2被短路，电路中只有L1工作。
故答案为：短路；串联；L1。
电路元件首尾顺次连接的连接方式是串联；各电路元件首首相连、尾尾相连的连接方式是并联；用导线直接把电源两极连接起来，会造成电源短路，这是绝对不允许的。
本题考查了判断电路元件的连接方式，知道串并联电路的连接方式、分析清楚电路结构即可正确解题。
19.【答案】干路
1.2
6

【解析】解：由电路图可知，两灯泡并联，电流表A1测干路的电流，A2测量L2的电流；
因为并联电路中干路电流等于各支路电流之和，所以A1示数比A2大，而两只电流表的指针偏转刻度相同，所以电流表A1的量程为0∼3A，分度值为0.1A，示数为1.5A，即干路电流I=1.5A，电流表A2的量程为0∼0.6A，分度值为0.02A，示数为0.3A，即通过的L2电流I2=0.3A，
则通过电阻R1的电流为：I1=I−I2=1.5A−0.3A=1.2A，
根据并联电路的各支路两端的电压相等可知L2的电压：U2=U1=6V。
故答案为：干路；1.2；6。
电流表与被测用电器串联；
由电路图可知，两灯泡并联，电流表A1测干路的电流，A2测量L2的电流，根据并联电路的电流特点确定电流表的量程，再确定分度值，根据电流表指针的位置，读出示数，从而得到通过两灯电流，根据并联电路的电压特点判断L2的电压。
本题考查了并联电路电流规律和电流表的正确连接的判断和读数方法，属于基础题。
20.【答案】冷
热
并联

【解析】解：(1)由图可知，若只闭合开关Sl，只有吹风机接入电路，电热丝不工作，电流只经过电动机，所以电吹风吹出的是冷风；
(2)当开关S1、S2同时闭合，吹风机A与电热丝B并联后接在电源上，电流分两路分别经过电动机和电热丝，它们都工作，则电吹风吹出的是热风；
故答案为：冷；热；并联。
根据串并联电路的特点，依据题意结合电路图分析是哪部分连入电路，有电流经过的部分，才能正常工作。
对于这类结合生活中的电器考查电路连接情况的题目，要结合串并联电路的电流流向特点进行分析。
21.【答案】解：根据电路图可知，两灯并联，开关在干路中控制整个电路，电流表与灯泡L2串联在一条支路中，通过L2的电流为0.3A，所以电流表选用小量程，根据电路图连接实物图，如下所示：

【解析】分析电路的连接及开关的作用和电流表测量的电流，由并联电路电流的规律确定电流表选用的量程与待测电路串联，根据电路图连接实物图，注意电流从电流表正接线柱流入，从负接线柱流出，各元件顺序与电路图一一对应。
本题考查并联电路电流的规律和根据电路图连接实物图，关键是分清电路连接关系和电流表的连接，注意各元件顺序与电路图一一对应。
22.【答案】解：由实物图知，两灯并联，开关S和电流表A1在干路上，S1在L1支路上，A2在L2支路上，电路图如图所示：
。
【解析】根据实物图分析电路的连接情况，再画出对应的电路图。
本题考查根据实物图画电路图，正确分析电路的连接方式以及电流表和开关的位置是关键。
23.【答案】质量；加热时间； 等于；水； 2.1×103
【解析】(1)要比较水和煤油的吸热能力，根据控制变量法可知，应在两烧杯中分别装入初温相同且质量相等的煤油和水；实验中，是通过比较加热时间来间接反映煤油和水吸收的热量；
(2)根据转换法，加热10min，水吸收的热量等于煤油吸收的热量；由图象知，加热相同时间，即吸收相同的热量，煤油升高的温度更高，说明水的吸热能力强，水的比热容较大；
(3)由绘制出的两种液体温度随时间变化的关系图象，温度都升高30∘C，煤油用时10min，水用时20min，即煤油吸热与水吸热之比为Q水Q煤油=20min10min=21，
根据c=QmΔt，可知，在质量和升高温度都相同时，不同物质的比热容之比等于吸收热量之比，故煤油的比热容：
c煤油=12c水=12×4.2×103J/(kg⋅∘C)=2.1×103J/(kg⋅∘C)。
故答案为：(1)质量；加热时间；(2)等于；水；(3)2.1×103。
(1)(2)我们使用相同的酒精灯通过加热时间的长短来比较吸热多少，这种方法叫转换法。
比较物质吸热能力的2种方法：
①使相同质量的不同物质升高相同的温度，比较吸收的热量(即比较加热时间)，吸收热量多的吸热能力强
②使相同质量的不同物质吸收相同的热量(即加热相同的时间)，比较温度的变化，温度变化小的吸热能力强；
(3)由绘制出的两种液体温度随时间变化的关系图象知升高30∘C煤油和水所用的时间，求出煤油吸热与水吸热之比；根据c=QmΔt，在质量和升高温度都相同时，不同物质的比热容之比等于吸收热量之比，据此求出煤油的比热容。
本题比较不同物质的吸热能力，考查控制变量法、转换法的应用和比较吸热能力的方法、沸腾的知识和c=QmΔt的运用，为热学中的重要实验。
24.【答案】转换法；
电阻；右；
电流；左
【解析】(1)电流通过导体产生热量的多少不能直接观察，但气体温度的变化可以通过液面高度差的变化来反映，这种研究方法叫转换法。
(2)图甲中两个电阻串联在电路中，电流相同，通电时间相同，电阻不同，运用控制变量法，探究电流产生热量跟电阻的关系。
由图知道，右侧电阻大产热多，所以，液柱高度差大。
(3)图乙装置中一个5Ω的电阻与两个5Ω的电阻并联后再串联，根据串联电路的电流特点可知，右端两个电阻的总电流和左端的电阻电流相等，即
I右=I左
两个5Ω的电阻并联，根据并联电路的电流特点知道
I右=I内+I外
所以
I左>I内
烧瓶内的电阻值阻值相等，通电时间相等，电流不同，故探究电流产生热量跟电流的关系。
根据实验现象得到的结论是在电阻相同、通电时间相同的情况下，通过电阻的电流越大，电阻产生的热量越多，所以左侧液面高度差较大。
故答案为：(1)转换法；
(2)电阻；右；
(3)电流；左。
(1)电流通过导体产生热量的多少不易直接观察，甲、乙两个透明容器中密封着等量的空气，电阻丝产生热量越多，气体膨胀程度越大，故可通过U形管液面的高度差来反映电阻丝产生的热量多少，采用了转换法；
(2)(3)电流通过导体产生的热量与通过的电流、导体的电阻和通电时间有关，研究与其中一个因素的关系时，要控制另外两个因素不变，结合串联电路电流的规律分析，根据图分析。
本题探究“导体产生的热量与什么因素有关”，考查控制变量法、转换法、串联和并联电路的规律的运用。
25.【答案】左；
断路；
5.5；A；
U1U2−U1R0
【解析】(1)开关闭合前，为保护电路，应将滑动变阻器的滑片置于阻值最大端，由于滑动变阻器接入的是右下接线柱，故应将滑动变阻器的滑片置于最左端。
(2)电流表无示数，说明电路出现断路，电压表有示数，说明电压表的正负接线柱与电源的两极之间是接通的，故出现这一现象的原因可能是Rx断路。
(3)电压表选择的量程是0∼3V，分度值为0.1V，故示数为2.2V，电流表示数为0.4A，根据欧姆定律I=UR知Rx的阻值为Rx=UI=Ω；
移动滑动变阻器得出多组电压、电流数值的目的是为了多次测量求平均值减小误差，故选A。
(4)在步骤②中，电路为只有Rx的简单电路，电压表测电源电压为U2；
在步骤①中，Rx与滑动变阻器最大阻值串联，电压表测Rx两端电压为U1，根据串联电路电压规律，R0两端电压为U0=U2−U1，由串联分压原理可知U1U0=RxR0，
即U1U2−U1=RxR0解得Rx=U1U2−U1R0。
故答案为：(1)左；
(2)断路；
(3)5.5；A；
(4)U1U2−U1R0。
(1)开关闭合前，为保护电路，应将滑动变阻器的滑片置于阻值最大端；
(2)电流表无示数，说明电路出现断路，电压表有示数，说明电压表的正负接线柱与电源的两极之间是接通的，据此分析；
(3)根据电压表量程和分度值读出电压值，利用欧姆定律计算电阻，得出多组电压、电流数值的目的是为了多次测量求电阻的平均值；
(4)根据串联电路电压规律和分压原理写出Rx的表达式。
本题考查了电阻的测量，涉及到电路故障的分析、电阻的计算，难点在于利用串联电路的电流、电压规律并结合欧姆定律测量未知电阻的阻值。
26.【答案】解：(1)由电路图可知，两电阻串联，电压表V1测电源的电压，电压表V2测R2两端的电压。
因串联电路中总电压等于各分电压之和，
所以，R1两端的电压：
U1=U−U2=6V−4V=2V，
所以，由I=UR可得，通过R1的电流：
I=U1R1=2V10Ω=0.2A；
(2)因串联电路中各处的电流相等，
则由I=UR可得，电阻R2的阻值：
R2=U2I=4V0.2A=20Ω；
(3)通电10min电路消耗的电能为：
W=UIt=6V×0.2A×10×60s=720J。
答：(1)通过电阻R1的电流为0.2A；
(2)电阻R2的阻值为20Ω；
(3)通电10min电路消耗的电能为720J。
【解析】(1)由电路图可知，两电阻串联，电压表V1测电源的电压，电压表V2测R2两端的电压。根据串联电路的电压特点求出R1两端的电压，根据欧姆定律求出通过R1的电流；
(2)根据串联电路电流的规律和欧姆定律求出电阻R2的阻值；
(3)根据W=UIt算出通电10min电路消耗的电能。
本题考查串联电路的规律、电功公式及欧姆定律的运用，关键是电路的分析。
27.【答案】灯泡正常发光时的电阻为12Ω；
此时滑动变阻器R1的阻值为12Ω；
电路总功率的变化范围为21.6W−32.4W
【解析】(1)灯泡正常发光时的电阻为：R1=U22PL=(6V)23W=12Ω。
(2)灯泡正常发光时的电流为：IL=PLUL=3W6V=0.5A，
由于灯泡与滑动变阻器串联，串联电路中电流处处相等，所以通过滑动变阻器的电流也为0.5A，
滑动变阻器两端的电压为：U1=U−U2=12V−6V=6V，
所以，此时滑动变阻器R1的电阻为：R1=U1IL=6V0.5A=12Ω。
(3)将开关S、S1、S2都闭合时，灯泡L被短路，R2与滑动变阻器R1并联。
通过R2的电流为：I2=UR2=12V10Ω=1.2A，
考虑到电路安全，滑动变阻器的电流不能超过其允许通过的最大电流1.5A，且干路电流不能超过电流的量程3A，
当滑动变阻器接入电路的电阻最大时，通过它的最小电流为：
I1小=UR1=12V20Ω=0.6A，
此时干路电流为：I干=I1小+I2=0.6A+1.2A=1.8A，
电路总功率的最小值为：
P小=UI干=12V×1.8A=21.6W；
当滑动变阻器的电流达到其允许通过的最大电流1.5A时，干路电流为：
I干′=I1大+I2=1.5A+1.2A=2.7A，
这个值没有超过电流表的量程，
所以电路总功率的最大值为：
P大=UI干′=12V×2.7A=32.4W，
因此，在保证电路安全的情况下，电路总功率的范围是：21.6W−32.4W。
答：(1)灯泡正常发光时的电阻为12Ω；
(2)此时滑动变阻器R1的阻值为12Ω；
(3)电路总功率的变化范围为21.6W−32.4W。
(1)已知灯泡的额定电压和额定功率，根据R=U2P计算出灯泡正常发光时的电阻；
(2)已知灯泡的额定电压和额定功率，先计算出灯泡的额定电流，根据串联电路电流规律计算出滑动变阻器电流，根据串联电路电压规律计算出滑动变阻器电压，然后根据R=UI计算出滑动变阻器电阻；
(3)将开关S、S1、S2都闭合时，灯泡L被短路，R2与滑动变阻器R1并联；
先计算出通过R2的电流，然后计算出通过滑动变阻器的最小电流和最大电流，由此计算出干路的最小电流和最大电流，然后根据P=UI计算出电路的最小功率和最大功率。
本题考查了欧姆定律的应用和电功率的计算，题目有一定的难度，我们要认真分析。