2025-2026学年江苏省宿迁市泗阳县致远中学九年级（上）期中物理试卷

这是一份2025-2026学年江苏省宿迁市泗阳县致远中学九年级（上）期中物理试卷，共23页。试卷主要包含了单选题，填空题，作图题，实验探究题，计算题等内容，欢迎下载使用。
1.如图所示，是剪头发的剪刀。下列工具使用时与这把剪刀属于同类型杠杆的是( )
A. 夹起物体的镊子
B. 拔钉子的羊角锤
C. 剪铁丝的钢丝钳
D. 起瓶盖的开瓶扳手
2.如图为正在施工的工程车，下列关于工程车的说法正确的是( )
A. 做的功越多，效率越高B. 缩短工作时间，可提高效率
C. 做功多的工程车，功率大D. 做功越快的工程车，功率越大
3.关于功率，下列说法正确的是( )
A. 做功越多，功率一定越大B. 功率大，做功不一定快
C. 做功所用的时间越短，功率越大D. 单位时间做的功多，功率就大
4.以下说法正确的是( )
A. 物体内能增加，温度不一定升高
B. 具有机械能的物体不一定具有内能
C. 1kg、0∘C的水比1kg、0∘C的冰具有的内能一样多
D. 内能小的物体不可能将热量传递给内能大的物体
5.下列关于家庭用电的一些做法，正确的是( )
A. 小明家的熔丝烧断了，他用铜丝代替熔丝
B. 小亮家的冰箱上有灰尘，他用湿抹布擦拭
C. 一个插排上同时使用多个大功率用电器
D. 使用测电笔时，手不可以接触笔尖金属电极
6.家用小型风力发电机独特的尾翼结构，能使其旋翼自动迎风，如图甲所示。海边，仅在海陆风因素的影响下，图乙、图丙所示的情形通常分别发生在( )
A. 白天、夜晚B. 夜晚、白天C. 白天、白天D. 夜晚、夜晚
7.两只灯泡L1和L2连接在同一电路中，以下哪种现象可以确认两灯一定是并联的( )
A. 通过两灯的电流不相等B. 通过两灯的电流相等
C. 两灯两端的电压相等D. 两灯亮度不同
8.如图是“探究不同物质吸热升温的现象”和“比较不同燃料燃烧时放出的热量”的两组实验装置。下列说法正确的是( )
A. 如图1，沙子吸热升温快，说明沙子吸热能力强
B. 如图2，必须控制酒精和碎纸片燃烧相同时间
C. 每组实验中，被加热的物质质量均应相等
D. 每组实验中，都根据温度计的变化来比较杯中物质吸热的多少
9.如图所示电路，电源电压保持不变，三只电表均完好。开关S闭合后，发现只有两个电表的指针发生偏转，若电路中只有一个灯泡出现了故障，则可能是( )
A. 电压表V1示数为零，灯L1断路
B. 电压表V1示数为零，灯L1短路
C. 电流表A示数为零，灯L2断路
D. 电流表A示数为零，灯L2短路
10.迷你太阳能灯已成为常用的工具。在白天，光伏板利用太阳能给锂电池充电时，电池相当于电路中的( )
A. 导线
B. 电源
C. 开关
D. 用电器
11.沿水平桌面自由滚落的排球的运动轨迹如图，C、F两处高度相同，D为球与水平地面的接触点，忽略空气阻力，关于排球的说法，正确的是( )
A. C点的动能等于F点的动能
B. C点的重力势能等于F点的重力势能
C. E点到F点的过程中，机械能减小
D. D点到E点过程中，弹性势能转化为动能
12.如图所示是一种声光报警器电路，各元件均能正常工作．下列现象描述正确的是( )
A. 只闭合S2时，铃响灯不亮B. 只闭合S1时，灯亮铃不响
C. 同时闭合S1、S2，灯亮铃不响D. 同时闭合S1、S2，铃响灯不亮
二、填空题：本大题共7小题，共28分。
13.不断弯折铁丝，铁丝弯折处的温度升高，这是通过 的方式增大铁丝的内能；把铁丝放在火上烧，铁丝的温度升高，这是通过 的方式增大铁丝的内能。南极洲的冰川 内能(选填“具有”或“不具有”)，古人钻木取火是通过 的方式来改变物体内能的。
14.如图所示的电路处于______(通路/断路/短路)状态，会造成______(电源/灯泡)损坏，要使其成为正确的电路，只需要拆掉图中标注的______号导线。
15.简单机械是人类在改造自然中运用机械工具的智慧结晶。如图甲所示是同学们常用的燕尾夹，它和滑轮一样，都可以看作是一个 ；图乙中的螺纹和盘山公路一样，都属于 (选填“滑轮”或“斜面”)，手柄粗且螺纹 (选填“密”或“稀”)一些的螺丝钉拧起来更省力。
16.小莉在某次体育训练时，身体散发了8.8×103J的热量，这些热量至少要完全燃烧______ kg的天然气才能获得，若用这些天然气给水加热，天然气燃烧放出的热量有84%被水吸收，则它可以使质量为100g，初温是30∘C的水温度升高到______ ∘C；上述天然气用掉一半时，其热值______(选填“变大”、“变小”或“不变”)。(已知水的比热容为4.2×103J/(kg⋅∘C)，天然气的热值为4.4×107J/kg)
17.如图所示是汽油机的______冲程。若汽油机工作时飞轮的转速为1800r/min，则在1min内汽油机完成______个冲程，对外做功______次。
18.学校食堂准备采购一批餐桌，在试坐一款一体式餐桌时，瘦小的小王一坐上凳板时就发生了倾倒，为研究其原因，他和同学们一起进行了测试，发现在凳板上放上25kg的物体时，餐桌的另一头就刚好翘起，同时测量到AB间的距离为50cm，CD间的距离为140cm，桌面距离地面70cm，AC、BD为桌脚和凳板的连接杆。若物体放在C处，餐桌翘起时，支点是 (A/B)。若不计凳板的质量，餐桌的质量为 kg；为防止倾倒，请你给厂方提出一条可行的建议： 。
19.“汽车不但要吃油，有时也要喝水”，汽车用水作为发动机冷却液是因为水的 大，某汽车由于水箱中水的汽化，当水箱中的水减少了三分之一以后，则剩下的水的比热容 ，水的内能 (增大、减小、不变)。如图1所示，图1A是汽油机的 冲程，此冲程 (选填“需要”或“不需要”)靠飞轮的惯性完成。与它能量转换形式相同的是 图所示的演示实验；汽车行驶时，飞轮的转速可达3600r/min，则每秒钟对外做功的次数为 次。如图2是内燃机的能量流向图，根据图中给出的信息，该内燃机的效率为 %。已知汽油的热值为4.6×107J/kg，完全燃烧0.5kg的汽油按该内燃机的工作效率计算，汽车获得的机械能是 J。
三、作图题：本大题共2小题，共4分。
20.用滑轮组将陷在泥中汽车拉出来，试在图中画出最省力的绕绳方法。
21.小明想利用光控开关和声控开关设计出一种“聪明”的声控电路——晚上且有人走动发出声音，灯亮；白天无论发出多大声音，电灯也不会亮。请把图中的器材连接成符合要求的电路。
四、实验探究题：本大题共5小题，共28分。
22.根据如图左侧电路图，将右侧实物图补充完整。
23.小华用如图装置探究滑轮组的机械效率，实验数据记录如下：
(1)实验中应竖直向上______拉动弹簧测力计；
(2)第3次实验的机械效率为______%；
(3)分析数据可知，提高同一滑轮组的机械效率，可以采用的措施是______物重(填“增大”或“减小”)；
(4)在一次测量中，小华将同一重物提升到更高的位置，其他条件不变，该滑轮组的机械效率______(填“变大”“变小”或“不变”)。
24.【探究名称】探究杠杆的平衡条件
【问题】小明家里有一杆秤如图甲所示，他发现小小的秤砣却能称量很重的物体，由此引起了他探究杠杆平衡条件的兴趣，于是他利用如图乙所示的装置开始了探究(实验中所用钩码均相同，杠杆质量均匀，相邻刻度线之间的距离相等)。
【证据】(1)实验前将杠杆放置在水平桌面上，杠杆静止时如图乙所示，此时杠杆处于______(选填“平衡”或“不平衡”)状态，接下来应将杠杆的平衡螺母向______(选填“左”或“右”)调节，使杠杆水平平衡；
(2)实验前要调整杠杆水平平衡，这样做的目的是便于______；
(3)调节杠杆水平平衡后，在杠杆两侧悬挂不同数量的钩码并移动钩码的位置，使杠杆重新水平平衡，测得的实验数据如表。
【解释】
(1)分析数据可知，杠杆的平衡条件是______(用字母表示)；
(2)请将表格横处的内容补充完整：______。
【交流】
(1)图丙中杠杆恰好处于水平位置平行，在A点下方再加挂2个相同的钩码，为使杠杆保持水平平衡，可以将挂在B点的钩码向右移动______格；
(2)在进行图丁所示的实验的过程中，将弹簧测力计由竖直方向向左偏移时，保持杠杆水平平衡，发现测力计的示数增大，原因是______。
25.如图所示为探究物体动能大小与哪些因素有关的实验装置。
(1)分析比较甲、乙两次实验，可得出结论：质量相同的物体，______越大，动能越大；分析比较______两次实验，可探究动能大小与质量的关系。
(2)若水平面绝对光滑，______(选填“能”或“不能”)达到探究目的。
(3)如果“探究物体重力势能大小与哪些因素有关”，比较甲、乙两次实验，可探究出的结论是：质量相同的物体，______越大，重力势能越大。
26.为了探究并联电路的电流规律，小星同学设计了如图甲所示的电路进行实验。
(1)图乙实物图中，电流表测量图甲中______处电流(选填“A”、“B”或“C”)；
(2)图乙中移动一根导线就可以测量C处的电流，请你在移动的导线上画“×”，并用笔画线代替导线正确连接电路；
(3)在测量电流的过程中，闭合开关前电流表的指针出现了如图丙所示的情况，出现该现象的原因是______；
(4)在排除故障后，电流表测量C处电流的示数如图丁所示，则电流表的示数为______ A；
(5)小星接着测量A、B两处电流并把数据记录在表中，如下表所示。他便得出结论：在并联电路中，干路电流______各支路电流之和(选填“大于”、“小于”或“等于”)；同组的小正认为实验次数太少，应该更换______规格的小灯泡重复多次实验(选填“不同”或“相同”)。
五、计算题：本大题共2小题，共16分。
27.如图所示，建筑工人用200N的拉力将质量为34kg的木箱在10s内匀速提升3m，g取10N/kg。
(1)求木箱的重力。
(2)求工人做功的功率。
(3)求滑轮组的机械效率。
28.小明在实验时利用电热器加热，完成了冰的熔化实验，并描绘出冰的温度随加热时间的变化图像(如图所示)。实验时，冰的质量为0.5kg，相同时间内水和冰吸收的热量相同，求：
(1)CD段水吸收的热量；
(2)冰的比热容。
答案和解析
1.【答案】A
【解析】解：剪头发的剪刀在使用过程中，动力臂小于阻力臂，属于费力杠杆；
A、镊子在使用过程中，动力臂小于阻力臂，属于费力杠杆，故A符合题意；
B、羊角锤在使用过程中，动力臂大于阻力臂，属于省力杠杆，故B不符合题意；
C、钢丝钳在使用过程中，动力臂大于阻力臂，属于省力杠杆，故C不符合题意；
D、开瓶扳手在使用过程中，动力臂大于阻力臂，属于省力杠杆，故D不符合题意。
故选：A。
结合图片和生活经验，先判断杠杆在使用过程中，动力臂和阻力臂的大小关系，再判断它是属于哪种类型的杠杆。
此题考查的是杠杆的分类主要包括以下几种：
①省力杠杆，动力臂大于阻力臂；②费力杠杆，动力臂小于阻力臂；③等臂杠杆，动力臂等于阻力臂。
2.【答案】D
【解析】解：A.机械效率是指有用功与总功的比值，总功相同时，有用功越多，则机械效率越高，故A错误；
B.机械效率是指有用功与总功的比值，与工作时间无关，故B错误；
C.功率的大小与功的大小、做功时间有关，只根据功的大小无法判定功率的大小，故C错误；
D.功率是表示做功快慢的物理量，机械做功越快，表示功率越大，故D正确。
故选：D。
根据功、功率、机械效率的关系分析；功率是单位时间内做的功的多少，是表示做功快慢的物理量；机械效率是有用功与总功的比值。
本题考查功率、机械效率的关系：功率由功和时间共同决定，机械效率由有用功和总功共同决定。
3.【答案】D
【解析】解：AC、根据功率的公式P=Wt，功率的大小同时由物体做的功和做功所用的时间决定，故AC错误；
B、功率是描述物体做功快慢的物理量，功率越大，做功越快，故B错误；
D、根据功率公式P=Wt可知单位时间做的功多，功率就大，故D正确。
故选：D。
功率是描述物体做功快慢的物理量，它等于单位时间内所做的功，功率大则做功快。
本题考查功率的概念，难度不大。
4.【答案】A
【解析】解：
A、晶体在熔化时，吸收热量，温度不变，内能增加，故A正确；
B、一切物体在任何温度下都具有内能，具有机械能的物体也一定具有内能，故B错误；
C、物体内能与物体的温度、物质的质量、状态有关，温度相等的1kg0∘C的水的内能大于1kg0∘C的冰的内能，故C错误；
D、发生热传递的条件是存在温度差，内能小的物体可能温度高，故D错误。
故选：A。
(1)物体的内能大小与温度、质量、状态等有关；
(2)一切物体在任何温度下都具有内能；
(3)内能是指物体内部所有分子热运动的动能和分子势能的总和，内能与物体的温度和、质量、状态有关；
(4)热量总是从温度高的物体向温度低的物体传递。
本题考查温度、热量、内能之间的关系，内能和机械能的关系以及热传递现象，是一道综合题。
5.【答案】D
【解析】解：A、组成保险丝的材料是电阻率较大而熔点较低的铅锑合金，在电流过大时熔断，自动切断电路，起到保护作用；铜导线的熔点很高，当电流过大时，不能熔断起不到保护作用，容易引起火灾，故A错误；
B、生活中的水是导体，湿抹布擦拭冰箱容易发生触电事故，故B错误；
C、一个插排上同时使用多个大功率用电器，容易造成用电器的总功率过大，故C错误；
D、使用测电笔时，手必须接触测电笔尾部的金属体，不可以接触笔尖金属电极，故D正确。
故选：D。
(1)保险丝是用电阻率较大而熔点较低的铅锑合金制成的，当电流过大时，它会因温度过高而熔断，保护电路；
(2)生活中的水是导体；
(3)家庭电路中电流过大的原因：一是短路，二是用电器的总功率过大；
(4)使用测电笔时，手必须接触测电笔尾部的金属体。
本题考查了学生对安全用电知识的了解与掌握，平时学习时多了解、积累，加强安全意识，学好电、用好电。
6.【答案】A
【解析】解：水的比热容比泥土、沙石的大，白天太阳照射时，水面温度上升得慢，陆地温度上升得快，热空气上升，冷空气补充，风从海面吹向陆地，形成海风，所以白天风力发电机旋翼朝向大海，如图乙所示；
晚上，气温下降，水面温度下降得慢，温度高一些，热空气上升，风从陆地吹向海面，形成陆风，所以夜晚风力发电机旋翼朝向陆地，如图丙所示。
故选：A。
根据水的比热容比泥土、沙石的比热容大的特点以及风是从高压区吹向低压区来分析海陆风的形成，进而判断风力发电机旋翼的朝向。
本题主要考查学生对水的比热容较大的应用的了解和掌握，涉及到海陆风的形成。
7.【答案】A
【解析】解：A、通过两灯的电流不相等，由欧姆定律I=UR可知，两灯的电压或电阻至少有一个量不相等，因此一定是并联，故A正确；
B、串联电路通过两灯的电流一定相等，并联电路当两个灯泡的规格相同时通过两灯的电流也相等，故B错误；
C、并联电路两灯两端的电压一定相等，串联电路当两个灯泡的规格相同时两灯两端的电压也相等，故C错误；
D、灯泡的亮度取决于灯泡的实际功率，两灯亮度不同，只能是实际功率不同，不能说明灯泡的串并联方式，故D错误。
故选：A。
(1)通过两灯的电流不相等一定是并联；
(2)通过两灯的电流相等可能是串联也可能是并联；
(3)两灯两端的电压相等，可能是并联也可能是串联；
(4)灯泡的亮度取决于灯泡的实际功率。
本题考查了串联电路、并联电路中电流的规律和电压的规律、灯泡亮度的含义等，会灵活应用电流和电压的特点进行分析。
8.【答案】C
【解析】解：A、如图1所示实验中，相同酒精灯加热，质量相等，沙子吸热升温快，说明沙子吸热能力弱，故A错误；
B、如图2所示实验中，必须是酒精和碎纸片烧尽，不需要控制酒精和碎纸片燃烧相同时间，故B错误
C、根据比较不同燃料燃烧放出的热量大小和探究“不同物质吸热升温现象”两实验的要求，容器中被加热物质的质量都要相同，故C正确；
D、图1探究“不同物质吸热升温现象”实验时，根据加热时间来比较杯中物质吸热的多少，故D错误。
故选：C。
(1)探究“不同物质吸热升温现象”，需要用相同的加热装置，燃烧相同的燃料(根据转换法，确保相同时间放出的热量相同)，加热相同的时间，比较质量和初温相同的液体升高的温度；
(2)为比较不同燃料燃烧放出的热量大小，要用质量相等的不同燃料，加热质量相等的同种液体，液体升温越高、吸热越多，燃料放出的热量越多，燃料的热值越大。
本题将“比较不同燃料燃烧放出的热量大小”和探究“不同物质吸热升温现象”两个实验作比较，考查相同和不同之处及转换法和控制变量法，为易错题。
9.【答案】B
【解析】解：
A、如果灯L1断路，则电压表V1会和灯L2串联，电压表会有示数。不合题意。
B、电压表V1示数为零，灯L1短路。如果灯L1短路，则它两端的电压表也被短接，即电压表V1示数为零。其它两表有示数，符合题意。
C、灯L2断路，整个电路就会断路，电压表V1和电流表会无示数，不合题意。
D、电流表A示数为零，灯L2短路。如果灯L2短路，灯L1正常工作，则电流表也有示数，不合题意。
故选：B。
10.【答案】D
【解析】解：在白天，光伏板利用太阳能给锂电池充电时，锂电池消耗电能，在电路中相当于用电器，故ABC不符合题意，D符合题意。
故选：D。
电池充电时，消耗电能，将电能转化为化学能。
本题考查了电路的组成，属于基础题。
11.【答案】B
【解析】解：A.由于球在B、E两点的高度不同，所以球与地面撞击后，有能量损失，因为C、F的重力势能相等，则C点和F点的动能不同，A错误；
B.C点和F点高度相同，同一物体则重力势能相同，B正确；
C.E到F过程中，不计空气阻力，只有重力做功，故机械能守恒，C错误；
D.D到E过程中，弹性势能转化为动能和重力势能，D错误。
故选：B。
分析物体在运动过程中能量的转化，关键是分析在运动中的几个特殊的位置，最高点和最低点；B点和E高度不同，则说明从B到E的过程中有机械能损失，由于忽略空气阻力，则说明物体在与地面撞击时损失了机械能；还要分析运动的轨迹是直线还是曲线，当运动轨迹是曲线时，那么在最高点速度不为零，具有动能。
分析机械能的转化和守恒问题，关键点是分析运动过程中的最高点及运动轨迹，这样就能准确判断机械能是否守恒以及动能和势能是如何转化的。
12.【答案】C
【解析】解：A、只闭合S2时，电路为断路，所以灯不亮铃也不响；故A错误；
B、只闭合S1时，灯泡和电铃串联，因此灯亮铃响；故B错误；
CD、同时闭合S1、S2时，为灯泡的基本电路，电铃短路，所以灯亮铃不响；故C正确，D错误．
故选C.
从以下两个方面来考虑：
(1)电路中是否有断路的情况；
(2)用电器或电源是否被短路；
然后结合各电路的实际情况进行分析．
此题是结合电路图考查电路中用电器的连接情况，要会结合开关的组合分析电路中电流的流向，从而可以判断电路状态．
13.【答案】做功
热传递
具有
做功

【解析】解：不断弯折铁丝，铁丝的温度升高，机械能转化为内能，是通过做功来改变物体内能的；
把铁丝放在火上烤，铁丝从温度高的地方获得内能，由温度差引起内能的改变，是通过热传递来改变物体内能的；
一切物体都是具有内能，所以南极洲的冰川也具有内能；
钻木取火是克服摩擦做功，机械能转化为内能，所以是通过做功的方式来改变内能的。
故答案为：做功；热传递；具有；做功。
(1)改变内能的方式有做功和热传递。其中做功改变物体内能的实质是能量的转化，热传递改变物体内能的方式是能量的转移；
(2)一切物体都具有内能。
本题考查了学生对内能的概念的了解和改变内能的方法的应用，难度不大。
14.【答案】短路；电源；②
【解析】解：如图所示的电路中，开关处于闭合状态，电流直接沿导线②、开关、④流回电源的负极，所以引起电源短路，会损坏电源；
要使其成为正确的电路，应将灯泡连入电路，故电流应依次经过导线①、灯泡、③、开关、④流回电源的负极，故应拆除导线②。
故答案为：短路；电源；②。
电路的三种状态：通路，开路(断路)，短路。电源短路是指用导线将电源两极直接连接起来的电路。
本题考查了电路的状态的判断和改装电路，明确电路的三种状态是关键。
15.【答案】杠杆
斜面
密

【解析】解：燕尾夹在使用时，围绕固定点转动，与滑轮一样，都可以看作是一个杠杆。
斜面是一种省力的机械，斜面越长越省力；螺丝钉上的螺纹和盘山公路一样，都可以看作是斜面，是一种常用的简单机械。
图中的螺丝刀属于轮轴，支点在手柄截面的中心，手柄越粗，动力臂越大，在其他条件一定时，动力越小，即越省力；在拧螺丝钉时，螺丝钉的螺纹属于斜面，螺纹越密，即斜面越长，就会越省力。所以，手柄粗且螺纹密一些的螺丝钉拧起来更省力。
故答案为：杠杆；斜面；密。
燕尾夹在使用时，围绕固定点转动，与滑轮一样，都可以看作是一个杠杆；
螺纹属于变形的斜面，斜面越费距离，越省力；
轮轴属于变形的杠杆，其它条件一定时，动力臂越大，越省力。
此题考查了简单机械的认识及应用，属于基础知识。
16.【答案】0.0002 47.6 不变
【解析】解：由Q放=qm可得，所需天然气的体积：
m天然气=Q放q=8.8×103J4.4×107J/kg=0.0002kg；
Q吸=8.8×103J×84%=7.392×103J，
由Q吸=c水mΔt可得，水温是30∘C的水温度升高：
Δt=Q吸c水m水=7.392×103J4.2×103J/(kg⋅∘C)×100×10−3kg=17.6∘C；
所以水温度升高到30∘C+17.6∘C=47.6∘C；
由于燃料的热值的燃料本身的一种特性，只与燃料的种类有关，与燃料的质量以及燃料情况无关，所以当天然气燃烧了一半，剩余天然气的热值不变，还是4.4×107J/kg。
故答案为：0.0002；47.6；不变。
知道放出的热量和天然气的热值，根据公式Q放=qm求出需要天然气的质量；
由Q吸=c水mΔt可求得初温是30∘C的水温度升高的度数；
燃料的热值的燃料本身的一种特性，只与燃料的种类有关，与燃料的质量以及燃料情况无关。
此题考查热值的概念、燃料完全燃烧放热公式、吸热公式的灵活运用，是一道典型题，难度不大。
17.【答案】做功 3600 900
【解析】解：图中两气门都关闭，活塞向下运动，是做功冲程；
因为一个工作循环包括四个冲程，活塞往复运动2次，曲轴和飞轮转2r，对外做功一次。若飞轮的转速为1800r/min，即飞轮1min转1800r，完成900个工作循环，完成3600个冲程，对外做功900次。
故答案为：做功；3600；900。
根据气门和活塞的情况判断哪一冲程；
热机的一个工作循环包括四个冲程，活塞往复运动2次，曲轴和飞轮转2r，对外做功一次。
本题考查了内燃机的工作特点，解题的关键是明确内燃机的曲轴或飞轮转数与内燃机的工作循环、冲程和做功次数的关系。
18.【答案】A
45
增大AB间的距离，同时适当减小CD间的距离或增加餐桌自身的重力

【解析】解：(1)由图可知，若物体放在C处，餐桌翘起时，绕A点转动，根据支点的定义可知，A点为支点；
(2)由图可知，一体式餐桌左右对称，因此餐桌重心在对称轴上，
假设物体放在左侧凳板C上，此时作用在餐桌上的力和对应的力臂如图所示：
由图可知，L1=12CD−12AB=12×140cm−12×50cm=45cm，L2=12AB=12×50cm=25cm；
由杠杆平衡可知：G物×L1=G桌×L2，即m物g×L1=m桌×L2，则桌的质量m桌=L1L2×m物=45cm25cm×25kg=45kg；
(3)由杠杆平衡条件可知，物体的重力和餐桌的重力一定时，通过减小凳板侧物体重力的力臂、增加餐桌重力的力臂可以防止餐桌倾倒，因此可以增大AB间的距离，同时适当减小CD间的距离或增加餐桌自身的重力。
答：(1)A；
(2)餐桌的质量为45kg；
(3)增大AB间的距离，同时适当减小CD间的距离或增加餐桌自身的重力。
(1)由图可知，若物体放在C处，餐桌翘起时绕A点转动，据此确定支点；
(2)根据一体式餐桌左右对称可知餐桌重心的位置，根据力臂的定义确定动力臂和阻力臂，根据杠杆平衡条件结合G=mg求出餐桌的质量；
(3)根据杠杆平衡条件提出防止倾倒的建议。
本题考查杠杆的定义和杠杆平衡条件的应用，正确判断各力的力臂是解题的关键。
19.【答案】比热容
不变
减小
压缩
需要
B
30
30
6.9×106

【解析】解：因为水的比热容较大，相同质量的水和其它物质比较，升高相同的温度，水吸收的热量多，所以汽车发动机用水做冷却剂；
比热容是物质本身的一种特性，决定于物质的种类和状态，与质量多少无关，所以当水箱中的水减少了三分之一以后，则剩下的水的比热容不变；
由于水沸腾温度不变，汽化后水的质量减小，则剩下的水内能减小；
由图可见，进气门关闭，排气门关闭，活塞向上运动，该冲程是压缩冲程；
在内燃机的四个冲程中只有做功冲程对外做功，其它三个冲程靠飞轮的惯性完成，所以此冲程需要靠飞轮的惯性完成；
B图是用力将活塞压下，活塞对空气做功，空气的内能增大，温度升高，达到了棉花的着火点，棉花就会燃烧，是通过对物体做功来增大物体内能的，即是将机械能转化为内能的过程；C图是水蒸气膨胀对外做功，将塞子冲出，是内能转化为机械能；
综上所述，A图是压缩冲程，与它原理相同的是B图所示的演示实验；
汽车行驶时，飞轮的转速可达3600r/min，即每秒钟转60转，由“内燃机完成1个工作循环，飞轮转2转，对外做功1次”可知，该汽油机每秒做功30次；
由图可知，输出的有用功在总能量中所占的比例：100%−33%−30%−7%=30%，所以内燃机的效率为η=30%；
完全燃烧0.5kg的汽油放出的热量：Q放=qm=4.6×107J/kg×0.5kg=2.3×107J；
根据η=WQ放可得，汽车获得的机械能：
W=Q放η=2.3×107J×30%=6.9×106J。
故答案为：比热容；不变；减小；压缩；需要；B；30；30；6.9×106。
(1)相同质量的水和其它物质比较，吸收或放出相同的热量，水的温度升高或降低的少；升高或降低相同的温度，水吸收或放出的热量多；比热容是物质本身的一种特性，决定于物质的种类和状态，与质量多少无关；内能与温度、质量和状态有关；
(2)汽油机有吸气、压缩、做功、排气四个冲程，根据进气门和排气门的开关情况和活塞的运动方向来判断冲程的类型；
在内燃机的四个冲程中只有做功冲程对外做功，其它三个冲程靠飞轮的惯性完成；
(3)内燃机完成1个工作循环，四个冲程，飞轮转2转，对外做功1次；
(4)由能量流向图得出输出的有用功占总能量的比值，得出内燃机的效率；
(5)燃料完全燃烧放出的热量用公式Q放=mq计算；再根据η=WQ放求出汽车获得的机械能。
本题考查了学生对比热容、内能、燃料的热值、内燃机能量流向图、效率公式和内燃机的工作循环特点的了解与掌握，是一道综合性题目。
20.【答案】
【解析】解：只有一个动滑轮，要求最省力，绳子先系在动滑轮的固定挂钩上，然后绕过左边的定滑轮，再绕过动滑轮。如图所示：
。
要解决此题，需要知道滑轮组的绕线方法。可以从定滑轮或动滑轮绕起。要知道从动滑轮绕起比从定滑轮绕起多中间一根绕线承担物重，更省力。
最省力的滑轮组绕绳方法：绳子先系在动滑轮的固定挂钩上，绕过定滑轮，再绕过动滑轮。
21.【答案】解：由题知，晚上，有人走动发出声音，灯亮；白天，无论发出多大声音，电灯也不会亮，说明两个开关和灯泡串联。设计电路图如下：

【解析】由题意可知，居民楼的楼道里灯泡亮的条件是：
(1)必须是晚上，白天不亮；
(2)必须有人走动发出声音，没人不亮，所以光控开关和声控开关不能独立工作，即串联。
设计电路时，首先考虑开关和用电器之间的连接，再考虑用电器之间的连接，最后和电源构成通路。
22.【答案】
【解析】解：根据电流流向法，先从正极出发依次串联灯泡L1、开关S1、开关S回到负极，把开关S2、灯泡L2串联后再与灯泡L1、开关S1并联起来，如下图所示：
根据电路图连接实物图时，可以根据电流流向法进行连接，先从电源的正极出发依次串联电路元件最多的支路，再把并联的部分串联到相应的位置即可。
本题考查了根据电路图连接实物图以及根据要求连接实物图，实物连接图的关键在于看懂电路图，在连接过程中，注意各元件的次序。
23.【答案】匀速缓慢 83.3 增大 不变
【解析】(1)实验中应竖直向上匀速缓慢拉动弹簧测力计，此时系统处于平衡状态，测力计示数才等于拉力的大小；
(2)图中绳子的有效段数为n=3，第3次实验的机械效率：
η=W有W总=GhF×3h×100%=G3F×100%=2.0N3×0.8N×100%≈83.3%；
(3)纵向分析表中数据可知，同一滑轮组提升物体的重力越大，机械效率越高，故提高同一滑轮组的机械效率，可以采取的措施是增加提升物体的重力；
(4)根据(2)知，滑轮组的机械效率为：η=W有W总=GhF×3h×100%=G3F×100%，与提升的物体的高度无关，小华用该滑轮组再次匀速提高同样多的钩码，但钩码上升的高度比原来高，则该滑轮组的机械效率将不变。
故答案为：(1)匀速缓慢；(2)83.3；(3)增大；(4)不变。
(1)实验中应竖直向上匀速缓慢拉动弹簧测力计；
(2)确定图中绳子的有效段数，根据η=W有W总=GhF×3h×100%得出第3次实验的机械效率；
(3)纵向分析表中数据得出结论，据此分析回答；
(4)根据(2)知，滑轮组的机械效率为η=W有W总=GhF×3h×100%=G3F×100%，据此分析。
本题探究滑轮组的机械效率，考查注意事项、机械效率的计算、数据分析及影响机械效率大小的因素。
24.【答案】平衡 左 测量力臂 F1L1=F2L2 15 2 弹簧测力计拉力的力臂减小
【解析】解：
【证据】(1)(2)实验前发现杠杆静止时，此时处于平衡状态；杠杆右端下沉，为了使杠杆在水平位置平衡，便于测量力臂，他应将杠杆左端的平衡螺母向左调节，或将杠杆右端的平衡螺母向左调节；
【解释】】(1)由表中的数据可得
1N×10cm=2N×5cm，
2N×10cm=1N×20cm，
由此可得杠杆的平衡条件
F1L1=F2L2；
(2)由杠杆的平衡条件F1L1=F2L2可得
2N×l1=3N×10cm，
解得l1=15cm；
【交流】
(1)设每个钩码的重力为G，每个小格的长度为L，图丙中杠杆恰好处于水平位置平行，在A点下方再加挂2个相同的钩码，为使杠杆保持水平平衡，由杠杆的平衡条件F1L1=F2L2可得，右侧钩码的力臂l2=F1L1F2=5G×2L2G=5L，以将挂在B点的钩码向右移动2个格。
(2)弹簧测力计由竖直方向向左偏移时，要保持杠杆仍在水平位置平衡，则拉力F将变大，这是因为，阻力阻力臂不变，当拉力由竖直变成倾斜时，拉力F力臂变小，杠杆的平衡条件F1l1=F2l2可知，相应的拉力会变大，这样才能继续平衡。
故答案为：【证据】(1)平衡；左；(2)测量力臂；【解释】(1)F1L1=F2L2；(2)15；【交流】(1)2；(2)弹簧测力计拉力的力臂减小。
【证据】(1)(2)杠杆静止就说明是杠杆平衡状态；
探究“杠杆的平衡条件”实验中，需要杠杆在水平位置平衡，调节时将螺母向上翘的一端移动，让杠杆在水平位置平衡的目的是便于测量力臂大小；
【解释】(1)根据表格数据分析，得出结论；
(2)杠杆平衡条件F1L1=F2L2进行分析；
【交流】
(1)设一个钩码重为G，杠杆一个小格是L，根据杠杆平衡条件进行判断；
(3)杠杆平衡条件F1L1=F2L2进行分析。
本题考查探究杠杆平衡条件的实验，关键是理解杠杆的平衡条件及其应用。
25.【答案】速度；甲、丙； 不能； 高度
【解析】(1)分析比较甲、乙两次实验，质量不变，速度不同，可探究动能的大小与速度的关系；
由甲、丙实验知，钢球在斜面的高度相同，而丙中钢球的质量更大，推动木块通过的距离也大，故可探究出的结论是：速度相同的物体，质量越大，动能越大；
(2)若水平面绝对光滑，木块在水平面不受阻力，木块将做匀速直线运动，故不能达到实验目的；
(3)如果“探究物体重力势能大小跟哪些因素有关”，比较甲、乙两次实验，质量相同的钢球释放的高度越高，推动木块移动的距离越远，说明原来释放位置越高的物体所具有的重力势能越大，可探究出的结论是：质量相同的物体，高度越大，重力势能越大。
故答案为：(1)速度；甲、丙；(2)不能；(3)高度。
(1)动能大小的影响因素：质量、速度。质量越大，速度越大，动能越大；
(2)根据牛顿第一定律进行分析；
(3)重力势能大小的影响因素：质量、被举的高度。质量越大，高度越高，重力势能越大。
明确本实验中研究动能大小的决定因素时运用了控制变量法，反映动能多少时运用了转换法。
26.【答案】A 电流表未调零 0.24 等于 不同
【解析】解：(1)在图乙中，电流表在干路上，测量干路的电流，即电流表测量图甲中A处的电流；
(2)让电流表测量C处的电流，也就是测量通过灯L2的电流，电流表与灯泡L2串联，将灯L1与电流表负接线柱之间的导线改接在电能表0.6接线柱上，如图所示：
；
(3)在测量电流的过程中，闭合开关前电流表的指针出现了如图丙所示的情况，电流表指针没有与零刻度线对齐，说明电流表使用前没有调零；
(4)在排除故障后，电流表测量C处电流的示数如图丁所示，电流表选用小量程，分度值0.02A，其示数为0.24A；
(5)分析表格数据有：0.42A+0.24A=0.66A，由此可得出的结论为在并联电路中，干路电流等于各支路电流之和：
为了避免偶然性，应该更换不同规格的小灯泡重复多次实验。
故答案为：(1)A；(2)见上图；(3)电流表未调零；(4)0.24；(5)等于；不同。
(1)在图乙中，电流表在干路上，测量干路的电流；
(2)让电流表测量C处的电流，也就是测量通过灯L2的电流，电流表与灯泡L2串联，据此改接电路；
(3)电表使用前要调零；
(4)根据电流表选用量程确定分度值读数；
(5)分析表格数据可得出规律；为了避免偶然性，应该更换不同规格的小灯泡重复多次实验。
本题是探究并联电路中电流的规律实验，考查了实验注意事项、电路的改接、电表的使用、电流表读数、实验数据分析，为得出普遍结论，应使用不同规格的实验器材进行多次实验，考查较综合，难度一般。
27.【答案】解：(1)木箱的重力G=mg=34kg×10N/kg=340N。
(2)从图中可知n=2，绳子自由端移动的距离s=nh=2×3m=6m，
工人做的功W总=Fs=200N×6m=1200J，
功率P=W总t=1200J10s=120W。
(3)有用功W有用=Gh=340N×3m=1020J，
滑轮组的机械效率η=W有用W总=1020J1200J=85%。
答：(1)木箱的重力为340N。
(2)工人做功的功率为120W。
(3)滑轮组的机械效率为85%。
【解析】(1)根据G=mg得出木箱的重力。
(2)从图中可知n=2，根据s=nh得出绳子自由端移动的距离，根据W总=Fs得出工人做的功，根据P=W总t得出功率。
(3)根据W有用=Gh得出有用功，根据η=W有用W总得出滑轮组的机械效率。
本题考查功、功率和效率的计算，是一道综合题。
28.【答案】CD段水吸收的热量为4.2×104J；
冰的比热容为2.1×103J/(kg⋅∘C)
【解析】(1)冰熔化成水，质量不变，水的质量：m水=m冰=0.5kg，
由图可知，CD段水升高的温度：Δt水=20∘C，
水吸收的热量：Q吸水=c水m水Δt水=4.2×103J/(kg⋅∘C)×0.5kg×20∘C=4.2×104J；
(2)由图可知，AB段冰升高的温度：Δt冰=0∘C−(−20∘C)=20∘C，
根据题意可知，相同时间内水和冰吸收的热量相同，所以AB段冰吸收的热量：Q吸冰=12Q吸水=12×4.2×104J=2.1×104J，
由Q吸=cmΔt可知，冰的比热容：c冰=Q吸冰m冰Δt冰=2.1×104J0.5kg×20∘C=2.1×103J/(kg⋅∘C)。
答：(1)CD段水吸收的热量为4.2×104J；
(2)冰的比热容为2.1×103J/(kg⋅∘C)。
(1)冰熔化成水，质量不变，由图可知，CD段水升高的温度，根据Q吸=cmΔt求出水吸收的热量；
(2)由图可知AB段冰升高的温度，根据题意可知相同时间内水和冰吸收的热量相同，据此可知AB段冰吸收的热量，根据Q吸=cmΔt求出冰的比热容。
本题考查热量的计算以及比热容公式的灵活运用，能从图中获取相关信息是解题的关键。次数
物重G/N
物体上升高度h/m
拉力F/N
机械效率η
1
1.0
0.1
0.5
66.7%
2
1.5
0.1
0.7
71.4%
3
2.0
0.1
0.8
实验次数
动力F1/N
动力臂L1/cm
阻力F2/N
阻力臂L2/cm
1
1
10
2
5
2
2
10
1
20
3
2
____
3
10
A点的电流IA/A
B点的电流IB/A
C点的电流IC/A
第一次测量
0.66
0.42