2025-2026学年山东省济南市历下区九年级（上）期中物理试卷

这是一份2025-2026学年山东省济南市历下区九年级（上）期中物理试卷，共26页。试卷主要包含了单选题，多选题，填空题，作图题，实验探究题，计算题等内容，欢迎下载使用。
1.夏季，济南地铁为满足不同乘客的需求，实现“同车不同温”。“强冷”与“弱冷”车厢空调设定温度的差值最接近( )
A. 0.2∘CB. 2∘CC. 20∘CD. 50∘C
2.如图所示，用轻薄的纸折成小星星，轻放于地面的小钢针上，用与布摩擦过的吸管靠近，小星星被吸引着转动，此过程中( )
A. 摩擦创造了电荷B. 布和吸管带上同种电荷
C. 吸管和小星星带上同种电荷D. 吸管带电后能吸引轻小物体
3.如图所示，试管里盛有适量的水，加热试管使水沸腾，试管口冒出的“白气”推动管口处的小风车转动，此过程中能量转化与汽油机的哪个冲程相同( )
A.
B.
C.
D.
4.如图所示，导线中电荷定向移动需要“动力推动”，图中用高度差形象地表示了由电池提供的这种“推动”作用，那么高度差所代表的物理量及其单位对应正确的是( )
A. 电压伏特
B. 电阻欧姆
C. 电流安培
D. 电荷量库仑
5.如图所示，这是一辆“盐水动力”玩具车，车身上方固定了一个小塑料杯，塑料杯壁内侧有一片镁片和一片碳片，当向杯中倒入盐水，使镁片和碳片都浸入盐水时，小车就能缓缓向前运动。插入镁片和碳片的盐水杯相当于电路中的( )
A. 电源B. 导线C. 用电器D. 开关
6.浪浪山冬天寒冷，熊教头让小妖怪用铁锅烧水来长时间保温取暖。下列关于水的特性，与“能长时间保温”直接相关的是( )
A. 水的比热容大B. 水的密度大C. 水的沸点高D. 水的凝固点低
7.固态、液态和气态是物质常见的三种状态。某物质通过放热、吸热在甲、乙、丙三种状态之间变化，如图所示。下列说法正确的是( )
A. 甲为固态，①是凝华过程
B. 乙为液态，②是汽化过程
C. 丙为气态，②是汽化过程
D. 丙为气态，③是液化过程
8.如图所示的电路，闭合开关S、S1后，灯泡L1、L2都正常发光，关于甲、乙电表(电压表或电流表)的判断，下列说法正确的是( )
A. 甲、乙都为电压表
B. 甲、乙都为电流表
C. 甲为电流表，乙为电压表
D. 甲为电压表，乙为电流表
9.厨房烟雾中含有油脂液滴，直接排放会污染空气。油烟机的“静电分离”技术可让甲、乙金属板和油脂液滴分别带上电荷。当带电的油脂液滴从两金属板间通过时，会被一侧的金属板吸附，并流入下方的油杯。下列关于金属板所带电荷及油杯位置符合要求的是( )
A. B.
C. D.
10.如图甲所示，是智能化数显式圆规，能直接显示出所画圆的半径大小r。其内部等效电路图如图乙所示，OEF为可旋转调节阻值的变阻器，当r增大时，滑片P向顺时针方向移动，反之，则向逆时针方向移动。闭合开关，则下列说法中正确的是( )
A. 半径r增大时，变阻器电阻减小B. 半径r增大时，电压表示数增大
C. 半径r减小时，电流表示数减小D. 圆规的数显表盘是由电流表改装的
二、多选题：本大题共5小题，共20分。
11.我国古代诗人写了许多蕴含丰富热学知识的诗句。下列对自然界中的露、雪、雾、霜现象描述正确的是( )
A. “露从今夜白，月是故乡明”——露的形成是液化现象，需要放热
B. “五月天山雪，无花只有寒”——雪的形成是凝固现象，需要吸热
C. “秋城海雾重，职事凌晨出”——雾的消散是汽化现象，需要吸热
D. “鸡声茅店月，人迹板桥霜”——霜的形成是凝华现象，需要放热
12.小枫用煤油自制了一个简易温度计(包含刻度尺)，下列说法正确的是( )
A. 瓶子应当尽量使用不容易传热的材料
B. 该温度计的原理是利用液体热胀冷缩的性质
C. 用煤油作为测温物质是因为它的比热容较大
D. 该装置插入瓶中的玻璃管很细，因为细管液面变化更明显
13.关于教材中下列典型实验的说法，正确的是( )
A. 甲：海波熔化过程中，温度计的示数不变
B. 乙：硝化棉燃烧是管内空气热传递的结果
C. 丙：实验中使用一节电池，可以降低电流表被烧坏的可能
D. 丁：通过比较升高的温度来反映两种液体吸收热量的多少
14.某科技小组设计了一种烟雾报警装置，其简化电路如图所示，电源电压保持不变，R0为定值电阻，R为光敏电阻，R的阻值随光照强度的减弱而增大，当电压表示数增大到某一值时，装置报警。开关S闭合后，当有烟雾遮挡射向R的激光时( )
A. 电流表与电压表的示数都会增大
B. 电压表与电流表的示数之比增大
C. 增大电源电压，可使装置在烟雾浓度更低时报警
D. 减小R0的阻值，可使装置在烟雾浓度更低时报警
15.1821年塞贝克发现，两种不同金属导线连成闭合电路、若两个连接点温度不同，电路会产生电流，该现象称为“塞贝克效应”。如图所示，金属A、B连成环，连接点l温度高、点2温度低，环中产生顺时针电流，利用该效应可制作温差电池。某实验将两种金属板分别放入20∘C冷水和不同温度的热水中，测出热水温度和两金属板间的电压，记录数据如下表。下列分析正确的是( )
A. 塞贝克效应中，内能转化为电能
B. 温度差越大，连接点1、点2间的电压也越大
C. 若图中连接点1改为低温环境，点2改为高温环境，电路中电流顺时针流动
D. 根据表中的数据，电压表的示数为3mV时，推测此时热水的温度约为75∘C
三、填空题：本大题共4小题，共16分。
16.电池是电动汽车的核心部件之一“能量密度”是电池的一个重要参数，是指电池在单位体积或单位质量中所储存的能量多少，“能量密度”的物理意义类似于物理学中的 (选填“效率”或“热值”)。随着技术进步，柴油机的工作效率得到了提高。效率提高后，柴油燃烧释放相同的热量时，用来做有用功的能量 (选填“变多”、“变少”或“不变”)。
17.童话故事《卖火柴的小女孩》中有这么一段描写：“她终于抽出了一根，哧！火柴燃起来了，冒出火焰来了！”。从物理学的角度来说，文中“哧”是通过 的方式来增加火柴内能的，火柴燃烧的过程是将 能转化为内能的过程。
18.如图所示，a、b分别表示水杯内壁上、下不同的区域，c表示水杯外壁的区域。夏天将冰水倒入杯中，一段时间后，杯壁上会有小水珠出现在 区域。如果杯中装入开水，一段时间后杯壁同样会出现小水珠，此时出现小水珠较多的区域是 (均选填“a”、“b”或“c”)。
19.如图甲，多芯线是生产、生活中常用的导线，多芯线中各根细导线之间的连接方式是______。如图乙，在家庭装修连接电路时，连接处的电线芯要紧密的多绕几圈，这样就可以增大连接处的横截面积，使连接处的电阻______(“增大”或“减小”)。
四、作图题：本大题共2小题，共6分。
20.根据如图所示的实物图，请画出对应的电路图。
21.智能锁正在逐步走进千家万户。如图为某款智能锁，它支持密码与指纹两种认证方式开门，密码正确相当于开关S1闭合，指纹正确相当于开关S2闭合，开门由电动机完成。请你在虚线框中设计出符合上述要求的智能锁电路。
五、实验探究题：本大题共3小题，共23分。
22.小明和同学们用如图甲所示的装置探究“水在沸腾前后温度变化的特点”。
(1)在安装实验器材时，应先调节并固定铁圈B在“适当位置”，这里的“适当位置”是指______。
(2)调整好器材后，小明用酒精灯给水加热，观察水温和气泡变化情况。某一时刻温度计示数如图乙所示，其读数为______。小明判断水已经沸腾的依据是______。
A.温度计的示数在一段时间内保持不变
B.水中有大量气泡上升、变大到水面破裂
(3)小明将测得的数据记录在如下表格中，请根据表格数据在图丙中描点后画出水沸腾前后温度与时间的关系曲线。
(4)小明通过分析得出：水在沸腾前吸收热量，温度不断升高。沸腾过程中也需要吸收热量，但温度______。他想起了帮妈妈煮饺子时，沸水流入勺中后就不再沸腾了(勺内水面与锅内水面齐平)，如图丁所示。请分析勺内的水不沸腾的原因：______。
23.在学习电流和电压时，老师类比了“水流”和“水压”。于是在探究并联电路中电流特点时，小强猜想：在并联电路中，电源电压不变的条件下，若支路越多，就会将干路电流分成更多份，会使得原支路上的电流变小，但干路电流不变。为了验证他的猜想，设计了如下实验。
(1)请根据图甲中的电路图，用笔画线代替导线将图乙补充完整，使电流表测量流过C点的电流(注意导线不要交叉)。
(2)小强在测量A、B、C三处电流时，C处电流如图丙所示，为______A，并将三处测得的电流记录在如下表格中。
表一
(3)为了验证猜想，小强又根据图丁连接电路，增加了L3支路，继续测量得到了如下数据。
表二
小强依据表一、表二中的数据得出结论，在并联电路中，干路电流等于______。同时他也意识到自己的猜想是错误的，他判断的依据是______。
(4)小丽说他得出的结论并不可靠，原因是______。于是他继续完成了实验。
(5)小强认为并联电路中的电流特点与水流特点不同。老师说，换个角度思考，并联电路中的电流关系依然可以用水流关系来类比，并画出了如下两图(水柱的粗细表示水流的大小)，其中图______就可以形象的表示出来。
24.在“伏安法测电阻”的实验中，实验器材有干电池三节(电源电压4.5V)、电流表和电压表各一个、规格为“20Ω，1A”的滑动变阻器一个、待测电阻一个、开关和导线若干。连接的部分实验电路如图甲所示。
(1)请用笔画线代替导线，将图甲电路连接完整。要求：滑动变阻器的滑片向右滑动时，电流表的示数变小。
(2)电路连接完成后，闭合开关，发现电流表有示数、电压表无示数，出现此现象的原因可能是______(写出一种原因即可)。
(3)排除故障后，闭合开关，小明多次调节滑动变阻器滑片，记录实验数据如下表所示。
老师看完数据后，发现两个问题：
①记录的数据中有一次不是实际测量得到的，它是第______次的数据。
②数据处理还未结束，还应______。
(4)实验结束后，小明和小华经过讨论设计了一种实验方案也测出了Rx的阻值。电路如图乙所示，电源电压未知但恒定不变，a、b为滑动变阻器左、右两个端点，滑动变阻器的最大阻值为R，请你把以下步骤补充完整。
①闭合开关S，滑片P移到a端时，读出电压表示数为U1；
②闭合开关S，______，读出电压表示数为U2；
③待测电阻Rx=______(用已知和测量出的物理量符号表示)。
六、计算题：本大题共2小题，共15分。
25.《天工开物》中详细记载了火井制盐的过程，如图所示。现通过燃烧3.5kg的干木柴加热卤井中70kg的卤水(含盐的水)，使卤水从20∘C升高到70∘C。已知卤水的比热容为3.6×103J/(kg⋅∘C)，干木柴的热值为1.2×107J/kg，请通过计算回答：
(1)完全燃烧3.5kg的干木柴放出的热量是多少？
(2)卤水吸收的热量是多少？
(3)卤井的加热效率是多少？
26.为了保障潜水安全，潜水员在潜水时会佩戴水压表和深度表。如图甲是一款深度表的简化电路图，其中电源电压U为6V且保持不变，定值电阻R0的阻值为10Ω，Rp是压敏电阻。图乙是压敏电阻Rp阻值随海水深度变化的图像，压敏电阻RP允许通过的最大电流为0.24A。深度表由电压表(量程为0∼3V)改装。请通过计算回答：
(1)下潜到10m的深度时，电路中的电流为多少？
(2)下潜到10m的深度时，深度表测得的电压为多少？
(3)在电路安全的情况下，该深度表能测量的最大深度为多少？
答案和解析
1.【答案】B
【解析】解：夏季，为满足不同乘客的需求，地铁实现“同车不同温”，夏季，“强冷”车厢空调设定温度为24∘C，“弱冷”车厢空调设定温度为26∘C，“强冷”与“弱冷”车厢空调设定温度的差值最接近2∘C，故B符合题意。
故选：B。
根据生活经验和对常见温度值的认识作答。
本题考查温度的估测。
2.【答案】D
【解析】解：A、用布摩擦过的吸管带上了电，这是摩擦起电现象，其实质是电子的转移，并没有创造电荷，故A错误；
B、布和吸管带摩擦摩擦时发生电子的转移，布和吸管带上异种电荷，故B错误；
C、因同种电荷相互排斥，若带有同种电荷，则相互排斥，不会吸引，故C错误；
D、因带电体可以吸引轻小物体，因此吸管带电后能吸引轻小物体，故D正确。
故选：D。
同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引；带电体能吸引轻小物体；摩擦起电的实质是电荷的转移。
知道摩擦起电的实质是解答本题的关键。
3.【答案】C
【解析】解：加热试管使水沸腾，试管口冒出的“白气”(水蒸气)推动小风车转动，是水蒸气的内能转化为小风车的机械能。而汽油机的做功冲程中，燃料燃烧产生的高温高压燃气推动活塞向下运动，将内能转化为机械能。因此，该过程与汽油机的做功冲程能量转化相同，即进气门和排气门都关闭，火花塞点火，活塞向下运动，故C符合题意，ABD不符合题意。
故选：C。
四冲程工作过程中能量的转化：①压缩冲程：机械能→内能；②做功冲程：先是化学能→内能，再由内能→机械能。
本题主要考查了四冲程的能量转化。
4.【答案】A
【解析】解：A.电压是使电荷定向移动形成电流的原因，单位是伏特，故A符合题意；
B.电阻是导体对电流的阻碍作用，单位是欧姆，与“推动”电荷移动的作用无关，故B不符合题意；
C.电流是电荷定向移动形成的，单位是安培，它是电荷移动的结果，不是“推动”电荷的物理量，故C不符合题意；
D.电荷量是电荷的多少，单位是库仑，不是促使电荷定向移动的“动力”相关物理量，故A不符合题意。
故选：A。
电池的作用是为电路提供电压，电压能促使电荷定向移动形成电流，就像“高度差”推动电荷移动一样。
本题目考查电源是为电路提供电压的装置，电压能促使电荷定向移动形成电流。
5.【答案】A
【解析】解：当向杯中倒入盐水，使镁片和碳片都浸入盐水时，小车就能缓缓向前运动，说明插入镁片和碳片的盐水杯给小车提供了电能，在电路中相当于电源，故A正确，BCD错误。
故选：A。
电路是由提供电能的电源、消耗电能的用电器、控制电路通断的开关和输送电能的导线四部分组成。
知道电路是由电源、开关、导线和用电器组成的，知道各元件在电路中的作用是解题的关键。
6.【答案】A
【解析】解：因为水的比热容较大大，相同质量的水和其它物质比较，降低相同的温度，水放出的热量多，能长时间保温。
故选：A。
因为水的比热容较大：相同质量的水和其它物质比较，吸收或放出相同的热量，水的温度升高或降低的少；升高或降低相同的温度，水吸收或放出的热量多，据此分析。
本题考查了水的比热容大的特点在生活中的应用，考查学生灵活运用知识的能力。
7.【答案】D
【解析】解：
由图可知，丙放热变为甲，甲放热为乙，则由物态变化的吸放热规律可知，丙是气态，甲是液态，乙是固态，
所以，甲到乙(由液态变为固态)是凝固，即①是凝固过程；乙到丙(由固态直接变为气态)是升华，即②是升华过程；丙到甲(由气态变为液态)是液化，即③是液化过程。故ABC错误，D正确。
故选：D。
(1)物质由气态直接变为固态的过程叫凝华，物质由固态直接变为气态的过程叫升华；由气态变为液态的过程叫液化，由液态变为气态的过程叫汽化；由固态变为液态的过程叫熔化，由液态变为固态的过程叫凝固。
(2)六种物态变化过程中，都伴随着吸热或放热；其中放出热量的物态变化有：凝固、液化、凝华；吸热的有：熔化、汽化、升华。
知道六种物态变化的名称和吸热放热情况，可解答此题。
8.【答案】B
【解析】解：若乙为电压表，则电路中没有电流，灯泡L1、L2都不能正常发光，则乙为电流表；
若甲为电压表，灯泡L1、没有电路通过，灯泡L1、不会正常发光，则甲为电流表；
综上所述，ACD错误、B正确。
故选：B。
闭合开关S后，两个小灯泡L1、L2均能发光，两盏灯可能是串联，也可能是并联，且电流表串联在被测电路中(或电流表在电路中相当于导线)，而电压表并联在被测电路两端(或电压表在电路中相当于断路)，据此分析解答。
本题考查了电压表、电流表的使用，属于中档题。
9.【答案】D
【解析】解：根据异种电荷相互吸引的规律，油脂液滴带负电，因此金属板需带正电才能吸附液滴；且被吸附的液滴需流入下方油杯，故油杯应位于吸附液滴的金属板下方。
A、甲乙金属板均带正电，油脂液滴带负电，因两侧均为正电，液滴难以定向吸附至单侧，且结构对称导致油杯位置无法有效收集液滴，故A不符合要求。
B、甲乙金属板均带负电，由于同种电荷相互排斥，金属板吸引带负电的液滴，故B不符合要求。
C、甲带正电、乙带负电，液滴在乙的排斥力和甲的吸引力共同作用下，会吸附在甲金属板上，难以流入下方油杯，结构不合理，故C不符合要求。
D、甲带负电、乙带正电，液滴在甲的排斥力和乙的吸引力共同作用下，会吸附在乙金属板上，液滴被乙吸附后可流入下方油杯，故D符合要求。
故选：D。
根据电荷间的相互作用规律：同种电荷相互排斥、异种电荷相互吸引分析。
题目结合油烟机的“静电分离”技术，考查了电荷间的相互作用规律，体现了物理知识在生活电器中的实际应用，
10.【答案】B
【解析】解：由题意知，智能化数显式圆规内部，相当于一个可旋转调节阻值的变阻器，由图可知，其与电阻R0串联，电流表测量电路电流，电压表并联在圆规两端，测量其两端电压；
ABD、当圆规示数r增大时，即滑片P向顺时针方向移动，则其接入电路的阻值变大，根据串联电路分压原理可知，圆规分得的电压变大，则电压表的示数变大，则数显表盘对应图乙中的电压表示数；故B正确，AD错误；
C、当圆规示数r减小时，即滑片P应向逆时针方向移动，则其接入电路的阻值变小，电源电压不变，根据I=UR可得，电路电流增大，则电流表示数增大；故C错误。
故选：B。
由图乙知变阻器与定值电阻串联，电流表测量电路中的电流，电压表测量变阻器两端的电压；
(1)由图乙知当r减小时，滑片P向顺时针方向移动，滑动变阻器接入电路的电阻的变化，I=UR判断出电路中电流的变化；
(2)当r增大时，滑片P向逆时针方向移动，滑动变阻器接入电路的电阻的变化，由串联电路的分压作用判断出滑动变阻器分得电压的变化；
由图乙知电压表示数与电流表示数的比值等于滑动变阻器接入电路的电阻，根据当r增大时滑动变阻器接入电路电阻的变化判断出电压表示数与电流表示数比值的变化。
本题考查了动态电路分析，掌握滑动变阻器接入电路电阻的变化是解题的关键。
11.【答案】ACD
【解析】解：A、露是空气中的水蒸气遇冷液化形成的小水滴，液化是放热过程，故A正确。
B、雪是空气中的水蒸气遇冷直接变成固态的小冰晶，是从气态直接变为固态的过程，属于凝华现象，凝华过程放出热量，故B错误。
C、雾的消散是由液态变为气态，是汽化现象，需要吸热，故C正确。
D、霜是空气中的水蒸气遇冷凝华形成的冰晶，凝华放热，故D正确。
故选：ACD。
物质由气态直接变为固态叫凝华，物质由固态直接变为气态叫升华；由气态变为液态叫液化，由液态变为气态叫汽化；由固态变为液态叫熔化，由液态变为固态叫凝固；
吸收热量的物态变化过程有：熔化、汽化和升华；放出热量的物体变化过程有：凝固、液化和凝华。
分析生活中的热现象属于哪种物态变化，关键要看清物态变化前后，物质各处于什么状态；另外对六种物态变化的吸热和放热情况也要有清晰的认识。
12.【答案】BD
【解析】解：A、因为温度计是根据玻璃瓶内部液体的热胀冷缩制成的，所以瓶子应当尽量使用容易传热的材料，故A错误；
B、煤油温度计是根据液体热胀冷缩的原理制成的，故B正确；
C、主要是因为煤油比热容较小，吸收相同的热量，煤油的温度变化大，能快捷、灵敏的测量温度，故C错误；
D、升高相同的温度时瓶子越大，玻璃管越细，液柱变化越明显，故D正确。
故选：BD。
温度计是根据液体热胀冷缩的原理制成的，常用温度计的玻璃管内径越细，在液体膨胀或收缩的体积相同时，液柱变化越大，读数也越精确。
本题考查液体温度计的工作原理，属于基础题。
13.【答案】AC
【解析】解：A.甲：海波是晶体，熔化过程中，吸收热量，温度计的示数不变，故A正确；
B.乙：硝化棉燃烧是外界对管内空气做功的结果，故B错误；
C.丙：实验中使用一节电池，电阻不变的情况下，电路中的电流减小，可以降低电流表被烧坏的可能，故C正确；
D.丁：我们使用相同的加热器通过加热时间的长短来比较吸热多少，这种方法叫转换法，故D错误。
故选：AC。
(1)晶体在熔化过程中需要吸热，但温度保持不变；
(2)改变物体内能的方式有两种：做功和热传递；
(3)结合电流表的量程分析；
(4)我们使用相同的加热器通过加热时间的长短来比较吸热多少，这种方法叫转换法。
此题考查了晶体熔化的特点、内能的改变、电流表的使用等。
14.【答案】BCD
【解析】解：由电路图可知，光敏电阻R和定值电阻R0串联，电压表测R两端的电压，电流表测电路中的电流；
AB、因光敏电阻的阻值随光照强度的减弱而增大，所以，当有烟雾遮挡射向R的激光时，R的阻值增大，电路中的总电阻增大，由I=UR可知，电路中的电流减小，即电流表的示数减小；R阻值变大，根据串联电路的分压规律可知，R两端电压变大，电压表示数变大；根据R=UI知，电压表与电流表示数比值为R的阻值，所以比值变大，故A错误，B正确；
C、增大电源电压，而报警时R两端的电压不变，由串联电路电压的规律知定值电阻R0两端的电压
变大，而R0的阻值不变，由I=UR可知电流变大，根据R=UI知报警时R的阻值更小，光照强度增加，可使装置在更低浓度烟雾下报警，故C正确；
D、报警时R两端的电压不变，电源电压不变，由串联电路电压的规律知定值电阻R0两端的电压不变，减小R0的阻值，报警电流增大，根据R=UI知报警时R的阻值更小，光照强度增加，可使装置在更低浓度烟雾下报警，故D正确。
故选：BCD。
由图可知，光敏电阻R和定值电阻R0串联，电压表测R两端的电压，电流表测电路中的电流；
(1)根据题意得出当有烟雾遮挡射向R的激光时R的阻值变化，根据欧姆定律可知电路中电流变化，根据R=UI分析电压表与电流表示数比值的变化；
(2)增大电源电压，而报警时R两端的电压不变，由串联电路电压的规律知定值电阻R0两端电压的
变化，而R0的阻值不变，由I=UR可知电流的变化，再根据题意可知该装置报警时与烟雾浓度的关系；
(3)报警时R两端的电压不变，由串联电路电压的规律知定值电阻R0两端电压的
变化，减小R0的阻值时，由I=UR可知电流的变化，再根据题意可知该装置报警时与烟雾浓度的关系。
本题考查了电路的动态分析，涉及到串联电路的特点和欧姆定律的应用，从题干中获取有用的信息是关键。
15.【答案】ABD
【解析】解：
A、塞贝克效应中，不同金属在温度差作用下产生电流，是内能转化为电能，故A正确；
B、表格数据显示，热水温度从90∘C降至60∘C，对应电压从3.6mV降至2.0mV，温度差减小则电压减小，说明温度差越大，连接点1、2间电压越大，故B正确；
C、题干明确连接点1温度高、点2温度低时电流顺时针，若点1为低温、点2为高温，温度差方向反向，电流方向也会反向，并非顺时针，故C错误；
D、表格中热水温度每降低10∘C，电压降低0.4mV。当电压为3mV时，较90∘C时的3.6mV降低0.6mV，对应温度降低15∘C，计算得热水温度为90∘C−15∘C=75∘C，故D正确。
故选：ABD。
(1)根据塞贝克效应的定义，分析温度差产生电流的过程中能量形式的变化；
(2)结合表格数据，观察热水温度(即温度差)与电压的对应关系；
(3)依据题干中“连接点1温度高、点2温度低时电流顺时针”的条件，反向推导温度高低对调时的电流方向；
(4)从表格中提取热水温度与电压的变化规律，通过比例计算推导特定电压对应的热水温度。
本题是“物理现象+数据表格”的综合题型，题目通过表格呈现实验数据，体现了物理学科“基于证据推理”的特点，贴近中考中“实验探究+数据分析”的题型趋势。
16.【答案】热值
变多

【解析】解：“能量密度”是电池的一个重要参数，指电池在单位体积或单位质量下所能储存的能量多少，能量密度相当于物理学中的热值。随着技术进步，柴油机的工作效率得到了提高，效率越高，当柴油燃烧释放相同的热量时，用来做有用功的能量越多。
故答案为：热值；变多。
燃料的热值在数值上等于1kg某种燃料完全燃烧放出的热量。
本题考查热值的概念，属于基础题。
17.【答案】做功
化学

【解析】解：文中“哧”是通过摩擦做功，改变物体的内能，通过做功的方式增加火柴内能；
火柴燃烧，消耗化学能，产生内能，将化学能转化为内能。
故答案为：做功；化学。
(1)改变内能的方式包括做功和热传递；
(2)燃烧的过程中把化学能转化为内能的过程。
本题考查内能的改变和能量的转化，属于基础题。
18.【答案】c
a

【解析】解：冰水杯子中，烧杯的温度就会变得很低，此时空气中的水蒸气遇到温度低的烧杯壁，会在其外表面液化为小水滴，所以杯壁上会有小水珠出现在c区域；热水杯子中，热水会汽化为水蒸气，温度高的水蒸气上升遇到烧杯壁，在其内表面上液化为小水滴，此时出现小水珠较多的区域是a区域。
故答案为：c；a。
(1)物质由气态直接变为固态叫凝华，物质由固态直接变为气态叫升华；由气态变为液态叫液化，由液态变为气态叫汽化；由固态变为液态叫熔化，由液态变为固态叫凝固；
(2)分析液化时，要考虑到周围环境的温度情况。
分析生活中的热现象属于哪种物态变化，关键要看清物态变化前后，物质各处于什么状态；另外对六种物态变化的吸热和放热情况也要有清晰的认识。
19.【答案】并联 减小
【解析】解：多芯线是由多根细导线绕制而成，且多芯线的电阻远小于每根细导线的电阻，说明多芯线中的各根细导线之间是并联的，并联相当于增大了导体的横截面积，使总电阻减小；当电阻的温度、材料和长度一定时，横截面积越大，电阻越小，连接处的电线芯要紧密的多绕几圈，增大了连接处的横截面积，使连接处的电阻减小。
故答案为：并联；减小。
影响电阻大小的因素是：材料、长度、横截面积、温度，当其他因素一定时，横截面积越大，电阻越小。
本题考查了决定电阻大小的因素，用好控制变量法正确分析是本题的关键。
20.【答案】
【解析】解：电路图是用统一标准的电路图符号画出电路：电源、开关、灯泡L1、L2串联，电流表测电路电流，电压表测灯L1和电流表两端的电压。如图所示
电路图是用统一标准的电路图符号画出电路；电源、开关、灯泡L1、L2串联，电流表测电路电流，电压表测灯L1和电流表两端的电压。
本题考查根据实物图画电路图，难度不大。
21.【答案】
【解析】密码正确相当于开关S1闭合，指纹正确相当于开关S2闭合，开门由电动机完成，且两种方式均能开门，所以密码开关和指纹开关并联，电动机在干路中，如图所示：
(1)串联电路的各个用电器相互影响。并联电路的各个用电器互不影响。
(2)根据题意，两个开关并联，电动机安装在干路中。
本题主要了考查了电路的设计；关键是知道串联电路和并联电路的特点及应用。
22.【答案】使石棉网恰好处于酒精灯外焰处，能让酒精灯外焰给烧杯均匀加热 98∘C;B 保持不变;无法从外界吸收热量
【解析】(1)在安装实验器材时，应按照从下往上的顺序安装，因为要用酒精灯的外焰加热，所以铁圈B的“适当位置”是指使石棉网恰好处于酒精灯外焰处，能让酒精灯外焰给烧杯均匀加热。
(2)图中温度计分度值为1∘C，读数为98∘C。水沸腾的明显特征是水中有大量气泡上升、变大，到水面破裂，虽然温度计示数在一段时间内保持不变也可作为水沸腾的依据，但有时未达到沸点时，加热过程中温度也可能因散热等因素暂时不变，所以判断水沸腾更可靠的依据是B。
(3)根据表格数据，在横坐标系中描点，然后用平滑的曲线将这些点连接起来，即可得到水沸腾前后温度与时间的关系曲线。如图所示：
(4)根据实验数据和水沸腾的特点可知，水在沸腾过程中需要吸收热量，但温度保持不变。勺内的水不沸腾的原因是：沸腾的条件是温度达到沸点且继续吸热，勺内水面与锅内水面齐平，温度相同，勺内的水虽然达到了沸点，但无法从外界吸收热量，所以不能沸腾。
故答案为：(1)使石棉网恰好处于酒精灯外焰处，能让酒精灯外焰给烧杯均匀加热；(2)98∘C；B；(3)；(4)保持不变；无法从外界吸收热量。
(1)在安装实验器材时，应按照从下往上的顺序安装。
(2)读温度计示数时，要认清分度值，同时观察液面是否在0以下。水沸腾的明显特征是水中有大量气泡上升、变大，到水面破裂。
(3)根据表格数据，在横坐标系中描点，然后用平滑的曲线将这些点连接起来，即可得到水沸腾前后温度与时间的关系曲线。
(4)根据实验数据和水沸腾的特点可知，水在沸腾过程中需要吸收热量，但温度保持不变。沸腾的条件是温度达到沸点且继续吸热。
此题是探究水的沸腾实验，涉及到水的沸点、器材的组装、水的沸腾特点，难度不大。
23.【答案】；
0.42；
各支路电流之和；增加L3支路后，干路电流变大；
实验次数太少，得出的结论具有偶然性；
A
【解析】(1)根据电路图连接实物图：根据电路图可知，这是一个并联电路，电流表要测量流过C点的电流，即测量干路的电流，所以电流表应串联在干路上。实物连接如下：
。
(2)电流表读数：实验室常用电流表有0∼0.6A和0∼3A两个量程，根据表格中数据大小判断，此处电流表应使用0∼0.6A量程，其分度值为0.02A。由图丙可知，指针指在0.4A刻度后第1个小格处，所以读数为0.4A+0.02A=0.42A。
(3)得出实验结论1：根据表一数据，0.18A+0.24A=0.42A，等于干路电流0.42A(测量存在一定误差)，根据表二数据(0.18A+0.24A+0.28A=0.7A)，等于干路电流，所以可得出结论：在并联电路中，干路电流等于各支路电流之和。
小强猜想中认为“支路越多，原支路上的电流变小，干路电流不变”是错误的，判断依据是表二中增加了L3支路后，L1的电流和L2的电流均未改变，且干路电流I.0A变大了。
(4)实验结论可靠性分析：小强只进行了两次实验，一次是两条支路，一次是三条支路，实验次数太少，具有偶然性，不能排除是特殊情况导致的实验结果，所以得出的结论不可靠，应该更换不同规格的灯泡，多次改变支路数量进行实验，以获得更普遍的结论。
(5)电流与水流类比：并联电路中，干路电流等于各支路电流之和，就像水流一样，干路水流相当于干路电流，各支路水流相当于各支路电流，干路水流是由各支路水流汇聚而成的，所以图中能形象表示并联电路电流关系的是水流从干路分成多条支路，最后又汇聚回干路的图，即类似分支后又汇合的水流图。
故答案为：
(1)；
(2)0.42；
(3)各支路电流之和；增加L3支路后，干路电流变大；
(4)实验次数太少，得出的结论具有偶然性；(5)A。
(1)根据电路图连接实物图：根据电路图可知，这是一个并联电路，电流表要测量流过C点的电流，即测量干路的电流，所以电流表应串联在干路上。
(2)电流表读数：电流表应使用0∼0.6A量程，其分度值为0.02A。
(3)根据表格数据得出结论：在并联电路中，干路电流等于各支路电流之和。
小强猜想中认为“支路越多，原支路上的电流变小，干路电流不变”是错误的，判断依据是表二中增加了L3支路后，L1的电流和L2的电流均未改变，且干路电流I.0A变大了。
(4)实验结论可靠性分析：小强只进行了两次实验，一次是两条支路，一次是三条支路，实验次数太少，具有偶然性，不能排除是特殊情况导致的实验结果，应该更换不同规格的灯泡，多次改变支路数量进行实验，以获得更普遍的结论。
(5)电流与水流类比：并联电路中，干路电流等于各支路电流之和，就像水流一样，干路水流相当于干路电流，各支路水流相当于各支路电流，干路水流是由各支路水流汇聚而成的。
考查探究并联电路中干路电流与各支路电流的关系的实验，实验步骤，实验方法，数据分析，注意事项等内容。
24.【答案】； 电阻R短路； ①1；②取平均值减小误差； 滑片P移到b端；U2U1−U2R最大
【解析】(1)滑动变阻器的滑片向右滑动时，电流表的示数变小，则需要滑动变阻器的电阻变大，连接滑动变阻器的左下接线柱，如图所示
；
(2)闭合开关，发现电流表有示数、电压表无示数。电路中有电流通过，电压表测量电阻R两端的电压，电压表无示数，电阻Rx两端没有电压，因此故障是电阻R短路；
(3)由表中数据，根据欧姆定律，定值电阻R=UI=3V0.3A=10Ω，根据分压原理，当滑动变阻器的最大电阻连入电路中时，电压表示数最小，定值电阻两端的最小电压U最小=RR+R滑×U=10Ω10Ω+20Ω×4.5V=1.5V>1V，所以第1组数据不是本实验中测得的；
②测量过程存在误差，需要多次测量的电阻值取平均值以减小误差；
(4)根据实验步骤求出电阻值：
①闭合开关S，滑片P移到a端时，读出电压表示数为U1；
②闭合开关S，滑片P移到b端时，读出电压表示数为U2；
步骤①滑动变阻器接入电路的阻值为0，电压表测出电源电压U总=U1；
②滑片P移到b端，变阻器接入电路的阻值最大，电阻Rx与滑动变阻器串联，此时电压表测电阻Rx两端的电压，Ux=U2；变阻器两端的电压UP=U1−U2；
电路中的电流为：
=UPR最大=U1−U2R最大；
待测电阻值：Rx=UxIx=U2U1−U2R最大=U2U1−U2R最大。
故答案为：(1)
；(2)电阻R短路；(3)①1；②取平均值减小误差；(4)滑片P移到b端；U2U1−U2R最大。

(1)伏安法测电阻，电流表测电流，电压表测电压，滑动变阻器保护电路和改变电流电压，利用公式计算出电阻；
(2)电路故障分析：闭合开关，发现电流表有示数、电压表无示数，电路出现短路；
(3)①求出定值电阻的大约值，根据分压原理，得出电压表的最小读数；
②测量时存在误差，多次测量取平均值减小误差；
(4)其他方法测量电阻。
本题考查伏安法测量电阻，会使用电流表、电压表和滑动变阻器。
25.【答案】完全燃烧3.5kg的干木柴放出的热量是4.2×107J；
卤水吸收的热量是1.26×107J；
卤井的加热效率是30%
【解析】(1)完全燃烧3.5kg的干木柴放出的热量为：
Q放=mq=3.5kg×1.2×107J/kg=4.2×107J；
(2)卤水吸收的热量为：
Q吸=cm′(t−t0)=3.6×103J/(kg⋅∘C)×70kg×(70∘C−20∘C)=1.26×107J；
(3)卤井的加热效率为：
η=Q吸Q放×100%=1.26×107J4.2×107J×100%=30%。
答：(1)完全燃烧3.5kg的干木柴放出的热量是4.2×107J；
(2)卤水吸收的热量是1.26×107J；
(3)卤井的加热效率是30%。
(1)根据Q放=mq求出完全燃烧3.5kg的干木柴放出的热量；
(2)根据Q吸=cm(t−t0)求出卤水吸收的热量；
(3)根据η=Q吸Q放求出卤井的加热效率。
本题考查热量的计算，主要有吸热公式、燃料完全燃烧放热公式以及热效率公式的应用。
26.【答案】下潜到10m的深度时，电路中的电流为0.52A；
电压表示数为1.5V；
在电路安全的情况下，该深度表能测量的最大深度为40m
【解析】(1)由图乙可知，该电路为R0和RP的串联电路，电压表测R0两端的电压；
由图b可知下潜到10m的深度时力敏电阻接入电路的阻值为30Ω，
根据欧姆定律可知通过电路的电流I′=URP′+R0=6V30Ω+10Ω=0.15A，
(2)此时R0两端的电压为U0=I′R0=0.15A×10Ω=1.5V，
即电压表示数为1.5V；
(3)当电路中电流最大时，由U=IR可知R0两端的电压最大，由电压表量程可知R0两端的电压最大为：U0大=3V，
根据欧姆定律可知电路中电流最大为I大=U0大R0=3V10Ω=0.3A，
力敏电阻Rp允许通过的最大电流为0.24A，为保护电路，电路中允许通过的最大电流为0.24A，
此时电路总电阻为R=UI″=6V0.24A=25Ω，
由串联电路的电阻特点可知压敏电阻的阻值为：RP′′=R−R0=25Ω−10Ω=15Ω，
由图丙可知，此时下潜的深度为40m，即该深度表能测量的最大深度为40m。
答：(1)下潜到10m的深度时，电路中的电流为0.52A；
(2)电压表示数为1.5V；
(3)在电路安全的情况下，该深度表能测量的最大深度为40m。
(1)(2)图b可知下潜到10m的深度时力敏电阻接入电路的阻值，根据串联电路电阻规律结合欧姆定律计算通过电路的电流，根据U=IR计算此时R0两端的电压可知电压表示数；
(3)当电路中电流最大时，由U=IR可知R0两端的电压最大，由电压表的量程可知R0两端的最大电压，利用欧姆定律求出电路中最大电流，与Rp允许通过的最大电流比较，为保护电路，电路中的电压和电流都不能超出电表量程和用电器允许加的最大值，再利用欧姆定律计算电路总电阻，最后根据串联电路的电阻特点可得出此时压敏电阻的阻值，由图丙可读出此时下潜的深度，即该深度表能测量的最大深度。
本题考查串联电路特点和欧姆定律的灵活运用，解题关键是要知道为保护电路安全，电路中的电流和电压不能超出电表量程和用电器允许加的最大值。热水温度t/∘C
90
80
70
60
50
电压U/mV
3.6
3.2
2.8
2.4
2.0
时间/min
0
1
2
3
4
5
6
7
温度/∘C
90
93
95
97
98
98
98
98
L1的电流IA/A
L2的电流IB/A
干路的电流IC/A
0.18
0.24
L1的电流IA/A
L2的电流IB/A
L3的电流IC/A
干路的电流I0/A
0.18
0.24
0.28
0.70
实验次数
1
2
3
4
5
电压U/V
1.00
1.60
2.00
2.40
3.00
电流I/A
0.10
0.16
0.18
0.26
0.30
电阻Rx/Ω
10.0
10.0
11.1
9.2
10.0