2025-2026学年河南省南阳十九中九年级（上）第一次月考物理试卷

这是一份2025-2026学年河南省南阳十九中九年级（上）第一次月考物理试卷，共16页。试卷主要包含了单选题，多选题，填空题，实验探究题，计算题，综合题等内容，欢迎下载使用。
1.下列关于热现象的说法，正确的( )
A. 物体的温度升高，则一定是从外界吸收了热量
B. 只要物体的温度不变，物体的内能就一定不变
C. 在相同物态下，同一物体温度降低，它的内能会增加
D. 质量相等的铝块和铜块升高相同的温度，铝块吸收的热量多(已知c铝>c铜)
2.截止到2023年初，沈阳汽车保有量约为300万辆。关于马路上行驶的大量传统能源小汽车，下列说法正确的是( )
A. 随着汽油的消耗，油箱中剩余汽油的热值变小
B. 给汽车提供动力的是汽油机的压缩冲程
C. 利用水来作为汽车发动机的制冷剂是因为水的密度较大
D. 干燥的冬季，为避免人触摸车门时因放电而带来的不适感，可在车尾安装一条与大地相接触的静电带，若车身带负电荷，则电流方向为从大地到车
3.实验室有质量1kg、温度0∘C的冰块和质量1kg、温度0∘C的水，下列说法正确的是( )
A. 冰块的内能等于水的内能B. 冰块的内能小于水的内能
C. 将冰块放入水中，能量从水传递给冰块D. 将冰块放入水中，能量从冰块传递给水
4.关于温度、热量和内能，下列说法正确的是( )
A. 温度高的物体含有热量多B. 物体内能增加，一定从外界吸收了热量
C. 物体吸收了热量，温度一定升高D. 温度相同的物体，内能不一定相同
5.如图，2023年4月16日，我国首颗降水测量专用卫星“风云三号07星”发射成功，并进入预定轨道绕地飞行，下列描述正确的是( )
A. 火箭使用液氢燃料，主要是利用了液氢的比热容大
B. 卫星进入轨道后运动状态会改变
C. 火箭升空过程中，燃料燃烧将机械能转化为化学能
D. 火箭升空过程中，外壳与大气摩擦温度升高，其内能转化为机械能
6.由c=Qm(t−t0)，关于同一种物质的比热容c，下列说法正确的是( )
A. 若吸收的热量增大一倍，则比热容增大一倍
B. 若质量增大一倍，则比热容减至一半
C. 若加热前后的温度差增大一倍，则比热容增大一倍
D. 无论质量多大，比热容都一样
二、多选题：本大题共2小题，共4分。
7.下列有关热和能的说法中，正确的是( )
A. 发生热传递时，热量总是从内能大的物体传递给内能小物体
B. 一块0∘C的冰熔化成0∘C的水后，温度不变，内能不变
C. 内燃机的压缩冲程，主要通过做功的方式增大汽缸内物质的内能
D. 建人工湖调节气候，主要是利用了水的比热容较大的性质
8.用两个相同的电热器给质量同为2kg的物质甲和水加热，它们的温度随时间的变化关系如图所示，已知水的比热容是4.2×103J/(kg⋅∘C)，下列说法正确的是( )
A. 甲物质10min吸收的热量为2.52×105J
B. 水10min吸收的热量为4.2×105J
C. 甲物质的比热容为2.1×103J/(kg⋅∘C)
D. 条件不足，不能计算和判断甲物质比热容大小
三、填空题：本大题共6小题，共13分。
9.科学家研发了一种“激光橡皮”，专门用来去除白纸上的黑色碳粉字迹。在激光照射下，纸张上的黑色碳粉 (填物态变化名称)为高温碳蒸气，字迹消失；然后经过特殊冷却装置，高温碳蒸气又 (填物态变化名称)成碳粉。
10.小明同学几乎每天都要乘坐公交车上学。善于观察的他发现，无论盛夏还是严冬，在装有空调的公交车玻璃窗上，常常有小水珠附着在上面，那么，这是______现象。夏天，小水珠附着在玻璃的______；冬天，小水珠附着在玻璃的______。(选填“内表面”或“外表面”)
11.0∘C的冰全部熔化成0∘C的水，内能______(选填“增大”、“减小”或“不变”)；冬天用暖水袋取暖，说明______可以改变物体的内能。
12.烤肉时，香气四溢属于 现象，木炭在燃烧过程中将 转化为内能。
13.小红对质量为300g的冰加热，她根据冰熔化成水直到沸腾过程中记录的数据绘制了如图所示图象。已知水的比热容为4.2×103J/(kg⋅∘C)，则根据所绘图象可知冰的比热容为 J/(kg⋅∘C)。冰熔化过程中第10分钟时冰水混合物的内能 (选填“大于”、“小于”或“等于”)第5分钟时冰水混合物的内能。
14.某单缸四冲程汽油机工作时，在 冲程获得动力，其它三个冲程依靠飞轮 来完成。某汽油机飞轮的转速为3000r/min，则1s内汽油机对外做功 次。
四、实验探究题：本大题共3小题，共23分。
15.小李同学在做“观察水的沸腾”的实验。请回答下列问题：
(1)他的操作如图甲所示，其中错误之处是______。这样做温度计的示数会偏______(填“大”或“小”)。
(2)纠正错误后，水沸腾时温度计示数如图乙所示，为______ ∘C，当时大气压可能______(填“高于”、“低于”或“等于”)标准大气压。
(3)在图丙中______是水在沸腾时的情况。
(4)分析图丁所示图象，可知水在沸腾过程中的特点是______。
(5)为进一步探究液体沸腾规律，小李同学又设计了如图戊所示的实验装置。当烧杯中水沸腾时，试管中水没有沸腾，这是因为：______；当小李同学在烧杯的水中加入少量的食盐后，发现试管中的水能够沸腾，说明加入食盐后水的沸点______(填“升高”、“降低”或“不变”)。
16.如图所示，甲、乙、丙三图中的装置完全相同。燃料的质量都是10g，烧杯内的液体质量也相同。
(1)比较不同物质的吸热能力，应选择______两图进行实验；需要的测量器材如图所示：还需秒表和______；不同物质吸热的多少是通过______来反映的(选填“温度计示数的变化量”或“加热时间”)。
(2)根据实验测得的数据，分别描绘出a、b两种液体的温度随加热时间变化的图象，则a、b两种液体的比热容之比为ca：cb=______。
(3)为了比较燃料1和燃料2的热值，应该在燃料完全燃烧后，通过比较______来得出结论(选填“温度计示数的变化量”或“加热时间”)。
(4)在图甲装置中，若燃料为酒精，烧杯内的液体为水，先测出水的质量和酒精烧尽时水升高的温度，再结合酒精的质量(不考虑酒精的蒸发)这一数据，计算出酒精的热值。通过实验算出的热值与实际相比______(选填“偏大”或“偏小”)，理由是______。
17.为了比较水和食用油的吸热能力，小楠用两个相同的装置做了如图所示的实验。用温度计测量液体吸收热量后升高的温度值，并用钟表记录加热时间，实验数据记录如表。
(1)实验中水与食用油的______(填：质量或体积)相同。
(2)在实验过程中控制升高温度相同，通过比较加热的______来研究水和食用油吸热能力的差异，这是运用了______法。
(3)在此实验中，如果要使水和食用油的加热时间相同，则______的温度升得高，此时水吸收的热量______(选填“大于”或“小于”或“等于”)食用油吸收的热量。
(4)图乙是小楠根据实验数据画出的图线，则______(“A”或“B”)是反映油的吸热升温情况。
(5)实验中若发现水的温度升高得比食用油还快，请你指出其可能的原因是______。
(6)利用表格中的实验数据(水与食用油的质量均为200克)还可计算出食用油加热20s内吸收的热量是______J(c水=4.2×103J/(kg⋅∘C))。
五、计算题：本大题共1小题，共9分。
18.小芳在家利用热水加热冷牛奶，用质量为1kg、初温为95∘C的热水，加热质量为0.84kg、初温为25∘C的牛奶。加热一段时间后，热水和牛奶的共同温度为75∘C。[c水=4.2×103J/(kg⋅∘C),q天然气=4.2×107J/m3]
(1)求水放出的热量；
(2)若加热过程无热量散失，求牛奶的比热容；
(3)若用加热效率为50%的天然气灶将质量为0.84kg、初温为25∘C的牛奶加热到75∘C，求需要完全燃烧天然气的体积。
六、综合题：本大题共1小题，共9分。
19.氢燃料具有清洁、效率高等优点，被认为是理想的能源之一，目前我国部分城市已有多批氢能源公交车投放使用。一辆氢能源公交车以140kW的恒定功率匀速行驶5min，消耗了0.6kg氢燃料。已知q氢=1.4×108J/kg。则：
(1)氢燃料燃烧将______能转化为燃料的______能。这辆公交车在这5min里的牵引力做功多少J？
(2)0.6kg氢燃料完全燃烧放出的热量是多少J？
(3)该氢能源公交车的热机效率是多少？
答案和解析
1.【答案】D
【解析】解：A.物体温度升高，可能是从外界吸收了热量，也可能是外界对物体做了功，故A错误；
B.晶体在熔化时，温度不变，但持续从外界吸收热量，内能增大，故B错误；
C.在相同物态下，同一物体温度降低，它的内能会减小，故C错误；
D.质量相等的铝块和铜块升高相同的温度，由Q吸=cm△t可知，比热容大的铝块吸收的热量更多，故D正确。
故选：D。
(1)改变物体内能的两种方式：做功和热传递；做功可以改变内能，且对物体做功，物体内能会增加，物体对外做功，物体内能会减小；
(2)物体吸收热量，温度不一定升高，例如晶体在熔化过程中，吸收热量，温度不变；
(3)根据吸收热量的公式Q=cmΔt进行解答。
本题主要考查学生对温度影响内能的掌握以及改变物体内能的两种方式和吸热公式，难度不大。
2.【答案】D
【解析】解：A、随着汽油的消耗，油箱中剩余汽油的热值不变，故A错误；
B、给汽车提供动力的是汽油机的做功冲程，故B错误；
C、利用水来作为汽车发动机的制冷剂是因为水的比热容较大，在同等情况下能够吸收较多的热量，故C错误；
D、干燥的冬季，为避免人触摸车门时因放电而带来的不适感，可在车尾安装一条与大地相接触的静电带，若车身带负电荷，则负电荷从汽车转移到大地，所以电流方向为从大地到车身，故D正确。
故选：D。
(1)热值是燃料的一种特性，与质量无关。
(2)内燃机的做功冲程将内能转化为机械能，为汽车提供动力。
(3)比热容是物质的一种特性，体现了物质的吸热和放热本领。
(4)规定正电荷定向移动的方向为电流的方向，则负电荷的定向移动方向与电流的方向相反。
理解热值和比热容概念，知道做功冲程的能量转化，理解电流方向的规定，可解答此题。
3.【答案】B
【解析】【分析】
物体内部所有分子热运动的动能和分子势能的总和叫做内能，内能与物体的质量和温度有关；晶体熔化过程温度不变，但需要继续吸收热量；热传递发生的条件是要有温度差，热量由高温物体传向低温物体。
【解答】
AB、质量相等温度为0∘C的水和冰，分子动能相等，冰熔化成水需要吸收热量，使分子势能增大，所以水的内能大一些，故A错误，B正确；
CD、物体间发生热传递的条件是有温度差，由于冰块的温度等于水的温度，所以将冰块放入水中，不会发生热传递，能量不会从水传递给冰块，也不会从冰块传递给水，故C、D错误。
故选：B。
4.【答案】D
【解析】解：A、热量是一个过程量，不能说物体含有多少热量，只能说吸收或放出了多少热量，故A错误；
B、物体温度降低，可能放出热量，也可能对外做功，故B错误；
C、晶体在凝固的过程中，放出热量，内能变小，温度不变，故C错误；
D、物体的内能与质量、温度、状态等多个因素有关，不能只根据温度判定内能的大小，所以两物体温度相同，内能不一定相同，故D正确。
故选：D。
(1)热量是一个过程量，不能说物体含有多少热量；
(2)改变物体内能的两种方式：做功和热传递；
(3)物体的内能发生变化，可能表现在物体的温度变化，也可能是状态的变化；
(4)物体的内能与温度、质量、状态等多个因素有关。
正确理解温度、热量与内能的关系、改变内能的方式以及晶体熔化现象，难度不大。
5.【答案】B
【解析】解：A.火箭使用液氢燃料，主要是利用了液氢的热值大，故A错误；
B.卫星进入轨道后做曲线运动，运动方向一直在改变，所以运动状态会改变，故B正确；
C.火箭升空过程中，燃料燃烧将化学能转化为机械能，故C错误；
D.火箭升空过程中，外壳与大气摩擦，克服摩擦做功，温度升高，其机械能转化为内能，故D错误。
故选：B。
(1)1kg某种燃料完全燃烧放出的热量，叫做这种燃料的热值。
(2)速度大小变化或运动方向变化都是运动状态变化。
(3)燃料燃烧时将化学能转化为机械能。
(4)克服摩擦做功，消耗机械能转化为内能，使物体的温度升高、内能增大。
此题考查了热值的认识及物体内能的改变，属于基础知识。
6.【答案】D
【解析】解：比热容是物质的本质特性，它不会改变，所以A，B，C错误，D正确。
故选：D。
比热容是物质的本质特性，它不会随物质吸收的热量，质量，温度的改变而改变。
本题考查学生对比热容概念的理解。
7.【答案】CD
【解析】解：A、热量从温度高的物体传递给温度低的物体，或者从物体的高温部分传递给低温部分，故A错误；
B、温度表示物体冷热程度，都是0∘C，温度不变，熔化需要吸热，内能变大，故B错误；
C、压缩过程中，活塞由下向上运动，机械能转化为内能，是通过做功的方法改变物体内能的，故C正确；
D、建人工湖调节气候，是因为水的比热容大，质量相同，且降低或升高相同的温度时，水释放或吸收的热量多，起到调节气温的作用，故D正确。
故选：CD。
(1)发生热传递的条件是存在温度差；
(2)晶体在熔化过程中，吸收热量，温度不变；
(3)改变物体内能的方式有做功和热传递，做功属于能量的转化，热传递属于能量的转移；
(4)对水的比热容大的理解：相同质量的水和其它物质比较，吸收或放出相同的热量，水的温度升高或降低的少；升高或降低相同的温度，水吸收或放出的热量多。
本题考查了对热机、内能大小影响因素、内能的改变、热传递等知识的理解，属于基础题。
8.【答案】AC
【解析】解：
ACD.用两个相同的电热器给质量相同的物质甲和水加热，水温度升高60∘C需要20min，物质甲温度升高60∘C需要10min，所以质量相同的物质甲和水升高相同的温度需要吸收的热量关系为
Q水吸=2Q甲吸
由Q吸=cmΔt可知，甲和水的比热容关系为
c水=2c甲
甲的比热容为
c甲=12c水=12×4.2×103J/(kg⋅∘C)=2.1×103J/(kg⋅∘C)
甲物质10min升高了60∘C，由Q吸=cmΔt可知甲物质10min吸收的热量为
Q甲吸=c甲m甲Δt甲=2.1×103J/(kg⋅∘C)×2kg×60∘C=2.52×105J
故AC正确，D错误；
B.水20min升高了60∘C，由Q吸=cmΔt可知水20min吸收的热量为
Q水吸=c水m水Δt水=4.2×103J/(kg⋅∘C)×2kg×60∘C=5.04×105J
水10min吸收的热量为
Q水吸′=12Q水吸=12×5.04×105J=2.52×105J
故B错误。
故选：AC。
ACD.根据题意可知，用两个相同的电热器给质量相同的物质甲和水加热，相同时间内吸收相同热量；
由Q吸=cmΔt可知甲和水的比热容关系及甲的比热容；
根据吸热公式可知甲物质10min吸收的热量；
B.由题图可知，水20min升高了60∘C，根据吸热公式可知水20min吸收的热量，进而得出水10min吸收的热量。
本题考查比热容的有关知识，是一道综合题。
9.【答案】升华
凝华

【解析】解：在激光照射下，纸张上的固态黑色碳粉升华为高温碳蒸气，字迹消失；然后经过特殊冷却装置，高温碳蒸气又凝华为固态碳粉。
故答案为：升华；凝华。
物质由固态直接变为气态的过程叫升华；由气态直接变为固态的过程叫凝华。
本题考查升华和凝华的判断，属于基础内容，根据定义进行判定即可得到正确答案。
10.【答案】液化 外表面 内表面
【解析】解：(1)空气中的水蒸气遇冷的玻璃会液化成小水珠
(2)夏天，空调车内温度低于外部温度，外部的水蒸气遇到冷的玻璃会发生液化现象，小水珠附着在玻璃的外表面；
冬天，空调车内温度高于外部，车内的水蒸气遇到冷的玻璃会发生液化现象，小水珠附着在玻璃的内表面。
故答案为：液化；外表面；内表面。
(1)空气中的水蒸气遇冷的玻璃会变成小水珠，这种由气态变为液态的过程成为液化；
(2)小水珠附着在玻璃的内表面还是外表面，取决于车内外空气温度的高低，当车内温度高附着在内表面，如车外温度高就附着在外表面。
本题考查了学生对液化现象的理解，明确是温度较高的水蒸气遇到温度较低的物体发生液化现象，小水珠应该出现在温度较高的那一侧。
11.【答案】增大 热传递
【解析】解：一块0∘C的冰熔化成0∘C的水的过程中，虽然质量温度不变，但吸收热量，所以内能增大；
冬天用暖水袋取暖是通过热传递改变物体内能。
故答案为：增大；热传递。
改变内能有两种方式：做功和热传递。
此题考查了改变内能的方法，是一道基础题。
12.【答案】扩散
化学能

【解析】解：香气四溢是扩散现象，说明分子在不停地做无规则运动；木炭在燃烧过程中将化学能转化为内能。
故答案为：扩散；化学能。
扩散现象说明一切物质的分子都在不停地做无规则运动；
燃料燃烧过程中将化学能转化为内能。
本题考查了扩散现象、能量转化，属于基础题。
13.【答案】2.1×103
大于

【解析】解：由图象可以看出，当冰和水质量和升高的温度相同时，水吸收的热量是冰吸收热量的2倍，
根据公式Q吸=cmΔt得，2Q吸冰=Q吸水，
2c冰m冰Δt=c水m水Δt，
即2c冰mΔt=4.2×103J×m×Δt，
解得：c冰=2.1×103J/(kg⋅∘C)；
晶体有一定的熔化温度，在熔化过程中吸热内能增大，所以冰熔化过程中第10分钟时冰水混合物的内能大于第5分钟时冰水混合物的内能。
故答案为：2.1×103；大于。
(1)运用公式Q吸冰=Q吸水=cmΔt求得冰的比热容；
(3)晶体有一定的熔化温度，在熔化过程中吸热内能增大，但温度保持不变。
学生分析物质熔化的图象，是本实验中应该掌握的基本技能之一，从图象中获取有效的信息，也是物理实验中经常运用的。
14.【答案】做功
惯性
25

【解析】解：汽油机有四个冲程：吸气冲程、压缩冲程、做功冲程、排气冲程，在做功冲程中把内能转化为机械能，对外提供动力，其它三个冲程要靠飞轮的惯性来完成；
已知四冲程汽油机曲轴转速是3000 r/min，所以此汽油机每秒钟转50圈，可完成25个工作循环，100个冲程，对外做25次功。
故答案为：做功；惯性；25。
汽油机都是由吸气、压缩、做功、排气四个冲程的循环往复来保证机器正常工作。
汽油机完成四个冲程，飞轮转动2转，做功1次。
解决此题要结合内燃机的四个冲程工作特点进行分析解答，难度不大。
15.【答案】温度计的玻璃泡触碰到了烧杯底 大 98 低于 a 持续吸热，温度保持不变 试管中的水无法从烧杯的水中继续吸热 升高
【解析】解：(1)图中温度计的玻璃泡碰到了容器底，这样测出的温度是容器底的温度，导致所测温度偏大；(2)由图乙知，温度计的分度值为1∘C，示数为98∘C；水沸腾过程中温度保持98∘C不变，低于100∘C，水的沸点跟气压有关，所以当时气压低于1标准大气压；
(3)水在沸腾前，底部温度较高，底部少部分水汽化为水蒸气冒出时，一部分水蒸气上升过程中遇到上层温度较低的水，放热液化，所以气泡变小，因此图丙中b是沸腾前的情形；水沸腾时，容器中不同深度水温相同，气泡上升时，不断有水汽化为水蒸气进入气泡，气泡的体积变大，故图丙中a是沸腾时现象；
(4)由图丁所示图象可知，水在沸腾过程中还在持续吸热，但温度保持不变。
(5)当试管中的水与烧杯中的水均达到沸点后，烧杯中的水可以从酒精灯继续吸热，能够沸腾。试管中的水无法从烧杯的水中继续吸热，因此试管中的水最终不会沸腾。在烧杯的水中加入少量的食盐后，发现试管中的水能够沸腾，说明烧杯中水的温度高于试管中水的沸点，试管中的水可以继续吸热，因此可知，加入食盐后，烧杯中水的沸点升高。
故答案为：(1)温度计的玻璃泡触碰到了烧杯底；大；(2)98；低于；(3)a；(4)持续吸热，温度保持不变；(5)试管中的水无法从烧杯的水中继续吸热；升高。
(1)在温度计测量液体温度时，正确的方法是：温度计的玻璃泡要全部浸入被测液体中，不要碰到容器底或容器壁；
(2)根据图乙读出温度计的示数，注意温度计的分度值，根据沸点与气压的关系得出当时气压与标准气压的关系；
(3)沸腾前下部水温高，上部水温低，气泡内水蒸气遇冷液化，气泡由大变小；沸腾时温度相同，不断有水汽化为水蒸气进入气泡内，气泡的体积由小变大，根据此方法就可以判断出哪个是沸腾时的现象；
(4)水的沸腾图象的特点是沸腾前温度是上升的而沸腾过程中温度保持不变；
(5)沸腾的条件是达到沸点，继续吸热；
加入食盐后水的沸点会升高。
本题实验为观察水的沸腾实验，考查了温度计的使用以及水沸腾的特点，属于基础题目。
16.【答案】甲、丙 天平 加热时间 2：1 温度计示数的变化量 偏小 存在热散失
【解析】解：(1)比较不同物质吸热升温的特点，应控制燃料相同而吸热物质不同，应选择甲、丙两图进行实验；
因要测量温度的变化和控制不同物质质量相同及控制加热时间，测量温度的工具为温度计，测量质量的工具是天平，测时间的工具为秒表故需要的测量器材：温度计、天平及秒表；
不同物质吸热的多少是通过加热时间来反映的；
(2)据图乙可知，a、b都加热5min，a温度变化量为20∘C，b温度变化量为40∘C；
由Qa=Qb=cmΔt可得：camΔta=cbmΔtb；caΔta=cbΔtb；
则：ca：cb=Δtb：Δta=2：1；
(3)比较不同燃料的热值，应选择不同的燃料加热相同的物质，即用甲、乙两图进行实验；质量相同的加热物质，温度变化越大，说明吸收热量越多，所以实验中通过温度计升高的示数来表示燃料放出热量的多少；
(4)因为燃料燃烧放出的热量没有全部被水吸收或燃料燃烧不完全，存在热散失，所以测得的热值会偏小。
故答案为：(1)甲、丙；天平；加热时间；(2)2：1；(3)温度计示数的变化量；(4)偏小；存在热散失。
(1)比较不同物质吸热升温的特点，应控制燃料相同而吸热物质不同；
根据控制不同物质质量相同确定用到的测量工具；
根据转换法，物质吸收热量的多少可以通过加热时间来反映；
(2)根据图象和Qa=Qb=cmΔt即可求出比热容之比；
(3)比较不同燃料的燃烧值，应控制被加热液体的种类相同而燃料不同；燃料完全燃烧释放的热量可以通过液体温度计示数变化来反映；
(4)存在热散失，燃料燃烧放出的热量没有全部被液体吸收，测得的热值会偏小。
本题比较不同燃料的热值和不同物质吸热的能力，考查两实验的不同处、控制变量法、测量工具的判断、转换法的应用，为热学中的重要实验。
17.【答案】质量 时间 转换 食用油 等于 A 温度计玻璃泡接触了电加热器 5.04×103
【解析】解：(1)根据比较吸热能力的方法，要控制不同物质的质量相同(采用了控制变量法)，应该控制甲、乙两烧杯中液体的质量(因甲、乙液体密度不同，根据m=ρV，体积相同的甲和乙质量不同)相同。
(2)根据转换法，实验中为了使两种液体在相同的时间内吸收的热量相同，应选用规格相同的电加热器。
(3)在此实验中，如果要使水和食用油的加热时间相同，水和食用油吸收的热量相同，食用油温度升高的高。
(4)根据上表中数据知，故加热相同的时间，油升温快，故图乙中A反映油的吸热升温情况。
(5)温度计的玻璃泡触碰了电加热器会使温度上升过快。
(6)由图可以看出，加热20s，水和食用油吸收热量相同，水升高6∘C，食用油升高12∘C，所以Q水=Q油=c水mΔt=4.2×103J/(kg⋅∘C)×0.2kg×25∘C=5.04×103J。
故答案为：(1)质量；(2)时间；转换；(3)食用油；等于；(4)A；(5)温度计玻璃泡接触了电加热器；(6)5.04×103。
(1)根据转换法，实验中为了使两种液体在相同的时间内吸收的热量相同，应选用规格相同的电加热器；
(2)本实验可以通过比较温度变化或加热时间长短来判断吸热能力大小，具体是哪种方法结合题目判断即可；
(3)(4)使用相同的酒精灯通过加热时间的长短来比较吸热多少，这种方法叫转换法。
比较物质吸热能力的2种方法：
①使相同质量的不同物质升高相同的温度，比较吸收的热量(即比较加热时间)，吸收热量多的吸热能力强
②使相同质量的不同物质吸收相同的热量(即加热相同的时间)，比较温度的变化，温度变化小的吸热能力强；
(5)温度计的玻璃泡触碰了电加热器会使温度上升过快；
(6)根据表中数据得出加热20s(吸热相同)水、食用油升高的温度，根据Q=cmΔt可知，在质量和吸热相同的情况下，比热容与升高的温度之积为一定值，升高的温度与比热容成反比，据此得出食用油的比热容。
本题主要考查了比较不同物质吸热情况实验中相关的考点，尤其是用什么反映物质吸热多少、如何比较物质吸热能力是极易混淆的，同学们要注意区分。
18.【答案】解：(1)水放出的热量为：
Q放=c水m水(t0水−t)=4.2×103J/(kg⋅∘C)×1kg×(95∘C−75∘C)=8.4×104J；
(2)因为水所放出的热量全部被牛奶吸收，即Q吸=Q放=8.4×104J，
牛奶的比热容为：
c牛奶=Q吸mΔt=8.4×104J0.84kg×(75∘C−25∘C)=2×103J/(kg⋅∘C)。
(3)由η=Q吸Q放可知，天然气完全燃烧放出的热量为：
Q放=Q吸η=8.4×104J50%=1.68×105J；
由Q放=Vq可得，完全燃烧天然气的体积为：V=Q放q天然气=1.68×105J4.2×107J/m3=0.004m3。
故答案为：(1)水放出的热量是8.4×104J；
(2)牛奶的比热容为2×103J/(kg⋅∘C)；
(3)需要完全燃烧天然气的体积为0.004m3。
【解析】(1)根据Q放=cm(t0−t)计算水放出的热量。
(2)根据c=Q吸mΔt计算牛奶的比热容；
(3)根据效率η=Q吸Q放求出天然气放出的热量；由Q放=Vq可求出天然气的体积。
本题考查了热量和比热容的计算，同学们要熟记公式。
19.【答案】化学；内；
这辆公交车在这5min里的牵引力做功是4.2×107J；
0.6kg氢燃料完全燃烧放出的热量是8.4×107J；
该氢能源公交车的热机效率是50%
【解析】(1)氢燃料燃烧时，燃料内部的化学能通过化学反应转化为内能；
由题意可知，功率P=140kW=1.4×105W，时间t=5min=300s，
根据P=Wt得，牵引力做功为：
W=Pt=1.4×105W×300s=4.2×107J；
(2)氢燃料完全燃烧放出的热量为：
Q放=m氢q氢=0.6kg×1.4×108J/kg=8.4×107J；
(3)由前两问的计算结果可知，该氢能源公交车的热机效率为：
η=WQ放×100%=4.2×107J8.4×107J×100%=50%。
答：(1)化学；内；
这辆公交车在这5min里的牵引力做功是4.2×107J；
(2)0.6kg氢燃料完全燃烧放出的热量是8.4×107J；
(3)该氢能源公交车的热机效率是50%。
(1)燃料燃烧时，将燃料储存的化学能转化为内能；
根据P=Wt求出牵引力做的功；
(2)根据Q放=mq求出0.6kg氢燃料完全燃烧放出的热量；
(3)根据η=WQ放×100%求出该氢能源公交车的热机效率。
本题考查了功率公式、燃料完全燃烧发出热量公式和效率公式的应用，因条件已给出，难度不大。加热时间/s
0
10
20
30
40
水的温度/∘C
20
23
26
29
32
加热时间/s
0
5
10
15
20
食用油的温度/∘C
20
23
26
29
32