浙江省浙里特色联盟2025-2026学年高二上学期期中联考物理试卷（Word版附解析）

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考生须知：
1．本卷共 8 页满分 100 分，考试时间 90 分钟；
2．答题前，在答题卷指定区域填写班级、姓名、考场号、座位号及准考证号并填涂相应数字。
3．所有答案必须写在答题纸上，写在试卷上无效；
4．考试结束后，只需上交答题纸。
选择题部分
一、选择题 I（本题共 10 小题，每小题 3 分，共 30 分。每小题列出的四个备选项中只有一个
是符合题目要求的，不选、多选、错选均不得分）
1. 下列物理量为标量且其单位用国际基本单位表示正确的是（ ）
A. 电势（eV） B. 电压（ ）
C. 电场强度（N/C） D. 功率（ ）
【答案】D
【解析】
【详解】A．电势只有大小，没有方向，属于标量，但 eV 是能量的单位并且不是国际基本单位，故 A 错误；
B．电压只有大小，没有方向，属于标量，但单位用国际基本单位表示应为 ，故 B 错误；
C．电场强度为矢量，其单位国际用基本单位表示为 ，C 错误；
D．功率都只有大小，没有方向，属于标量，用国际基本单位表示为 ，故 D 正确。
故选 D。
2. 一颗卫星通过火箭于某日 7 时 37 分成功发射入轨，该卫星运行在 600 千米的轨道高度上。下列说法正确
的是（ ）
A. 7 时 37 分指时间间隔 B. 在组装火箭与卫星时卫星可看作质点
C. 该卫星绕地球一圈平均速度为 0 D. 卫星在太空中不受重力
【答案】C
【解析】
【详解】A．7 时 37 分为时刻，不是时间间隔，故 A 错误；
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B．在组装火箭与卫星时需考虑卫星的结构，所以不能将卫星视为质点，故 B 错误；
C．平均速度等于总位移与运动时间的比值，卫星绕地球一圈的位移为 0，所以平均速度也为 0，故 C 正确；
D．卫星在太空中仍受到重力的作用，地球对卫星的引力提供其做圆周运动的向心力，故 D 错误。
故选 C。
3. 下列说法中正确的是（ ）
A. 负电荷在电势越高处电势能越大
B. 电场强度为零的点，电势一定为零
C. 等势线越密的地方，电场线也一定越密，电场强度越大
D. 由公式 可知，当试探电荷的电荷量 q 变为一半时，电场强度 E 变为 2 倍
【答案】C
【解析】
【详解】A．电势能是标量，由 可知负电荷在电势高的地方电势能低。故 A 错误；
B．场强与电势没有必然的联系，场强为零，电势不一定为零，故 B 错误；
C．等势线越密，对应的电场线也越密，而电场线的疏密表示场强大小，电场线越密，电场强度越大。故 C
正确；
D．电场强度由电场本身决定，与试探电荷 无关，而公式 是定义式， 减半时， 也减半， 不
变。故 D 错误。
故选 C。
4. 在参加“毛毛虫竞速”比赛中，小明等四位同学在发令后瞬间加速出发，加速度大小为 。已知“毛
毛虫”道具质量为 10kg，重力加速度 的大小取 。则在发令后瞬间小明等四位同学对“毛毛虫”道
具的作用力大小为（ ）
A. 50N B. 100N C. N D. 200N
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【答案】C
【解析】
【详解】对“毛毛虫”道具，根据牛顿第二定律有
解得四位同学对“毛毛虫”道具的作用力大小为 ，故选 C。
5. 如图所示，“天舟七号”货运飞船成功对接空间站“天和”核心舱。对接后，“天舟七号”与空间站组成
组合体，运行在离地高度约为 400km 的圆形轨道上，下列说法正确的是（ ）
A. 组合体的周期约为 24 小时
B. 组合体的速度小于同地球步卫星的速度
C. 组合体的能量小于地球同步卫星的能量
D. 组合体的向心加速度大于地球同步卫星的向心加速度
【答案】D
【解析】
【详解】ABD．根据万有引力提供向心力
可得 ， ，
由于同步卫星的轨道半径大于组合体的轨道半径，所以组合体的速度大于同地球步卫星的速度，组合体的
周期小于同地球步卫星的周期（24h），组合体的向心加速度大于地球同步卫星的向心加速度，故 AB 错误，
D 正确；
C．由于组合体的质量与同步卫星的质量关系未知，所以组合体的能量不一定小于地球同步卫星的能量，故
C 错误。
故选 D。
6. 小明参加滑板男子碗池决赛，以 84.41 分的成绩夺冠。图示为小明在比赛中腾空越过障碍物，若忽略空
气阻力，那么腾空过程中（ ）
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A. 在最高点时小明的加速度为零
B. 小明和滑板构成的系统机械能一定不守恒
C. 小明上升过程是超重状态
D. 小明下降过程中滑板和人之间可能无作用力
【答案】D
【解析】
【详解】A．在最高点的时候人受到重力作用，加速度为重力加速度，加速度不为零，故 A 错误；
B．小明和滑板构成的系统只有重力做功，系统机械能守恒，故 B 错误；
CD．小明上升过程只受重力作用，有竖直向下的重力加速度，处于完全失重状态，小明下降过程只受重力
作用，也处于完全失重状态，滑板和人之间无作用力，故 C 错误，D 正确。
故选 D。
7. 一种便携式三脚架由三根完全相同的轻杆通过铰链组合在一起，每根轻杆均可绕铰链自由转动。如图所
示，三根杆与水平方向的夹角均为 53°，且三根杆之间的夹角相等。吊锅和细铁链的总质量为 m，支架与铰
链之间的摩擦忽略不计，则（ ）
A. 三脚架所受合力大小为 mg
B. 每根杆受到地面的作用力为
C. 每根杆与地面的摩擦力大小为 0
D. 减小杆与水平方向夹角时，杆与地面摩擦力变大
【答案】D
【解析】
【详解】A．三脚架处于静止状态，则所受合力大小为 0，故 A 错误；
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B．对吊锅和细铁链有
解得
根据平衡条件和牛顿第三定律可得，每根杆受到地面的作用力为 ，故 B 错误；
C．每根杆与地面的摩擦力大小为 ，故 C 错误；
D．由以上分析可知，减小杆与水平方向夹角时，即α减小，csα增大，则杆与地面摩擦力变大，故 D 正确。
故选 D。
8. 空间 P、Q 两点处固定电荷量绝对值相等的点电荷，其中 Q 点处为负电荷，P、Q 两点附近电场的等势线
分布如图所示，a、b、c、d、e 为电场中的 5 个点，设无穷远处电势为 0，则（ ）
A. c 点的电势小于 e 点的电势
B. c 点的电场强度小于 d 点的电场强度
C. 负电荷在 a 点时电势能大于在 c 点时电势能
D. 正电荷从 b 点移动到 d 点的过程中电场力做正功
【答案】C
【解析】
【详解】A．根据等势线特点可知，PQ 为等量异种电荷，故 P 为正点电荷，电场线从正电荷指向负电荷，
沿电场线方向电势降低，可知 c 点电势大于 e 点电势，故 A 错误；
B．根据等量异种电荷电场线特点，可知与 d 点相比，c 点电场线较密，故 c 点的电场强度大于 d 点的电场
强度，故 B 错误；
C．c 点靠近正电荷，a 点靠近负电荷，则 c 点电势比 a 点电势高，且负电荷在电势越高的地方电势能越低，
故负电荷在 a 点时电势能大于在 c 点时电势能，故 C 正确；
D．由于 b 点电势低于 d 点电势（因为 d 点靠近正电荷），所以正电荷从 b 点移动到 d 点电势能增大，电场
力做负功，故 D 错误。
故选 C。
9. 图示是“研究电容器两极板间电介质对电容大小的影响”实验，保持电荷量不变，当一有机玻璃板正在
插入极板时，静电计指针张角减小，则（ ）
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A. 极板间电势差增大 B. 电容器的电容减小
C. 极板间电场强度减小 D. 电容器储存能量不变
【答案】C
【解析】
【详解】B．由电容器的电容决定式 可知：有机玻璃板正在插入极板时， 变大，电容器的电容
变大，故 B 错误；
AC．由 可知：电荷量 不变，电容器的电容 变大，极板间电势差 减小；
由 可知：两板间距 不变，极板间电势差 减少，极板间电场强度 减小，故 A 错误，故 C 正确；
D．电容器储存能量为 ，电荷量 不变，极板间电势差 减少，电容器储存能量减少，故 D 错误。
故选 C。
10. 如图所示，电源电动势、内阻保持不变，灯泡 L 与定值电阻 串联， 是电阻箱，开关 S 闭合，现逐
渐减小电阻箱 的阻值，不考虑灯泡阻值变化，下列说法正确的是（ ）
A. 电源消耗的电功率变小 B. 通过电阻 的电流增大
C. 灯泡 L 的电功率减小 D. 电阻箱 两端的电压增大
【答案】C
【解析】
【详解】A．当减小电阻箱 R2 的接入阻值时，电路的总电阻 R 减小，干路电流 I 增大，根据路端电压
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路端电压 U 减小，电源消耗的电功率 变大，故 A 错误；
BC．路端电压 U 减小，则灯泡 L 与定值电阻 R1 串联的总电压减小，流过 L 与定值电阻 R1 的电流减小，灯
泡 L 的电功率减小， 故 B 错误 C 正确；
D．路端电压 U 减小，电阻箱 两端的电压减小，故 D 错误。
故选 C。
二、选择题Ⅱ（本题共 3 小题，每小题 4 分，共 12 分，每小题列出的四个备选项中至少有一
个是符合题目要求的，全部选对的得 4 分，选对但不选全的得 2 分，有选错的得 0 分）
11. 如图所示，取一对用绝缘柱支持的不带电导体 A 和 B，使它们彼此接触，小明用绝缘棒把带正电荷的物
体 C 移近导体 A，发现贴在 A、B 下部的金属箔都张开，下列说法正确的是（ ）
A. 此时导体 A 左端和导体 B 右端电势相等
B. 此时将导体 B 接地，将有负电荷导向大地
C. 导体 A 和导体 B 分开后移去 C，A、B 上的金属箔将闭合
D. 先移去 C，再分开导体 A 和导体 B，A、B 上的金属箔将闭合
【答案】AD
【解析】
【详解】A．此时导体静电平衡，是等势体，所以 A 左端和导体 B 右端电势相等，故 A 正确；
B．此时将导体 B 接地，负电荷由于静电感应会从大地流向导体，没有负电荷导向大地，故 B 错误；
C．分开 A，B 后移去 C，导体 A、B 中的电荷不能发生中和，所以导体 A 带负电，B 带正电，A，B 上的
金属箔仍保持张开，故 C 正确；
D．移走物体 C，导体 A，B 中 电荷又发生中和，再分开 A 和 B，A，B 又不带电，A，B 上的金属箔闭
合，故 D 正确。
故选 AD。
12. 如图所示，从水平地面上同一位置抛出两个不同的小球 A、B，分别落在地面上的 M、N 两点，两球运
动的最大高度相同。空气阻力不计，则（ ）
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A. 落地时，小球 B 与小球 A 的速度相等
B. 小球 B 与小球 A 的飞行时间相同
C. 飞行时，小球 B 比小球 A 的机械能大
D. 相同时间内小球 B 与小球 A 的速度变化相同
【答案】BD
【解析】
【详解】AB．小球从最高点到地面过程中，在竖直方向做自由落体运动，由
两球运动的最大高度相同，以及运动的对称性可知小球在空中的飞行时间一样，由图可知 B 球在水平方向
的位移更大，故
在竖直方向上有
可知
小球的落地速度为
联立可知小球的落地速度不相等，A 错误；B 正确；
C．在最高点时，两个小球的速度
但小球的机械能除跟速度有关外还和小球的质量有关，故飞行时，小球 B 与小球 A 的机械能无法比较，C
错误；
D．在空中相同时间内 速度变化为
故相同时间内 B 球的速度变化与 A 球的速度变化相同，D 正确。
故选 BD。
13. 如图所示，在水平向右的匀强电场中有一个绝缘斜面，斜面上有一带电金属块沿斜面滑下，已知在金属
块滑下的过程中动能增加了 10J，摩擦力做功 J，重力做功 20J。下列说法中正确的是（ ）
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A. 金属块带负电荷 B. 静电力做功 J
C. 金属块的机械能减少 10J D. 金属块的电势能减少 4J
【答案】BC
【解析】
【详解】AB．由动能定理可知，
由题意知金属块滑下的过程中动能增加了 ，摩擦力做功 ，重力做功 ，解得电场力做功
，由金属块滑下的过程做负功可知，力与位移成钝角，故金属块带正电，故 A 错误，B 正确；
C．机械能变化量 ，故机械能减小 ，故 C 正确；
D．电场力做功 ，故金属块的电势能增加 ，故 D 错误。
故选 BC。
三、非选择题（本题共 5 小题，共 58 分）
14.
（1）小明做“探究物体加速度与力、质量的关系”的实验，装置如图甲所示，小明完成补偿阻力的正确操
作后进行了一次实验，实验获得如图乙所示的纸带，计数点 a、b、c、d、e、f 间均有四个点未画出，则在
打 d 点时小车的速度大小_________m/s，打此条纸带时小车的加速度为_________ （计算结果保留 2 位
有效数字，电源频率为 50Hz）。
（2）在下列实验中，也需要用到打点计时器的有_________。
A. 探究小车速度随时间变化的规律
B. 探究两个互成角度的力的合成规律
C. 验证机械能守恒定律
D. 探究向心力大小与半径、角速度、质量的关系
【答案】（1） ①. 0.19 ②. 0.10
（2）AC
【解析】
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【小问 1 详解】
[1]根据题意可得相邻计数点间的时间间隔为
根据匀变速直线运动中间时刻的瞬时速度等于平均速度可得打 d 点时小车的速度大小为
[2]根据逐差法可得小车的加速度为
【小问 2 详解】
AC．在“探究小车速度随时间变化的规律”和“验证机械能守恒定律”的实验中需要用打点计时器打下纸
带测量小车的速度，需要用到打点计时器，故 AC 正确；
BD．在“探究两个互成角度的力的合成规律”和“探究向心力大小与半径、角速度、质量的关系”实验中
不需要测量速度，所以不需要打点计时器，故 BD 错误；
故选 AC。
15. 在测量一节干电池的电动势和内阻的实验中，
（1）为了了解电压表内阻的大概值，用多用电表的欧姆挡来测量电压表的内阻，如图 1 所示，多用电表的
红表笔应该与电压表的_________（填“正”或“负”）接线柱相连，经过正确操作，选择×100 挡时，示
数如图 2 所示，则电压表的电阻值约为_________Ω。
（2）实验中为了减小测量误差，如图所示的电路中应该选择的是_________（选填“甲”或“乙”）；
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（3）通过调节滑动变阻器，测得多组 U、I 数据，在坐标纸中描点并作出 U—I 图像如图所示，由此求得电
动势 E=_________V，内阻 r=_________Ω。（结果均保留到小数点后两位）
【答案】（1） ①. 负 ②. 2000
（2）甲 （3） ①. 1.44 ②. 0.65
【解析】
【小问 1 详解】
[1]多用电表的欧姆挡的电源正极与黑表笔连接，电源负极与红表笔相连，测电压表内阻时应红表笔与电压
表的负极相连；
[2]电阻读数为
【小问 2 详解】
由于电源内阻很小，甲方案中，误差来源于电压表分流，由于电压表内阻很大，分流较小，乙方案中电流
表分压，其内阻相比电源内阻相差不多，分压较大，相比较而言，甲方案的误差较小，更接近真实值。
【小问 3 详解】
[1][2]根据闭合电路欧姆定律
则在图像中，图像与纵轴的交点值表示电动势
斜率代表内阻
16. 电源电动势 E=12V、内阻 r=0.5Ω，电动机 M 的内阻 ，闭合开关 S 后，标有“10V 20W”的灯
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泡恰能正常发光，图中电流表为理想电流表，求：
（1）电源的输出功率；
（2）电动机的机械功率；
（3）20s 内电动机产生的热量。
【答案】（1）
（2）
（3）
【解析】
【小问 1 详解】
由闭合电路欧姆定律可得干路的电流为
则电源的输出功率为
【小问 2 详解】
正常发光的灯泡中的电流为
故流过电动机 电流为
则电动机的机械功率为
【小问 3 详解】
20s 内电动机产生 热量为
17. 如图所示，P、Q 两极板竖直放置，间距为 d，P 的电势高于 Q，电压为 。M、N 两极板水平放置，
两极板长度及间距均为 L，电压为 。P、Q 极板分别有小孔 A、B，AB 连线与偏转电场中心线 BC 共线。
质量为 m、电荷量为 q 的正离子从小孔 A 无初速度进入加速电场，经过偏转电场，到达探测器（探测器可
上下移动）。整个装置处于真空环境，且不计离子重力。求：
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（1）离子在 P、Q 两极板间运动的时间；
（2）离子在 M、N 两极板间运动的时间；
（3）为保证离子不打在 M、N 极板上，电压 和电压 满足什么关系，以及离子达到探测器的最大动能。
【答案】（1）
（2）
（3） ，
【解析】
【小问 1 详解】
粒子在加速电场做匀加速直线运动，加速度为
由公式
可得离子在加速电场中运动时间为
【小问 2 详解】
设粒子进入偏转电场的速度为 ，由动能定理
离子在 M、N 板间运动时间为
联立解得
【小问 3 详解】
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为保证离子不打在 M、N 极板上，即粒子在竖直方向的偏转位移应小于 ，则有
解得
当粒子刚好从极板边缘飞出时动能最大，由动能定理有
18. 如图所示，长为 l=0.5m 的绝缘细线一端悬于 O 点，另一端系一带电荷 ，质量未知的小
球。现将此装置放在水平向右场强为 的匀强电场中，小球静止在 A 点，此时细线与竖直方
向成 37°角。重力加速度 g 取 ， ， ，求：
（1）小球质量 m 的大小；
（2）现用外力缓慢把小球拉到最低点，电势能变化了多少；
（3）由（2）中最低点处撤去外力，小球再次回到 A 点时的动能和此时绳子的拉力。
【答案】（1）
（2）0.18J （3）0.1J，
【解析】
【小问 1 详解】
小球在 A 点静止，其受力情况如图所示
根据共点力平衡条件有
解得
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【小问 2 详解】
电场力做功为
所以电势能增加了 0.18J
【小问 3 详解】
从最低点到 A 过程中，由动能定理有
动能
根据
所以
19. 一游戏装置的竖直截面如图所示。倾斜直轨道 AB、半径为 R 的竖直螺旋圆轨道、水平轨道 BC 和 CE、
倾角为 37°的倾斜直轨道 EF 平滑连接成一个抛体装置。该装置除 EF 段轨道粗糙外，其余各段均光滑，F
点与右侧水平高台（可以移动）等高。游戏开始，一质量为 m 的滑块从轨道 AB 上的高度 h 处静止滑下，
滑上圆轨道后进入倾斜直轨道 EF，从 F 点斜抛出去，恰好落在水平高台的洞中，游戏成功。已知 R=0.2m，
m=0.1kg，EF 段长度 L=0.3m，μ=0.5。滑块可视为质点，不计空气阻力，重力加速度 g 取 10m/s2，sin37°=0.6
，cs37°=0.8，求：
（1）若 h=0.8m，求滑块到达 C 点时对圆轨道的压力；
（2）若滑块恰好能通过圆轨道 CDC′，求高度 h；
（3）若（2）中的滑块最终落在水平高台的洞中，求滑块在空中的最小速度和落点到 F 的水平距离。
【答案】（1）FN′=9N，方向竖直向下
（2）h=0.5m （3）1.6m/s，x=0.384m
【解析】
【小问 1 详解】
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滑块从释放到 C 点过程中，由动能定理有
解得
在 C 点对滑块受力分析得
联立解得
由牛顿第三定律可知滑块到达 C 点时对圆轨道的压力
方向竖直向下。
【小问 2 详解】
恰好通过 D 点，在 D 点受力分析，由牛顿第二定律有
从释放滑块到 D 点 过程中，由动能定理有
联立解得
【小问 3 详解】
由 C 到 D 的过程中，由动能定理有
从 C 到 F 的过程中，由动能定理有
解得
则滑块在空中的最高点时速度最小，最小速度为
由运动学知识可知空中飞行时间为
水平方向做匀速直线运动，由运动学知识有
联立解得
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