2026届河北省保定市清苑区清苑中学高三（上）模拟测试 物理试题（学生版）

这是一份2026届河北省保定市清苑区清苑中学高三（上）模拟测试 物理试题（学生版），共16页。试卷主要包含了单选题，多选题，实验题，解答题等内容，欢迎下载使用。
考试时长：75分钟 满分：100分
一、单选题
1. 在某次模拟空战对抗中，预警机成功锁定阵风战斗机，歼-10CE战斗机随即发射导弹，在预警机雷达指引下，导弹沿曲线轨迹成功“击落”了阵风战斗机。关于此次模拟空战的描述中，下列说法正确的是（ ）
A. 研究导弹在空中的飞行轨迹时，可将其看作质点
B. 以导弹为参考系，阵风战斗机一直是静止的
C. 导弹在此过程中运动的位移大小等于路程
D. 若歼-10CE战斗机在空战中做匀变速直线运动，其位移大小随时间均匀变大
2. 船舶的设计中，通常会在船舷处悬挂轮胎，如图所示，其目的主要是在船舶与其他船舶碰撞时或船舶岸边停靠时减小碰撞产生的冲击力，从而保护船体免受损害。下列说法正确的是（ ）
A. 轮胎可以减小船舶碰撞时的动量
B. 轮胎可以减小船舶碰撞过程中受到的冲量
C. 轮胎可以减小船舶碰撞过程中动量的变化量
D. 轮胎可以减小船舶碰撞过程中动量的变化率
3. 我国近地小行星防御系统通过“监测—评估—干预”三位一体架构，力图避免小行星影响地球，展现了从被动预警到主动防御的科技跨越。如图所示，近地圆轨道Ⅰ和椭圆轨道Ⅱ相切于点，椭圆轨道Ⅱ和同步轨道Ⅲ相切于点。现有防御卫星在轨道Ⅰ处做匀速圆周运动，经变轨后运行到同步轨道Ⅲ的点拦截小行星进行干预，已知地球自转的角速度为，防御卫星在轨道Ⅰ和Ⅲ上运行的角速度为和，卫星在轨道Ⅰ、Ⅲ和轨道Ⅱ上的点、点运行的线速度分别为、、、。下列说法正确的是（ ）
A.
B.
C. 卫星在轨道Ⅰ运行的周期约为24h
D. 卫星在轨道Ⅲ的机械能大于在轨道Ⅰ的机械能
4. 如图所示，半径为的四分之一光滑圆弧竖直固定，最低点放置一质量为的物块，可视为质点。物块在方向始终沿圆弧切线的推力作用下由运动到，力大小恒为。对于该运动过程，下列说法正确的是（ ）
A. 力做功大小为B. 力做功大小为
C. 力的功率先增大后减小D. 克服重力做功的功率先增大后减小
5. 两个相同小铁块A和B，分别从固定的、高度相同的光滑斜面和圆弧斜面的顶点滑到底部，如图所示。如果它们的初速度都为零，且下滑到底部的路程相同，则下列说法正确的是（ ）
A. 它们到达底部时速度相同
B. 它们到达底部过程中重力做功相同
C. 它们到达底部过程中重力的冲量相同
D. 整个过程中合外力的冲量相同
6. 2025年7月在法国巴黎，中国无人机编队用2000架无人机践行“用艺术连接世界”的使命，点亮世界光影之夜。某次测试中，无人机从静止开始由起飞点沿直线飞出80m时切断遥控器信号，经过一段时间后沿原路径回到起飞点。该过程无人机运动位移x与时间t的关系图像如图所示，则无人机（ ）
A. 在t=8s时开始返回
B. 在0~8s内平均速度大小为10m/s
C. 在t=12s时速度最大
D. 在t=16s时速度大小为5m/s
7. 如图所示，四分之一圆柱体P放在水平地面上，圆心O的正上方有一个大小可忽略的定滑轮A，一根轻绳跨过定滑轮，一端和置于圆柱体P上的质量为m的小球连接，另一端系在固定竖直杆上的B点，一质量为m0的钩码挂在AB间的轻绳上，整个装置处于静止状态。除圆柱体与地面之间的摩擦以外，其它摩擦不计，绳的总长不变。将B点缓慢移动到C点的过程，下列说法正确的是（ ）
A. 地面对圆柱体P的支持力不变
B. 地面对圆柱体P的摩擦力减小
C. 轻绳的张力增大
D. 若增大钩码的质量，整个装置再次处于静止状态时，小球依然处于圆柱体P上，则轻绳的张力增大
二、多选题
8. 如图所示，小车静止在光滑水平面上，站在车上的人以对车相同的位置和速度，将右边筐中的球一个一个地投入左边的筐中。假设球入筐的位置相同且入筐后即静止，忽略空气阻力，则在投球过程中（ ）
A. 小车始终未动
B. 人、车和球组成的系统动量守恒
C. 每个球在空中运动期间小车将向右移动相同距离
D. 球全部落入左框后，小车将静止不动
9. 目前，世界上最先进的起重机是我国的“XCA4000”轮式起重机，满足170米的吊装高度，230吨的极限吊装重量。被誉为“全球第一吊”，将质量m的重物悬空静止后，由静止开始以加速度为a匀加速向上提升重物，经过时间t达到额定功率P，重力加速度为g，下面说法正确的是（ ）
A. 重物匀速的最大速度为B. 重物匀速的最大速度为
C. 重物的机械能增量为D. 起重机达到额定功率
10. 如图所示，在匀速转动的电动机带动下，足够长的水平传送带以恒定速率匀速向右运动，—质量为的滑块从传送带右端以水平向左的速率滑上传送带，最后滑块返回传送带的右端。关于这一过程的下列判断，，正确的有（ ）
A. 滑块返回传送带右端的速率为
B. 此过程中传送带对滑块做功为
C. 此过程中滑块与传送带间摩擦产生的热量为
D. 此过程中电动机对传送带多做功为
三、实验题
11. 某实验小组同学用如图甲所示的实验装置验证两物块组成的系统机械能守恒。将质量为的物块A由静止释放后，质量为的物块B拖着纸带向上运动并打出一系列的点，对纸带上的点迹进行测量，即可验证机械能守恒。实验中获取的一条纸带如图乙所示，0点是物块A刚下落时打下的点，每相邻两计数点间还有四个计时点未标出，0点和4点的距离为，4点和5点的距离为，5点和6点的距离为，已知电源的频率为f，重力加速度大小为g，试回答下列问题：
（1）在纸带上打下计数点5时物块A的速度大小________。（用题中符号表示）
（2）在打点0~5过程中系统动能的增加量________，系统重力势能的减少量________。（用题中符号表示）
12. 某实验小组用如图甲所示的实验装置验证牛顿第二定律。滑块上有两个宽度均为d的遮光片，滑块与遮光片总质量为M，两遮光片中心间的距离为L。
（1）用游标卡尺测量一个遮光片的宽度d，将滑块置于光电门右侧的气垫导轨上，打开气泵电源，轻推滑块，遮光片1、2通过光电门的挡光时间分别为和，则遮光片1通过光电门时的速度为__________，若发现，为了将气垫导轨调至水平，应将支脚A适当调______（填“高”或“低”）。
（2）气垫导轨调至水平后，将细线一端拴在滑块上，另一端依次跨过光滑轻质定滑轮和光滑动滑轮后悬挂在O点，调节气垫导轨左端的定滑轮，使定滑轮和滑块之间的细线与气垫导轨平行，调整O点的位置，使动滑轮两侧的细线竖直，将沙桶悬挂在动滑轮上。将滑块在光电门右侧释放，光电门记录遮光片1、2通过时的挡光时间分别为和，则滑块的加速度大小为a=_____________。（用题目中的物理量符号表示）
（3）多次改变沙桶和桶内细沙的总质量，并记录遮光片1、2的挡光时间，计算相应的加速度a，根据计算的数据描绘加速度a与沙桶和桶内细沙的总重力mg之间的关系图像如图丙所示，则图像的斜率k=__________（用题目中的物理量符号表示），图像没有过原点的原因是______________________。
四、解答题
13. 跳台滑雪是一种勇敢者的滑雪运动，运动员穿专用滑雪板，在滑雪道上获得一定速度后从跳台飞出，调节飞行姿势，身子与滑雪板平行呈水平状态，如图所示，使空气对运动员（含滑雪板）产生一个竖直向上的恒力，在空中飞行一段距离后着陆。现有总质量的运动员（含滑雪板）A滑到跳台a处不小心撞出一块冰块B，两者一起沿水平方向以从a点飞出，分别落在与水平方向成的直斜坡b、c上，已知a、b两点之间的距离为，，不计冰块下落时空气的作用力，求：
（1）冰块B下落时间；
（2）空气对运动员（含滑雪板）竖直方向的恒力大小。
14. 一质量不计的直角形支架两端分别连接小球A和B，两球的质量均为。支架的两直角边长度分别为和，支架可绕固定轴O在竖直平面内无摩擦转动，如图所示。开始时OA边处于水平位置，由静止释放，不计空气阻力，重力加速度。求：
（1）A运动至最低点时，两球的速率；
（2）从释放到A运动至最低点，支架对B做的功；
（3）B能上升的最大高度。
15. 如图所示，在光滑水平面上有质量为2m和的物块a、b用轻弹簧锁定，物块与弹簧没有拴接。解除弹簧锁定，物块以速度被弹开，随后进入长的固定阻尼管AB中，物块与阻尼管间的动摩擦因数为，物块滑出阻尼管后进入两个半径均为的四分之一竖直光滑圆弧管道BCD，在出口处和静止在长木板左端的物块碰撞（碰撞时间极短），并粘在一起，物块的质量为，长木板的质量为4m，长度为。已知，物块b、c与长木板间的动摩擦因数均为，长木板与地面间的动摩擦因数为，重力加速度，不计空气阻力。
（1）求弹簧解锁前具有弹性势能；
（2）求物块经过圆弧管道点时对管道的压力大小；
（3）请通过计算说明物块bc能否滑离长木板？若不能滑离，求物块bc的运动距离；若能滑离，求物块bc在长木板上滑动过程中系统因摩擦产生的热量。
参考答案
1. 【答案】A
【解析】A．研究导弹的飞行轨迹时，其大小和形状对轨迹影响可忽略，可视为质点，故A正确；
B．导弹与阵风战斗机相对运动，轨迹不同，以导弹为参考系，阵风战斗机是运动的，故B错误；
C．导弹轨迹为曲线，路程大于位移大小，故C错误；
D．匀变速直线运动的位移公式为
其位移大小随时间变大而变大，而非均匀变大，故D错误。故选A。
2. 【答案】D
【解析】A．物体的动量与物体的速度和质量有关，轮胎不能减小船舶碰撞时的动量，故 A错误；
B．由动量定理
所以轮胎不能减小船舶碰撞过程中受到的冲量，故B错误；
C．轮胎不能减小船舶碰撞过程中动量的变化量，故C错误；
D．轮胎可以延长船舶碰撞过程的作用时间，使碰撞过程中动量的变化率减小，故D正确；故选D。
3. 【答案】D
【解析】A．卫星绕地球做匀速圆周运动，由可得
可知同步轨道的角速度小于近地轨道的角速度，而地球自转的角速度和同步轨道的角速度相同，则有，故A错误；
B．卫星绕地球做匀速圆周运动，由可得
可知；又由于卫星在c点加速后进入轨道Ⅲ，则有；又由于卫星在b点加速后进入轨道Ⅱ，则有；综上分析可知，故B错误；
C．卫星绕地球做匀速圆周运动，由
可得
可知卫星在轨道Ⅰ运行的周期小于同步轨道Ⅲ的运行周期，即卫星在轨道Ⅰ运行的周期小于24h，故C错误；
D．卫星从轨道Ⅰ变轨到轨道Ⅱ，需要在b点点火加速，卫星的机械能增加；卫星从轨道Ⅱ变轨到轨道Ⅲ，需要在c点点火加速，卫星的机械能增加；所以卫星在轨道Ⅲ的机械能大于在轨道Ⅰ的机械能，故D正确。故选D。
4. 【答案】B
【解析】AB．由于力F方向始终沿圆弧切线，且大小恒为mg ，根据变力做功的计算方法，这里可以用微元法。把圆弧分成很多小段，每一小段上力F做的功（是每一小段的弧长）
则力F做功的大小
故A错误，B正确；
C．从A到B过程，F始终大于重力沿切线方向的分力，所以物体一直在做加速运动，速度一直在增大，根据（F与v始终夹角为）
可知F的功率一直在增大，故C错误；
D．设重力方向与速度方向夹角，题图可知，对于该运动过程，从增大到，则克服重力做功的功率
可知一直在增大，v也在增大，故克服重力做功的功率一直增大，故D错误。
故选B。
5. 【答案】B
【解析】A．小铁块从顶点到底部过程，根据动能定理可得
可得小铁块到达底部的速度大小为
可知小铁块A和B到达底部时速度大小相等，方向不同，故A错误；
B．根据重力做功，可知它们到达底部过程中重力做功相同，故B正确；
C．重力的冲量为，由上述可知速度的大小相同，下滑到底部的路程相同，则运动时间不相同，故重力的冲量不同，故C错误；
D．根据动量定理可得
由于小铁块A和B到达的速度方向不同，可知整个过程中铁块的动量变化不相同，则合外力的冲量不同，故D错误。故选B。
6. 【答案】B
【解析】A．图线斜率表示速度，由图可知，时，斜率由正变负，即无人机在时开始返回，故A错误；
B．在0~8s内平均速度大小为，故B正确；
C．图线的斜率表示速度，由图可知，时斜率为零，即时速度为零，故C错误；
D．图线的斜率表示速度，时的斜率由题中数据无法计算，故D错误。
故选B。
7. 【答案】A
【解析】C．通过A点作一条竖直线，该线与CB之间的距离为d，AB之间的绳长为L，对m0和m进行受力分析如图所示
根据几何关系可得
将B点缓慢移动到C点过程，d和L不变，则不变，对分析，根据平衡条件可得，解得
所以绳拉力不变，故C错误；
AB．由于绳拉力大小和方向均不变，则m受力情况不变，所以地面对圆柱体P的支持力不变，地面对圆柱体P的摩擦力不变，故A正确，B错误；
D．对m分析，根据三角形相似可得
若增大钩码的质量，小球向上运动，AP减小，则F减小，轻绳的张力减小，故D错误。
故选A。
8. 【答案】CD
【解析】AB．在投球过程中，人、车和球系统所受的合外力不为零，虽然系统动量不守恒，但水平方向不受外力，系统水平动量守恒，篮球有水平向左的动量，则人和车系统获得水平向右的动量，所以人和车系统所受的合外力不为零，车在人的作用力作用下右移，故AB错误；
C．设一个球的质量为，人、车和剩余球的质量为，人扔球时到篮筐的水平距离为，根据水平方向动量守恒
则
又
解得，故C正确；
D．当球全部投入左边的框中时，根据系统水平方向动量守恒知，系统总动量为零，则小车的速度为零，故D正确。故选CD。
9. 【答案】AC
【解析】AB．起重机输出功率达到额定功率后，功率不再增加，当起重机对重物的拉力等于重物的重力时，重物达到最大速度
则
故A正确，B错误；
C．根据位移—时间公式
外力做功为
解得
重物增加的机械能等于起重机对重物做的功，因此重物的机械能增量为，故C正确；
D．重物做匀加速直线运动，根据牛顿第二定律，可得
又因为，联立解得，故D错误。故选AC。
10. 【答案】AC
【解析】A．由于传送带足够长，滑块匀减速向左滑行，直到速度减为零，然后滑块在滑动摩擦力的作用下向右匀加速，由于v1＜v2，所以当滑块速度增大到等于传送带速度时，物体还在传送带上，之后不受摩擦力，物体与传送带一起向右匀速运动，所以滑块返回传送带右端时的速率等于v1=2m/s；故A正确；
B．此过程中只有传送带对滑块做功，根据动能定理得，传送带对滑块做功
，故B错误；
CD．设滑块向左运动的时间t1，位移为x1，则
该过程中传送带的位移：x2=v1t1
其中
摩擦生热
返回过程：当物块与传送带共速时
物块与传送带摩擦生热
则此过程中滑块与传送带间摩擦产生的热量为，C正确；
D. 此过程中电动机对传送带多做功为
D错误。故选AC。
11. 【答案】（1） （2） ；
【解析】【小问1】每相邻两计数点间时间间隔
则在纸带上打下计数点5时的速度大小
【小问2】在打点0∼5过程中系统动能的增加量
系统重力势能的减少量）。
12. 【答案】（1） ①. ②. 高 （2）
（3） ①. ②. 忽略了动滑轮重力
【解析】【小问1】遮光片1通过光电门时的速度为
若发现，说明滑块加速运动，导轨右端偏高，则为了将气垫导轨调至水平，应将支脚A适当调高。
【小问2】滑块经过两光电门时的速度分别为，
根据
可得
【小问3】由图可知，当沙和沙桶的重力为零时，滑块已经具有加速度，说明动滑轮的重力不能忽略，根据牛顿第二定律，对滑块有F=Ma
对沙和沙桶有mg+G动-2F=m×a
联立可得
由于m远小于M，则
结合图像可得
图像没有过原点的原因是忽略了动滑轮的重力。
13. 【答案】（1） （2）
【解析】（1）不计冰块下落时空气的作用力，冰块B水平飞出做平抛运动，设冰块B从开始运动到直斜坡c所用的时间为，由水平方向做匀速直线运动有
竖直方向做自由落体运动有
由几何关系得
联立上式代入数据解得
（2）因为空气对运动员（含滑雪板）产生一个竖直向上的恒力，故运动员（含滑雪板）做类平抛运动，由运动的分解与合成可得，水平方向运动有
竖直方向运动有
联立上式代入数据解得
对运动员（含滑雪板）受力分析，竖直方向受到重力和空气的恒定阻力，由牛顿第二定律得
代入数据解得
14. 【答案】（1）， （2） （3）
【解析】【小问1】题意易知AB角速度相同，由于，根据
可知
A运动至最低点时，对AB系统，由机械能守恒有
联立解得，
【小问2】从释放到A运动至最低点，对B球，由动能定理有
联立解得支架对B做的功
【小问3】
设B上升到最高点时，AB速度均为0，设B杆与水平方向的夹角为，则由机械能守恒有
因为，
联立解得B能上升的最大高度
15. 【答案】（1） （2） （3）能滑离，
【解析】【小问1】以物块a、b为研究对象，由动量守恒定律有
由能量守恒定律可得
联立解得
【小问2】物块从点运动到点，由动能定理可得
在点，由牛顿第二定律可得
联立可得
由牛顿第三定律可得物块经过圆弧管道点时对管道的压力大小
【小问3】物块与物块发生完全非弹性碰撞，有
因
则长木板相对地面滑动，假设物块bc没有从长木板上滑下，对物块bc有
对长木板有
物块bc与长木板共速时有
该过程中两者的相对位移为，故假设不成立
物块bc从长木板上滑下时，长木板的滑行距离为，对物块bc有
对长木板有
在此过程中系统因摩擦产生的总热量
联立可得