高考物理一轮复习讲义专题提升练11　功能关系　能量守恒定律

这是一份高考物理一轮复习讲义专题提升练11　功能关系　能量守恒定律，共7页。试卷主要包含了0×107 WB等内容，欢迎下载使用。
1.质量为2 kg的物体在竖直向上的拉力作用下以一定的初速度竖直向上匀减速运动，物体的加速度大小为4 m/s2，不计一切阻力，g取10 m/s2，在向上运动2 m过程中，下列说法正确的是(C)
A.合外力对物体做功24 J
B.合外力对物体做功16 J
C.物体机械能增加了24 J
D.物体重力势能减少了40 J
解析 物体受到的合外力为F合=ma=8 N，则合外力做功为W合=-F合h=-16 J，A、B两项错误；物体的重力做功为WG=-mgh=-40 J，即物体克服重力做功40 J，重力势能增加了40 J，D项错误；根据动能定理可得ΔEk=W合=-16 J，则物体的机械能变化量为ΔE=ΔEk+ΔEp=-16 J+40 J=24 J，物体机械能增加了24 J，C项正确。
2.某地由于连日强降雨，水库泄洪闸孔全开泄洪。如图所示，已知泄洪流量为240 m3/s，水位落差100 m，水的密度为1.0×103 kg/m3。泄洪时，水流的重力势能有25%转化为电能，取g=10 m/s2，按照以上数据估算发电站的发电功率是(A)
A.6.0×107 WB.6.0×108 W
C.2.4×107 WD.2.4×108 W
解析 由题意可知t时间内流水的体积V=Qt，发电功率为P=25%mght=25%ρVght=25%ρQtght=25%ρQgh，代入数据解得P=25%×1.0×103×240×10×100 W=6.0×107 W，A项正确。
3.如图，一质量为m=60 kg的人站在观光电梯内，电梯从静止开始以1 m/s2的加速度匀加速上升2 m的高度，重力加速度大小取g=10 m/s2。在此过程中(A)
A.人的重力势能增加了1 200 J
B.人的动能增加了240 J
C.人的机械能增加了1 200 J
D.电梯对人做的功为1 440 J
解析 此过程中，重力做负功，重力势能增加，增加量为Ep=mgh=1 200 J，A项正确；由运动规律知v2=2ah，解得v=2 m/s，动能增加量为Ek=12mv2=120 J，B项错误；机械能增加量为E=Ek+Ep=1 320 J，根据功能关系知，电梯对人做的功也为1 320 J，C项错误，D项错误。
4.(多选)(2025·驻马店模拟)如图所示，质量为M、长度为L的木板静止在光滑的水平面上，质量为m的小物体(可视为质点)放在木板上最左端，现用一水平恒力F作用在小物体上，使小物体从静止开始做匀加速直线运动。已知小物体和木板之间的摩擦力为f，当小物体滑到木板的最右端时，木板相对地面运动的距离为x，则在此过程中(CD)
A.水平恒力F对小物体所做的功为小物体和木板机械能的增加量
B.摩擦力f对小物体所做的功为-fx
C.摩擦力f对木板所做的功为fx即为木板动能的增加量
D.小物体到达木板最右端时具有的动能为(F-f)(x+L)
解析 根据题意可知，小物体与木板间有相对位移，小物体与木板间摩擦产生热，由功能关系可知，水平恒力F对小物体所做的功为小物体和木板机械能的增加量和摩擦产生的热量之和，A项错误；小物体发生的对地位移为x物=x+L，摩擦力f对小物体所做的功为Wf=-f(x+L)，B项错误；根据题意，对小物体，由动能定理可得W合=F(x+L)-f(x+L)=Ek-0，小物体到达木板最右端时具有的动能为Ek=(F-f)(x+L)，对木板，由动能定理有Ek板=fx，C、D两项正确。
5.(多选)(2025·贵阳模拟)滑沙运动是继滑冰、滑水、滑雪和滑草之后又一新兴运动，它使户外运动爱好者在运动的同时又能领略到沙漠的绮丽风光。质量为50 kg的人坐在滑沙板上从沙坡斜面的顶端由静止沿直线匀加速下滑，经过10 s到达坡底，速度大小为20 m/s。已知沙坡斜面的倾角为30°，重力加速度g取10 m/s2，下列关于此过程的说法正确的是(BC)
A.人的重力势能减少5.0×104 J
B.合力对人做的功为1.0×104 J
C.人的机械能减少1.5×104 J
D.阻力对人做的功为-4.0×104 J
解析 根据运动学公式可得斜面的长度为L=v2t=100 m，则重力做功为WG=mgh=mgLsin 30°=2.5×104 J，人的重力势能减少2.5×104 J，A项错误；根据动能定理可得合力对人做的功为W合=12mv2=1.0×104 J，B项正确；根据动能定理可得mgLsin 30°+Wf=12mv2，解得阻力对人做的功为Wf=-1.5×104 J，根据功能关系可知，人的机械能减少ΔE=|Wf|=1.5×104 J，C项正确，D项错误。
6.(多选)一质量均匀不可伸长的铁链，质量为m，A、B两端固定在天花板上，初始状态如曲线ACB所示。若在铁链最低点C施加一竖直向下的拉力F，将最低点缓慢拉动至D点。下列说法正确的是(AC)
A.铁链的重力势能逐渐增大
B.铁链的重力势能不变
C.拉力F对铁链做正功
D.拉力F对铁链不做功
解析 由题图可知，拉力F的作用点发生了竖直向下的位移，可知拉力F对铁链做正功，由于是缓慢拉动，可认为铁链的动能不变，根据功能关系可知，铁链的重力势能逐渐增大，A、C两项正确。
7.如图所示，木板质量为M，长度为L，小木块质量为m，水平地面光滑，一根不计质量的轻绳通过定滑轮分别与M和m连接，小木块与木板间的动摩擦因数为μ，开始时木块静止在木板左端，现用水平向右的拉力F将小木块拉至右端，则拉力F做功至少为(B)
A.12μmgLB.μmgL
C.μ(m+M)gLD.12μ(m+M)gL
解析 缓慢拉动时，小木块做匀速运动，此过程拉力F做功最少，根据功能关系，拉力做的功等于系统产生的内能，所以W=μmgL，B项正确。
梯级Ⅱ能力练
8.(多选)如图所示，在匀速转动的电动机带动下，足够长的水平传送带以恒定速率v1匀速向右运动，一质量为m的滑块从传送带右端以水平向左的速率v2 (v2 >v1)滑上传送带，最后滑块返回传送带的右端。则在此过程中(BD)
A.滑块对传送带做功为12mv12-12mv22
B.传送带对滑块做功为12mv12-12mv22
C.电动机对传送带多做的功为mv2(v1+v2)
D.电动机对传送带多做的功为mv1(v1+v2)
解析 由于传送带足够长，滑块先向左做匀减速运动，速度减为零后，在滑动摩擦力作用下向右加速，由于v2>v1，滑块会先在滑动摩擦力作用下向右加速，当速度增大到等于传送带速度时开始向右做匀速运动，之后不受摩擦力，故滑块返回传送带右端的速率为v2'=v1，此过程中只有传送带对滑块做功，根据动能定理得传送带对滑块做功为W=12mv12-12mv22，因为滑块对传动带的摩擦力与传送带对滑块摩擦力大小相同，但是共速前，滑块相对传送带向左运动，两者位移不同，所以滑块对传送带做功不等于12mv12-12mv22，A项错误，B项正确；滑块相对于传送带运动时滑块的加速度大小为a=μmgm=μg，滑块向左运动的时间为t1=v2μg，位移为x1=12v2t1=v222μg，此过程中传送带的位移为x传1=v1t1，向右匀加速运动的时间为t2=v1μg，匀加速过程的位移为x2=v122μg，传送带的位移为x传2=v1t2，此过程中电动机对传送带多做的功为W=μmg(x传1+x传2)=mv1(v1+v2)，C项错误，D项正确。
9.(2025·厦门模拟)如图所示，在光滑的水平面上有一长L=4 m、质量为M=4 kg的木板，在长木板右端有一质量为m=1 kg的小物块，长木板与小物块间动摩擦因数为μ=0.2，长木板与小物块均静止。现用F=18 N的水平恒力作用在木板上，g取10 m/s2。求:
(1)木板加速度a1和小物块加速度a2的大小；
(2)0~3 s的过程中，板块间产生的热量为多少?
解析 (1)当小物块相对木板恰好滑动时，小物块受到的摩擦力恰好等于滑动摩擦力，由牛顿第二定律有μmg=ma0，
此时二者的加速度大小相等，把小物块与木板看作一个整体，由牛顿第二定律有
F0=(m+M)a0，
可得小物块相对长木板恰好滑动时的拉力大小为F0=10 N，因F=18 N>F0，可知两物体相对滑动，对木板由牛顿第二定律可得其加速度大小为
a1=F-μmgM=4 m/s2，
对小物块由牛顿第二定律可得其加速度大小为
a2=μmgm=2 m/s2。
(2)设物块脱离木板所需时间为t ，根据
L=12a1t2-12a2t2，
解得t=2 s，
即3 s时物体已经脱离木板，所以
Q=μmgL=8 J。
答案 (1)4 m/s2 2 m/s2 (2)8 J
10.(2025·重庆模拟)如图所示，足够长的水平传送带以速率v0=2 m/s逆时针传动，左端与倾角为θ=37°、长L=2 m的斜面CD平滑相接，CD之间铺了一层匀质特殊材料，其与滑块间的动摩擦因数可在0≤μ