宁夏回族自治区银川一中2025-2026学年高三上学期10月月考物理试卷

这是一份宁夏回族自治区银川一中2025-2026学年高三上学期10月月考物理试卷，共6页。试卷主要包含了2s ，重力加速度等内容，欢迎下载使用。

注意事项：
银川一中 2026 届高三年级第三次月考
物 理 试 卷
A．a 光照射光电管产生的光电子动能一定比 c 光小 B．图中 M 点的数值为－4.45 C．滑动变阻器滑片滑到最左端时，电流表示数一定为 0 D．该氢原子共发出 4 种频率的光
目前我国混合动力轿车越来越盛行。现有质量 1.5 吨的混合动力轿车，在平直公路上以 v＝24m/s 的速度匀速行驶，此时蓄电池不工作，汽油发动机的输出功率为 P1＝72kW。现使轿车汽油发动机
答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。
作答时，务必将答案写在答题卡上。写在本试卷及草稿纸上无效。
考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。
一、单项选择题：本题共 7 小题，每小题 4 分，共 28 分。在每小题给出的四个选项中，只有一项符合题目要求。
1．“判天地之美，析万物之理”，领略建立物理规律的思想方法往往比掌握知识本身更加重要。下面四幅课本插图中包含的物理思想方法相同的是
A．甲和乙B．乙和丙C．甲和丁D．丙和丁 2．如图甲所示，大量处于第 4 能级的氢原子向低能级跃迁时会发出多种频率的光，分别用
这些频率的光照射图乙电路中的阴极 K，只能得到 3 条光电流随电压变化的关系曲线，如图丙所示。下列说法正确的是
和电动机开始同时工作（以该时刻作为计时起点，总功率为汽油发动机和电动机的功率之和），汽油发动机的输出功率保持不变仍为 72kW，电动机输出功率 P2 恒定，轿车汽油发动机和电机
同时工作之后的 v-t 图像如图所示。若轿车运动过程中所受阻力始终不变，则电动机输出功率 P2 为
A．102kWB．35kWC．40kWD．30kW
“二十四节气”起源于黄河流域，是上古农耕文明的产物。地球围绕太阳公转轨道是一个椭圆，将地球绕日一年转 360 度分为 24 份，每 15 度为一个节气。立春、立夏、立秋、立冬分别作为春、夏、秋、冬四季的起始。如图所示为地球公转位置与节气的对照图。下列说法正确的是
3
开普勒第三定律 a
T 2
 k 中的k 值大小由太阳系中各行星质量决定
太阳对地球的万有引力大于地球对太阳的万有引力 C．地球公转到夏至时的速度比冬至时的速度小 D．地球绕太阳每转过相同的角度，地球与太阳的连线扫过的面积相等
随着科技信息电子产品的快速发展，人们对手机的依赖性越来越强，据有关方面不完全统计，人们一天平均看手机的次数在 150 次以上。许多人喜欢躺着看手机，经常出现手机砸到眼睛的情况。如图所示，若手机质量为120g ，从离人眼睛约20cm 的高度无初速度跌落，砸到眼睛后手机未反弹，眼睛受到的手机的冲击时间约为0.2s ，重力加速度
g  10m/s2 ，下列分析正确的是 A．手机接触眼睛之前的速度约为1m/ s B．手机对眼睛的作用力大小约为1.2N C．手机对眼睛的冲量大小约为0.48N s D．手机与眼睛作用过程中手机的动量变化量约为0.48kg  m / s
如图所示，绷紧的传送带在电动机的带动下，始终保持v  1.5m / s 的速度匀速运行，传 送带与水平地面平行。现将质量为m  4kg 的某物块由静止释放在传送带上的右端，经过一段时间物块能保持与传送带相对静止，设物块与传送带间的动摩擦因数为μ 0.5 ，取 g  10m / s2 ，对于物块从静止释放到相对静止这一过程中，下列说法正确的是 A．物块受到的摩擦力对它做的功为2.25J
B．带动传送带的电动机多做的功为9J C．水平传送带克服摩擦力做的功为4.5J D．带动传送带的电动机多消耗的功率为15W
如图甲所示，一质量为m 的物块 A 与轻质弹簧连接，静止在光滑水平面上。物块 B 以某
一速度向 A 运动，t  0 时刻物块 B 与弹簧接触，t  2t0 时刻与弹簧分离。物块 A、B 运 动的 v  t 图像如图乙所示。已知从t  0 到t  t 时间内，物块 A 运动的距离为0.32v t ，
二、多项选择题：本题共 3 小题，每小题 6 分，共 18 分。在每小题给出的四个选项中，有多项符合题目要求，全部选对的得 6 分，选对但不全的得 3 分，有选错的得 0 分。
如图所示，若不悬挂重物 B，给物块 A 一个沿斜面向下的初速度，A 恰好能做匀速直线运动。悬挂重物 B 后，牵引物块 A 的细线与斜面平行，轻质定滑轮光滑，由静止释放 A，在 A 下滑过程中（B 始终未着地），下列说法正确的是
A．A、B 组成的系统机械能不守恒
B．重力对重物 B 做的功小于 B 的动能增量
C．细线对 A 做的功等于 A 的机械能增量
D．B 的重力势能减少量等于 A、B 动能的增量
如图所示，甲、乙两个图像分别表示四个物体沿同一直线的运动情况，a、c 为直线，b、 d 为曲线，3s 末，b、d 物体图线的斜率分别与 a、c 物体图线的斜率相同，下列说法正 确的是
a、b 在 1s 末相遇，c、d 也在 1s 末相遇
3s 末，a、b 两物体的速度相等，c、d 两物体的加速度相等
c、d 两物体在 1~4s 内 c 的平均速度大
四个物体的运动方向一直都相同
如图所示，质量为 m 的小球甲穿过竖直固定的光滑杆拴在下端固定的轻弹簧上，质量
0
弹簧始终处于弹性限度内。下列说法正确的是
物块 B 的质量为0.25m
0
分离后物块 A 的速度大小为2v0 C．弹簧压缩量的最大值为0.6v0t0 D．碰撞过程中弹簧的最大弹性势能为0.5mv2
0 0
为2.5m 的物块乙放在倾角为 53°的光滑固定斜面上。乙用轻绳跨过斜面顶端的光滑小滑
轮与甲连接，开始时用手托住物块乙，轻绳刚好伸直，滑轮右侧绳与水平方向的夹角为 53°，小球甲静止于 P 点。现由静止释放物块乙，经过一段时间小球甲由 P 点运动到 Q点，OQ 两点的连线水平，OQ  d 。已知小球甲在 P、Q 两点时弹簧弹力大小相等，重力加速度为 g， sin 53  0.8 ， cs 53  0.6 。则
弹簧的劲度系数为 3mg
4d
小球甲处于 P 点时，弹簧的压缩量为 2 d
3
3
滑轮右侧绳与水平方向夹角为 30°时，甲、乙的速度大小之比为2 :
小球甲到达 Q 点时，甲、乙的速度均为零
三、非选择题：本题共 5 小题，共 54 分。
11．（6 分）
某实验小组利用如图甲所示的装置来探究平抛运动的特点。小球A 和接收器B 组成二维运动传感器，弹射器弹出小球A 后，接收器B 每隔相等的时间T ，采集一次小球A 的位
若有关系式（用 g 、 R 、d 、t 、θ表示）成立，则可验证该过程小球的机械能守恒。
小王同学用该装置测量当地的重力加速度大小，分别记录小球拉开的角度θ1 ，θ2 ，
θ3 …，和对应的遮光的时间t1 ， t2 ， t3 …。由实验数据，通过描点作出了如图丙所示的线性
置信息，并将数据发送给计算机进行处理。
图像，则图像的横坐标应为（选填“
11
”“ t2 ”或“
tt 2
”）。如果不考虑实验误差，若该图线
下列实验步骤必要的是。 A．在安装时，必须确保弹射器水平放置 B．为了减小实验误差，应选用体积小密度大的小球 A C．为了减小实验误差，小球 A 与弹簧底部接触面一定要光滑
弹射器将小球A 弹出后，计算机利用接收到的数据绘出了小球A 运动的点迹，如图乙所示，每小格的边长 L  2.5cm 。
通过实验，试分析a 点（填“是”或“不是”）平抛的起点；接收器B 采集小球 A 位置的周期T  s ，则小球A 做平抛运动的初速度大小为m / s ，小球A 经过b 点时的速度大小为m / s 。（ g 取10m / s2 ）
12．（8 分）
小刘同学设计了如图甲所示的装置验证机械能守恒定律，在竖直平面固定一个半径为 R的带角度刻度线的光滑半圆轨道，在其最低点固定一光电门（图中未画出）。将小球（直径 d = R ）拉离竖直方向一定角度θ由静止释放，记录小球通过光电门的时间t 。
用游标卡尺测量小球的直径d ，由于前小半部分被遮挡，只能看到后半部分，测量结果如图乙所示，则小球的直径为cm 。
斜率的绝对值为k ，则当地的重力加速度大小为（用d 、 R 、k 表示）。
13．（9 分）
如图所示，内壁光滑、粗细均匀，总长度为 20cm 的玻璃管水平放置，其 A 端封闭、B 端开口，现用厚度不计的活塞封闭一段长度为 10cm 的气柱，活塞与管壁均绝热且不漏气，环境温度始终为 T。
若将 A 端气体由热力学温度 T 缓慢加热至 3 T ，求活塞移动的距离；
2
若再用导热性能良好的导热板将玻璃管 B 端封闭，仅把 A 端气体由热力学温度 T 缓
慢加热至 3 T ，求活塞移动的距离。
2
14．（14 分）
如图所示，一轻质弹簧的一端固定在小球 A 上，另一端与小球 B 接触但未连接，该整体静止放在离地面高为 H＝5m 的光滑水平桌面上．现有一小球 C 从光滑曲（该光滑曲面固．定．在水平桌面）面上离桌面 h＝1.8m 高处由静止开始滑下，与小球 A 发生碰撞（碰撞时间极短）并粘在一起压缩弹簧推动小球 B 向前运动，经一段时间，小球 B 脱离弹簧，继续在水平桌面上匀速运动一段时间后从桌面边缘飞出．小球均可视为质点，忽略空气阻力，已知 mA＝2kg，mB＝3kg，mC＝1kg，g＝10m/s2．求：
小球 C 与小球 A 碰撞结束瞬间的速度；
小球 B 落地点与桌面边缘的水平距离．
15．（17 分）
如图所示，半径 R  0.2m
1
的 4 光滑圆弧型轨道
A 固定在光滑水平面上，其左端水平。水
平面上质量为1kg 的等厚长木板B 右端与轨道A 左端等高，两者紧密接触并不粘连。与长木
板B 左端距离 x  4 m 处有一固定的弹性挡板D 。一质量为2kg 的小滑块C （可看作质点）
9
从轨道A 的上端由静止释放。已知重力加速度大小为10m / s2 ，小滑块C 与长木板B 之间的动摩擦因数为 0.1，整个过程小滑块C 不会滑离木板B 。求
小滑块C 到达轨道A 最底端时受到轨道的作用力 F 的大小；
自木板B 开始运动到与挡板D 发生第 1 次碰撞所需的时间t ；
木板B 整个过程通过的总路程 x总 。
1-10 CBDCCBC/AD/BC/BD
11．(第一空 2 份，其余 1 分)
高三物理第三次月考答案
[2]该图线斜率的绝对值为k ，则有k 
d 2
解得 g 
d 2
2gR
【答案】 AB 不是 0.051 1.25
【详解】（1）[1]A．要保证每次小球 A 都做平抛运动，则必须确保弹射器水平放置，A 项正确；
B．为了减小实验误差，减少空气阻力的影响，应选用体积小密度大的小球 A，B 项正确； C．只需要弹射器弹出小球 A 有初速度即可，大小没有关系，不一定需要底面光滑，C 项错误。
故选 AB。
（3）[2]由竖直位移可知，a、b、c、d 四点竖直位移为 1:2:3，不满足1: 3: 5 ，故小球 A 在a
点有竖直初速度，因此a 点不是平抛起点；
[3][4]根据题意，由图乙可知，相邻两点间的水平位移相等，则相邻两点间的时间间隔相等，
2Rk
【答案】(1) 5cm(2) 2cm
【详解】（1）设初始时 A 端气体长为 L0 ，活塞横截面积为 S，移动的距离为 x，气体发生等
L0 S   L0  x S
压变化，根据盖.吕萨克定律可得 T3 T
2
解得 x  5cm
（2）玻璃管 B 端封闭，设两部分气体初态压强为 p0 ，体积分别为VA、VB 。最终气体压强为
p，体积分别为VA ，VB 。活塞移动的距离为 x ，根据理想气体状态方程，对 A 端气体
p0VA  pVA
设相等时间为T ，水平方向有2L  v0T
竖直方向有2L  L  gT 2
T 3 T
2
p VpV 
联立解得T  0.05s, v0  1m / s
L  2L
对 B 端气体 0 B  B
TT
又因为VA  VB  L0S ，VA  LAS ，VB  LBS
[5]小球 A 运动到b 点时，竖直分速度为vBy 2T
 0.75m / s
且V   V   2L S ， x  L  L
则小球 A 经过b 点时的速度大小为vB

 1.25m / s
AB0A0
解得 x  2cm
v2  v2
0By
12．（每空 2 分）
1  d 2
1d 2
【答案】（1） 2m/s（2） 2m
【详解】（1）小球 C 从光滑曲面上 h 高处由静止开始滑下的过程，机械能守恒，设其滑到底
2 t
【答案】(1)0.620(2) gR 1 csθ   

t 2
2Rk
端的速度为 v1，由机械能守恒定律有
【详解】（1）根据游标卡尺的读数规律，该读数为10mm  4  0.95mm  6.20mm  0.620cm
m gh  1 m v2
（2）由机械能守恒得mgR 1 csθ  1 mv2
2
解之得
C2 C 1
根据光电门测速原理有v  d
t
1  d 2
v1=6 m/s
小球 C 与 A 碰撞的过程，C、A 系统动量守恒，碰撞结束瞬间具有共同速度，设为 v2 由动量守恒定律有
解得 gR 1 csθ  2  t 
m v  (m  m )v

1  d 2
解之得
C 1AC 2
2 t
（3）[1]结合上述有 gR 1 csθ   

d 2
v2  2m/s
（2）被压缩弹簧再次恢复自然长度时，小球 B 脱离弹簧，设小球 C、A 的速度为 v3，小球 B
变形可得csθ 1
2gRt 2
的速度为 v4，分别由动量守恒定律和机械能守恒定律有
可知，图像横坐标应为 1 。
t 2
(mA  mC )v2 =(mA  mC )v3  mBv4
1 (m 2 1
212
起以共速时的速度做匀速直线运动直至长木板 B 与固定挡板 D 碰撞。从第 1 次碰后到第 2 次
AmC )v2 = (mA  mC )v3 mBv4
解之得
222
v3  0
v 28
碰前长木板的路程为 x1  2 1 m
2aB9
v 21
v4  2 m/s
从第 2 次碰后到第 3 次碰前，此过程长木板的路程为 x2  2 2 
2aB
9 x1
小球 B 从桌面边缘飞出后做平抛运动
x  v4t
从第 2 次碰后到共速，根据动量守恒定律得mCv2  mBv2  mC  mB v3
3
2
解得v
 mC  mB v
  1  v
解之得
H  1
2
gt 2
mC  mB
  1
3
2
 
v 2 1 2
从第 3 次碰后到第 4 次碰前，此过程长木板的路程为 x3  2 3    x1
213
x  2 m
2aB 9 
1  1 2
 1 n1 
【答案】(1)60N(2) 3 s(3) 9 m
可知长木板通过的路程为 x总  xB  x1  x2  x3  xn  xB  1 9   9    9  x1
【详解】（1）小滑块 C 在轨道 A 上运动的过程中，由机械能守恒可得m gR  1 m v2
C2 C
  
 1 n
1  9 13
v2根据数学知识，当 n 无限大时，可得长木板通过的总路程为 x
 xB 
  x1 m
在轨道最低点，根据牛顿第二定律可得 F  mC g  mC R
总1 19
9
2gR
v
2
联立解得v  2m / s ， F  mC g  mC R  60N
长木板 B 受摩擦力作用，做初速度为零的匀加速直线运动，其加速度大小为
B
a  μmC g  2m / s2
mB
从 C 滑上 B 到 B、C 共速，根据动量守恒定律，可得mCv  mC  mB v1
mC
解得v1  m  m
v  4 m / s
3
CB
v 24
这段时间内 B 向左运动的距离为 xB  1 
2aB
m  x
9
可知，两物体共速时 B 刚好与固定挡板 D 相撞，因此t  v1
aB
 2 s
3
与挡板 D 碰撞之后，长木板 B 速度等大反向。第 1 次碰后长木板 B 所受滑动摩擦力不变，加速度不变，向右匀减速运动一段位移后速度减为 0，然后再向左匀加速。假设长木板 B与固定挡板 D 发生第 2 次碰撞前，小滑块 C 与长木板 B 已达到共速，则从第 1 次碰后到共速。根据动量守恒定律，有mCv1  mBv1  mC  mB v2
2
代入数据解得v
 mC  mB v
 1 v
1
1
mC  mB3
由于v2  v1 ，可知假设成立。在共速前，滑块一直向左匀减速直到二者共速。共速后两者一