黑龙江省龙东联盟2025-2026学年高二上学期10月月考数学试题（解析版）

这是一份黑龙江省龙东联盟2025-2026学年高二上学期10月月考数学试题（解析版），共15页。试卷主要包含了单项选择题，多项选择题，填空题，解答题等内容，欢迎下载使用。
一、单项选择题：本题共8小题，每小题5分，共40分．在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的.
1. 直线的倾斜角是（ ）
A. 0B.
C. D. 不存在
【答案】C
【解析】
【分析】利用直线倾斜角的定义即可得解.
【详解】因为直线与轴垂直，因此直线的倾斜角是．
故选：C．
2. 已知一组样本数据为、、、8、、，则这组数据的第75百分位数是（ ）
A. 11B. 10C. 9D. 8
【答案】B
【解析】
【分析】根据样本百分位数的定义，即可求解.
【详解】由，可知第75百分位数是第5个数，即为10.
故选：B.
3. 两条平行直线与间的距离为（ ）
A. B. C. D.
【答案】D
【解析】
【分析】利用两条平行直线的距离公式计算即可.
【详解】直线的方程化为，则与间的距离
.
故选：D.
4. 方程表示圆，则的取值范围是（ ）
A. B.
C. D.
【答案】A
【解析】
【分析】根据圆的一般方程的定义计算判断.
【详解】因为方程表示圆，
则或.
故选：A.
5. 甲、乙两人独立正确解答一道数学题的概率分别是、，假定两人是否正确解答互不影响，则甲、乙两人至少有一人正确解答这道题的概率为（ ）
A. B. C. D.
【答案】D
【解析】
【分析】根据对立事件的概率求解即可.
【详解】两人至少有一人正确解答这道题的对立事件为两人都没有正确解答这道题，
所求概率为.
故选：D.
6. 当点到直线的距离取最大值时，的值为（ ）
A. B. C. D.
【答案】C
【解析】
【分析】直线的方程化为点斜式，确定直线所过的定点；当点到直线的距离最大时，直线与和定点的连线垂直，通过斜率关系求解的值.
【详解】∵直线，可变形为，恒过定点，
∴当点到直线的距离取最大值时，.
直线的斜率，
直线的斜率为，且，
两直线斜率之积为，即，代入可得：，解得.
故选：C.
7. 班上有5名数学爱好者，其中3人选修了《数学史》.若从这5人中随机选出2人，则恰好2人都选修了《数学史》概率是（ ）
A. B. C. D.
【答案】A
【解析】
【分析】先求出样本空间的样本数和恰好2人都选修了《数学史》的样本个数，再利用古典概率公式，即可求解.
【详解】由题知班上有5名数学爱好者，其中3人选修了《数学史》，
记选修了《数学史》的3人为，其余的2人为，
从5人中选取人有：，共有10种情况，
恰好2人都选修了《数学史》的有，共3种情况，
所以从这5人中随机选出2人，则恰好2人都选修了《数学史》的概率为.
故选：A.
8. 已知圆:，定点，为轴上一动点，为圆上一动点，则的最小值为（ ）
A. B. C. D.
【答案】B
【解析】
【分析】利用数形结合，结合圆的性质以及点关于直线的对称点的性质，转化为三点共线问题，即可求解.
【详解】圆:的圆心，半径
，当、、三点共线（点在、两点之间）时，取等号，
点关于轴的对称点为，，
当、、三点共线时，取等号.

所以的最小值为.
故选：B.
二、多项选择题：本题共3小题，每小题6分，共18分.在每小题给出的选项中，有多项符合题目要求．全部选对的得6分，部分选对的得部分分，有选错的得0分.
9. 某班50个同学的数学成绩构成一组数据，这组数据的每个数依次减去它们的平均数，得到另一组新数据，则（ ）
A. 新数据与原数据的平均数相同B. 新数据与原数据的方差相同
C. 新数据与原数据的中位数相同D. 新数据与原数据的极差相同
【答案】BD
【解析】
【分析】根据平均数、方差、中位数、极差的定义逐一判断即可.
【详解】设50个同学的数学成绩构成一组数据（原）数据：，
它们的平均数为（由实际意义可知），方差为，
得到的新数据为：，它们的平均数为，A错误；
新数据的方差：，B正确；
因为，所以新数据与原数据的中位数相差，C错误；
新数据与原数据的极差相同，D正确.
故选：BD
10. 一个袋子中有大小相同，标号分别为1，2，3，4的4个小球．采用不放回方式从中任意摸球两次，一次摸一个小球．设事件A=“第一次摸出球的标号小于3”，事件B=“第二次摸出球的标号小于3”，事件C=“两次摸出球的标号都是偶数”，则（ ）
A. B.
C. D.
【答案】AC
【解析】
【分析】利用古典概型的概率计算方法求相应事件的概率，判断各项是否正确即可.
【详解】由题意，摸球两次的样本空间
事件，
事件，所以，
，
所以，，，.
故选：AC
11. 在平面直角坐标系中，已知、为圆上两动点，点，且，为中点，则下列说法正确的是（ ）
A. 点在圆内
B.
C. 点的轨迹方程为
D. 的最大值为
【答案】ABD
【解析】
【分析】A由得到；B由垂径定理知；C先得到，令，则，即可得；D确定轨迹是以为圆心，为半径的圆，故，所以.
【详解】A．由，则点在圆内，正确.
B．因为为弦的中点，由垂径定理知，正确.
C．由得且，
令，则，整理得，错误.
D．点的轨迹方程化为，即轨迹是以为圆心，为半径的圆，
故，又，即在圆内，
故，而，所以，正确.
故选：ABD
三、填空题：本题共3小题，每小题5分，共15分.
12. 一组样本数据为2、3、1、1、0、2、1、 0 ，则这组数据的众数为_______.
【答案】1
【解析】
【分析】由众数的定义即可得.
【详解】由众数的定义知：这组数据的众数为1.
故答案为：.
13. 从某网络平台推荐的影视作品中抽取200部，统计其评分数据，将所得200个评分数据分为6组：，，，，，，并整理得到如下的频率分布直方图：
则评分在区间内影视作品数量是__________部.
【答案】85
【解析】
【分析】利用频率分布直方图可计算出评分在区间内的频率，进而得到影视作品数量.
【详解】评分在区间内的影视作品数量是部.
故答案为：85.
14. 已知△的顶点，边AC上的高所在直线方程为，的角平分线所在直线方程为，则顶点C的坐标为_________；直线BC的方程为___________
【答案】 ① ②.
【解析】
【分析】首先设边AC上的高为BH，根据垂直关系得到，利用点斜式得到，再联立方程求解顶点C的坐标.设的角平分线为CM，得到点关于CM的对称点为，再求直线方程即可.
【详解】设边AC上的高为BH，它所在直线方程为，
∴ ，且，
∴，
∵的顶点，∴直线AC方程：，即.
与联立， ，解得：
所以顶点C的坐标为；
设的角平分线为CM，它所在直线方程为，
设点关于CM的对称点为，
设点的坐标为，则，
因为在直线BC上，
所以直线BC的方程为，即.
故答案为：，
四、解答题:本题共5小题，共77分．解答应写出文字说明，证明过程或演算步骤.
15. 某校高二年级半期考试后，为了解本次考试的情况，在整个年级中随机抽取了200名学生的数学成绩，将成绩分为，共6组，得到如图所示的频率分布直方图.

（1）求实数的值.
（2）在样本中，采取按比例分层抽样的方法从成绩在内的学生中抽取13名，问其中成绩在的学生有几名？
（3）根据图中的样本数据，假设同组中每个数据用该组区间的中点值代替，试估计本次考试的平均分.
【答案】（1）
（2）2 （3）98
【解析】
【分析】（1）根据频率和为1求的值.
（2）根据分层抽样的方法求解.
（3）利用频率分布直方图估计平均数即可.
【小问1详解】
由频率分布直方图知：
，
解得.
【小问2详解】
采取分层抽样，[130,150]的学生个数为：，
即成绩在的学生有2名.
【小问3详解】
由频率分布直方图知：
平均数为：.
16. 已知，两点，直线过点且与直线平行.
（1）求直线的方程.
（2）若圆C经过、两点，且圆心C在直线上，求圆C的标准方程．
【答案】（1）
（2）
【解析】
【分析】（1）根据直线和直线平行，可求直线的斜率，进而可得所求直线方程；
（2）根据圆的几何性质可得圆心的坐标，再求圆的半径，从而得圆的标准方程.
【小问1详解】
∵直线的斜率为，且直线，
∴直线的斜率为，且过，
所以直线的方程为，即.
故直线的方程为.
【小问2详解】
设线段的中点为D，由，，可得，
又因，所以线段的垂直平分线的斜率.
因此线段垂直平分线方程为，即．
因圆心C既在线段的垂直平分线上，又在直线上，
所以解方程组，解得，
所以圆心，圆的半径．
故所求圆的标准方程是．
17. 学校体育教研组创作了一项新的课间“健身操”项目，为了解学生对该项目是否支持，对学生进行简单随机抽样调查，获得数据如下表：
假设每个学生对该项目是否支持是相互独立的.
（1）从该校全体男生、全体女生中各随机抽取1人，求2人都支持该项目的概率.
（2）从该校全体男生中随机抽取2人，全体女生中随机抽取1人，估计这3人中恰有2人支持项目的概率.
【答案】（1）
（2）
【解析】
【分析】（1）先利用古典概型分别求出男生和女生支持项目的概率，再根据相互独立事件的概率公式求解即可；
（2）根据相互独立事件的概率公式求解即可.
【小问1详解】
记“该校男生支持项目”为事件A，“该校女生支持项目”为事件B，
则：，，
∵A与B相互独立，
∴；
【小问2详解】
设“抽取的2个男生和1个女生中，支持项目的恰有2人”为事件C，
则，
这3人中恰有2人支持项目的概率为.
18. 如图，在四棱锥中，，，平面平面，为的中点，，且.
（1）求证：平面.
（2）求证：平面.
（3）求平面与平面所成锐二面角的余弦值.
【答案】（1）证明见解析
（2）证明见解析 （3）
【解析】
【分析】（1）作出辅助线，得到四边形为平行四边形，，得到线面平行；
（2）作出辅助线，由面面垂直得到线面垂直，故，又，证明出结论；
（3）取的中点，连接，得到两两垂直，建立空间直角坐标系，求出平面的法向量，利用法向量夹角余弦公式求出平面与平面所成锐二面角的余弦值.
【小问1详解】
取中点，连接，
因为为的中点，所以且，
又，，
∴且，
∴四边形为平行四边形，∴，
又平面，平面，∴平面；
【小问2详解】
在四棱锥中，连接，由，，得，
而，则为等边三角形，取中点，连接，则，
由平面平面，平面平面，平面，
得平面，而平面，则，
又，与相交，平面，
所以平面；
【小问3详解】
取的中点，连接，
为等边三角形，故，，，
由平面，平面，得，
即两两垂直，
以为原点，直线分别为轴建立如图所示的空间直角坐标系，
由，
得，
，
显然为平面的一个法向量，
设平面的一个法向量为，则，
解得，令得，故，
设平面与平面所成锐二面角为，
则，
所以平面与平面所成锐二面角的余弦值是.
19. 古希腊著名数学家阿波罗尼斯发现：“平面内到两个定点的距离之比为定值的点的轨迹是圆”，现在人们将这个圆以他的名字命名，称为阿波罗尼斯圆，简称阿氏圆.在平面直角坐标系中，定点、，动点满足，则的轨迹为阿氏圆，以下称该阿氏圆为圆.
（1）求圆的方程.
（2）如图，过点斜率为的直线与圆相交于，（点在轴上方），点，是不在直线上的两点，满足平分，平分.
（ⅰ）求的取值范围.
（ⅱ）将点、、看作一个阿氏圆上的三点，若外接圆的面积为，求直线的方程.
【答案】（1）
（2）（ⅰ）；（ⅱ）
【解析】
【分析】（1）设动点，根据条件建立方程，化简即可求解；
（2）（i）根据题设条件得，令，进而有，设，利用点在圆上，得，再结合，即可求解；（ii）根据条件得到在以为定点的阿氏圆上，再结合题设条件求得的坐标，即可求解.
【小问1详解】
设动点，因为、，又，
得，化简整理得：，
所以圆方程为.
【小问2详解】
（ⅰ）由，
又，所以，令，则，
设，则有，又直线的斜率，则，
又由，得，代入，
得到，即，
∵，则，所以，
又，则，所以，
故的取值范围.
（ⅱ）由（ⅰ）有，由阿氏圆定义知在以为定点的阿氏圆上，
设此阿氏圆圆心为，半径为，与直线的另一个交点为，
则有，即，整理得到，
又，解得，∴，
又，
∴，
设，则，整理得到，
解得或（舍去），
由，解得， ，
∴，则直线的方程为，即.
人数
性别
支持
不支持
男生
400
200
女生
300
100