2025-2026学年云南省三校（昭通一中等）高三上学期备考实用性联考卷（三）物理试题（附答案解析）

这是一份2025-2026学年云南省三校（昭通一中等）高三上学期备考实用性联考卷（三）物理试题（附答案解析），共17页。试卷主要包含了单选题，多选题，实验题，解答题等内容，欢迎下载使用。

一、单选题
1．下列叙述中符合物理学史实的是（ ）
A．卢瑟福通过粒子散射实验，提出了原子的核式结构模型
B．卡文迪什通过扭秤实验精确测定了万有引力常量和静电力常量
C．居里夫妇首先发现了天然放射现象，并提出原子核具有更细微的结构
D．赫兹不仅在理论上预言了电磁波的存在，更通过实验产生了电磁波
2．某款降噪耳机是通过发出降噪声波来抵消环境噪声，原理如图所示。其中实线表示环境噪声，虚线表示降噪声波，下列说法正确的是（ ）
A．图中点为振动加强点
B．图中点的位移始终为0
C．降噪声波的传播速度要比噪声声波的传播速度快
D．一个周期内，点向右移动一个波长的距离
3．某同学将一个潜艇模型放在一个深水槽中，让它从水下某位置开始上浮，发现潜艇模型可以做匀变速运动。在进一步的实验中，他让潜艇模型的上浮速度为时开始做匀减速运动并计时，经过时间，模型上浮到水面，速度恰好减为零。则该模型在时刻距离水面的深度为（ ）
A．B．C．D．
4．如图所示，虚线为某匀强电场的等势面，电势分别为10V、20V和30V，实线是某带电粒子在电场中运动的轨迹。不计带电粒子的重力，则该粒子（ ）
A．带负电
B．从到速度在减小，加速度在增大
C．在、、三点的电势能大小关系为
D．一定是从点运动到点，再运动到点
5．如图所示，一束细白光从半圆形玻璃砖顶点正对边射入，从圆心射出后投射到左方足够大的竖直光屏上。现保持入射光不变，让玻璃砖绕圆心顺时针缓慢转动，当转过角时，光屏上的光带恰好全部消失。由此可以判定（ ）
A．在转过角之前，最先消失的是红光
B．在转过角之前，最先消失的是紫光
C．紫光的临界角是
D．红光的临界角是
6．理论上，只要轨道高度适当，仅用三颗赤道上空的通信卫星就能恰好实现环赤道全球不间断通信。已知地球的半径为，自转周期为，地球同步卫星的离地高度约为，下列说法正确的是（ ）
A．三颗通信卫星的轨道高度可以不同，轨道离地高度最小的是
B．三颗通信卫星的轨道高度必须相同，轨道离地高度都是
C．通信卫星在轨运动的周期为
D．通信卫星在轨运动的周期为
7．如图所示，倾角的光滑斜面上有一光滑轨道，它是由长为的直轨道和半径为的圆弧轨道平滑连接而成。已知斜面边缘的点与点等高，，，是的中点。一小球以某一初速度发射后沿轨道运动，下列说法正确的是（ ）
A．若，小球一定会从边离开斜面
B．若，小球一定会从边离开斜面
C．若，小球可能会从边离开斜面
D．若，小球可能会从边离开斜面
二、多选题
8．如图所示，某款书本阅读架由“L形”挡板和底座构成，挡板使用一体成型材料制成，其、部分相互垂直，可绕点的轴在竖直面内自由调节。、部分对书本的弹力分别为和（不计书本与挡板间的摩擦），在“L形”挡板部分由图示位置逆时针缓慢转至水平的过程中，下列说法正确的是（ ）
A．逐渐减小，逐渐增大B．逐渐增大，逐渐减小
C．阅读架对书本的作用力不变D．阅读架对书本的作用力先增大后减小
9．如图所示，两条相同的半圆弧形光滑金属导轨固定在水平桌面上，其所在平面竖直且平行，导轨最高点到水平桌面的距离等于半径，最低点的连线与导轨所在竖直面垂直。空间充满竖直向下的匀强磁场（图中未画出），导轨左端由导线连接。现将具有一定质量和电阻的金属棒平行放置在导轨上图示位置，由静止释放。运动过程中始终平行于且与两导轨接触良好，不考虑自感影响，下列说法正确的是（ ）
A．最终在附近做简谐运动
B．从释放到第一次到达位置过程中，、两端中端电势更高
C．从释放到第一次到达位置过程中，的速率先减小后增大
D．从释放到第一次到达位置过程中，的速率先增大后减小
10．雨滴在下落过程中所受的阻力是随速度变化而变化的。某物理兴趣小组的同学在AI工具的帮助下了解到，较小的雨滴（半径小于0.1mm）在初始加速下落阶段所受的空气阻力仅与雨滴的速率成正比，而与雨滴的质量无关，即；当阻力增大至与重力平衡时，雨滴达到收尾速度，此时雨滴受到的空气阻力将与速率的平方成正比，即。该小组的同学尝试通过实验验证雨滴在下落过程中的动力学关系。他们在足够深的竖直圆筒内注满一定浓度的液体模拟高空中的空气，用质量分别为和的甲、乙两球模拟雨滴，将两球从液面处同时由静止释放，用速度传感器得到两球的图像如图所示，经时间两球的速度都已达到各自的稳定值和。下列判断正确的是（ ）
A．
B．时间内两球下落的高度相等
C．时间内乙球所受“空气阻力”的冲量更大
D．时间内两球间距增大，且增大得越来越快
三、实验题
11．为研究小球斜上抛运动的规律，某兴趣小组用手机拍摄了一段小钢球斜上抛运动视频，图甲为利用某视频分析软件按帧获取的小钢球位置。取运动过程的某点为原点，水平向右为轴正方向、竖直向上为轴正方向建立坐标系。经软件分析得到实际位置坐标、图像及对应拟合曲线方程，如图乙所示。
(1)由图乙可得，小钢球的加速度大小为 。
(2)原点处小钢球的抛射角（初速度方向与轴正方向的夹角） 53°（填“大于”“小于”或“等于”）。
(3)帧率表示视频在1s内记录的静止画面数量，单位为赫兹（Hz）。该视频分析软件是按视频的帧率来获取小钢球的位置，图乙中描绘的点为软件捕获的每帧小钢球实际位置坐标随时间的变化关系，由此可以判断该视频的帧率最接近________。
A．30HzB．60HzC．90HzD．120Hz
(4)该小组的同学继续测量了小球的质量为200g，试计算小球回到与点等高的过程中，重力的冲量为 （计算结果保留3位有效数字）。
12．根据闭合电路欧姆定律，用伏安法测量干电池的电动势和内阻时，由于真实电表内阻的存在会带来实验系统误差。为了减小系统误差，某物理兴趣小组的同学采用了如图甲所示的实验电路。
（1）闭合开关前，应该将滑动变阻器的滑片调到 （填“”或“”）端。
（2）闭合开关，将接位置1，改变滑动变阻器的阻值，记录下几组电压表示数和对应的电流表示数。这一过程中的系统误差来源于 （填“电压表内阻的分流作用”或“电流表内阻的分压作用”），这将导致电源内阻的测量值比真实值 （填“偏大”或“偏小”）。
（3）然后将接位置2，改变滑动变阻器阻值，再记录几组电压表示数和对应的电流表示数，这一过程也会出现系统误差。
（4）在同一坐标系内根据测量数据分别描点作出电压表示数和对应的电流表示数的图像，如图乙所示。已知两直线与纵轴的截距分别为和，与横轴的截距分别为和。请在图乙中用虚线作出能够反映该电池电动势和内阻真实值的图像 。
四、解答题
13．如图所示，在平面内的第三象限存在沿轴正方向的匀强电场，场强为；在的区域存在磁感应强度大小为的匀强磁场，方向垂直纸面向外。一质量为、带电量为的电荷从点以沿轴正方向的速度进入电场，恰能从点进入磁场。已知点到轴的距离为到轴距离的一半，不计电荷所受重力，求：
(1)电荷进入磁场后第一次穿过轴的位置到点的距离；
(2)电荷从运动到所经历的时间。
14．如图所示，两条相同的传送带，长度均为，货物与传送带表面的动摩擦因数均为，甲传送带倾斜放置，与水平面成37°角，乙传送带水平放置，它们均以的速度逆时针转动。在接头处两传送带平滑连接，货物经过时不计动能损失。现将一可视为质点的货物轻放在甲传送带的顶端，，，重力加速度取，求：
(1)货物到达点处的速度大小；
(2)货物从端传送到端所用的时间。（取）
15．如图所示，一半径为的半圆光滑空心管轨道固定在竖直平面内，粗糙水平地面上紧靠管口有一长度、质量的静止木板，木板上表面正好与管口底部相切，处于同一水平面上。质量为的物块静止于处。现给物块的初速度，使它从空心管底部处滑上木板，物块恰好没有从木板左端滑下。已知物块与木板间的动摩擦因数，物块可视为质点，空心管粗细不计，重力加速度取。求：
(1)物块滑过处时对圆弧轨道底部的压力；
(2)物块滑至木板左端时的速度大小；
(3)木板与地面间的动摩擦因数以及木板在地面上滑行的距离。
《2026届云南省三校（昭通一中等）高三上学期备考实用性联考卷（三）物理试题》参考答案
1．A
【详解】A．卢瑟福通过α粒子散射实验否定了汤姆孙的“枣糕模型”，提出原子的核式结构模型，故A正确。
B．卡文迪什用扭秤实验只测定了万有引力常量，静电力常量是由麦克斯韦相关理论计算出的无误差的常量，故B错误。
C．天然放射现象由贝克勒尔首先发现，居里夫妇主要研究放射性元素（如镭、钋），原子核的复杂结构由卢瑟福等人后续提出，故C错误。
D．麦克斯韦在理论上预言电磁波的存在，赫兹通过实验首次证实电磁波的存在并产生电磁波，故D错误。
故选A。
2．B
【详解】AB．两列振幅相同的声波在图中的P点振动方向相反，即P点是振动减弱点，位移始终为0，故A错误，B正确；
C．声波在同种介质中的传播速度都是相同的，故C错误；
D．无论是横波还是纵波，P点处的质点只在平衡位置附近振动，并不随波移动，故D错误。
故选B。
3．D
【详解】
若将该模型视为从水面匀加速下降，则模型的加速度
下潜深度
故选D。
4．C
【详解】A．根据电势“顺线降落”可知，该电场的场强方向是竖直向上的，电荷在b点处的速度方向水平，则加速度方向应该竖直向上，可知电荷带正电，故A错误；
B．从a到b电场力对电荷做负功，动能减少，速度减小；由于是在匀强电场中，电荷的加速度不变，故B错误；
C．正电荷在电势越高的地方电势能越大，故C正确；
D．电荷不一定是从a点经b点运动到c点，也可以反过来运动，故D错误。
故选C。
5．B
【详解】当转过角α时，可以知道光线在PQ界面上的入射角为α，恰好没有任何光线从PQ边射出，可知各种色光的最大临界角为α。因为紫光的折射率最大，红光折射率最小，根据sin C=，可知紫光的临界角最小，最先消失；红光临界角最大最后消失，所以红光的临界角为α。
故选B。
6．D
【详解】A．三颗卫星必须处于同一轨道且等间隔分布，才能实现全球覆盖。若轨道高度不同，卫星周期不同，无法保持相对位置固定，导致覆盖不全，故A错误；
B．轨道离地高度应为（轨道半径），而非。由覆盖角度计算可知，轨道半径时，地心角，三颗卫星恰好覆盖赤道，故B错误；
CD．根据开普勒第三定律，同步卫星轨道半径，周期。通信卫星轨道半径，周期，根据开普勒第三定律可得
解得，故C错误，D正确。
故选D。
7．C
【详解】A．若小球恰能通过C点
解得
从A到C机械能守恒
解得
若，小球通过C点后做类平抛运动，也有可能是从DF边离开斜面，故A错误；
B．若，小球到达C点以前就离开轨道做类斜抛运动，也有可能是从FG边离开斜面，故B错误；
C．设小球通过C点后做类平抛运动恰能通过F点，
解得
机械能守恒
解得
若，小球可能会从DE边离开斜面，故C正确；
D．若，小球一定会从FG边离开斜面，不可能从EF边离开，故D错误。
故选C。
8．AC
【详解】AB．设部分与水平方向的夹角为，对书本进行受力分析，根据平衡关系可得部分对书本的弹力为
部分对书本的弹力为
在“L形”挡板部分由图示位置逆时针缓慢转至水平的过程中，逐渐减小，所以逐渐减小，逐渐增大，故A正确，B错误；
CD．阅读架对书本的作用力是F1与F2的合力，该合力与书本的重力平衡，所以阅读架对书本的作用力不变，故C正确，D错误。
故选AC。
9．BD
【详解】A．金属棒MN所受安培力始终做负功，棒的机械能减小，最终会停在OO′，故A错误；
B．从释放到第一次到达位置过程中，根据右手定则，N端电势较高，则a、b两端中b端电势更高，故B正确；
CD．刚由高处释放时，沿弧形轨道的重力分力大于安培力的分力，速度由零开始增大；但靠近最低点时，弧形轨道的切线方向与重力逐渐垂直，重力在切线方向的分量减小，而感应电流产生的安培力始终阻碍运动，故棒的速度会在到达最低点前出现先增大后减小的过程，故C错误，D正确。
故选BD。
10．AD
【详解】A．当两球的速度达到稳定值时有
由图像可知＞，所以m1＞m2，故A正确；
B．图线与坐标轴围成的面积表示位移，所以由图像可知，0~t0时间内两球下落的高度满足h1＞h2，故B错误；
C．在极短时间Δt内f可视为恒力，则有
将在0~t0时间内累积有
由图像可知，0~t0时间内乙的位移较小，则“空气阻力”的冲量应较小，故C错误；
D．由图像面积差的变化可知，0~t0时间内两球间距增大，且相同时间内面积差越来越大，故D正确。
故选AD。
11．(1)9.8
(2)大于
(3)A
(4)1.04
【详解】（1）由y=−4.9t2＋2.6t对比位移时间关系
可知a=9.8m/s2，=2.6m/s
由x=t知=1m/s
（2）抛射角的正切值tanθ==2.6＞tan53°，故θ＞53°
（3）从乙图的图可知，小球的水平速度，则小球水平移动0.6m所用时间为0.6s
在0~0.6s内有18个“静止画面”（刨除t=0时的点），则所求帧率f=s−1=30Hz
（4）小球回到与O点等高的位置，竖直分速度与等大反向，据动量定理有
12． a 电压表内阻的分流作用 偏小
【详解】（1）[1]为保证开关闭合瞬间电路中的电流较小，应将变阻器滑片调到a端。
（2）[2]S2接甲图中的位置1时，电流从电源出来后在电压表支路分流，使得电流表测量示数比干路电流偏小，即系统误差来源于电压表内阻的分流作用；
[3]从等效电源的角度来看，电压表可以视为电源内电路的一部分，故测量值指的是电池和电压表这个并联整体的电动势和内阻。即r测=
故r测＜r真
所以，电源内阻的测量值比真实值偏小；
（4）[4]S2接甲图中的位置1时，当外电路断开时，由于RV的存在，伏特表的示数应是路端电压，故E测＜E真
当电路短路时，电压表支路的电流IV=0，则电流表示数IA=I短
即短路电流的测量值等于真实值。S2接甲图中的位置2时，电流表内阻分的是路端电压，电动势并未受影响，故E测=E真；从等效电源的角度来看，电流表可以视为电源内电路的一部分，故测量值指的是电池和电流表这个串联整体的电动势和内阻。由于r测=r真＋RA
故r测＞r真
当外电路断开时，RA不再分压，故E测=E真
综上，E真=UA，r真=
用虚线作出能够反映该电池电动势和内阻真实值的图像如图所示
13．(1)
(2)
【详解】（1）设位移方向角为α，据题意有
设θ为速度方向角，则有tanθ=2tanα=1
可知
故电荷进入磁场时的速度
电荷在磁场中的轨迹如图
由
解得
则电荷第一次穿过y轴的位置P到O点的距离
（2）电荷在电场中作类平抛运动，有qE=ma
在电场中的运动时间
电荷在磁场中的运动时间
所求时间
14．(1)
(2)1.16s
【详解】（1）货物在与传送带甲共速前，有
解得
达到共速所用时间
通过的位移
则从共速点到B点的距离
共速后，由于，则有
解得
设货物滑行到B点所需时间为，有
解得
货物滑行到B点的速度
（2）滑上水平传送带后有
解得
设货物减速到与传送带共速所通过的距离
所用时间
最后货物被匀速传送到C点所用时间
则货物从端传送到端所用的时间
15．(1)N=14.5N，方向竖直向下
(2)
(3)μ′=，x=2.5m
【详解】（1）从B到C有，对物块根据动能定理可得
解得
在C点对物块，由牛顿第二定律可得N′−mg=m
联立解得N′=14.5N
据牛顿第三定律知，压力N=N′=14.5N，方向竖直向下。
（2）m在M上滑行时 对物块有μmg=ma物
解得a物=3m/s2
m滑至M左端时两者共速，设该过程所用时间为t，则有−a物t=a板1t ，
联立解得t=1s，a板1=2m/s2
物块滑至木板左端时的速度
（3）方法一；该过程对木板有 μmg−μ′（m＋M）g=Ma板1
解得μ′=
在时间t内，木板滑行距离x板1=a板1t2=1m
共速后，木板减速滑行至静止，则有μ′（m＋M）g=(m＋M）a板2
解得a板2=m/s2
则x板2==1.5m
木板滑行距离x板=x板1＋x板2=2.5m
方法二：对物块和木板组成的系统，其动能的减少量全部转化为木板上下表面的摩擦生热，则有
解得x=2.5m
题号
1
2
3
4
5
6
7
8
9
10
答案
A
B
D
C
B
D
C
AC
BD
AD