2026届重庆市第十一中学校高三上学期9月月考物理试题（解析版）

这是一份2026届重庆市第十一中学校高三上学期9月月考物理试题（解析版），共16页。试卷主要包含了1m/s²，3m=0等内容，欢迎下载使用。
注意事项：
1.本试卷满分为 100 分，考试时间为 75 分钟。
2.答卷前，考生务必将自己的姓名、班级、准考证号填写在答题卡上。
3.回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。如需改动，
用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上，写在本试
卷上无效。
4.考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。
一.选择题（共 43 分）
（一）单项选择题：共 7 题，每题 4 分，共 28 分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是
符合题目要求的。
1. 在 100 米射击比赛中，运动员在离靶面 100 米处水平持枪射击，若忽略空气阻力，子弹射出后的运动简
化为平抛运动，若子弹射出时的水平速度约为 200m/s，重力加速度 大小取 10m/s²，则子弹在飞行过程中
下落的高度约为（ ）
A. 1.00m B. 1.30m C. 1.25m D. 20m
【答案】C
【解析】
【详解】子弹做平抛运动，则水平方向
竖直方向
解得 y=1.25m
故选 C。
2. 1931 年英国物理学家狄拉克从理论上预言：存在只有一个磁极的粒子，即“磁单极子”。1982 年，美国
物理学家卡布莱设计了一个寻找磁单极子的实验，他设想，如果一个只有 N 极的磁单极子从上向下穿过如
图所示的超导线圈，从上向下看，导线圈中出现的感应电流方向是（ ）
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A. 先逆时针，后顺时针 B. 先顺时针，后逆时针
C. 一直顺时针 D. 一直逆时针
【答案】D
【解析】
【详解】若 N 磁单极子穿过超导线圈 过程中，当磁单极子靠近线圈时，穿过线圈中磁通量增加，且磁场
方向从上向下，所以由楞次定律可知，感应磁场方向从上向下看，再由右手螺旋定则可确定感应电流方向
逆时针；当磁单极子远离线圈时，穿过线圈中磁通量减小，且磁场方向从下向上，所以由楞次定律可知，
感应磁场方向从下向上，再由右手螺旋定则可确定感应电流方向逆时针。因此线圈中产生的感应电流方向
一直逆时针不变。
故选 D。
3. “二十四节气”起源于黄河流域，是上古农耕文明的产物。地球围绕太阳公转轨道是一个椭圆，将地球
绕日一年转 360 度分为 24 份，每 15 度为一个节气。立春、立夏、立秋、立冬分别作为春、夏、秋、冬四
季的起始。如图所示为地球公转位置与节气的对照图。下列说法正确的是（ ）
A. 地球公转到夏至时的速度比冬至时的速度小
B. 太阳对地球的万有引力大于地球对太阳的万有引力
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C. 开普勒第三定律 中的 值大小由太阳系中各行星质量决定
D. 地球每转过相同的角度，地球与太阳的连线扫过的面积相等
【答案】A
【解析】
【详解】A．由于地球公转轨道近似椭圆，地球在近日点（约在北半球的冬至附近）运动速度较大，在远日
点（约在北半球的夏至附近）运动速度较小，故 A 正确；
B．根据牛顿第三定律，太阳与地球之间的万有引力大小相等、方向相反，故 B 错误；
C．开普勒第三定律中 ，由中心天体（太阳）的质量决定，行星质量对 的影响可忽略，故 C 错
误；
D．开普勒第二定律表明“相等时间内扫过的面积相等”，而不是“转过相同角度扫过的面积相等”，故 D
错误。
故选 A。
4. 如图所示，跨过光滑定滑轮的轻绳一端系着皮球（细绳延长线过球心）、一端连在水平台上的玩具小车上，
车牵引着绳使球沿光滑竖直墙面从较低处以速度 匀速上升，某一时刻细绳与竖直方向夹角为 ，在球未离
开墙面的过程中，下列说法正确的是（ ）
A. 该时刻玩具小车的速度为 B. 该过程玩具小车做减速运动
C. 该过程球对墙的压力逐渐减小 D. 该过程绳对球的拉力大小不变
【答案】B
【解析】
【详解】A．分解球的运动，如图所示
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将球的速度 v 分解，可知沿绳方向的分速度（即绳子的速度）为
即该时刻玩具小车的速度为 ，故 A 错误；
B．因球匀速上滑过程中θ角将增大，所以 将减小，故小车做减速运动，故 B 正确；
CD．球受三力作用处于平衡状态，设球重为 G，则绳对球的拉力大小 T、球对墙的压力大小 N 分别为
，
因球匀速上滑过程中θ角将增大，则 T、N 均增大，故 CD 错误。
故选 B。
5. 某智能物流系统中，质量为 30kg 的分拣机器人沿水平直线轨道运动，受到的合力沿轨道方向，合力 F
随时间 t 的变化如图所示，则下列图像可能正确的是（ ）
A. B.
C. D.
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【答案】C
【解析】
【详解】结合 图像和牛顿第二定律 可知，0 到 1s 内和 2s 到 3s 内分拣机器人受恒力作用，做
匀变速直线运动。加速度大小为 ，方向相反。 图像斜率表示加速度。
A．结合 图像，0 到 1s 内和 2s 到 3s 内加速度方向相同。故 A 错误；
B．0 到 1s 内加速度大小 。故 B 错误；
C．0 到 1s 内和 2s 到 3s 内加速度大小为 ，方向相反。故 C 正确；
D．0 到 1s 内和 2s 到 3s 内加速度大小为 ，方向相同。故 D 错误。
故选 C。
6. 将一个小球竖直向上抛出，一段时间后，小球落回抛出点。上升和下降的过程中，小球的动能 随高度
（相对于抛出点）的变化关系如图所示。若小球受到的空气阻力大小恒定，重力加速度 ，则小
球的质量 m 和空气阻力 f 的大小正确的是（ ）
A. B. C. D.
【答案】A
【解析】
【详解】根据动能定理，则上升阶段
下降阶段
解得 ，
故选 A。
7. 千帆星座卫星具有覆盖范围广以及传输延迟低等优点，已知千帆星座卫星群中的某个卫星运行在距地球
表面高度约为 600km 的圆轨道上，地球半径为 R=6400km，地球质量为 M=5.97×1024kg，万有引力常量 G=6.67
×10-11N·m2/kg2，则（ ）
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A. 若距地球表面的高度加倍，该卫星的线速度将变为原来的 倍
B. 该卫星的公转周期约为 24 小时
C. 该卫星的公转速度约 3km/s
D. 该卫星的向心加速度约为 8.1m/s²
【答案】D
【解析】
【详解】A．根据万有引力提供向心力有
解得
可知轨道高度加倍，则线速度变小，故 A 错误；
B．根据万有引力提供向心力有
解得
因其轨道半径比同步卫星的小，故其周期一定比同步卫星的 24 小时周期小，故 B 错误；
C．根据万有引力提供向心力有
解得 ，故 C 错误；
D．根据牛顿第二定律有
代入数据解得向心加速度 ，故 D 正确。
故选 D。
（二）多项选择题：共 3 题，每题 5 分，共 15 分。在每小题给出的四个选项中，有多项符合
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题目要求。全部选对的得 5 分，选对但不全的得 3 分，有选错的得 0 分。
8. 如图所示，重为 100N 的物体 A，在大小为 20N 方向向左的水平拉力 F 的作用下做匀速直线运动，经过
3 秒，物体 A 在水平面上向左移动了 30cm 的距离，滑轮与绳子质量不计，滑轮与绳子之间摩擦不计。则下
列结论正确的是（ ）
A. 物体运动的速度为 10m/s B. 物体与地面之间的摩擦力为 40N
C. 摩擦力对物体 A 做的功为 12J D. 拉力做的功是 12J
【答案】BD
【解析】
【详解】A．物体运动的速度 ，故 A 错误；
B．作用在动滑轮上绳子的股数为 2，所以 A 物体受到的拉力 FA=2F=2×20N=40N
因为 A 做匀速直线运动，所以 A 受到的摩擦力与拉力是一对平衡力，即 f＝FA＝40N，故 B 正确；
C．摩擦力对物体 A 做的功为 ，故 C 错误；
D．绳子自由端移动的距离 s=2sA=2×0.3m=0.6m
拉力 F 做的功 W＝Fs＝20N×0.6m＝12J，故 D 正确。
故选 BD。
9. 辘轳是中国古代常见的取水设施，某次研学活动中，一种用电动机驱动的辘轳引发了同学们的兴趣。如
图甲所示为该种辘轳的工作原理简化图，已知辘轳的半径为 r=0.2m，电动机以恒定输出功率将质量为 m=3kg
的水桶由静止开始竖直向上提起，提起过程中辘轳转动的角速度随时间变化的图像如图乙所示。忽略辘轳
的质量以及所有摩擦阻力，取重力加速度 g=10m/s²，下列说法正确的是（ ）
A. 电动机的输出功率 P=30W B. 0～4s 内水桶上升的高度为 3.95m
C. 0～4s 内井绳对水桶的拉力逐渐增大 D. 0～4s 内水桶处于超重状态
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【答案】ABD
【解析】
【详解】A．水桶被提起的最大速度为
电动机的输出功率为 ，故 A 正确；
B．0~4s 内，根据动能定理有
解得，0~4s 内水桶上升的高度为 ，故 B 正确；
C．0~4s 内根据牛顿第二定律有
0~4s 内，辘轳转动的角速度逐渐增大，则井绳对水桶的拉力逐渐减小，故 C 错误；
D．根据 ，结合图像乙可得，0~4s 内水桶的速度增大，则水桶的加速度向上，水桶处于超重状态，
故 D 正确。
故选 ABD。
10. 如图所示，两个质量相等、可视为质点的木块 A 和 B 放在转盘上，用长为 的细绳连接，最大静摩擦
力均为各自重力的 K 倍，A 与转轴的距离为 ，整个装置能绕通过转盘中心的转轴 转动，开始时，绳
恰好伸直但无弹力。现让该装置从静止开始转动，使角速度缓慢增大，重力加速度为 ，下列说法正确的
是（ ）
A. 当 时，绳子一定无弹力
B. 当 时，A、B 相对于转盘静止
C. 在 范围内增大时，A 所受摩擦力大小一直变大
D. 在 范围内增大时，B 所受摩擦力大小变大
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【答案】BC
【解析】
【详解】A．根据题意可知，A、B 两物体属于同轴转动，则角速度相等，根据 可知，B 物体需
要的向心力较大，随着 缓慢增大，B 先达到最大静摩擦力，当 B 达到最大静摩擦力时，绳子开始出现弹
力，根据牛顿第二定律有
解得 ，可知，当 时，绳子具有弹力，故 A 错误；
B．当 A 所受的摩擦力达到最大静摩擦力时，A、B 相对于转盘会滑动，设此时绳子的弹力为 ，根据牛顿
第二定律，对 A 有
对 B 有
解得 ，可知，当 时，A、B 相对于转盘会滑动，故 B 正确；
CD．由上述分析可知，角速度 在 范围内增大时，A、B 所受的摩擦力变大，当
时，B 所受摩擦力达到最大静摩擦力，保持不变，当 在 范围内增大时，B 所受摩擦力
不变，A 所受静摩擦力继续增大，即当 在 范围内增大时，A 所受摩擦力一直增大，故 C
正确，D 错误。
故选 BC。
二、非选择题：共 57 分。
（一）填空题：共 2 题，共 15 分。
11. 为测量弹簧劲度系数，探究小组设计了如下实验，实验装置如图 1 所示，角度传感器固定在可转动的“T”
形竖直螺杆上端，可显示螺杆转过的角度。“T”形螺杆中部套有螺母，螺母上固定力传感器。所测弹簧上
端挂在力传感器上，下端固定在铁架台底座上，力传感器可显示弹簧弹力大小。“T”形螺杆转动时，力传
感器会随着“T”形螺杆转动一周时杆沿轴线均匀上下平移一个螺距，弹簧长度随之发生变化。
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（1）该探究小组操作步骤如下：
①旋转螺杆使弹簧初始长度等于原长，对应的角度传感器示数调为 0；
②旋转“T”形螺杆使弹簧长度增加，记录力传感器示数 及角度传感器示数 ；
③多次旋转“T”形螺杆，重复步骤②的操作，记录多组对应 值；
④用所测数据作出 图像。
（2）则角度传感器示数为 时弹簧的弹力 ________ 。
（3）由 图像可知弹力 与弹簧的伸长量________成正比（填“ ”、“ ”、“ ”），若螺杆的螺
距为 ，结合图像算出弹簧的劲度系数 ________ 。
【答案】 ①. 0.25 ②. ③. 15
【解析】
【详解】（2）[1]由图（2）可直接读出，角度传感器示数为 时，弹簧的弹力
（3）[2]因为转动的角度 与弹簧的伸长量 成正比，而根据图（2）图像，知转动的角度 与弹簧弹力 成
正比，所以弹力 与弹簧的伸长量 成正比。
[3]若螺杆的螺距为 ，由图可知，当角度为 时，弹力为 1.0N。设此时的形变为 ，则有
求得
解得弹簧的劲度系数
12. 小汪同学用下列器材测量小车质量 ，小车一端带有定滑轮的平直轨道、垫块、细线、打点计时器、
纸带、频率为 的交流电源，刻度尺，6 个槽码，每个槽码的质量均为 。
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（1）完成下列实验步骤中的填空：
.按图甲安装好实验器材，跨过定滑轮的细线一端连接在小车上，另一端悬挂着 6 个槽码。改变轨道的倾角，
用手轻拨小车，直到打点计时器在纸带上打出一系列________的点，表明小车沿倾斜轨道匀速下滑：
.保持轨道倾角不变，取下 1 个槽码（即细线下端悬挂 5 个槽码），让小车拖着纸带沿轨道下滑，根据纸带
上打的点迹测出加速度 ；
.依次减少细线下端悬挂的槽码数量，重复步骤 ；
.以取下槽码 总个数 的倒数 为横坐标， 为纵坐标，在坐标纸上作出 关系图线。
（2）请完成下列填空：
①下列说法错误的是_________；
A.接通电源后，再将小车从靠近打点计时器处释放
B.小车下滑时，位于定滑轮和小车之间的细线应始终跟倾斜轨道保持平行
C.实验中必须保证细线下端悬挂槽码的质量远小于小车的质量
D.若细线下端悬挂着 2 个槽码，则小车在下滑过程中受到的合外力大小为
②某次实验获得如图乙所示的纸带，相邻计数点间均有 4 个点未画出，则在打 点时小车的速度大小
________ ，加速度大小 ________ ；
③测得 关系图线的斜率为 ，则小车质量 _________ （已知当地重力加速度大小
）
【答案】 ① 等间距 ②. CD ③. 0.723 ④. 0.82 ⑤. 0.234
【解析】
【12 题详解】
小车匀速下滑，则相同时间通过的距离相等，故打点计时器在纸带上打出一系列等间距的点。
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【13 题详解】
A．先接通电源，后释放小车，小车应从靠近打点计时器处释放，故 A 正确；
B．小车下滑时，为保证实验 准确性，应使细线始终与轨道平行，故 B 正确；
C．由于该实验每个槽码的质量已知道，小车下滑，槽码上升，系统受到的合力等于取下的槽码总重力，故
不需要使小车受到的合力近似等于悬挂槽码的重力，故不需要悬挂槽码的质量远小于小车质量，故 C 错误；
D．若细线下端悬挂着 2 个槽码，取下 4 个槽码，小车和悬挂槽码的系统受合力为 4mg，沿斜面向下，小车
加速下滑，槽码加速上升，槽码超重，故细线对小车的拉力沿斜面向上大于 2 个槽码的重力，所以小车下
滑过程中受到的合外力小于 4mg，故 D 错误。
选错误的，故选 CD。
【14 题详解】
[1]根据匀变速直线运动平均速度等于中间时刻的瞬时速度，则
[2]根据逐差法可知加速度大小为
【15 题详解】
对于小车匀速时有
减小 n 个槽码后，对小车和槽码系统有
联立变形可得
可得 关系图线的斜率
解得
（二）计算题：共 3 题，共 42 分。
13. 钢架雪车比赛的赛道如图所示，赛道由水平直轨道 AB、圆弧轨道 BC（半径为 R）、倾斜轨道 CD 平滑
连接而成。比赛时，运动员推着雪车在水平直道上加速滑行，到达 B 点前跳上雪车，然后贴着赛道滑下。
已知雪车质量为 m，重力加速度为 g。若雪车刚滑上 BC 段时对轨道的压力为零，雪车从开始运动至到达 B
点过程克服阻力做功为 W。求：
（1）雪车在 B 点的速度大小；
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（2）雪车从开始运动至到达 B 点过程人对雪车做的功。
【答案】（1）
（2）
【解析】
【小问 1 详解】
雪车刚滑上 BC 段时对轨道的压力为零，则在 B 点时由牛顿第二定律
解得
【小问 2 详解】
雪车从开始运动至到达 B 点过程由动能定理
解得人对雪车做的功
14. 如图，某同学在游戏中模拟直升机投弹后炸弹在空中的运动情况，直升机在距离水平地面一定高度处，
以速度 水平向右匀速飞行，某时刻在空中 点释放一颗质量为 的炸弹，下落 ，到达
虚线 上的 点，虚线 与水平地面间的区域有水平横风，能给炸弹水平向左的恒力 ，炸弹进
入横风区域后会经过速度最小的 点（未画出），最后恰好竖直向下砸向地面。炸弹下落过程中，除了考虑
重力和水平风力外，不考虑空气阻力，重力加速度 取 。求：
（1） 间的距离；
（2）炸弹在空中运动的时间；
（3）炸弹在 点的速度大小和方向。
【答案】（1）128.8m
（2）6.25s （3） ，方向与水平方向的夹角为 53°，
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【解析】
【小问 1 详解】
炸弹到达 A 点时下落的竖直高度
水平位移
则 OA 间距为
【小问 2 详解】
在 A 点的竖直速度
在恒风区的水平加速度
用时间
则炸弹在空中运动的时间
【小问 3 详解】
在横风区运动时，合力方向与水平方向的夹角为
可知θ=37°
当速度方向与合力方向垂直时速度最小，则炸弹在 B 点的速度方向与水平方向的夹角为 53°，则从 A 到 B，
水平方向
竖直方向
解得
15. 几位同学正在参与一种游戏，游戏装置如图所示，A 为可视作质点的煤块，B 为一块长为 的木板（煤
块能够在木板上留下划痕）。现游戏要求将 A 置于 B 表面某一位置，一起静置于一足够长的台面上，对 B
施加水平向右的恒定推力，一段时间后撤去，看最终 A 在 B 表面形成的划痕长度，使划痕更长且煤块没有
从 B 上掉出者为最终赢家。甲同学在游戏中施加推力使 A、B 以相同加速度做匀加速运动，撤去推力后，A
停下所需时间是 B 停下所需时间的三倍，且 A 没有从 B 上掉出。已知 A、B 之间的动摩擦因数为 ，A、B
的质量均为 ，重力加速度为 ，最大静摩擦力等于滑动摩擦力。
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（1）求 B 与台面间的动摩擦因数 和甲同学推动 B 的情况下撤去推力后 A 相对 B 的划痕与 B 的位移之比；
（2）在乙同学能推动 B 情况下，要保证 A 置于 B 表面任意位置时，无论推力作用时间多少，A 都不可能
从 B 的右端掉下，求推力应满足的条件；
【答案】（1） ，2
（2）
【解析】
【分析】
【小问 1 详解】
由于 A 停下所需时间是 B 停下所需时间的三倍，所以在撤去推力后，A、B 物体发生相对滑动，且 B 物体
的加速度是 A 物体的 3 倍，即对 A 物体有
对 B 物体有
由之前分析可知 ，解得
撤去推力时 A、B 的速度相同，设为 v，有
解得
A 相对 B 的划痕
A 相对 B 的划痕与 B 的位移之比为
【小问 2 详解】
A 不可能从 B 右端掉出，则说明 A 只可能从 B 左端掉出，推动时，若 AB 相对静止，则撤去推力后 A 相对
B 向右滑动，只要 A 的位置合适总可以从 B 右端掉出，故而要实现题目的要求，在推动时 A 必须相对 B 向
左滑动，撤去推力后，A 继续相对 B 左滑直到共速，之后相对 B 向右滑动，要使 A 只可能从 B 左端掉下，
应使 A 相对 B 向左滑动的位移大于等于相对 B 向右滑动的位移，故推动时，对 A 有
对 B 有
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假设推力作用时间 t1，则相对位移
撤去推力后，A 加速 B 减速，设再经 t2 之后共速，该过程 A 的加速度不变，对 B
且有
解得
该过程相对位移
之后 A 相对 B 向右滑动，A 的加速度大小不变，对 B 有
相对向右滑动的位移为
在满足
解得