2026届四川省泸州高级中学校高三上学期开学摸底考试物理试题（解析版）

这是一份2026届四川省泸州高级中学校高三上学期开学摸底考试物理试题（解析版），共17页。试卷主要包含了单项选择题，多项选择题，实验题，计算题等内容，欢迎下载使用。
一、单项选择题（每题 4 分）
1. 下列说法正确的是（ ）
A. 人在松软的土地上下陷时，人对地面的压力大于地面对人的支持力
B. “强弩之末，势不能穿鲁缟”，是因为弩箭的惯性减小了
C. 只有体积很小的物体才可以看作质点
D. 船相对于静水的速度大于河水流速时，船过河的最短路程等于河的宽度
【答案】D
【解析】
【详解】A．人对地面的压力与地面对人的支持力是作用力与反作用力，大小始终相等，与地面是否松软无
关，故 A 错误。
B．惯性仅由质量决定，弩箭飞行中质量不变，惯性未减小。无法穿透是因速度减小导致动能不足，故 B 错
误。
C．物体能否视为质点取决于研究的问题，与体积无关。例如地球公转可视为质点，故 C 错误。
D．当船速大于水流速度时，船可调整航向使合速度垂直河岸，此时最短路程等于河宽，故 D 正确。
故选 D。
2. 质点沿直线运动，加速度恒定， 内速度大小从 变为 ，则其加速度不可能是（ ）
A. B.
C. D.
【答案】A
【解析】
【详解】若规定初速度 为正方向，则末速度 v 可能为 4m/s 或者 ，则根据加速度定义式
可得加速度
或者
若规定初速度 为负方向，则末速度 v 可能为 4m/s 或者 ，则根据加速度定义式
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可得加速度
或者
本题选择不可能的，故选 A。
3. 一小车在平直的公路上运动的位移—时间图像如图所示，则在下列四幅小车的速度—时间图像中，可能
正确的是（ ）
A. B.
C. D.
【答案】B
【解析】
【详解】位移-时间图像切线的斜率表示速度，由图可知，0~t1 时间内，小车的速度减小，t1~t2 时间内小车
的速度反向增大。
故选 B。
4. 用跨过定滑轮的绳把湖中小船拉靠岸，如图所示，已知船的速度不变，则绳的速度（ ）
A. 不变 B. 逐渐增大
C. 逐渐减小 D. 先增大后减小
【答案】C
【解析】
【详解】设连接小船的绳子与水平方向的夹角为 ，则绳的速度大小为
由于 逐渐增大， 逐渐减小，所以绳的速度逐渐减小。
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故选 C。
5. 挥杆套马是我国蒙古传统体育项目，烈马从骑手身边奔驰而过时，骑手持套马杆，由静止开始催马追赶，
二者的 图像如图所示，则（ ）
A. 内骑手靠近烈马
B. 时刻骑手刚好追上烈马
C. 内骑手的加速度大于 内烈马的加速度
D. 在 内烈马 平均速度大于骑手的平均速度
【答案】D
【解析】
【详解】A．由图可知， 内骑手的速度小于烈马的速度，则 内骑手与烈马的距离在变大，故 A
错误；
BD．根据 图像的面积表示位移，由图可知， 内，骑手的位移小于烈马的位移，由于初位置相同，
则 时刻骑手未追上烈马，由公式 可知，在 内烈马的平均速度大于骑手的平均速度，故 B 错
误，D 正确；
C．根据 图像的斜率表示加速度，由图可知， 内骑手的加速度小于 内烈马的加速度，故 C
错误。
故选 D。
6. 如图所示，水平地面上固定有一个斜面，斜面倾角为θ，从斜面顶端向右平抛一个小球（可视为质点），
当初速度为 v0 时，小球恰好落到斜面底端，平抛的飞行时间为 t0，现用不同的初速度 v 从该斜面顶端向右
平抛这个小球，则平抛运动结束时，末速度方向与水平方向夹角的正切值 tanα随初速度 v 变化的图像，以
及平抛运动飞行时间 t 随初速度 v 变化的图像正确的是（ ）
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A. B. C.
D.
【答案】B
【解析】
【详解】当速度 ，小球将落在斜面上，根据落在斜面上的小球的位移方向与水平方向夹角的正切值等
于小球落在斜面上末速度方向与水平方向夹角正切值的一半可知，此时末速度方向与水平方向夹角的正切
值 tanα为定值，小球运动时间为
则
小球落在斜面上时 为定值，则此过程时间与速度 v 成正比，当速度 ，小球将落到水平面，则有
由于高度一定，则时间 t 为定值，则 与 成反比，故 ACD 错误，B 正确。
故选 B。
7. 如图所示，倾角为 30°且足够长的固定光滑斜面底端有一固定挡板，轻弹簧一端与挡板连接，另一端与物
块 A 接触但不连接，A 上方放置另一物块 B，B 与物块 C 用跨过光滑轻质定滑轮的细线连接，B 与定滑轮
间的细线与斜面平行。开始时用手托住 C，使细线处于伸直但不拉紧的状态，此时 A、B 静止在斜面上。某
时刻突然释放 C，一段时间后 A、B 分离，此时 C 未触地。已知 A、B 分离时，B 的速度大小为 v，A、B、
C 的质量均为 m，弹簧劲度系数为 k，弹簧的形变始终在弹性限度内，重力加速度为 g。下列说法正确的是
（ ）
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A. 刚释放 C 时，A、B 间的弹力大小为 B. 分离时刻弹簧处于伸长状态
C. A 的速度最大时沿斜面上升的距离为 D. A、B 分离时，B 的加速度大小为
【答案】D
【解析】
【详解】A．开始时，细线的张力为零；以 AB 整体为研究对象，根据受力平衡可知，此时弹簧的弹力大小
为
刚释放 C 时，设 A、B 间的弹力大小为 N，细线拉力大小为 T，此时的加速度为 a，以 C 为研究对象，根据
牛顿第二定律得
以 B 为研究对象，根据牛顿第二定律得
以 A 为研究对象，根据牛顿第二定律得
联立解得 ，故 A 错误；
B．A、B 分离瞬间，它们具有共同沿斜面向上的加速度，合外力沿斜面向上，故弹簧仍处于压缩状态，故
B 错误；
C．初始时弹簧 压缩量为
当 A 的速度最大时，加速度为零，即弹簧的弹力与 A 的重力沿斜面向下的分力平衡，则此时弹簧的压缩量
为
可知 A 的速度最大时它沿斜面上升的距离为 ，故 C 错误；
D．A、B 分离时，两者之间的弹力为零，设此时的加速度为 ，细线的拉力大小为 ，以 C 为研究对象，
物体受到重力和细线的拉力以及垂直于斜面的弹力，根据牛顿第二定律得
以 B 为研究对象，物体受到弹簧的弹力和物体自身的重力以及垂直于斜面的弹力，根据牛顿第二定律得
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联立解得 ，故 D 正确。
故选 D。
二、多项选择题（每题 6 分）
8. 已知第三十颗北斗导航卫星绕地球做匀速圆周运动的轨道半径小于地球同步卫星的轨道半径，其运行速
度为 v，向心加速度为 a，地球表面的重力加速度为 g，引力常量为 G。下列判断正确的是（ ）
A. 地球的质量为
B. 该导航卫星的运行周期大于 24 小时
C. 该导航卫星的轨道半径与地球半径之比为
D. 该导航卫星的运行速度与地球的第一宇宙速度之比为
【答案】AC
【解析】
【详解】A．根据向心加速度表达式
解得
根据牛顿第二定律有
解得
故 A 正确；
B．卫星绕地球做匀速圆周运动的轨道半径小于地球同步卫星的轨道半径，根据开普勒第三定律可知该导航
卫星的运行周期小于 24 小时，故 B 错误；
C．在地球表面有
该导航卫星绕地球做匀速圆周运动，根据牛顿第二定律有
所以
故 C 正确；
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D．设质量为 的卫星贴着地球表面围绕地球做匀速圆周运动，根据万有引力提供向心力
又在地球表面有
联立解得地球的第一宇宙速度为
根据
解得该导航卫星绕地球的运行速度为
所以
故 D 错误。
故选 AC。
9. 如图所示，半圆环竖直固定在水平地面上，光滑小球套在半圆环上。对小球施加一始终指向半圆环最高
点 B 的拉力 F，使小球从半圆环最低点 A 缓慢移动到最高点 B。下列说法正确的是（ ）
A. 小球对半圆环的压力先减小后增大
B. 拉力 F 一直减小
C. 若小球到达 B 点前瞬间撤去拉力 F，则小球向下运动过程中竖直分速度先增大再减小再增大
D. 若小球到达 B 点前瞬间撤去拉力 F，则小球向下运动过程中会出现和圆环轨道间作用力为零的情况
【答案】BD
【解析】
【详解】AB．对小球受力分析，如图所示
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三个力的矢量三角形与圆心、B 点、小球所在位置构成的几何三角形相似，设小球所在位置为 D 点，则有
则小球从半圆环最低点 A 缓缓移动到最高点 B 的过程中，DB 长度一直减小，则拉力 F 一直减小，半圆环
对小球的支持力 N 大小不变，由牛顿第三定律可知小球对半圆环的压力大小始终不变，故 A 错误，B 正确；
C．若小球到达 B 点前瞬间撤去拉力 F，则小球向下运动过程中速度一直增大，速度与竖直方向的夹角一直
减小，则小球向下运动过程中竖直分速度一直增大，故 C 错误；
D．小球到达 B 点时，圆环轨道对小球的作用力向外，小球到达 A 点时，圆环轨道对小球的作用力向里，
所以小球向下运动过程中会出现和圆环轨道间作用力为零的情况，故 D 正确。
故选 BD
10. 如图所示，在水平地面上竖直放置一质量为 M 的轨道，外形为正方形，内里是一半径为 R、内壁光滑
的圆形轨道，轨道圆心为 O，A、B 是轨道上与圆心 O 等高的两点。一质量为 m 的小球沿内里轨道做圆周运
动且刚好能通过轨道最高点，运动过程中轨道始终在地面并保持静止状态。已知重力加速度为 g，则以下说
法正确的是（ ）
A. 小球经过轨道最低点时，对轨道的压力大小为 6mg
B. 小球经过 A 点时，地面对轨道的摩擦力大小为 5mg
C. 小球经过 B 点时的加速度大小为 3g
D. 轨道对地面的最小压力的大小为
【答案】AD
【解析】
【详解】A．小球沿内里轨道做圆周运动且刚好能通过轨道最高点，由牛顿第二定律有
解得
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小球从最高点到最低点，由机械能守恒定律有
解得
在最低点，由牛顿第二定律有
解得
则由牛顿第三定律可得，小球经过轨道最低点时，对轨道的压力大小为 ，故 A 正确；
B．小球从最高点到 点，由机械能守恒定律有
解得
由牛顿第二定律有
由牛顿第三定律和平衡条件可得地面对轨道的摩擦力大小为 ，故 B 错误；
C．由机械能守恒定律可得，小球在 点速度大小等于 点速度大小 ，则小球在 点的向心加速度为
方向水平向左，小球在 点，竖直方向只受重力，则竖直方向有竖直向下的加速度 ，则小球经过 B 点时
的加速度大小为 ，故 C 错误；
D．当小球位于过圆心的水平线上方某位置时，设该位置与圆心连线与竖直方向的夹角为 ，则有
由牛顿第二定律有
此时轨道对地面的压力为
联立解得
由数学知识可知，当 时， 有最小值，大小为 ，故 D 正确。
故选 AD。
三、实验题（每空 2 分，共 18 分）
11. 泸州高中的同学们热爱学习和运动，某同学家里备有健身器材——拉力器。某学习小组利用拉力器做实
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验，探究胡克定律。首先把弹簧上端固定在铁架台的横杆上，弹簧的右侧固定一刻度尺，如甲图所示。然
后在弹簧下端悬挂不同质量的钩码，记录弹簧弹力 F 和相关数据。
（1）某同学根据实验数据，绘制的弹力 F 与 x 的关系图像如图乙所示，图中 x 表示________。
A. 弹簧的形变量
B. 弹簧处于竖直状态下的自然长度
C. 弹簧处于水平状态下的自然长度
（2）小天同学使用两条不同的轻质弹簧 a 和 b，根据实验数据绘制 F 与 x 图像（如图丙所示），发现图像中
弹簧 a 的斜率小于弹簧 b 的斜率，由此可知弹簧 a 的劲度系数________（“大于”“等于”或“小于”）
弹簧 b 的劲度系数。若要制作一个精确度较高的弹簧测力计，应选弹簧________（填“a”或“b”）。
（3）实验过程中发现某类弹簧自身重力不可忽略，不可视为轻质弹簧，若把此类弹簧放在铁架台上竖直悬
挂时，弹簧呈现的形态如下图中的________。
A. B. C.
【答案】（1）A （2） ①. 小于 ②.
（3）B
【解析】
【小问 1 详解】
图乙中 F 与 x 成正比，由胡克定律可知，图中 表示弹簧的形变量。
故选 A。
小问 2 详解】
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[1]由（1）中分析可知， 图像的斜率表示弹簧的劲度系数，由于图丙中弹簧 a 的斜率小于弹簧 b 的斜
率，故弹簧 a 的劲度系数小于弹簧 b 的劲度系数。
[2]要制作一个精确度较高的弹簧测力计，应选用在一定的外力作用时，弹簧的伸长量大的弹簧，则应选择
劲度系数小的弹簧，故选弹簧 a。
【小问 3 详解】
当弹簧自身受到的重力相对其弹力较大时，如果把弹簧竖直悬挂，则越靠近悬挂点处的弹簧部位受到下面
部分的拉力越大，拉伸越明显；越靠近下端的弹簧部位受到下面部分的拉力越小，拉伸也就越小。
故选 B。
12. 某物理课外小组利用图（a）中的装置探究物体加速度与其所受合外力之间的关系。置于实验台上的长
木板水平放置，其右端固定一轻滑轮，轻绳跨过滑轮，一端与放在木板上的小滑车相连，另一端可悬挂钩
码。本实验中可用的钩码共有 个，每个质量均为 。实验步骤如下：
（1）将 5 个钩码全部放入小车中，在长木板________（填“左下方”或“右下方”）垫上适当厚度的小物
块，使小车（和钩码）可以在木板上匀速下滑。
（2）将 n（依次取 ）个钩码挂在轻绳右端，其余 个钩码仍留在小车内；用手按住小
车并使轻绳与木板平行。释放小车，同时用传感器记录小车的速度 v 随时间 t 的变化图象，经数据处理后可
得到相应的加速度 a。
（3）对应于不同的 n 的 a 值见下表。
n 1 2 3 4 5
0.20 0.39 0.60 0.81 0.99
（4）利用表中的数据在图（b）中描点，并作出 图象________。从图象可以看出：当物体质量一定时，
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物体的加速度与其所受的合外力成正比。
（5）利用 图象求得小车（空载）的质量为________kg（保留 2 位有效数字，重力加速度
）
（6）若以“保持木板水平”来代替步骤（1），同样实验作出 图像，发现 图象仍是直线，理论上
该直线________（填“过”或“不过”）原点，该直线的斜率________（填“大于”“小于”或“等于”）
步骤（4）中直线的斜率。
【答案】 ①. 左下方 ②. ③. ④. 不过 ⑤.
大于
【解析】
【详解】（1）[1]因为需要利用重力沿斜面向下的分力平衡摩擦力，所以需要将 5 个钩码全部放入小车中，
在长木板左下方垫上适当厚度的小物块，使小车（和钩码）可以在木板上匀速下滑。
（4）[2]利用表中的数据在图（b）中描点，并作出 图象，如图所示
（5）[3]设小车质量为 ，对于钩码和小车组成的整体有
整理可得
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结合 图象可知，图象的斜率为
解得
（ 6） [4][5]若 保 持 木 板 水 平 ， 对 钩 码 和 小 车 组 成 的 整 体 根 据 牛 顿 第 二 定 律 有
整理得
因此 图象不过原点，由于
即该直线的斜率大于步骤（4）中直线的斜率。
四、计算题
13. 如图所示，一辆装满石块的货车在平直公路上以 的速度向右匀速行驶。某时刻司机发现前方
有险情，立即紧急制动，货车经 停了下来，已知货车与石块的总质量为 ，货箱中石块 B 的
质量为 ，取 。求：
（1）货车制动过程加速度大小 a 和所受阻力的大小 f；
（2）货车制动过程石块 B 周围与其接触的物体对石块 B 的作用力的合力 F 的大小和方向。
【答案】（1） ，
（2） ，与水平方向成 ，斜向左上
【解析】
【小问 1 详解】
根据运动学公式可知，货车制动过程加速度大小
由牛顿第二定律可得，所受阻力的大小
【小问 2 详解】
根据题意，对石块 B 受力分析，如图所示
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设周围与石块 B 接触的物体对石块 B 作用力的合力 与水平方向成 角，由牛顿第二定律有
由几何关系有 ，
解得 ，
则有
即石块 B 周围与它接触的物体对石块 B 的作用力的合力 F 的大小为 ，方向与水平方向成 ，斜
向左上。
14. 水平地面上固定一开口向上的圆锥形桶，圆锥形桶高为 2R，开口半径为 R，桶内中心有一直杆 OP。在
桶内放置一质量为 m 的小球，小球半径远小于 R，最初小球停在圆锥靠底部位置，如图所示。现在给小球
一个初速度，让小球绕竖直转轴 OP 在水平面内转动起来，若缓慢增加小球的线速度，最终小球会从桶的上
方边缘水平飞出，已知重力加速度大小为 g，不计摩擦和空气阻力，求：
（1）小球最初静止时对桶壁的压力大小；
（2）当小球即将从桶 上方边缘水平飞出时，小球的角速度大小ω；
（3）小球从桶的上方边缘飞出后的落地点到 O 点的距离 s。
【答案】（1）
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（2）
（3）
【解析】
【小问 1 详解】
小球在最初位置静止，受力分析如图所示。
根据平衡条件，可得桶壁对小球的弹力
由几何关系可得，
联立，求得
根据牛顿第三定律可知，小球最初静止时对桶壁的压力大小为 。
【小问 2 详解】
当小球即将从桶的上方边缘水平飞出时，小球做圆周运动的半径为 ，小球的向心力大小
由几何关系知，
联立，解得 。
【小问 3 详解】
由匀速圆周运动规律得，小球从桶的上方边缘飞出时的速度大小
小球从飞出到落地的时间为 ，竖直方向有
水平方向有
由几何关系得小球落地点到 O 点的距离
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联立，解得
15. 如图所示，一长 的倾斜传送带，传送带与水平面的夹角 ，传送带以 的速率沿顺
时针方向匀速运行。在水平面上有质量为 且足够长的木板，质量为 的滑块静止在木板左
端。滑块与木板间动摩擦因数 ，木板与地面间动摩擦因数 ，木板左端离传送带
，现给木板施加一大小为 的水平向左的恒力，传送带与水平面交界处 O 点有一与木板等高的小挡
片，可以粘住木板使其停止运动，从而使滑块离开木板后可以无能量损失地滑上传送带。滑块与传送带间
的动摩擦因数 ，传送带的底端垂直传送带放一挡板 P，滑块到达传送带底端时与挡板 P 发生碰撞，
滑块与挡板 P 碰撞前后的速率不变且碰撞时间忽略不计，滑块可视为质点，不计空气阻力，且最大静摩擦
力等于滑动摩擦力，取重力加速度 。求：
（1）木板撞到挡片之前，滑块与木板的加速度大小；
（2）滑块离开木板时的速度大小；
（3）滑块与挡板 P 碰后第一次沿传送带向上运动至速度为零的过程中，与传送带的划痕长度。
【答案】（1） （2）3m/s
（3）
【解析】
【分析】
【小问 1 详解】
分别对滑块和木板，根据牛顿第二定律有
解得
由于 ，所以两物体不会相对静止，故滑块和木板加速度大小分别为得
【小问 2 详解】
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木板运动到 O 点时有
解得
滑块相对木板向右运动的位移为
木板被粘住后，滑块做减速运动，加速度为 ，方向向左，由
解得滑块离开木板时的速度大小
【小问 3 详解】
滑块滑到传送带后，向下运动，根据牛顿第二定律有
解得
滑块加速下滑，运动到 P 点的速度为 v2，有
解得
反弹后速度大小不变，与传送带共速前，根据牛顿第二定律有
设经 t2 共速，有
解得
相对位移即划痕在滑块的后面，为
共速后，滑块加速度为 a2 向上减速，经时间 t3 速度减为 0，有
相对位移即划痕在滑块的前方，为
因为 ，所以划痕长度为 1m。