渤海大学附属高级中学2026届高三上学期第一次月考物理试题（含答案）

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一、选择题（本题10小题，共46分。其中1~7题为单项选择题，每小题4分，8~10题为多项选择题，每小题6分。选对但不全的得3分，有选错的得0分。）
1【答案】D
【知识点】时间、速度、速度变化量和加速度的区别
【详解】AD．由于跳伞运动员在打开降落伞后做的匀减速直线运动，故每秒速度减少5m/s，而任意一秒末和前一秒初，有的时间间隔，则这一秒末的速度比前一秒初的速度改变量为
即这一秒末的速度比前一秒初的速度小10m/s。故A错误，D正确；
B．这一秒末和前一秒末相比，速度减少5m/s，但并不一定是前一秒末的速度的。故B错误；
C．这一秒初和前一秒末是同一个时刻，速度相同。故C错误。
故选D。
2．【答案】D
【知识点】判断系统机械能是否守恒、计算卫星的各个物理量、动量的定义、单位和矢量性、动能
【详解】AC．空间站绕地球做椭圆运动过程中，速度大小和方向不断改变，故动量时刻改变，动能时刻改变，故A C错误；
B．空间站到地心的距离不断改变，由万有引力提供向心力
可知，加速度时刻改变，故B错误；
D．空间站仅在地球引力作用下运动，所以机械能守恒，故D正确。
故选D。
3．【答案】C
【知识点】超重和失重现象分析
【详解】c→d阶段机器人腾空，没有其他接触力，支持力为零，故处于失重状态；d→e机器人触地减速，为使速度降至零，地面对它的支持力大于重力，故此阶段超重。
故选C。
4．【答案】B
【知识点】匀速物体追变速物体
【详解】两车共速时间距最大，经历时间
两车最大距离为
故选B。
5．【答案】A
【知识点】自由落体运动的规律及应用
【详解】C．反应时间为零指的是甲一释放刻度尺，乙就夹住，刻度尺并未下落，故反应时间尺的“0”刻度位于B处，故C错误；
ABD．做匀加速直线运动的物体，相同时间内的位移逐渐增大，即随着刻度尺的下落，每隔0.02s的位移逐渐增大，可知反应时间尺的刻度疏密不均匀，反应时间尺的刻度B处较密，A处较疏，故BD错误，A正确。
故选A。
6．
【答案】A
【知识点】两个变速直线运动的合成
【详解】轰炸机在空中与地面成30°角向下做加速度大小为g的匀加速运动，以轰炸机为参考系，则炮弹相对于轰炸机在时间内在与地面成30°角方向上向上做加速度大小为g的匀加速直线运动，而炮弹在竖直方向上做自由落体运动，则炮弹的合运动轨迹是在两个加速度的矢量和上，与地面成30°角。故选A。
7．
【答案】C
【知识点】向心力的计算
【详解】设软绳上某一点距离末端的距离为，质量为，重力是，这段绳上端受到的张力的竖直分量应该平衡这个重力，即，水平方向，这段绳做圆周运动，向心力由张力的水平分量提供即，两式相除，得到，越靠近上端的点，与竖直方向的夹角越小。
故选C。
8．【答案】AD
【难度】0.85
【知识点】x-t图像
【详解】A．根据图线的斜率表示速度，可知甲的速度大小为，故A正确；
B．由题图可知，乙在内沿正方向运动，在内沿负方向运动，故B错误；
C．图像的交点表示甲、乙相遇，所以甲、乙在内不可能相遇，故C错误；
D．根据图线的斜率表示速度，可知在内甲的速度一直为正方向，乙的速度一直为负方向，所以在内甲、乙的速度不可能相同，故D正确。
故选AD。
9．
【答案】BCD
【详解】A．整个过程物体克服摩擦力做的功为，A错误；
B．整个过程摩擦力对小车做的功为，B正确；
CD．根据动能定理可得物体到达另一端时的动能为，C正确故选BCD。
10．
【答案】AC
【知识点】以恒定加速度启动
【详解】AB．汽车加速过程中，根据牛顿第二定律得
减速过程，根据牛顿第二定律得
根据
联立解得汽车所受的阻力为，故A正确，B错误；
CD．减速过程，有
最大速度为
可得牵引力的最大功率为，故C正确，D错误。
故选AC。
第Ⅱ卷（非选择题）
非选择题（本题包括5小题，共54分）
11．（8分 每空2分）
【答案】 BD/DB 2.58 5.99 不变
【知识点】探究小车速度随时间变化规律、用逐差法计算加速度、匀变速直线运动的特点
【详解】（1）[1]在“研究匀变速直线运动”的实验中，只要保证小车做匀变速直线运动即可，不需要平衡摩擦力和保证小车的质量远大于重物的质量，但要保证细线与木板平行，否则小车就不做匀变速直线运动；实验开始时，小车要靠近打点计时器，先接通电源后释放小车。
故选BD。
（2）[2]根据逐差法可得小车的加速度
[3]由匀变速直线运动的规律可得
联立解得
（3）[4]电压的大小影响点迹的清晰程度，但不影响打点的频率，即不影响实验结果。
12．（6分 每空2分）
【答案】 自由落体运动 （d）/d 2.5
【知识点】平抛运动的概念
【详解】（1）[1]本实验中A做平抛运动，B做自由落体运动，同一时刻两球处于同一高度，说明竖直方向运动情况相同，所以A竖直方向的分运动是自由落体运动；
（2）[2]方法一：设经过时间t照相机拍摄一次，从抛出开始经时间t后到达C点，经时间2t后经过B点，如图所示：
根据几何关系有
①
②
水平方向做匀速运动，所以
③
竖直方向做自由落体运动，所以
＝④
由①②③④得
即
PG=GQ
所以小球的影像P在屏上移动情况应当是等间距的，故选（d）；
方法二：设经过时间t，小球的水平位移为x，竖直方向的位移为y，影子的位移为H，则有
解得
所以小球的影像P在屏上移动位移与时间成正比，匀速下落，应当是等间距的，故选（d）；
（3）[3]由以上解析可知影子在竖直方向上做匀速运动，根据几何关系可知
解得
13．（11分）【答案】(1)
(2)
(3)
【详解】（1）根据运动学公式可得 2分
解得排球第一次下落的高度为 2分
（2）根据，可得排球第一次下落的时间为 2分
排球在开始下落所用时间为 2分
则第一次下落过程中，排球运动最后的距离所用的时间为 1分
（3）已知小丽将其以原速率竖直向上垫起，排球和小丽的手接触的时间，则排球与小丽的手接触过程中的平均加速度大小为 2分
14．（13分）
【答案】（1）；（2）；（3）525J
【知识点】动能定理的初步应用、杆/管道模型、平抛运动速度的计算
【详解】（1）设人到达最高点时的速度大小为v2′，根据牛顿第二定律有
2分
对人从最低点到最高点的过程，根据动能定理有
2分
联立以上两式解得
1分
（2）人在最高点放开杆水平飞出后做平抛运动，运动时间为
2分
为使人能够恰好趴落到平台边缘，即重心位置能够至少到达边缘所在竖直线上，人在最高点飞出时速度至少为
2分
（3）设人在B点蹬地弹起瞬间至少应做功W，第二次试跳中，对人从B点到最高点的过程，根据动能定理有
2分
解得
2分
15．（16分）
【答案】(1)0.8m
(2)7m/s
(3)7J
【详解】（1）设物块通过B点时的竖直分速度大小为vy，根据几何关系有 1分
根据速度-位移公式，有 1分
解得 1分
（2）从A到C，小滑块下降的高度为 1分
此过程中小滑块机械能守恒，得 1分
联立解得 1分
（3）小滑块以的速度滑上木板，由图像可知，在时小滑块与木板达共速同速度，0~1s内，假设小滑块和木板的加速度大小分别为a1和a2，则 1分 ， 1分
假设小滑块与木板之间的动摩擦因数为，木板与地面之间的动摩擦因数为，根据牛顿第二定律，有 1分 ， 1分
解得 ， 1分
共速之后，由于，所以两者相对静止一起在粗糙的水平地面匀减速滑行至速度为0，共同的加速度满足 1分
解得 1分
对木板，0~1s时间段，其位移大小为 1分
共速后木板和小滑块共同滑行的位移为 1分
解得， 1分
故全过程中木板与地面摩擦产生的热量为 1分
解得 1分