2025-2026学年湖南省名校联考联合体高三上学期第一次联考物理试题（附答案解析）

这是一份2025-2026学年湖南省名校联考联合体高三上学期第一次联考物理试题（附答案解析），共16页。试卷主要包含了单选题，多选题，实验题，解答题等内容，欢迎下载使用。

一、单选题
1．发现质子的核反应方程为。患有严重心衰及具有高风险心脏骤停的病人，植入心脏起搏器（如图）是现在比较有效的治疗方式，有些心脏起搏器的电池是Z粒子辐射电池，它是一种利用放射性同位素衰变时释放的Z粒子直接转换为电能的装置，衰变方程为，下列说法正确的是（ ）
A．核反应方程中的X为B．查德威克通过实验证实了质子的存在
C．衰变方程中的Z为D．Sr衰变的核反应前后质量数不守恒
2．如图所示，在斜面底端斜向上抛出一个小球，小球落到斜面上时速度刚好沿水平方向，不计小球大小，不计空气阻力，小球从抛出到落到斜面上运动过程中的水平位移x、竖直位移y、水平速度、竖直速度分别随时间t变化规律正确的是（ ）
A．B．
C．D．
3．在适宜的条件下，水结成的冰晶呈六角形的晶体结构，一束太阳光照射在冰晶上，其中红光a和紫光b在冰晶中的折射光路可能正确的是（ ）
A．B．
C．D．
4．如图所示，嫦娥六号在环月的椭圆轨道上运行，A为近月点，B为远月点，A到月心的距离为rA，嫦娥六号在A点的加速度大小为aA、线速度大小为vA；B到月心的距离为rB，嫦娥六号在B点的加速度大小为aB、线速度大小为vB；则下列关系错误的是（ ）
A．B．C．D．
5．如图所示，A、B两个带异种电荷的小球，用绕过两个光滑定滑轮的绝缘细线连接，对A球施加一个水平力F（图中未标出），两球静止且处于同一水平线上，此时连接A球的细线与水平方向的夹角，连接B球的细线与水平方向的夹角，， B球质量为m，重力加速度为g，不计小球的大小，则下列判断正确的是（ ）
A．作用于小球A的水平力方向水平向右B．A球的带电量小于B球的带电量
C．小球A的质量为D．撤去F的一瞬间，小球B的加速度为0
6．如图所示，理想变压器原、副线圈的匝数比为滑动变阻器，R₂为电阻箱，电压表和电流表均为理想电表，两个定值电阻阻值均为R₀，在a、b两端加上正弦交流电，在调节滑动变阻器滑片的过程中，下列判断正确的是（ ）
A．仅将滑动变阻器滑片向右移，原副线圈电路中定值电阻消耗的功率之比变大
B．仅将滑动变阻器滑片向右移，a、b端输入功率和变压器的输出功率均变大
C．仅将R₂变大，电压表和电流表的示数均变大
D．仅将R₂变大，电压表示数的变化量大小与电流表示数变化量大小△I比值变大
二、多选题
7．一根较长的软绳平放时与x轴重合，绳的左端在坐标原点O处，用手握住绳的左端上下抖动，在绳上形成简谐波。从开始抖动计时，t=0.3s形成的波形如图所示，波刚好传播到x=6m处，关于这段波动过程，下列判断正确的是（ ）
A．绳左端起振的方向为y轴负方向B．手的抖动先快后慢
C．绳波传播的速度为20m/sD．t=0.25s时，手抖动的频率为10Hz
8．如图所示，实线为某点电荷电场中的一条电场线（方向未标），A、B、C为电场线上等间距的三个点，一个带负电的点电荷在A点由静止释放，点电荷仅在电场力作用下向右运动，在C点加速度比在A点的加速度小，则下列判断正确的是（ ）
A．电场线方向向右B．场源电荷带负电
C．A点电势比B点电势高D．点电荷从A运动到B比从B运动到C电场力做功多
9．如图甲所示，光滑足够长平行金属导轨ab、cd与水平面的夹角为，间距L＝0.5m，金属导轨处于垂直于导轨平面向上的匀强磁场中，导轨b、d端并联接入电阻箱和电容C＝1F的电容器，电容器不带电。质量为m＝0.5kg、电阻不计的导体棒MN垂直于导轨放置，仅闭合开关S1，同时由静止释放导体棒，记录导体棒MN的最大速度vm和电阻箱接入电路的阻值为R，随R变化的关系图像如图乙所示。重力加速度为，不计金属导轨的电阻，导体棒运动过程中，电容器的两端电压未超出其击穿电压，，。下列说法正确的是（ ）

A．匀强磁场的磁感应强度大小为2T
B．仅闭合开关，导体棒MN运动的加速度大小恒为2
C．仅闭合开关，导体棒MN高度下降9m的过程中通过导体棒的电荷量为6C
D．仅闭合开关，导体棒MN沿导轨方向运动9m的过程中电容器储存的电场能为18J
10．如图所示，粗细均匀的光滑直杆AB、BC固定在竖直面内，AB杆水平，两杆夹角为37°，质量均为m的小球a、b分别套在AB、BC杆上，两球用长为L的细线连接，锁定两球，细线刚好伸直且与BC杆垂直，重力加速度为g，sin37°=0.6，不计球的大小，同时解除两球的锁定，则在小球a向右运动过程中，下列说法正确的是（ ）
A．解除锁定的一瞬间，小球b的加速度大小为0.8gB．小球b向下运动过程中机械能一直减小
C．当小球a运动到最右端时，小球b运动到最低点D．小球a运动过程中最大速度大小为
三、实验题
11．某同学设计了如图所示装置测量物块与长木板间的动摩擦因数。长木板固定在水平桌面上，绕过定滑轮的细线一端连接在力传感器上，另一端吊着空沙桶，物块静止，重力加速度为g。
(1)按图示安装好装置，调节定滑轮的高度，使连接物块的细线 ；
(2)逐渐增加沙桶中沙的质量，每次增加后记录沙和沙桶的总质量m及力传感器的示数F，某次沙和沙桶的质量为m1、力传感器的示数为F1，物块正在加速运动，则物块运动的加速度a= ；根据每次实验记录的力传感器的示数F及求出的对应实验物块运动的加速度a，作a-F图像，得到图像应该是 ；
A．B．C．
(3)要求得物块与长木板间的动摩擦因数，需要求得图像上某一个物理量，若这个物理量的绝对值为b，由此求得物块与长木板间的动摩擦因数μ= 。
12．某实验小组要测量一节干电池的电动势和内阻，实验室提供了如下实验器材：干电池1节；电压表V（量程0~3V，内阻约为3kΩ）；电流表A（量程0~0.6A，内阻约为0.5Ω）；开关两个、导线若干。设计的电路图如图甲所示。
(1)按图甲电路图连接电路，闭合开关S2，闭合开关S1前将电阻箱接入电路的电阻调为 （填“零”或“最大”），闭合开关S1后调节电阻箱，使电流表的指针偏转较大，记录这时电压表的示数U0、电流表的示数I0、电阻箱的阻值，则测得电流表的内阻 ；
(2)断开开关S2，多次调节电阻箱，记录每次调节后电阻箱的阻值R及电流表的示数I，某次电流表的示数如图乙所示，这时电路中的电流为 A；根据测得的多组数据作图像，得到图像的斜率为k，图像与纵轴的截距为b，则得到电池的电动势E= 。内阻r= （用k、b、RA表示）；
(3)实验小组内的小王同学用此装置实验时保持S2闭合，多次调节电阻箱，测得多组电压表和电流表的示数U、I，作U—I图像，根据图像的斜率及图像与纵轴的截距也求得电源的电动势和内阻，求得的电动势与真实值相比 （填“偏大”“偏小”或“两者相等”）。
四、解答题
13．如图所示，小淑同学将内径粗细均匀的导热U形管竖直放置在温度恒定不变的环境中，底部水平管道长为，左侧管足够长且上端开口，并用的水银柱A封闭有长为的理想气体，气体下端到管底长度，右侧管上端封闭，并用水银柱封闭一段长为的理想气体，左右两管内水银面高度差，大气压强恒为，不计一切摩擦，U形管内径远小于L。
(1)求初始状态右端封闭气体的压强大小（用cmHg表示）；
(2)若将整个装置静止释放，使其保持竖直做自由落体运动，待稳定后，求水银柱A移动的距离。
14．如图所示，转轴间距为2.24m的水平传送带以4m/s的速度沿顺时针方向匀速转动，传送带右端靠近光滑水平面，传送带上表面与水平面在同一水平面内，物块B放在水平面左端，将质量为1kg的物块A轻放在传送带左端，物块与传送带间的动摩擦因数为0.5，重力加速度为10m/s2，物块A运动到传送带右端并与物块B发生弹性碰撞，碰撞后物块A第二次滑上传送带，物块A第二次在传送带上运动的时间与第一次在传送带上运动的时间相等，碰撞时间忽略不计，不计物块的大小，求：
(1)物块A第一次在传送带上运动的时间；
(2)物块B的质量；
(3)当物块A与B发生第二次碰撞时，物块B运动的距离。
15．如图所示，平面直角坐标系xOy的x>0区域被平行于y轴的场边界M、N分成Ⅰ、Ⅱ、Ⅲ三个区域，区域Ⅰ、Ⅱ的宽度均为d，在区域Ⅰ、Ⅱ内有沿y轴负方向的匀强电场，在区域Ⅱ内有垂直于坐标平面向里的匀强磁场，区域Ⅲ内有垂直于坐标平面向外的匀强磁场，两磁场的磁感应强度大小相等，在坐标原点O沿与x轴正方向成45°角在坐标平面内向第一象限射出一个质量为m、电荷量为q的带正电的粒子，粒子的初速度大小为，粒子在区域Ⅰ内运动后以垂直于M的方向进入区域Ⅱ，粒子在区域Ⅱ内做直线运动，不计粒子的重力，求：
(1)匀强电场电场强度的大小；
(2)匀强磁场的磁感应强度大小；
(3)当粒子第二次在区域Ⅱ中运动的速度沿y轴负方向时的位置离x轴的距离。
《2026届湖南省名校联考联合体高三上学期第一次联考物理试题》参考答案
1．C
【详解】AC．根据核反应过程中质量数与电荷数守恒，设X的质量数为A，则有
解得
设X的电荷数为Z，则有
解得
所以X为；同理根据衰变过程中质量数与电荷数守恒，可知Z为，故A错误，C正确；
B．卢瑟福通过实验证实了质子的存在，查德威克通过实验证实了中子的存在，故B错误；
D．衰变的核反应前后质量数守恒，故D错误。
故选C。
2．C
【详解】AB．小球水平方向做匀速直线运动，水平速度不变，水平位移为，故AB错误；
C．竖直方向做匀变速直线运动，可得
图像为开口向下的抛物线，故C正确；
D．竖直方向做匀减速直线运动至末速度为零，故D错误。
故选C。
3．A
【详解】由于紫光的频率高，冰晶对紫光的折射率比对红光的折射率大，即紫光和红光折射时，紫光的折射程度大。
故选A。
4．D
【详解】A．根据题意，由牛顿第二定律有
解得
由于，则有，故A正确；
B．从近地点A向远地点B运动过程中，引力做负功，动能减小，速度减小，则有，故B正确；
C．结合上述分析可知
由于，则有，故C正确；
D．根据开普勒第二定律可知，故D错误。
本题选错误的，故选D。
5．C
【详解】A．两球受到的库仑力等大反向，两细线对球的拉力大小相等，B球细线拉力的水平分力与库仑力等大反向，则A球细线拉力的水平分力小于库仑力，因此要使A球静止，作用于A球的水平力F向左，故A错误；
B．两球的电量大小无法比较，故B错误；
C．设细线拉力为T，对B球有
对A球有
解得，故C正确；
D．撤去F的一瞬间，细线的拉力发生突变，小球B受到的重力和库仑力不变，因此小球B的合力不为零，加速度不为零，故D错误。
故选C。
6．B
【详解】A．设原线圈中的电流为I，根据电流比可知，副线圈中电流为，因此原线圈和副线圈中的定值电阻消耗的功率之比始终为4∶1，故A错误；
B．仅将滑动变阻器滑片向右移动，由
可知，变小，I变大，a、b端输入功率IU变大，副线圈中电流变大，变压器输出功率变大，故B正确；
C．仅将变大，I变小，副线圈中电流也变小，因此电流表示数变小，原线圈电路中两电阻两端的电压变小，因此变压器原线圈输入电压变大，输出电压变大，电压表示数变大，故C错误；
D．设电压表的示数为，电流表的示数为，a、b端输入电压为U，则
由此可知，与成线性关系，因此仅将变大，电压表的变化量大小与电流表变化量大小比值不变，故D错误。
故选B。
7．ACD
【详解】A．根据波动与振动关系可知，m处质点的起振方向为y轴负方向，因此绳左端起振的方向为y轴负方向，故A正确；
B．根据图像可知，手抖动时先慢后快，故B错误；
C．绳波传播的速度，故C正确；
D．s时，由图可知波长为
手抖动的频率为，故D正确。
故选ACD。
8．BD
【详解】A．带负电的点电荷仅在电场力作用下从A向C运动，说明负的点电荷受到的电场力向右，电场线方向向左，故A错误；
B．由于在C点加速度比在A点的加速度小，说明场源电荷在A点左侧，说明场源电荷带负电，故B正确；
C．沿着电场线的方向电势逐渐降低，因此A点电势比B点电势低，故C错误；
D．点电荷在AB间运动时电场力的平均值大于在BC间运动时电场力的平均值，因此点电荷从A运动到B比从B运动到C电场力做功多，故D正确。
故选BD。
9．ABD
【详解】A．仅闭合开关S1，由法拉第电磁感应定律得
由闭合电路欧姆定律得
由平衡条件得
化简得
所以图像的斜率
解得匀强磁场的磁感应强度大小为
B=2T
故A正确；
B．仅闭合开关S2，由法拉第电磁感应定律得
给电容器充电，则
根据电流定义式得
对导体棒MN，由牛顿第二定律得
化简得
解得
故B正确﹔
C．仅闭合开关S2，由得导体棒MN高度下降9m时的速度
在此过程中通过导体棒的电荷量为
故C错误﹔
D．由得导体棒MN沿导轨运动9m时的速度
由能量守恒定律得
解得电容器储存的电场能
故D正确。
故选ABD。
10．BD
【详解】A．解除锁定的一瞬间，小球b的加速度大小为，故A错误；
B．当细线与AB垂直时，小球a的速度最大，这时小球b到达最低点，此过程小球a的机械能一直增大，则小球b的机械能一直减小，故B正确；
C．当小球a运动到最右端时，速度为零，根据系统机械能守恒可知，小球b刚好回到最初位置，故C错误；
D．当小球a速度最大时，小球b下降的高度
此时小球b的速度为零，根据系统机械能守恒可得
联立解得小球a的最大速度为，故D正确。
故选BD。
11．(1)与长木板平行
(2) C
(3)
【详解】（1）调节定滑轮的高度，使连接物块的细线与长木板平行。
（2）[1] 对沙桶研究，根据牛顿第二定律可得
解得
[2]设物块的质量为M，对物块受力分析可得
解得
可知图像为一次函数，且与纵轴的截距为负值。
故选C。
（3）根据
可知这个物理量为图像与纵轴的交点，这个物理量的绝对值为b，则有
解得
12．(1) 最大
(2) 0.50
(3)偏小
【详解】（1）[1]闭合开关前将电阻箱接入电路的电阻调为最大，以保护电路；
[2]根据电阻定义式可得
（2）[1] 电流表的示数为0.50A
[2][3] 根据闭合电路欧姆定律则有
解得
根据图像的意义可得，
解得，
（3）由于电压表的分流，小王同学测得的电动势比真实值小。
13．(1)
(2)1.3cm
【详解】（1）初始状态右端封闭气体的压强大小
（2）若将整个装置静止释放，使其保持竖直做自由落体运动，则两部分气体的压强均为，对右边气体
解得
对左边气体
解得
水银柱移动的距离
14．(1)0.96s
(2)4kg
(3)4.608m
【详解】（1）假设物块A第一次在传送带上先加速后匀速，加速阶段，根据牛顿第二定律可得
解得物块A加速运动的加速度m/s2
加速运动的距离m
由于m，因此假设成立。因此物块A第一次在传送带上运动的时间s
（2）设物块A与B碰撞后一瞬间，物块A的速度大小为，物块B的速度大小为，由于，因此物块A第二次在传送带上运动为类上抛运动。则
解得m/s
A、B碰撞过程，根据动量守恒
根据机械能守恒
解得kg
（3）由（2）可知，碰撞后一瞬间，物块B的速度大小m/s
物块A第二次在传送带上运动过程中，物块B向右运动的距离m
设物块A在水平面上运动时间与物块B发生碰撞，则
解得s
则当物块A与B发生第二次碰撞时，物块B运动的距离为m
15．(1)
(2)
(3)
【详解】（1）粒子在区域I内运动过程中，根据运动的分解，竖直方向上粒子做匀减速运动，则有
根据牛顿第二定律可得
水平方向粒子做匀速直线运动，则有
联立解得
（2）粒子进入区域Ⅱ的速度大小
粒子在区域Ⅱ中做匀速直线运动，根据力的平衡
解得
（3）设粒子第一次区域Ⅲ中做匀速圆周运动的半径为r，根据牛顿第二定律
解得
设粒子第一次进区域Ⅲ时的位置坐标为，则
设粒子第二次进区域Ⅱ时的位置坐标为，则
将粒子在区域Ⅱ中的运动分解为两个分运动，一个是速度大小为且沿x轴正向的匀速直线运动，另一个初速度大小为且初速度方向沿x轴负方向的匀速圆周运动。当匀速圆周运动的分运动速度与x轴负方向成60°时，合速度方向竖直向下。设做匀速圆周运动分运动的半径为R，则有
解得
此时粒子离x轴的距离
题号
1
2
3
4
5
6
7
8
9
10
答案
C
C
A
D
C
B
ACD
BD
ABD
BD